2025年上教版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版高二物理上册月考试卷758考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、关于点电荷；元电荷、检验电荷；下列说法正确的是（）

A.点电荷是一种理想化的物理模型。

B.点电荷所带电荷量不一定是元电荷电荷量的整数倍。

C.点电荷所带电荷量一定很小。

D.点电荷；元电荷、检验电荷是同一种物理模型。

2、一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内的位移是18m，则（）A.物体在2s末的速度是20m/sB.物体在第5s内的平均速度是3.6m/sC.物体在第2s内的位移是20mD.物体在前5s内的位移是50m3、如图所示，一带电小球从A处竖直向上进入一水平方向的匀强电场中，进入电场时小球的动能为4J，运动到最高点B时小球的动能为5J，则小球运动到与A点在同一水平面上的C点（图中未画出）时的动能为多少（）A.4JB.14JC.19JD.24J4、一矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动。线圈中的感应电动势e

随时间t

的变化如图所示。下面说法中正确的是(

)

A.t1

时刻通过线圈的磁通量为零B.t2

时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C.t3

时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D.每当e

变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大5、一个正电荷从电场中的A

点由静止释放，只受到电场力的作用，沿电场运动到B

点，它运动的速度一时间图象如图所示，则AB

两点所在区域的电场线分布情况可能是(

)

A.B.C.D.6、如图所示，竖直放置的螺线管与导线abcd

构成回路，导线所围区域内有一垂直纸面向里的变化的匀强磁场，螺线管下方水平桌面上有一导体圆环，导线abcd

所围区域内磁场的磁感强度按下列哪一图线所表示的方式随时间变化时；导体圆环将受到向下的磁场作用力(

)

​A.B.C.D.7、如图所示，两种同种玻璃制成的棱镜，顶角α1大于α2，两束单色光A、B分别垂直于三棱镜，从一个侧面射入后，从第二个侧面射出的两条折射光线与第二个侧面的夹角β1和β2且β1=β2，则下列说法正确的是A.A光的频率比B光的高B.在棱镜中A光的波长比B光的波长短C.在棱镜中A光的传播速度比B光的小D.把两束光由水中射向空气中均可能发生全反射，但A光的临界角比B光大8、静止在光滑水平面上的物体，受到恒定的水平拉力作用，由静止开始运动，则该力的作用时间越长，则A.物体的速度越大B.物体的加速度越大C.物体的动能越大D.在单位时间内对物体所做的功越多9、如图所示，质量为m，带电量为q的粒子，以初速度v0，从A点竖直向上射入空气中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B点时，速率vB=2v0，方向与电场的方向一致，则A，B两点的电势差为（）A.B.C.D.评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解11、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)12、如图所示，a、b是匀强电场中的两点已知两点间的距离为0.4m，两点的连线与电场线成37角，两点间的电势差则匀强电场的场强大小为E=____V/m，把电子从a点移到b点电场力做功W=____J．13、如图所示电路中，电阻R1和R2的阻值分别为11Ω和6.5Ω．单刀双掷开关接1端和2端时，电流表示数分别为0.5A和0.8A，不计导线电阻和电流表内阻，则该电源电动势为____V，内阻为____Ω．

14、发电机端电压为220V，输送功率110kW，为保证用户至少获得100kW的功率，则输电线的电阻不得大于____Ω；若用一个理想变压器升压至5500V后再输电，则输电线的电阻不得大于____Ω.15、如图所示，在匀强电场中，将一电荷量为2隆脕10鈭�5

的负电荷由A

点移到B

点，其电势能增加了0.1J

已知AB

两点间距离为2cm

两点连线与电场方向成60鈭�

角；求：

垄脵

电荷由A

移到B

的过程中；电场力所做的功WAB

垄脷AB

两点间的电势差UAB

垄脹

该匀强电场的电场强度E

．16、甲同学设计了如图所示的电路测电源电动势E及电阻R1和R2阻值．实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电压表V（量程为1.5V，内阻很大），电阻箱R（0-99.99Ω），单刀单掷开关S1，单刀双掷开关S2；导线若干．

①先测电阻R1的阻值．请将甲同学的操作补充完整：闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数r和对应的电压表示数Ul，保持电阻箱示数不变，____，读出电压表的示数U2．则电阻R1的表达式为R1=____．

②甲同学已经测得电阻Rl=4.8Ω，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值．该同学的做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图所示的图线，则电源电动势E=____V，电阻R2=____Ω．

③利用甲同学设计的电路和测得的电阻Rl，乙同学测电源电动势E和电阻R2的阻值的做法是：闭合S1，将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出于相应的-图线，根据图线得到电源电动势E和电阻R2．这种做法与甲同学的做法比较，由于电压表测得的数据范围____（选填“较大”、“较小”或“相同”），所以____同学的做法更恰当些．

