2025年人教A版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、下列说法正确的是（）A.伽利略在研究自由落体运动时时采用了微元法B.在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的思想C.由于静电力和万有引力的公式在形式上很相似，所以静电力和万有引力都是电磁相互作用D.电源是通过非静电力做功把电能转化为其他形式的能的装置。2、如图所示，电路中电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R为定值电阻，闭合电键，小灯泡能正常发光．现将滑动变阻器滑片向右滑动一段距离，滑动前后理想电压表V1、V2示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI；则()

A.电源的输出功率一定增大B.灯泡亮度逐渐变暗C.与均保持不变D.当电路稳定后，断开电键，小灯泡立刻熄灭3、如图甲中的水平平行金属板M、N间加有如图乙所示的变化电压，后电压消失。当电压稳定时，板间为匀强电场。O位于M、N板间中点，可以向外释放初速度为零的带电液滴。在时，均带负电的液滴甲、乙从O由静止进入板间，甲、乙两液滴的比荷分别为k和忽略两个带电液滴间的相互作用及其电荷量的变化。已知时间甲处于静止状态，时刻甲恰好到达下极板附近。重力加速度大小为g；则在如图乙中表示的时间段内，下列说法正确的是（）

A.两板间距为B.乙在时刻打到上极板C.甲在该阶段的最大速度为D.甲在时刻恰好到达上极板附近4、竖直放置的一对平行金属板的左极板上，用绝缘线悬挂了一个带负电的小球，将平行金属板按如图所示的电路连接，开关闭合后绝缘线与左极板间的夹角为θ.当滑动变阻器R的滑片在a位置时，电流表的读数为I1，夹角为θ1；当滑片在b位置时，电流表的读数为I2，夹角为θ2；则()

A.θ1<θ2，I1<I2B.θ1>θ2，I1>I2C.θ1＝θ2，I1＝I2D.θ1<θ2，I1＝I25、真空中有两个静止的点电荷，若保持它们之间的距离不变，而把它们的电荷量都变为原来的3倍，则两电荷间的库仑力将变为原来的()A.7倍B.8倍C.9倍D.10倍评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电荷量为q的油滴处于静止状态；以下说法正确的是（）

A.若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流B.若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有b→a的电流C.若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有b→a的电流D.若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有b→a的电流7、示波管的内部结构如图所示。如果在偏转电极之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心。偏转电极上加的是待显示的正弦信号电压（周期为），偏转电极通常接入仪器自身产生的锯齿形电压，也叫扫描电压（周期为）；下列说法正确的是（）

A.若则电子向极板偏移B.若则电子向X极板偏移C.若则荧光屏上显示的是一个周期内完整的稳定图像D.若则荧光屏上显示的是两个周期内完整的稳定图像8、静电透镜是利用静电场使电子束会聚或发散的一种装置，其中某部分静电场的分布如图所示。虚线表示这个静电场在平面内的一簇等差等势线，等势线形状关于x轴、y轴对称，其中一条等势线恰好与y轴重合，a、b、O、c，d为部分等势线与x轴的交点。一电子从a点以的初动能仅在电场力的作用下沿x轴正方向运动，恰好能运动到d点。已知过O点的等势线的电势为0；下列说法正确的是（）

A.电子在b点的电势能为B.b点的电势低于c点的电势C.电子从b点运动到c点电场力做功为D.a，b，O三个点中，电子在O点的加速度最大9、如图所示，水平面内的等边三角形ABC的边长为L，顶点C恰好位于光滑绝缘直轨道DC的最低点，光滑直导轨上端点D到A．B两点的距离均为L，D在AB边上的竖直投影点为O．一对电荷量均为-Q的点电荷分别固定于A．B两点．在D处将质量为m．电荷量为+q的小球套在轨道上（忽略它对原电场的影响），将小球由静止开始释放，已知静电力常量为k．重力加速度为g，且忽略空气阻力，则。

A.D点的电场强度与C点的大小相等B.小球沿直轨道DC向下做匀加速直线运动C.小球刚到达C点时，加速度为零D.小球沿直轨道DC下滑过程中，其电势能先增大后减小10、如图所示是某导体的图像，图中下列说法正确的是（）

