2025年外研版选择性必修2物理下册月考试卷含答案

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A.当滑片P向右移动时，电阻R中没有感应电流流过B.当滑片P向右移动时，通过R的电流方向为由b到aC.断开开关S的瞬间，通过R的电流方向为由a到bD.断开开关S的瞬间，电阻R中没有感应电流流过2、在如图所示的四幅图中，正确标明了带正电的粒子所受洛伦兹力F方向的是A.B.C.D.3、电磁炉采用感应电流（涡流）的加热原理；是通过电子线路产生交变磁场，把铁锅放在炉面上时，在铁锅底部产生交变的电流。它具有升温快；效率高、体积小、安全性好等优点。下列关于电磁炉的说法中正确的是（）

A.电磁炉可以用陶瓷器皿作为锅具对食品加热B.是线圈发热，把热能传导给锅底来加热食物的C.电磁炉面板可采用陶瓷材料，发热部分为铁锅底部D.电磁炉面板可采用金属材料，通过面板发热加热锅内食品4、如图，正六边形线框abcdef由六根相同的导体棒连接而成，固定于匀强磁场中，线框平面与磁感应强度方向垂直，线框顶点a、b与直流电源两端相接，已知导体棒ab受到的安培力大小为F，则整个线框abcdef所受安培力的大小为（）

A.2FB.1.2FC.0.5FD.05、空间存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面，线段是屏与纸面的交线，长度为其左侧有一粒子源S，可沿纸面内各个方向不断发射质量为m、电荷量为q、速率相同的粒子；P为垂足，如图所示，已知若上所有的点都能被粒子从其右侧直接打中；则粒子的速率至少为（）

A.B.C.D.6、如图所示，一半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的负电荷（重力忽略不计）以速度v沿正对着圆心O的方向射入磁场，从磁场中射出时速度方向改变了角。磁场的磁感应强度大小为（）

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，在第二象限内有水平向右的匀强电场，在第一、四象限内分别存在如图所示的匀强磁场，磁感应强度大小相等.在该平面有一个质量为带正电的粒子(不计重力)以垂直于轴的初速度从轴上的点进入匀强电场，恰好与轴成角射出电场，再经过一段时间恰好垂直于轴进入下面的磁场.已知之间的距离为则（）

A.磁感应强度B.电场强度C.自进入磁场至在磁场中第二次经过轴所用时间为D.自进入磁场至在磁场中第二次经过轴所用时间为8、下列说法正确的是（）A.电磁波的传播需要介质B.电磁波同机械波一样能发生干涉、衍射、反射、折射等现象C.波长不同的电磁波在本质上完全相同E.若物体的能量增大，则它的质量增大E.若物体的能量增大，则它的质量增大9、寒冷的冬天为清除高压电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：通过降低输电电压的方式除冰。若正常供电时，高压线上输电电压为U，电流为I，输电线损耗功率为P，除冰时，输电线损耗功率需变为100P，则除冰时（设输电功率和输电线电阻不变）（）A.输电电流为100IB.输电电流为10IC.输电电压为D.输电电压为10、回旋加速器的工作原理如图所示，置于真空中的正对的“D”形金属盒Ⅰ和Ⅱ半径均为R，两盒间狭缝的间距为d，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，被加速粒子的质量为m，电荷量为加在狭缝间的方波型电压如图所示。粒子在时间内从A处均匀地飘入狭缝；其初速度视为零，忽略相对论效应。下列说法正确的是（）

A.粒子速度不断增大每次在“D”型盒Ⅰ中运动时间不同B.粒子每次在“D”型盒Ⅰ中运动时间相同C.粒子射出时的动能与成正比D.粒子射出时的动能与无关11、如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力的作用下运动时，MN在磁场的作用下向右运动，则PQ所做的运动可能是（）

A.向右加速运动B.向左加速运动C.向右减速运动D.向左减速运动12、光滑平行金属导轨固定在水平地面上，其间距分别为和导轨电阻不计，连接如图所示。金属棒分别放置在导轨上，其质量分别为和电阻分别为和整个装置放在竖直向上的匀强磁场中，导轨区域磁感应强度为导轨区域磁感应强度为给金属棒一个向左的初速度金属棒距离导轨足够远。下列说法正确的是（）

A.金属棒最终做匀速直线运动，且速度比为B.金属棒系统动量守恒，最终速度均为C.最终金属棒产生的焦耳热为D.最终通过金属棒上的电荷量为13、图示有三个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向外、向里和向外，磁场宽度均为L，在磁场区域的左侧边界处，有一边长为L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定电流沿逆时针方向时的电动势E为正，磁感线垂直纸面向里时的磁通量Φ为正值，外力F向右为正．则以下能反映线框中的磁通量Φ、感应电动势E、外力F和电功率P随时间t变化的规律图象的是()