17、如图所示是研究电磁感应现象的实验仪器；虚线框内给出了原；副线圈导线的绕法，实验前已查明电流表中电流从左接线柱流入时指针向左偏．

(1)用笔画线代替导线在答卷对应的图上连接好实验电路．

(2)若实验中原线圈插入副线圈后；开关S闭合的瞬间，观察到电流表指针向左偏，试在电路连接图中标出电源的正；负极．

(3)若将原线圈拔出，则拔出时电流表指针向____________偏．18、“测定玻璃的折射率”实验中；下图是在纸上留下的实验痕迹，其中直线a；a′是描在纸上的玻璃砖的两个边．

（1）在玻璃砖的一侧竖直插两个大头针A、B，在另一侧再竖直插两个大头针C、D．在插入第四个大头针D时，要使它挡住______．

（2）某同学根据n=计算玻璃的折射率．请在下图括号中标出要测的物理量L1、L2．19、ab

为电场中同一电场线上的两点，两点的电势分别为娄脮a=8V娄脮b=6V.

将一个带电量为6隆脕10鈭�19C

的质子放在电场中的a

点．

(1)

该质子在a

点具有的电势能为______J

(2)

该质子从a

点运动到b

点，电场力做功为______J.评卷人得分四、判断题(共1题，共4分)20、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）评卷人得分五、解答题(共1题，共9分)21、（1）有一个未知电阻R；用图1中P和Q两种电路分别对它进行测量，用P图电路测量时，两表读数分别为5.5V，0.49A，用Q图电路测量时，两表读数分别为4.4V，0.50A，则用______图所示电路测该电阻的阻值误差较小，测量值Rx=______，测量值比真实值偏______填“大”或“小”）．

（2）某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源（电动势3V；内阻1Ω）；电键、滑动变阻器（最大阻值20Ω）、电压表、电流表、小灯泡、导线若干．

①实验中移动滑动变阻器滑片；得到了小灯泡的U-I图象如图2a所示，则可知小灯泡的电阻随电压增大而______（填“增大”；“减小”或“不变”）

②根据图2a，在图2b中把缺少的导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）

评卷人得分六、证明题(共2题，共4分)22、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。23、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】

A；点电荷是将带电物体简化为一个带电的点；点是没有大小的，而实际物体总有大小，故点电荷是理想模型，故A正确；

B；元电荷是电量的最小值；是一个电量的单位，不管物体的大小能不能忽略，物体的带电量一定是元电荷的整数倍，故B错误；

C；点电荷是将带电物体简化为一个带电的点；物体能不能简化为点，不是看物体的绝对大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，故C错误；

D；点电荷是将带电物体简化为一个带电的点；元电荷是电量的最小值，检验电荷的体积和电荷量要足够的小，故点电荷、元电荷、检验电荷不是同一种物理模型，故D错误；

故选A．

【解析】【答案】点电荷是将带电物体简化为一个带电的点；元电荷是电量的最小值；是一个电量的单位；检验电荷是对电场起检验作用的，其大小要足够小，电量也要足够小，不能影响原来的电场分别情况．

2、D【分析】【解答】解：A、第5s内的位移是18m，有：gt12﹣gt22=18m，t1=5s，t2=4s，解得：g=4m/s2．所以2s末的速度：v=gt=8m/s．故A错误．

B、第5s内的平均速度：==m/s=18m/s．故B错误．

C、t=2s，t′=1s，物体在第2s内的位移：x=gt2﹣gt′2=8﹣2m=6m．故C错误．

D、物体在5s内的位移：x=gt2=×4×25m=50m．故D正确．

故选D．

【分析】第5s内的位移等于5s内的位移减去4s内的位移，根据自由落体运动的位移时间公式求出星球上的重力加速度．再根据速度时间公式v=gt，位移时间公式h=gt2求出速度和位移．3、D【分析】解：竖直方向：粒子做竖直上抛运动，则运动时间