A.此导体的电阻B.此导体的电阻C.图像的斜率表示电阻的倒数，所以D.在R两端加电压时，每秒通过导体的电荷量是11、如图，两根互相平行的长直导线垂直穿过纸面上的M、N两点。导线中通有大小相等、方向相反的电流。a、o、b在M、N的连线上，o为MN的中点，c、d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到o点的距离均相等。关于以上几点处的磁场；下列说法正确的是（）

A.o点处的磁感应强度为零B.a、c两点处磁感应强度的方向相同C.c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同D.a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相反评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、在真空中两个等量异种电荷的点电荷，电荷量均为相距则它们之间的相互作用力为多少，在两者连线的中点处，电场强度大小为多少．13、某金属导体的伏安特性曲线如图，该导体的电阻随电压的升高而___________（填增大或减小），当导体两端电压为2V时，电阻为________

14、（1）某一电场的电场线和等势面如图甲所示，已知φa=5V，φc=3V，ab=bc，则______

A．φb=4VB．φb>4V

C．φb＜4VD．上述情况都有可能。

（2）若电场线和等势面如图乙所示，其他条件不变，则答案为（1）中的______

15、电磁波的产生:周期性变化的____周围会产生周期性变化的电场,周期性变化的____周围也会产生周期性变化的磁场。变化的电场和变化的磁场相互联系在一起,就会在空间形成一个统一的、不可分割的____,这种在空间交替变化的电磁场传播出去就形成了_______。16、如图所示，在一匀强电场区域中，有A、B、C、D四点恰好位于一平行四边形的四个顶点上，已知A、B、C三点电势分别为φA=1V，φB=4V，φC=0，则D点电势φD的大小为___________V。

17、如图所示，真空中有甲、乙、丙三个完全相同的摆，摆球都带正电，摆线绝缘。现在甲的悬点放一个负点电荷，在丙所在空间加一竖直向下的匀强电场，从相同高度由静止开始释放，则甲、乙、丙做竖直面内的圆周运动，摆到最低点时细线对它们的拉力分别为T1、T2、T3，则它们的大小关系为T1________T2，T2_________T3三者运动到最低点的动能Ek1、Ek2、Ek3的大小关系为Ek1________Ek2；Ek2__________Ek3。（选填“=”；“>”；“<”）

18、如图所示，当都闭合时，电压表示数为1V；当闭合，断开时，电压表示数为0.8V，则电源的电动势_______V.内阻_______Ω.

评卷人得分四、作图题(共2题，共12分)19、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

20、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

评卷人得分五、实验题(共1题，共6分)21、下面甲图中游标卡尺的读数为___________乙图中螺旋测微器的读数为___________丙图中电流表接量程时读数为___________A。

评卷人得分六、解答题(共4题，共24分)22、如图所示，竖直平面内有一固定绝缘轨道ABC，由一个光滑圆弧轨道BC和与之相切于B点的水平轨道AB组成，B点在圆心O的正下方，A、B两点间的距离为L，整个空间分布着大小为方向水平向右的匀强电场。质量的不带电滑块乙静止在B点，现将质量电荷量为q的带正电的绝缘滑块甲从A点静止释放，经过一段时间后，甲与乙发生弹性正碰，碰后乙恰好能沿圆轨道运动到C端并立即被固定于C端的装置锁定。小滑块均可视为质点，碰撞过程时间极短且碰后两滑块电荷量立即平分，已知滑块与AB段的动摩擦因数为不计除碰撞外两滑块之间的相互作用及漏电现象的影响，当地重力加速度为g。求：

（1）两滑块碰后瞬间各自的速度大小；

（2）圆轨道的半径R；

（3）已知整个过程中滑块甲与轨道始终未分离，则滑块甲在水平轨道AB段运动的总时间t。

23、如图（a）所示，水平放置的平行金属板AB间的距离d=0.1m，板长L=0.3m，在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板，小孔恰好位于AB板的正中间，距金属板右端x=0.5m处竖直放置一足够大的荧光屏，现在AB板间加如图（b）所示的方波形电压，已知U0=1.0×102V，在挡板的左侧，有大量带正电的相同粒子以平行于金属板方向的速度持续射向挡板，粒子的质量m=1.0×10-7kg，电荷量q=1.0×10-2C，速度大小均为v0=1.0×104m/s；带电粒子的重力不计；

