2025年人教新课标必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教新课标必修3物理下册阶段测试试卷341考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正点电荷形成的电场中，是枕形导体内部的两个点；导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（）

A.两点电场强度B.两点电场强度C.感应电荷在两点产生的电场强度D.当开关闭合时，电子从导体沿导线向大地移动2、如图所示，不带电的金属球M的半径为r，球心为O，球M左侧固定着两个电荷量大小均为q的异种点电荷，电荷之间的距离为N点在点电荷的右侧r处，N点和O点以及所在位置在同一直线上，且两点电荷连线的中点到O点的距离为当金属球达到静电平衡时；下列说法正确的是（）

A.N点的电势高于O点的电势B.N点的电场强度大小为C.感应电荷在球心O处产生的场强大小为D.将一电子由N点移到金属球上不同点，电场力所做的功不相等3、如图所示，在正六边形的三个顶点A、C、E分别固定电荷量为+q、-q、-q的点电荷，O点为正六边形的中心；下列说法正确的是（）

A.D点的电场强度为零B.O点与D点的电势相等C.沿OD连线，从O点到D点电势先降低再升高D.将一正点电荷沿OD连线，从O点移到D点的过程中，电势能一直减小4、两异种点电荷A、B附近的电场线分布如图所示，P为电场中的一点，连线AP、BP相互垂直．已知P点的场强大小为E、电势为电荷A产生的电场在P点的场强大小为EA；取无穷远处的电势为零．下列说法中正确的有（）

A.A.B所带电荷量相等B.电荷B产生的电场在P点的场强大小为C.B连线上有一个电势为零的点D.将电量为的点电荷从P点移到无穷远处，电场力做的功为5、如图所示，直流电源、滑动变阻器平行板电容器与电流计连接，的下极板接地，开始时不带电。现闭合开关稳定后一带电油滴恰能静止在电容器中的点；下列说法正确的是（）

A.保持两开关闭合，的滑片上滑时，中电流向上B.保持两开关闭合，的滑片下滑时，油滴向上运动C.断开的下极板下移时，点的电势升高D.断开的上极板下移时，油滴的电势能减小6、某大型超市安装了一台倾角30°的自动扶梯。该扶梯在380V额定电压的电动机带动下以0.5m/s的恒定速率斜向上运动。电动机的最大输出功率为6.4kW，不载人时测得电动机中的电流为5A。若载人时扶梯速率和不载人时相同，设人的平均质量为60kg（g取10m/s2）则该扶梯可同时乘载的人数最多为（）A.20人B.25人C.30人D.35人7、如图所示，匀强磁场中的矩形线框平面与磁场方向平行，在线框绕垂直磁场方向且与线框共面的轴转动90°的过程中；通过线框的磁通量（）

A.逐渐增加B.逐渐减少C.保持不变D.先增加后减少评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)8、将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系中；如图所示，则下列说法正确的是（）

A.图线b表示电源内部的发热功率Pr随电流I的变化关系B.M点对应的功率为最大输出功率C.在图线上A、B、C三点的纵坐标一定满足关系D.两个交点M与N的横坐标之比一定为1：2，纵坐标之比一定为1：29、如图，纸面内存在磁感应强度大小为方向垂直纸面向外的匀强磁场，将两根互相垂直的长直绝缘导线放入磁场中，刚好位于圆的两条直径位置上，中的电流方向向左，中的电流方向向上，圆周上有两点，恰好关于对称，已知两点的磁感应强度大小分别为和方向垂直于纸面向外，则（）

A.流经的电流产生的磁场在a点的磁感应强度大小为B.流经的电流产生的磁场在b点的磁感应强度大小为C.流经的电流产生的磁场在a点的磁感应强度大小为D.流经的电流产生的磁场在b点的磁感应强度大小为10、空间有平行于梯形区域abcd的匀强电场，已知∠a=45°，∠c和∠d均为直角，且上底bc=2cm、下底ad=4cm，a、b、c三点的电势分别为4V、8V、10V。将一电荷量q=-2×10-5C的点电荷从a点开始沿abcd路线移动；则下列判断正确的是（）