水平方向：粒子做初速度为零的匀加速直线运动．

水平位移：

上升的过程电场力做功：W1=qEx1

最高点时，水平方向的速度为0，故小球的动能与电场力做的功相等，即：W1=5J

下降的过程中，竖直方向做自由落体运动，与竖直上抛是对称的所以下降的时间：t2=t1

水平方向的总位移：

全过程中电场力做功：W2=qEx2=4qEx1=4W1=20J

全过程中，重力做功为0，根据动能定理：W2=EK末-EK初

所以：EK末=EK初+W2=24J．所以正确的选项是D．

故选：D

1．水平受Eq向右；一直做初速度为0的匀加速直线运动，竖直受mg向下，做竖直上抛运动，互不影响．

2．竖直上升到最高点的时间等于从最高点落回抛出高度的时间．

3．根据竖直上抛和匀加速直线运动的特点即可解题．

本题主要注意不一定求动能就把速度求出来，有时只需要知道速度之比即可，难度适中．【解析】【答案】D4、D【分析】由图像可知t1

和t3

时刻的电动势为零，线圈平面垂直磁场，磁通量最大，磁通量的变化率为零，电动势和电流改变方向，所以选项A、C错误，D正确;t2

时刻感应电动势最大，线圈平面平行于磁场，通过线圈的磁通量为零，B

选项错误。【解析】D

5、A【分析】解：由v鈭�t

图象可知；粒子做加速度逐渐减小的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越小，电场强度越来越小，电场线密的地方电场强度大，且正电荷受力与电场方向相同，故BCD错误，A正确．

故选：A

v鈭�t

图象中的斜率表示物体的加速度；所以根据电荷运动过程中v鈭�t

图象可知电荷的加速度越来越小，则电场力越来越小，电场强度越来越小，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．

本题结合v鈭�t

图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．【解析】A

6、C【分析】本题考查了楞次定律法拉第电磁感应定律。导体圆环将受到向下的磁场作用力，说明圆环中的感应电流产生的磁场与螺线管中的磁场方向相反，根据楞次定律可知：原磁场磁通量是增大的，即螺线管和abcdabcd构成的回路中产生的感应电流在增大；根据法拉第电磁感应定律，N鈻�B鈻�tS，则感应电流N鈻�BS鈻�tR，可知鈻�B鈻�t增大时，感应电流才增大，故C正确，AABD错误。故选C。解题的关键是由题意知圆环受到的向下的斥力，说明圆环中感应电流产生的磁场与原磁场((通电螺线管))相反，由楞次定律增反减同可知，原磁场在增大，即通电螺线管中的电流在增大。【解析】C

7、D【分析】由光路图可知光线A的折射率较小，频率较小，A错；由可知Ａ光在玻璃中的速度较大，由可知波长较大，Ｂ错；Ｃ错；由ｓｉｎＣ=1/n可知D对；【解析】【答案】D8、A|C|D【分析】试题分析：物体受到恒力作用，加速度恒定，做匀加速直线运动，作用时间越长，速度越大，动能越大，单位时间内位移越大，则单位时间内力做功越大，A、C、D正确。考点：本题考查牛顿定律和功。【解析】【答案】ACD9、C【分析】解：粒子；从A到B，根据动能定理得：

qUAB-mgh=

因为vB=2v0；

若只考虑粒子在竖直方向，只受到重力，所以机械能守恒，则有mgh=

由以上三式，则有UAB=

故选：C

微粒在匀强电场中受到重力和电场力两个力作用，根据动能定理求出AB两点间的电势差UAB

涉及到电势差的问题，常常要用到动能定理．本题的难点在于运动的处理，由于微粒受到两个恒力作用，运用运动的分解是常用的方法．【解析】【答案】C二、双选题(共2题，共4分)10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB11、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共8题，共16分)12、略

【分析】

（1）由于ab连线与电场方向成37角，做bc垂直于场强的方向；则ac为沿场强方向的有效长度．

则：ac=abcosθ=d•cos37°=0.32m

由公式：U=Ed有效

得：V/m

（2）W=qU=-1.6×10-19×2.4×103=-3.84×10-16J

故答案为：7.5×103，-3.84×10-16．

【解析】【答案】匀强电场中AB连线与电场方向成θ角，当将电量为+q的点电荷从a移到b，则电场力做功应当是ab之间的有效场强做功；因此要先求出有效长度，再代入公式进行计算．

13、略

【分析】

根据闭合电路欧姆定律得。

开关接1端时，有E=I1（R1+r）

开关接2端时，有E=I2（R2+r）

代入得，E=0.5×（11+r）

E=0.8×（6.5+r）

解得，E=6V，r=1Ω

故答案为：6V1Ω

【解析】【答案】根据闭合电路欧姆定律对两种情形列式；联立组成方程组，即可求得电源电动势和内阻．

14、0.0425【分析】【解答】解:根据公式可得:

有知道

又P损＝I·R1

得R1＝0.04Ω.

当升压至5500V时，

故

【分析】关键是对公式的灵活应用，以及对公式中各个物理量的含义正确理解15、略

【分析】

垄脵

根据电势能变化和电场力做功的关系；电势能增加多少，电场力做负功多少．

垄脷

由U=Wq

求解电势差．

垄脹

由U=Ed

求解电场强度E.d

是两点沿电场线方向的距离．

本题考查电场力做功与电势能变化的关系、电势差与场强的关系，都是电场中的基本知识，要加强学习，熟练掌握．【解析】解：

垄脵

因为负电荷由A

移到B

的过程中，电势能增加了0.1J

所以电场力负功，大小为0.1J

即W=鈭�鈻�E=鈭�0.1J

．

垄脷AB

两点间的电势差：UAB=WABq=鈭�0.1鈭�2脳10鈭�5V=5隆脕103V.