则：（1）求带电粒子在电场中的运动时间；

（2）求在t=0时刻进入的粒子打在荧光屏上的位置到O点的距离；

（3）若撤去挡板，求荧光屏上出现的光带长度．24、在如图所示的电路中，电阻箱接入电路的阻值R=4Ω，电源的电动势E=1.5V，电源内电阻r=1.0Ω；闭合开关S，求：

（1）理想电压表的示数U；

（2）电阻箱R上产生的热功率P。

25、如图所示为一个电灯两端的电压与通过它的电流的变化关系曲线．由图可知；两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故．参考这条曲线回答下列问题(不计电流表和电源的内阻)．

(1)若把三个这样的电灯串联后；接到电动势为12V电阻为零的电源上，求流过灯泡的电流和每个灯泡的电阻．

(2)如图所示；将两个这样的电灯并联后再与10Ω的定值电阻串联，接在电动势为8V电阻不计的电源上，求通过电流表的电流值和每个灯泡的电阻．

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．伽利略在研究自由落体运动时时采用了理想实验和逻辑推理法；故A错误；

B．在探究求合力方法的实验中使用了等效替代的思想；故B正确；

C．虽然静电力和万有引力的公式在形式上很相似；但静电力是电磁相互作用，而万有引力是引力的相互作用，故C错误；

D．电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置；故D错误。

故选B。2、C【分析】【详解】

AB.滑片向右滑动；滑动变阻器连入电路的阻值变小，总电阻变小，电流变大，灯泡逐渐变亮；电源输出功率最大时外电路电阻等于电源内阻，虽然外电路电阻变小，但不能确定外电路电阻是不是接近电源内阻，电源输出功率不一定增大，故AB错；

C.电压表V1测的是电阻R两端电压，电压表V2测的是路端电压，电流表测的是干路中的电流，所以即均保持不变，故C正确；

D.当电路稳定后，断开电键，小灯泡与电容器组成闭合回路，电容放电，小灯泡不立刻熄灭，故D错误．3、B【分析】【详解】

ACD．根据题意可知甲液滴在时间里

在时间内甲液滴做自由落体运动，在时间内做匀减速直线运动，在时刻，甲液滴的速度为

两板间距满足

解得

甲液滴在加速的时间和减速时间相等，可知甲液滴做减速运动的加速度大小为

甲在该阶段的最大速度

甲从向上运动的位移

可知甲回到点，此过程中的最大速度为ACD错误；

B．乙液滴在时间内，根据牛顿第二定律

可得

向上运动的距离

时间内运动的位移

此时的速度

此时距离上极板的距离

在后，根据牛顿第二定律

解得

根据

解得（另一解为负舍去）

乙粒子在打到上极板的时刻

B正确。

故选B。4、A【分析】【详解】

当滑片右移时，滑动变阻器左半部分电阻变大，右半部分电阻减小，由于左半部分电阻与上面的电阻并联，由并联电路的电阻关系可知，电路的总电阻减小，由欧姆定律得知，干路电流变大，则有I1<I2。

当滑片右移时，与电容器并联部分的分压增大，则电容器两端的电压增大，由U=Ed可知，两极板间的电场强度增大；小球受到的水平向右的电场力增大，因重力不变，要使小球重新处于静止状态，细线与竖直板间的夹角应增大，则有θ1＜θ2；

A．θ1<θ2，I1<I2；与结论相符，选项A正确；

B．θ1>θ2，I1>I2；与结论不相符，选项B错误；

C．θ1＝θ2，I1＝I2；与结论不相符，选项C错误；

D．θ1<θ2，I1＝I2；与结论不相符，选项D错误；

故选A。5、C【分析】【详解】

开始时根据库仑定律得：①

当电荷间距离不变，它们的电荷量都变为原来的3倍：②

联立①②得：F1=9F；故C正确．

点评：对于库仑定律公式涉及物理量较多，要明确公式中各个物理量的含义，可以和万有引力公式对比理解．二、多选题(共6题，共12分)6、B:C【分析】【详解】

A．将S断开；电容器电量不变，板间场强不变，故油滴仍处于静止状态，A错误；

B．若S闭合，将A板左移，由

可知，E不变，油滴仍静止，根据

可知，电容C变小，电容器极板电量Q＝CU

变小，电容器放电，则有由b→a的电流；故B正确；

C．将A板上移，则

可知，E变小，油滴应向下加速运动，根据

可知，电容C变小，电容器要放电，则有由b→a的电流流过G；故C正确；

D．当A板下移时，板间电场强度增大，油滴受的电场力增加，油滴向上加速运动，根据

可知，C增大，电容器要充电，则有由a→b的电流流过G；故D错误。

故选BC。7、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．若电子带负电，向电势高的地方偏移，则电子向Y极板偏移；A项错误；