A.梯形区域的下底ad中点的电势为6VB.该匀强电场的场强大小为V/mC.该点电荷在c点的电势能为+2×10-4JD.该点电荷从a点移到d点过程中，电场力对它做的功为+8×10-5J11、如图xOy空间中有沿y轴正方向的匀强电场E1，P点右侧还有沿x轴正方向的匀强电场E2，一带电液滴电荷量为q（q>0），质量为m，带电液滴以初动能Ek0沿直线从A运动到O。液滴经过O点时电场E大小不变，方向突然反向，液滴经一段时间t运动到P点，又经过相同时间t沿直线运动到N点，已知yN=-d，E2=2E1，重力加速度为g；则下列分析中正确的是（）

A.液滴过O点后，先做类平抛运动，再做匀速直线运动B.C.D.P点坐标为12、如图，在与匀强电场方向平行的平面内取一个圆，圆心为半径为为圆周上的三个点，为直径，一群电荷量均为的相同粒子从点以相同的初动能沿纸面向各个方向均匀发射，从圆周上通过的粒子的最大动能为到达点的粒子的动能为沿方向射入的粒子从圆周上的点（未画出）射出；不计粒子重力及粒子间的相互作用，则（）

A.电场强度方向与垂直B.电场强度大小为C.可能没有粒子到达点D.粒子从到过程电势能减少量小于13、如图所示，在空间内存在一个匀强电场，立方体中各点的电势为，立方体的棱长则下列说法正确的是（）

A.匀强电场的场强大小为B.匀强电场的场强大小为C.将电子由C点沿立方体棱边移动到电势能增加2eVD.将质子由A点沿立方体棱边移动到电势能减少1eV14、如图所示，平行的实线代表电场线，方向未知，电荷量为1×10﹣2C的正电荷在电场中只受电场力作用，该电荷由A点移到B点，动能损失了0.1J，若A点电势为﹣10V；则下列说法不正确的是（）

A.B点电势为零B.电场线方向向右C.电荷运动的轨迹可能是图中曲线aD.电荷运动的轨迹可能是图中曲线b评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、使用多用电表测电流时，电流应从_________（选填“黑”或“红”）表笔流入电表；测电阻时，___________（选填“黑”或“红”）表笔的电势较高。16、随着中国电信业的发展，国产手机在手机市场上已经有相当大的市场份额。如图所示是中国科健股份有限公司生产的一块手机电池外壳上的文字说明，由此可知该电池的电动势为_________，待机状态下的平均工作电流_________。

17、如图所示电路，当滑动变阻器的滑片P位置不变而电阻箱R阻值增大的时候，电表A和V的变化情况是：表V示数_____，表A示数_____．(填“变大；变小或不变”).

18、某地地磁场的磁感应强度的水平分量是3.0×l0-5T，竖直分量是4.0×10-5T，则地磁场磁感应强度的大小为_______T，在水平面上，面积为5m2的范围内，地磁场的磁通量为_______Wb。19、开发利用太阳能；将会满足人类长期对大量能源的需求。太阳能的光热转换是目前技术最为成熟；应用最广泛的形式。太阳能热水器的构造示意图如图甲所示，下方是日光灯管似的集热管，由导热性能良好的材料制成，在黑色管和外面透明管间有空隙，并抽成真空，集热管的下方是一块光亮的铝合金板子，做成凹凸状的曲面。

试分析下列有关太阳能的利用问题：

(1)说明太阳能热水器哪些结构与其功能相适应，水箱为何安装在顶部而非下部？______

(2)图中A是集热器，B是储水容器，在阳光直射下水将沿________时针方向流动，这是因为________。C是辅助加热器，其作用是________。请在图中适当位置安上进水阀门和出水阀门，并说明选择位置的理由________。20、图中游标卡尺的读数为________mm，螺旋测微器的读数为________mm。

21、如图所示为静电除尘装置的原理图；该装置由集尘极和悬在两集尘极间的放电极组成，在集尘极和放电极间加有高压电源，其间的空气被电离成为电子和正离子，电离出的电子在静电力的作用下运动。废气在经过机械过滤装置后进入静电除尘区域，废气中的粉尘吸附电子后带上负电，粉尘在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，实现除尘的目的。图中虚线为电场线，不考虑粉尘重力的影响。

（1）为了实现净化废气的目的，静电除尘装置中的放电极，应接高压电源的___________（选填“正极”或“负极”）。

（2）由电场的分布特点可知，图中A点电势___________B点电势（选填“高于”、“低于”或“等于”），带相同电荷量的粉尘在A点位置的电势能___________在B点位置的电势能（选填“高于”、“低于”或“等于”），带电粉尘运动轨迹___________与某条弯曲的电场线重合（选填“可能”、“不可能”）。评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)22、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