A.B.C.D.14、关于感生电动势和动生电动势，下列说法正确的是（  ）A.感生电动势是由于变化的磁场产生了感生电场，感生电场对导体内的自由电荷产生作用而使导体内出现的电动势B.动生电动势是由于导体内的自由电荷随导体一起运动而受到洛伦兹力的作用产生定向移动，使导体两端出现的电动势C.在动生电动势产生的过程中，洛伦兹力对自由电荷做功D.有感生电动势产生时一定有感应电流15、电吉他中电拾音器的基本结构如图所示；磁体附近的金属弦被磁化，因此弦振动时，在线圈中产生感应电流，电流经电路放大后传送到音箱发出声音，下列说法正确的有。

A.选用铜质弦，电吉他仍能正常工作B.取走磁体，电吉他将不能正常工作C.增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势D.弦振动过程中，线圈中的电流方向不断变化评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、在实验中，我们用过不少传感器，请写出三个传感器：______传感器，______传感器，______传感器。17、如图所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中，长为L的导体棒Oa以点O为中心转动，而另一端a刚好搭在光滑的半圆形金属导轨上，Oa以角速度顺时针匀速转动，在Ob间接入一阻值为R的电阻，导体棒Oa产生的电动势大小为___________；流过电阻R上的电流方向为___________（填写“左到右”或“右到左”）。

18、变压器线圈中的电流越大，所用的导线应当越粗。学校实验室有一台升压变压器，假设它只有一个原线圈和个副线圈，则______的导线应当粗些，______的匝数多。（均填“原线圈”或“副线圈”）19、一矩形闭合线圈，长a，宽b，通过电流I，放在均匀磁场中，磁场方向与线圈平面平行，如右图所示，磁感应强度大小为B。则该线圈所受到磁力矩大小为______。

20、如图甲所示，矩形线框ABCD（C端被B端遮住，D端被A端遮住）以AD边为轴逆时针匀速转动，角速度为已知AB和CD边长为L1，BC和AD边长为L2，匀强磁场磁感应强度为B；线框只有一匝。从线圈经过中性面（图中虚线位置）时开始计时，并规定此后四分之一周期内电流沿正方向。

（1）转动中___________（哪一条或哪几条）边切割磁感线；

（2）转动中，BC边的速率是___________。

（3）t时刻（图中实线位置），线框平面与中性面的夹角是_________，BC边的速度与磁场夹角是___________。

（4）t时刻，BC边中的电动势eBC=___________，线框中的电动势e=___________。

（5）如果线框共n匝，并用S表示线框的面积（也就是）。则t时刻线框中的电动势e=___________，其最大值是Em=___________。

（6）在乙图中画出e-t图线________。21、通过某电流表的电流按如图所示的规律变化，则该电流的有效值为_____。（结果可以用根号表示）

22、云南省居民生活用的交流电，其电压峰值是220V，有效值是___V，频率是_____Hz，周期是_____s。23、如图所示，电压互感器、电流互感器可看成理想变压器，已知电压互感器原、副线圈匝数比是1000∶1，电流互感器原、副线圈匝数比是1∶200，电压表读数是200V，电流表读数是1.5A，a、b为两只交流电表。则a为________，b为_______，交流电路输送电能的功率是________W。

评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)24、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

25、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

26、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

27、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共6分)28、某学习小组在探究变压器原；副线圈电压和匝数关系的实验中；采用了可拆式变压器，铁芯B安装在铁芯A上形成闭合铁芯，将原、副线圈套在铁芯A的两臂上，如图所示：

（1）下列说法正确的是______

A．为保证实验安全；原线圈应接低压直流电源。

B．变压器中铁芯是整块硅钢。

C．保持原线圈电压及匝数不变；可改变副线圈的匝数，研究副线圈的匝数对输出电压的影响。

D．变压器正常工作后；电能由原线圈通过铁芯导电输送到副线圈。

（2）实验过程中，变压器的原、副线圈选择不同的匝数，利用多用电表测量相应电压，记录如下，由数据可知一定是______线圈的匝数（填“原”或“副”）

根据表格中的数据，在实验误差允许的范围内，可得出原副线圈两端电压与匝数的关系：______。匝匝

（3）学习小组观察实验室中一降压变压器的两个线圈的导线，发现导线粗细不同，结合以上实验结论，应将较细的线圈作为______线圈。（填“原”或“副”）29、某同学利用热敏电阻自制了一个简易温度计，其内部电路装置如图甲所示，使用的器材有：直流电源（内阻不计）、毫安表（量程未知）、电阻箱R（最大阻值为）、热敏电阻一个、开关和导线若干。