B．若电子带负电，向电势高的地方偏移，则电子向X极板偏移；B项正确；

CD．如果荧光屏上显示的是一个周期内完整的稳定图像，如果荧光屏上显示的是两个周期内完整的稳定图像，CD项都正确；

故选BCD。8、A:D【分析】【详解】

B．根据题意可知，电子从点运动点，由动能定理有

可得

则点电势高于点电势，电场线由则b点的电势高于c点的电势；故B错误；

A．由于等势线为等差等势线，则相邻两点间的电势差大小为

又有O点的等势线的电势为0，则有

可得，点电势为

由公式可得，电子在b点的电势能为

故A正确；

C．由上述分析可知，两点的电势差为

由公式可得，电子从b点运动到c点电场力做功为

故C错误；

D．由于等势线为等差等势线，则等势线越密集的地方电场强度越大，则点电场强度最大，由牛顿第二定律可得，a，b，O三个点中，电子在O点的加速度最大；故D正确。

故选AD。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．由几何关系可知；DC两点到两个电荷的距离均相等，由场强叠加可知，D点的电场强度与C点的大小相等，选项A正确；

B．小球沿直轨道DC向下滑动的过程中距离两点荷的距离先减小后增加；则所受的电场力不是定值，则合力不是定值，则小球不是做匀加速直线运动，选项B错误；

C．负电荷产生的电场指向负电荷；可知两个负电荷在D处的电场强度分别指向A与B，由于两个点电荷的电量是相等的，所以两个点电荷在D点的电场强度的大小相等，则它们的合场强的方向沿DA．DB的角平分线；由库仑定律，A．B在D点的场强的大小：

EA=EB=它们的合场强。

ED=EAcos30°+EBcos30°=由几何关系宽度。

DO=OC=L，则：∠OCD=45°.

对小球进行受力分析，其受力的剖面图如图：由于C到A．B的距离与D到A．B的距离都等于L，结合A的分析可知，C点的电场强度的大小与D点的电场强度的大小相等，方向指向O点；即。

EC=ED=沿斜面方向。

mgcos45°-F•cos45°=ma垂直于方向。

mgsin45°+Fsin45°=N其中F是库仑力，F=qEC=mg，联立以上三式得：a=0．故C正确；

D．由几何关系可知；在CD的连线上，CD连线的中点处于到A．B的距离最小，电势最低，小球带正电，所以小球在CD的连线中点处的电势能最小．则小球沿直轨道CD下滑过程中，其电势能先减小后增大．故D错误；

故选AC。10、A:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由

可知，图像的斜率表示电阻的倒数，则由题图可知，此导体的电阻

故A正确；B错误；

C．图线的斜率表示电阻的倒数，但R不等于只能根据求解；故C错误；

D．在R两端加的电压时，电路中电流

则每秒通过导体的电荷量为

故D正确。

故选AD。11、B:C【分析】【分析】

根据右手螺旋定则确定两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向；根据平行四边形定则进行矢量叠加。

【详解】

A．根据右手螺旋定则，M处导线在o点产生的磁场方向垂直MN向下，N处导线在o点产生的磁场方向垂直MN向下；合成后磁感应强度不等于0，故A错误；

B．由右手定则可知，M、N处导线在a点产生的磁场方向均垂直MN向下，则a点磁感应强度的方向垂直MN向下；M、N处导线在c点产生的磁场大小相等，方向分别垂直cM向下，垂直cN向下且关于直线cd对称，由平行四边形法则可得，c点磁感应强度的方向同样垂直MN向下；故B正确；