25、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)26、用以下器材尽可能准确地测量待测电阻Rx的阻值．

A.待测电阻Rx；阻值约为200Ω；

B.电源E；电动势约为3.0V，内阻可忽略不计；

C.电流表A1，量程为0~10mA，内电阻r1=20Ω；

D.电流表A2，量程为0~20mA，内电阻约为r2≈8Ω；

E.定值电阻R0，阻值R0=80Ω；

F.滑动变阻器R1；最大阻值为10Ω；

G.滑动变阻器R2；最大阻值为200Ω；

H.单刀单掷开关S；导线若干；

(1)为了尽可能准确地测量电阻Rx的阻值，请你设计并在虚线框内完成实验电路图______．

(2)滑动变阻器应该选_______(填器材前面的字母代号)；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于______端；(填“d或“b”)

(3)若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则Rx的表达式为：Rx=____．27、要测绘一个标有“3V；0.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。已选用的器材有：

电池组（电动势为4.5V；内阻约1Ω）：

电流表（量程为0～250mA．内阻约5Ω）；

电压表（量程为0～3V。内阻约3kΩ）：

电键一个；导线若干。

①实验中所用的滑动变阻器应选下列中的_____（填字母代号）。

A．滑动变阻器（最大阻值20Ω；额定电流1A）

B．滑动变阻器（最大阻值1750Ω；额定电流0.3A）

②实验的电路图应选用图1中_____（填字母代号）。

③实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图2所示。如果将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5.0Ω的电源两端，小灯泡消耗的功率是_____W。28、（某实验小组用下列器材设计欧姆表电路，使欧姆表具有“””、“”两种倍率。现有一块小量程电流表G（表头），满偏电流为内阻未知，可供选择的器材有：

A.滑动变阻器最大阻值

B.滑动变阻器最大阻值

C.电阻箱R，最大阻值

D.电源电动势

E.电源电动势

F.开关和双掷开关

电阻丝及导线若干。

（1）实验小组的同学先采用图（甲）所示电路测量了表头的内阻，操作步骤如下：闭合开关调滑动变阻器使电流表指针指向满偏：保持滑动变阻器阻值不变，闭合开关调电阻箱R，使电流表指针指向满偏电流的一半：读出电阻箱的阻值R，记为电流表的内阻。为提高测量精确度，选用______，电源选用______（填写器材前字母代号）。

（2）选择合适器材，按图（乙）连接好的欧姆表电路，就改装成了具有两种倍率（如“”、“”）的欧姆表。当开关拨到b时，欧姆表的倍率是______（选填“”、“”），若则______

（3）若欧姆表的刻度值是按电动势为刻度的，当电池的电动势下降到时，欧姆表仍可调零。若重新调零后的欧姆表测得某待测电阻阻值为则这个待测电阻的真实值为______29、某同学利用如图1所示实验装置来完成“探究影响感应电流方向的因素”的实验；则：

（1）下表为该同学记录的实验现象：。序号磁体磁场的方向（正视）磁体运动情况指针偏转情况感应电流的磁场方向（正视）1向下插入线圈向左向上2向下拔出线圈向右向下3向上插入线圈向右向下4向上拔出线圈向左向上

（1）由实验记录1、3可发现穿过闭合回路的磁通量增大，感应电流的磁场方向与原磁场方向___________；由实验记录2、4可发现穿过闭合回路的磁通量减小时，感应电流的磁场方向与原磁场方向___________；由此得出的结论是感应电流的磁场总是___________。

（2）该同学利用上面实验中得到的结论，在图2所示装置中进行以下___________（选填字母代号）操作会导致电流表乙的指针向左偏转。其中两个电流表的相同，零刻度居中。闭合开关后，当滑动变阻器R的滑片P不动时；甲；乙两个电流表指针位置如图2所示。

A.断开开关瞬间。

B.断开开关；等电路稳定后再闭合开关的瞬间。

C.滑动变阻器的滑片向a端迅速滑动。

D.滑动变阻器的滑片向b端迅速滑动评卷人得分六、解答题(共4题，共12分)30、如图所示的电路中，电压表V1和V2的内阻都是RV=6×103Ω，R1=3×103Ω，R2=6×103Ω，当闭合S1断开S2时，电压表V1的示数为4V，当闭合S2断开S1时，电压表V2的示数为7.5V，求电源电动势E.