（1）为了确定毫安表的量程和内阻，先把电阻箱的阻值调到最大，然后将开关接至a端，闭合开关逐渐调节电阻箱的阻值，发现当毫安表指针刚好偏转至满偏刻度的处，电阻箱的示数如图乙所示，此时电阻箱的阻值________将电箱的阻值调为时，毫安表指针刚好偏转至满偏刻度的处，由此知毫安表的满偏电流________内阻________（后两问计算结果均保留两位有效数字）

（2）将开关接至b端，闭合开关该温度计可开始工作，为了得到摄氏温度与电流之间的关系，该同学通过查阅资料，发现自己使用的热敏电阻为负温度系数热敏电阻，其阻值在测量范围（包括）内随摄氏温度的降低而线性增加，比例系数为已知该电阻在时的阻值为则该简易温度计所测摄氏温度t与电流I之间满足________（用E、k、I表示）。评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)30、人类通过对放射性元素的探索来获取核能的秘密，如图第三象限的密闭装置即为研究所研究核反应的某种设备，在第二象限存在沿x轴正向的匀强电场，场强为E，第一象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，钚的放射性同位素放置在密闭容器中，静止时衰变为铀核和α粒子，并放出γ光子，α粒子的质量为4m带电量为2e，从电场中坐标为（－L，0）的A点沿+y方向射出，粒子从y轴上坐标为（0，2L）的B处射入磁场，然后垂直打在x轴上C点的底片上，测得底片上C点到坐标原点0的距离为

(1)写出钚的衰变方程；

(2)α粒子射入电场时的初速度大小；

(3)粒子从A点到C点所经历的时间。

31、如图所示，两足够长的平行导轨倾斜放置，导轨平面与水平面的夹角为导轨间距为d，导轨上端一支路连接电动势为E、内阻为r的电池，另一支路连接阻值为R的定值电阻，两支路端点为a和b，电键K与连接且另一端可以连接a或b，导轨处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中。将质量为m、电阻不计、长也为d的导体棒垂直放在导轨上，电键K接到a时，导体棒处于静止状态。已知导体棒运动过程中始终与导轨垂直并且接触良好，导轨电阻不计，不计一切摩擦，重力加速度大小为g；求：

（1）磁场的磁感应强度大小：

（2）当电键K接到b时，由静止释放导体棒求导体棒的最大速度。

32、如图所示，宽度为L的固定光滑轨道分为左右两部分，EF左侧为导线制成的倾斜轨道，倾角θ=30°，轨道顶端连接一阻值为R的定值电阻，倾斜轨道处于磁感应强度为B0，方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中，导轨电阻不计。EF右侧为水平而内的绝缘轨道，两部分轨道用小圆弧连接。一质量为m，长度略大于L的金属棒，电阻也为R，从倾斜轨道上某处无初速度释放，在到达水平面前已经达到稳定速度，此后无碰撞地进入水平轨道。与原来静止在水平轨道上的“]”型导线框abcd碰撞，并粘合为一个正方形线框，“]”型导线框的边长、材料和粗细与导体棒完全相同。线框右侧有相邻的两个边长也为L的正方形磁场区域Ⅰ、Ⅱ，磁感应强度大小相等但未知，方向相反（如图）。线框完全穿过Ⅰ磁场后，恰好静止（线框四边与Ⅱ磁场边界线重合）。已知重力加速度g；求：

（1）金属棒在离开倾斜轨道时的速度

（2）导体棒与线框碰撞过程损失的机械能

（3）线框穿越磁场边界线MN、PQ过程中产生的热量之比

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

AB．当P向右移动，电阻变大，导致电流减小，根据右手螺旋定则可知，线圈M右端是N极，左端是S极，导致向右穿过线圈N的磁通量变小，则由楞次定律可得感应电流方向由b流向a；故A错误；B正确；

CD．当断开S的瞬间，导致电流减小，根据右手螺旋定则可知，线圈M右端是N极，左端是S极，导致向右穿过线圈N的磁通量变小，则由楞次定律可得感应电流方向由b流向a；故CD错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