C、M处导线在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下，在d出产生的磁场方向垂直dM偏下，N在c处产生的磁场方向垂直于cN偏下，在d处产生的磁场方向垂直于dN偏下，根据平行四边形定则，知c处的磁场方向垂直MN向下，d处的磁场方向垂直MN向下；磁感应强度方向相同，且合磁感应强度大小相等，故C正确；

D．M在a处产生的磁场方向垂直MN向下，在b处产生的磁场方向垂直MN向下，N在a处产生的磁场方向垂直MN向下，b处产生的磁场方向垂直MN向下，根据磁感应强度的叠加知，a、b两点处磁感应强度大小相等；方向相同，故D错误。

【点睛】

本题考查了比较磁感应强度大小由于方向关系问题，解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形定则进行合成。三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】【详解】

已知真空中两点电荷的电量均为距离根据库伦定律得电荷间的作用力．

两点电荷在中点处产生的场强大小均为。

．

方向相同，则在两者连线的中点处，电场强度大小为．

点睛：根据库仑定律求解与两电荷间的作用力．根据点电荷场强公式分别求出两点电荷在中点处产生的场强，再进行合成，求出合场强．【解析】．13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]在图中图象的斜率表示电阻的倒数；由图可知，该导体的电阻随电压的升高而增大；

[2]当导体两端的电压为2V时，电流为2A，故电阻【解析】①.增大②.114、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）根据匀强电场关系式U=Ed

可知φa-φc=Eφa-φb=E·

得φb=4V

故选A。

（2）由于图乙是非匀强电场，不能根据公式U=Ed进行定量计算，只能进行定性分析，由电场线的疏密可知ab和bc间电场强度的平均值Eab>Ebc

所以Uab>Ubc

即φa-φb>φb-φc

得到

=4V

故选C。【解析】①.A②.C15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]电磁波的产生:周期性变化的磁场周围会产生周期性变化的电场,周期性变化的电场周围也会产生周期性变化的磁场。变化的电场和变化的磁场相互联系在一起,就会在空间形成一个统一的、不可分割的电磁振动，这种在空间交替变化的电磁场传播出去就形成了电磁波。【解析】①.磁场②.电场③.电磁场④.电磁波16、略

【分析】【详解】

在匀强电场中，根据U=Ed知，除等势线外，沿同一方向（相互平行的两个方向）上相同距离电势差相等，根据平行四边形的特点知，AB与DC平行且相等，所以AB边与DC边沿电场方向的距离相等，AB间的电势差与DC间的电势差相等，即有

解得【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4]根据动能定理，甲乙两图的摆球只有重力做功，重力做功相等，所以到达底端的动能相等，对于丙图，重力和电场力都做正功，根据动能定理得，知动能最大

根据

则运动到底端的速度关系为

对于甲

对于乙

对于丙

比较可得【解析】①.<②.<③.=④.<18、略

【分析】【详解】

[1][2]当都闭合时，根据欧姆定律可得：

根据闭合电路欧姆定律可得：

当断开时，根据欧姆定律可得：

根据闭合电路欧姆定律可得：

可得：【解析】21.5四、作图题(共2题，共12分)19、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】20、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】五、实验题(共1题，共6分)21、略

【分析】【详解】

[1]10分度的游标卡尺精确度为0.1mm，其读数等于主尺读数与游标尺读数之和，所以甲图的读数为

[2]螺旋测微器的精确度为0.01mm，螺旋测微器的读数等于固定刻度读数与可动刻度读数之和，所以乙图的读数为

[3]0~0.6A量程的分度值为0.02A，读数需要精确到0.01A，所以丙图的读数为【解析】11.40.9600.42六、解答题(共4题，共24分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）甲物体从A到B；根据牛顿第二定律有。

a=根据运动学公式有。

联立解得。

甲乙碰撞过程动量守恒；机械能守恒；有。

解得。

（2）碰后电荷平分；即。

根据题意，碰后乙恰好能沿圆轨道运动到C端，说明乙恰能通过最高点F，由于在最低点D有。

tanθ==θ=53°由此在最高点有。

=m解得。

vF=则乙从B到F根据动能定理有。

解得。

（3）由于甲始终未脱离轨道，则甲反复运动后最后在B点时速度为零，后在光滑圆弧轨道上往复运动，则对甲从