31、如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个匀强电场，I区场强大小均为E，II区场强未知，两电场的边界均是边长为L的正方形，方向如图（不计电子所受重力）。已知电子的质量为m，电量为e。在该区域AB边的中点处由静止释放电子，已知电子仅从CD边射出。求：

（1）II区电场强度应该满足的条件；

（2）粒子最终离开ABCD区域时速度的最大值及该状态下速度方向的正切值。

32、静电学理论指出，对于真空区域，只要不改变该区域内的电荷分布及区域边界的电势分布，此区域内的电场分布就不会发生改变。试由上述结论及导体静电平衡的性质论证：在一接地的无穷大导体平板上方与导体板相距h处放置一电荷量为Q的点电荷，则导体板对该点电荷作用力的大小为F=(k为静电力常数).33、如图所示，O为粒子发射源，能持续不断发射带电量为+q、质量为m的粒子，粒子初速度不计，经加速电场加速后，进入AB平行金属板间．已知加速电场电压为U0，A、B板长为L1间距为d．在两板间加上一个周期T=L1的交变电压，A板的电势φA=0，B板的电势φB．随时间的变化规律如图所示，粒子穿过AB平行板打在离其距离为L2的荧光屏上．设带电粒子重力的影响可忽略；所有粒子都能打在荧光屏上，求：

（1）若粒子t=0时刻进入AB金属板间；经多少时间穿过金属板；

（2）若粒子t=0时刻进入AB金属板间，打在荧光屏P点，求OP的大小。

（3）求荧光屏上有粒子撞击的区域的长度.参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

AB．导体处于静电平衡时；内部电场强度处处为零，故AB错误；

C．因感应电荷在导体内某点的电场强度与正点电荷在该点的电场强度等大反向，点离正点电荷较近；故有。

故C正确；

D．由电场线的分布知，枕形导体电势高于大地电势，当开关闭合时；由于电子带负电，则电子由低电势向高电势移动，即电子从大地沿导线移向导体中，故D错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

A．金属球靠近M左侧的位置感应出正电荷，N点电场线向左，沿着电场线的方向电势逐渐降落，处于静电平衡的金属球是一等势体，N点的电势低于O点的电势；A错误；

B．M点的电场强度大小由三部分组成，等量异种电荷的电场和金属球上的感应电荷的电场，等量异种电荷在N点的电场强度之和为

方向水平向左，感应电荷在N点产生的场强之和应水平向左，故合场强要大于B错误；

C．金属球处于静电平衡内部场强处处为0，等量异种电荷在O点的电场强度之和为

所以感应电荷在球心O处产生的场强大小等于C正确；

D．N点与金属球上不同点间的电势差相等，将一电子由N点移到金属球上不同点；克服电场力所做的功相等。D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

A．设正六边形边长为A点的点电荷在D点的电场强度为

C、E点的点电荷分别在D点产生的电场强度大小为

D点的电场强度为

D点场强大小不为零；A错误；

B．由等量同种电荷的电势分布特点，C、E点的点电荷在O点与D点产生的电势相等，又由于O点更靠近A点的点电荷，故O点的电势比D点产生的电势更大；B错误；

CD．在O点，3个点电荷产生的电场方向水平向右，故正电荷在O点的电场力水平向右，同理3个点电荷在D点产生的电场水平向左，故正电荷在D点的电场力水平向左，正电荷沿OD连线，从O点到D点过程；电场力先做正功后做负功，电势能先降低再升高，电势先降低再升高，C正确，D错误；

故选C。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．A根据等量异种点电荷的电场线分布图具有对称性，而该图左右不对称，知A、B所带的电荷量不相等；故A错误；