由左手定则判断出带电粒子所受洛伦兹力方向；然后答题．

【详解】

A项：由左手定则可知；在第1幅图中，粒子所受洛伦兹力竖直向下，故A错误；

B项：由左手定则可知；在第2幅图中，粒子所受洛伦兹力竖直向上，故B正确；

C项：由左手定则可知；在第3幅图中，粒子所受洛伦兹力竖直向内，故C错误；

D项：由左手定则可知；在第4幅图中，粒子所受洛伦兹力竖直向外，故D错误．

故选B．3、C【分析】【分析】

【详解】

ACD．电磁炉上表面如果用金属材料制成；使用电磁炉时，上表面材料发生电磁感应会损失电能，所以电磁炉上表面要用绝缘材料制作，发热部分为铁锅底部，故C正确，AD错误；

B．是通过电磁感应产生蜗流发热；而不是线圈发热，把热量导给锅底来实现加热，故B错误。

故选C。4、B【分析】【分析】

【详解】

设正六边形线框每边长为L、电阻为R，ab边通过的电流为I，则ab边受到的安培力为

由于ab边与afedcb边并联，电压相等，afedcb边电阻为5R，故流过的电流为afedcb边的等效长度为L，受到的安培力为

两部分受到的安培力均竖直向上，故合力为

故选B。5、C【分析】【详解】

粒子要打中的右侧所有位置，最容易的方式为粒子从飞出，绕过距离最近的点，从右侧打中最下端的点；粒子运动的轨迹如图所示。

为轨迹圆的弦长，为中点，粒子运动的半径为根据几何关系可知四边形为平行四边形，则

解得

粒子在匀强磁场中匀速圆周运动，洛伦兹力完全提供向心力，根据牛顿第二定律可知

解得粒子的最小速率为

故选C。6、B【分析】【详解】

轨迹图；如图所示。

有几何关系可知

根据

可知

故选B。二、多选题(共9题，共18分)7、B:D【分析】【详解】

A．粒子的轨迹如图所示：

带电粒子在电场中做类平抛运动，水平方向做匀加速运动，竖直方向做匀速运动，由题得知，出电场时vx=vy=v0

根据y=vyt=v0t

得y=2x=2d

出电场时与y轴交点坐标为（0，2d），则设粒子在磁场中运动的半径为R，则有

而β=135°，解得

粒子在磁场中运动的速度为根据解得

故A错误；

B．根据

联立解得

故B正确；

C．在第一象限运动时间为

在第四象限运动时间为

所以自进入磁场至在磁场中第二次经过x轴所用时间为得到总时间

故D正确；C错误。

故选BD。8、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．电磁波的传播不需要介质；可以在真空中传播，A错误；

B．干涉；衍射、反射、折射等是一切波的特性；B正确；

C．电磁波是横波；波长不同的电磁波在本质上完全相同，C正确；

D．爱因斯坦相对论认为；真空中的光速在不同惯性参考系中也都是相同的，D错误；

E．根据爱因斯坦质能方程。

可得；物体的能量增大，则它的质量增大，E正确。

故选BCE。9、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．高压线上的热耗功率

若热耗功率变为100P，则有

联立解得

故A错误，B正确；

CD．又输送功率不变，根据

解得

故C错误；D正确。

故选BD。10、B:D【分析】【详解】

AB．粒子每次在Ⅰ中运动时间均为半个周期，即

与速度无关；故A错误，B正确；

CD．粒子运动半径为R时，有

且

解得

与无关；故C错误，D正确。

故选BD。11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．若向右加速运动，由右手定则可知中感应电流的方向由到由安培定则可判断出所在处的磁场方向是自下而上的；穿过的磁通量增加，由楞次定律可知流过的感应电流方向由到由左手定则可判断出受到向左的安培力；将向左运动，故A错误；

B．若向左加速运动，由右手定则可知中感应电流的方向由到由安培定则可判断出所在处的磁场方向是自上而下的；穿过的磁通量增加，由楞次定律可知流过的感应电流方向由到由左手定则可判断出受到向右的安培力；将向右运动，故B正确；

C．若向右加减运动，由右手定则可知中感应电流的方向由到由安培定则可判断出所在处的磁场方向是自下而上的；穿过的磁通量减小，由楞次定律可知流过的感应电流方向由到由左手定则可判断出受到向右的安培力；将向右运动，故C正确；

B．若向左减速运动，由右手定则可知中感应电流的方向由到由安培定则可判断出所在处的磁场方向是自上而下的；穿过的磁通量减小，由楞次定律可知流过的感应电流方向由到由左手定则可判断出受到向左的安培力；将向左运动，故D错误；