垄脹

因为在匀强电场中U=Ed

所以有：E=UABd=5隆脕1030.02脳cos60鈭�=5隆脕105V/m

答：

垄脵

在电荷由A

移到B

的过程中；电场力做了鈭�0.1J

功．

垄脷AB

两点间的电势差为5隆脕103V.

垄脹

该匀强电场的电场强度为5隆脕105V/m

16、略

【分析】

①要测得R1的阻值，应知道R1两端的电压及流过R1的电流；故可以将S2切换到b；测出串联电路的两端的电压；

由串联电路可知U=U2-U1；

电流I=由欧姆定律可知：

R1==

②电压表测量电阻箱两端的电压；由闭合电路欧姆定律可知：

U=

变形得：==

由图象可知，图象与纵坐标的交点等于=0.7；

解得：E=1.43（或）；

图象的斜率：=

解得：R2=6-4.8=1.2Ω；

③若开关接b；则电压表测量R及R1两端的电压，因R2的阻值较小，故电压表的示数接近电源的电动势，故电压表测量的范围较小；导致误差较大；故甲同学的做法更好一些；

故答案为：（1）将S2切换到b；（2）1.43；1.2；（3）较小；甲．

【解析】【答案】（1）要求R1的电阻应知道R1两端的电压及流过的电流；由题意应通过串联电路的规律及欧姆定律求解；

（2）将R2等效为内电阻；由闭合电路欧姆定律可得出相应的表达式；由题意将表达式变形为有关纵横坐标之间的关系的式子，则结合数学知识可得出电源的电动势及内电阻；

（3）乙同学中电压表测量的是R与R1两端的电压，由于R1为定值电阻；滑动变阻器调节时，电压表的示数范围将变小，故误差将变大；

17、略

【分析】解：(1)将电源；电键、变阻器、原线圈串联成一个回路；注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，再将电流计与副线圈串联成另一个回路，电路图如图所示．

(2)开关S闭合的瞬间；观察到电流表指针向左偏，说明感应电流由左接线柱流入，由安培定则可知，副线圈中感应电流磁场向上；

开关闭合时；原线圈电流变大，原磁场变强，穿过副线圈的磁通量变大，由楞次定律可知，感应电流磁场与原磁场方向相反，故原磁场方向向下，由安培定则可知，原线圈电流从B流入，A流出，则电源右端是正极，左端是负极，电路图如图所示．

(3)由电路图可知；闭合开关，穿过副线圈的磁场向下，将原线圈拔出，穿过副线圈的磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流从电流表右侧流入，则电流表指针向右偏转．

故答案为：(1)电路图如图所示；(2)电源正负极如图所示；(3)右．【解析】右18、略

【分析】解：插在D点的大头针必须挡住C及A；B的像；这样才保证沿A、B的光线经过C、D；

作出光路图，以入射点O为圆心作半径为r的圆；由公式：

n===

如图所示：

故答案为：挡住C及A；B的像；如上图所示．

用“插针法”测定玻璃的折射率的原理是折射定律n=关键是确定折射光线，方法是：在玻璃砖的一侧竖直插两个大头针A、B，在另一侧再竖直插两个大头针C、D，使C挡住A、B的像，要使D挡住C和A、B的像．作出入射光线和折射光线，画出光路图，用量角器量出入射角和折射角，由折射定律算出折射率．也可以以入射点O为圆心作圆，由公式n==计算出折射率．

解决本题的关键理解和掌握实验的原理和实验的方法，其中实验原理是实验的核心，同时利用单位圆，从而更容易求得折射率．【解析】挡住C及A、B的像19、略

【分析】解：(1)

该质子在a

点具有的电势能为Ep=q娄脮a=1.6隆脕10鈭�19隆脕8J=1.28隆脕10鈭�18J

(2)

该质子从a

点运动到b

点，电场力做功为W=qUab=q(娄脮a鈭�娄脮b)=1.6隆脕10鈭�19隆脕(8鈭�6)J=3.2隆脕10鈭�19J

故答案为：

(1)1.28隆脕10鈭�18

(2)3.2隆脕10鈭�19

(1)

根据电势能公式Ep=q娄脮

求解质子在a

点具有的电势能．

(2)

根据电场力做功公式W=qU

及电势差与电势的关系；结合求解即可．

在电场中涉及能的计算，比如利用电势差求电场力做功时一定要所注意代入符号进行运算，并