B．P点的场强是点电荷A、B在P点产生的合场强；连线AP、BP相互垂直；根据矢量合成的平行四边形定则知。

故B错误；

C．如果取无穷远处的电势为0，正电荷附近的电势高于0，负电荷附近低于0，所以其A、B连线上有电势为0；故C正确；

D．根据故D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

A．保持两开关闭合，的滑片上滑时，滑动变阻器的阻值变大，电容器两端的电压增大，电容器处于充电状态，则中电流向下；所以A错误；

B．保持两开关闭合，的滑片下滑时；滑动变阻器的阻值变小，电容器两端的电压减小，电场强度减小，则油滴向下运动，所以B错误；

C．断开电容器两极板之间电荷量保持不变，根据

的下极板下移时，两极板间的场强保持不变，根据

的下极板下移时，点的电势升高；所以C正确；

D．．断开电容器两极板之间电荷量保持不变，根据

的上极板下移时，两极板间的场强保持不变，根据

的上极板下移时，点的电势不变；所以油滴的电势能保持不变，则D错误；

故选C。6、C【分析】【详解】

电动机的电压恒为380V，扶梯不载人时，电动机中的电流为5A，忽略电动机内阻的消耗，认为电动机的输入功率和输出功率等，即可得到维持扶梯运转的功率为P0=380V×5A=1900W

电动机的最大输出功率为Pm=6.4kW

可用于输送顾客功率为△P=Pm-P0=4.5kW由于扶梯以恒定速率向斜上方移动，每一位顾客所受的力为重力mg和支持力FN，且FN=mg

电动机通过扶梯的支持力FN对顾客做功，对每一位顾客做功的功率为P1=FNvcosα=mgvcos(90°-30°)=150W

则同时乘载的最多人数为人

故C正确；ABD错误。

故选C。7、A【分析】【分析】

【详解】

在图示位置时，穿过线圈的磁通量为零；当线框绕垂直磁场方向且与线框共面的轴转动90°的过程中，通过线框的磁通量

即随着θ的变大；磁通量增加。

故选A。二、多选题(共7题，共14分)8、A:B【分析】【分析】

根据电源消耗的总功率的计算式可得电源的总功率与电流的关系，根据电源内部的发热功率可得电源内部的发热功率与电流的关系，从而可以判断abc三条线代表的关系式并进行分析；

【详解】

A．电源的总功率

则a图线表示电源的总功率随电流I变化的关系；

电源的输出功率

则c图线表示输出功率随电流I变化的关系；

电源内部的发热功率

则b图线表示电源内部的发热功率随电流I变化的关系；故A正确；

B．c图线表示输出功率随电流I变化的关系，M点对应的功率为最大输出功率；故B正确；

C．根据能量转化横坐标相同纵坐标一定满足

则在图线上A、B、C三点的纵坐标一定满足关系

故C错误；

D．b、c图线的交点M，输出功率PR和电源内部的发热功率Pr相等，即

满足

a、b线的交点N输出功率为0，所以

可见M与N的横坐标之比一定为1:2，据纵坐标之比为一定为1:4，故D错误。

故选AB。

【点睛】

当电源的内阻和外电阻的大小相等时，此时电源的输出的功率最大。9、B:C【分析】【分析】

【详解】

整个系统处于匀强外磁场中，外磁场的磁感应强度大小为B0，方向垂直纸面向外，且a、b两点的磁感应强度大小分别为和方向也垂直纸面向外，根据右手螺旋定则，L1直导线电流在a、b两点磁场方向垂直纸面向里，大小相等，设其大小分别为B1a，B1b，同理，L2直导线的电流在a点磁场方向垂直纸面向里，在b点磁场方向垂直纸面向外，但两点的磁场大小相等，设其大小分别为B2a，B2b，根据磁场的叠加，因a点的磁感应强度大小为则有

同理，因a点的磁感应强度大小为则有

联立上式，可解得

故BC正确。

故选BC。

【点睛】

10、A:D【分析】【详解】

A．根据题述a、b、c三点电势分别为4V、8V、10V，如图所示，g为ad中点，根据在匀强电场中，平行线上相等长度的线段电势差相等可知，ad中点的电势为6V，d点电势为8V；A正确；