故选BC。12、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．设a、b速度分别为由于安培力作用，金属棒a加速，金属棒b减速。开始时回路中的电动势为

电动势E减小，安培力减小，最终安培力也为0，金属棒a、b运动状态不再变化，做匀速直线运动，且

故A错误；

B．金属棒a、b所受安培力等大反向，系统动量守恒，有

得

故B正确；

C．由能量守恒有

联立解得

故C正确；

D．规定向左为正方向，对金属棒a由动量定理有

联立解得

故D错误。

故选BC。13、A:B:D【分析】【详解】

A．当线框开始进入磁场时，磁通量开始增加，当全部进入时达最大；此后向里的磁通量增加，总磁通量减小且变化率为之前2倍；当运动到1.5L时，磁通量最小，当运动到2L时磁通量变为向里的最大；故A项正确；

B．当线框进入第一个磁场时，由E＝BLv可知，E保持不变，感应电动势为正；而开始进入第二个磁场时，两端同时切割磁感线，电动势为2BLv；为正，故B项正确；

C．因安培力总是与运动方向相反；故拉力应一直向右，故C项错误；

D．拉力的功率P＝Fv；因速度不变，而当线框在第一个磁场时，电流为定值，拉力也为定值；两边分别在两个磁场中时。

F安＝2B·L＝4

因此安培力变为原来的4倍，则拉力的功率变为原来的4倍，故D项正确．14、A:B【分析】【分析】

【详解】

AB．由感生电动势和动生电动势的产生机理；可知感生电动势是由于变化的磁场产生了感生电场，感生电场对导体内的自由电荷产生作用而使导体内出现的电动势，动生电动势是由于导体内的自由电荷随导体一起运动而受到洛伦兹力的作用产生定向移动，使导体两端出现的电动势，故A；B正确；

C．在动生电动势产生的过程中；洛伦兹力沿导体方向的分力对自由电荷做正功，垂直导体方向的分力对自由电荷做负功，整体上，洛伦兹力不做功，故C错误；

D．有感生电动势产生时；电路闭合才有感应电流，故D错误。

故选AB。15、B:C:D【分析】【详解】

因铜质弦不能被磁化，电吉他将不能正常工作，所以A错误；若取走磁铁，金属弦无法被磁化，电吉他将不能正常工作，所以B正确；根据法拉第电磁感应定律知，增加线圈匝数可以增大线圈中的感应电动势，所以C正确；弦振动过程中，线圈中的磁通量一会增大一会减速，所以电流方向不断变化，D正确．三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]在实验中，我们用过不少传感器，其中常用的有“运动，力，压强，光，声音，电压，电流”等。选三个填入即可。【解析】①.运动②.力③.压强17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]导体棒Oa匀速转动，产生的感应电动势为

[2]由右手定则可知，导体棒中的电流由则流过电阻R上的电流方向为左到右。【解析】左到右18、略

【分析】【详解】

[1][2]根据

由于是一台升压变压器，既有

则有

由于

由于

则有

根据题意可知，原线圈的导线应当粗些，副线圈的匝数多。【解析】原线圈副线圈19、略

【分析】【详解】

线圈上下两边与磁场平行，不受安培力作用，左右两边与磁场垂直，受到安培力大小均为

则该线圈所受到磁力矩大小

解得【解析】abIB20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]转动中BC边切割磁感线；

（2）[2]BC边的速率

（3）[3]t时刻（图中实线位置），线框平面与中性面的夹角是

[4]BC边的速度与磁场夹角是

（4）[5]t时刻，BC边中的电动势eBC=

[6]线框中的电动势e=

（5）[7]t时刻线框中的电动势

[8]其最大值是

（6）[9]e-t图线如图所示。

【解析】BC21、略

【分析】【详解】

将交流与直流通过阻值都为R的电阻，设直流电流为I，则根据有效值的定义有

解得

【点睛】

根据有效值的定义求解。取一个周期时间，将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值。【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]国内居民生活用电的有效值为220V，频率为50Hz，周期为0.02s。【解析】220500.0223、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]左边为电压互感器，则a为电压表；右边的电流互感器，b为电流表；

[3]因为

交流电路输送电能的功率是P=UI=6×107W【解析】电压表电流表6×107四、作图题(共4题，共24分)24、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】27、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共2题，共6分)28、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．变压器改变的是交流电压；因此原线圈不能接低压直流电源，选项A错误；

B．因为变压器的工作原理是电磁感应；如果变压器铁芯是用整块铁芯，则在电磁