B．由几何关系可知，ab⊥bd，根据电场线与等势线垂直可知，电场强度方向沿ab方向。由E=

可得该匀强电场的电场强度

B错误；

C．根据电势能公式可知，电荷量q=-2×10-5C的点电荷在c点的电势能Ep=qφc=-2×10-5×10J=-2×10-4J

C错误；

D．电荷量q=-2×10-5C的点电荷从a点移动到d点的过程中，电场力对它做的功为W=qUad=q(φa-φd)=-2×10-5×(4-8)J=+8×10-5J

D正确。

故选AD。

11、B:D【分析】【详解】

A．液滴过O点时，合力与速度方向垂直，之后合力恒定，则O到P做类平抛运动；过P点后；分析可知，合力与速度方向共线，则再做匀加速直线运动。故A错误；

B．由平衡条件得

解得

故B正确；

CD．O到N，竖直方向为初速度为0的匀加速直线运动，由于O到P和P到N的时间相等。则

P点过后，合力与水平方向的夹角设为则

解得

O到P，由平抛规律有

又E2=2E1

联立解得

则P点坐标为故C错误；D正确。

故选BD。12、B:C【分析】【详解】

A．由动能定理可知

设从圆上点离开动能最大，则

延长到使得过点做圆的切线分别交圆在处；则场强可能是图1和图2两个方向。

如图1，场强方向可能沿方向，对应的是粒子到达圆周上动能最大的位置；如图2，场强可能沿与夹角为斜向右下方，对应的是粒子到达圆周上动能最大的位置；A选项错误；

B．由

B选项正确。

C．若电场为图1情况，粒子不可能达到点；C选项正确；

D．由曲线运动的性质可知沿着方向射入的粒子的运动轨迹应为速度方向与电场力方向所夹的一条曲线如图3，曲线与圆的交点应在圆弧段（不包括两点），从到电场力做功大于电势能变化量的绝对值大于D错误。

故选BC。13、B:C【分析】【详解】

AB．由

可知

如下图所示。

可知所在平面为等势面，的面积

的面积

的体积为

可得

电场强度

故B正确；A错误；

C．结合

将电子由C点沿立方体棱边移动到电势能增加2eV，故C正确；

D．因故将质子由A点沿立方体棱边移动到电势能不变，故D错误。

故选BC。14、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据

故

而

故

A正确；

B．由于该电荷从A点运动到B点；动能损失了0.1J，故电场力做负功，所以该正电荷所受的电场力水平向左，由于电场力向左，而正电荷所受电场力的方向与电场线的方向相同，故电场线方向向左，B错误；

CD．根据电场力指向轨迹的内侧，而电场力水平向左，故电荷运动的轨迹可能是图中曲线b；C错误D正确。

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]使用多用电表测电流时；电流应从红表笔流入电表；

[2]测电阻时，因黑表笔接内部电源的正极，可知黑表笔的电势较高。【解析】红黑16、略

【分析】【详解】

[1]由题图可知；该电池的电动势为3.7V；

[2]有题图可知，该电池的容量为

待机为96h，则可得手机待机状态下的平均工作电流为【解析】3.7V7.29mA17、略

【分析】【详解】

[1][2]滑动变阻器的滑片P位置不变而电阻箱R阻值增大的时候，外电路电阻增大，则干路电流减小，根据

可知，路端电压变大，所以电阻箱两端电压变大，电压表示数变大，与电阻箱并联部分的滑动变阻器两端电压变大，电流变大，而干路电流减小，所以电阻箱支路电流减小，电流表示数减小．【解析】变大变小18、略

【分析】【详解】

[1]根据题意，依据平行四边形法则，有：

[2]当线框平面与磁感线平行时；没有磁感线穿过线框，穿过线框的磁通量为0；

在水平面上，地磁场的竖直分量穿过线框，则磁通量为：【解析】5.0×10-5T2.0×10-419、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]日光灯管似的集热管面积较大；便于吸收较多的太阳能；外有透明玻璃管，内有黑色管子，使阳光能直射入玻璃管而不易被反射；在黑色管和外面透明管间有空隙，并抽成真空，减少两管间因空气对流引起的热损失，减少热传导；集热管的下方是一块光亮的铝合金板子，做成凹凸一定的曲面，使周围及穿过管隙的阳光尽量聚集在水管内；水箱安装在顶部而非下部，便于水的对流。

（2）[2]图中A是集热器；B是储水容器，在阳光直射下水将沿顺时针方向流动。

[3]集热器中的水被太阳光晒热后密度变小；受浮力作用沿管向右上方运动。

[4]C是辅助加热器；其作用是在阴天用电加热的方式使水温升高。

[5]在封闭的环形管道的左下方安上进水阀门，在贮水容器下方竖直管道上安上出水阀门，可使热水流出，冷水得以补充。【解析】①.日光灯管似的集热管面积较大，便于吸收较多的太阳能；外有透明玻璃管，内有黑色管子，使阳光能直射入玻璃管而不易被反射；在黑色管和外面透明管间有空隙，并抽成真空，减少两管间因空气对流引起的热损失，减少热传导；集热管的下方是一块光亮的铝合金板子，做成凹凸一定的曲面，使周围及穿过管隙的阳光尽量聚集在水管内；水箱安装在顶部而非下部，便于水的对流。②.顺③.集热器中的水被太阳光晒热后密度变小，受浮力作用沿管向右上方运动④.在阴天用电加热的方式使水温升高⑤.在封闭的环形管道的左下方安上进水阀门，在贮水容器下方竖直管道上安上出水阀门，可使热水流出，冷水得以补充。‍20、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的精度为读数为

[2]螺旋测微器精度为读数为【解析】50.154.700（4.698~4.702）21、略

【分析】【详解】

（1）[1]要使带负电的粉尘在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积；放电极应接高压电源的负极。

（2）[2]由放电极接负极及电场分布对称可知；越靠近集尘板电势越高，故图中A点电势低于B点电势；

[3]由电势能表达式可知，带相同电荷量的粉尘在A点位置的电势能高于在B点位置的电势能；

[4]只在电场力作用下，电荷运动轨迹与电场线重合的要满足电场线为直线，且初速度的方向与电场线的方向共线，故带电粉尘运动轨迹不可能与某条弯曲的电场线重合。【解析】负极低于高于不可能四、作图题(共4题，共12分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析24、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析25、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】五、实验题(共4题，共12分)26、略

【分析】【详解】

（1）实验中没有电压表，可用已知内阻的电流表A1与定值电阻R0串联构成电压表；电路如图；

（2）因滑动变阻器要接成分压电路，则滑动变阻器应该选阻值较小的F；在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应置于b端；

（3）根据电路结构可得：【解析】Fb27、略

【分析】【详解】

①[1]．因实验要求电流从零调；所以滑动变阻器应用分压式接法，应选全电阻最小的变阻器A。

②[2]．因小灯泡电阻为

故电流表应用外接法；又变阻器用分压式，故电路图应选B。

③[3]．电源与小灯泡直接串联；那么路端电压等于小灯泡两端的电压，画出内阻为5Ω，电动势为1.5V的电源的路端电压与干路电流的关系图线和小灯泡的伏安特性曲线的交点即表示小灯泡与该电源直接串联；

根据交点坐标（1.0V，0.1A）可以计算出小灯泡消耗的功率为P=UI=1×0.1=0.1W【解析】AB0.128、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]该电路采用半偏法测电阻，实验中认为电路中的干路电流始终不变，在测量表头电阻时，为了减小闭合时对电路总电阻的影响，则有

即滑动变阻器接入电路的阻值越大越好，由于表头满偏电流固定，因此电源电动势越大越好。故选用A；电源选用E。

（2）[3]对于改装后的电流表，接a时量程为

接b时量程为

可知，接a时的量程大于接b时的量程，根据欧姆表的工作原理，欧姆表的内阻，即中值电阻为

根据上述可知，接a时的中值电阻小于接b时的中值电阻，可判断接b时为大倍率，所以当开关拨到b时，欧姆表的倍率是当开关拨到a时，欧姆表的倍率是

[4]由于中值电阻等于表盘正中间刻线与倍率的乘积，则接a和b时有

即有

解得

（3）[5]根据欧姆表刻度值原理可知

解得

可知

由于欧姆表的刻度值是按电动势为刻度的，此刻度测得某待测电阻阻值为而真实电阻对应电动势为1.2V，则有

解得【解析】AE9024029、略

【分析】【详解】

（1）[1]由该同学记录的实验现象可知；1；3磁铁向下和向上插入线圈，则穿过闭合回路的磁通量增大时，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反。

[2]2；4磁铁向下和向上拔出线圈；则穿过闭合回路的磁通量减小时，感应电流的磁场方向与原磁场方向相同。

[3]由此得出的结论是感应电流的磁场；总是阻碍原磁场磁通量的变化。

（2）[4]A.闭合开关后；线圈A中的电流方向是从上到下，电流表甲中的电流从负极流向正极，指针向右偏转，断开开关瞬间，线圈A中电流减小，穿过线圈B的磁通量减小，线圈B中的感应电流的磁场