2025年青岛版六三制新必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年青岛版六三制新必修3物理上册月考试卷519考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，电子在电势差为的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为的两块平行金属板间的电场中，在能从平行金属板间射出的前提条件下，能使电子的偏转角的正切值增大到原来2倍的是。

A.不变，变为原来的2倍B.不变，变为原来的2倍C.不变，变为原来的2倍D.都变为原来的2倍2、如图所示，真空中M、N处各放置一个点电荷，它们电荷量的绝对值相等，a、b、c表示电场中的三条等势线，相邻等势线间电势差相等。P点位于等势线a上，H点位于等势线c上，PH平行于MN。已知一个正点电荷从P点移动到H点时电势能减小；则以下判断正确的是（）

A.M、N处点电荷为等量同种点电荷B.P点的电势比H点的电势高C.P点的场强与H点的场强大小不相同D.若将电子由P点移动到H点，电场力做正功3、如图所示，是匀强电场中同一平面上的三个点，各点的电势分别为则在下列各示意图中能表示该电场强度方向的是（）A.B.C.D.4、静电喷漆技术具有效率高、质量好等优点，其装置示意图如图所示。A、B为两块水平放置的平行金属板，间距d=1.0m，两板间有方向竖直向上，大小为E=1.0×103N/C的匀强电场。在A板的中央放置一个安全接地的静电油漆喷枪P，油漆喷枪的半圆形喷嘴可向各个方向均匀地喷出初速度大小均为v0=1.0m/s、质量均为m=5.0×10-14kg和带电量均为q=-2.0×10-15C的带电油漆微粒。不计微粒所受空气阻力及微粒间相互作用；油漆微粒最后都落在金属板B上。下列说法正确的是（）

A.沿水平方向喷出的微粒运动到B板所需时间为B.沿不同方向喷出的微粒，从喷出至到达B板，动能变化量为2.0×10-12JC.若其它条件均不变，d增大为原来的2倍，喷涂面积增大为原来的2倍D.若其它条件均不变，E增大为原来的2倍，喷涂面积减小为原来的5、如图所示；小磁针静止在导线环中。当导线环通过沿逆时针方向的电流时，忽略地磁场影响，小磁针最后静止时N极所指的方向（）

A.水平向右B.水平向左C.垂直纸面向里D.垂直纸面向外6、下列说法正确的是（）A.奥斯特实验说明了磁场可以产生电流B.磁场的方向就是小磁针静止时所受合力的方向C.由知，一小段通电导体在某处不受磁场力，说明该处一定无磁场D.地球表面的磁场的竖直分量在南半球垂直于地面向上，在北半球垂直于地面向下评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、电动势为E、内阻为r的电池与固定电阻R0、可变电阻R串联，如图所示，设R0=r，Rab=2r．当滑动变阻器的滑动片自a端向b端滑动时；下列说法正确的是（）

A.变阻器消耗的功率减少B.电池消耗的总功率先变大后变小C.固定电阻R0上消耗的功率将减小D.电池内电阻上消耗的功率将变大8、在如图所示的电路中，电源内阻和定值电阻的阻值均为滑动变阻器的最大阻值为闭合开关，将滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动的过程中；定值电阻下列选项正确的是（）

A.电压表的示数变大B.电流表的示数变大C.滑动变阻器消耗功率变小D.电源输出功率变大9、如图，在与匀强电场方向平行的平面内取一个圆，圆心为半径为为圆周上的三个点，为直径，一群电荷量均为的相同粒子从点以相同的初动能沿纸面向各个方向均匀发射，从圆周上通过的粒子的最大动能为到达点的粒子的动能为沿方向射入的粒子从圆周上的点（未画出）射出；不计粒子重力及粒子间的相互作用，则（）

A.电场强度方向与垂直B.电场强度大小为C.可能没有粒子到达点D.粒子从到过程电势能减少量小于10、如图为甲、乙两金属电阻的U­I曲线；它们的阻值应为（）

A.R甲=tan60°=ΩB.R乙=tan60°=ΩC.R甲=3ΩD.R乙=6Ω11、下列选项正确的是（）A.开普勒在哥白尼观测数据的基础上发现了开普勒三大定律B.法拉第对实验资料严格分析后，发现了法拉第电磁感应定律C.库仑通过扭秤实验验证了电荷之间的作用力与万有引力相似D.丹麦物理学家奥斯特发现电流可以使它周围的小磁针发生偏转评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、在x轴上，x=0处放置一个电荷为+4q的点电荷，x=6cm处放置一个电荷为-q的点电荷，合场强为零的点在x=______cm处．

13、实验原理:

设金属导线长度为l，导线直径为d，电阻率为ρ，则:由_______，得:ρ=______=______。14、表头的满偏电压和满偏电流一般都比较小，测量较大的电压或电流时要把它改装成较大量程的电压表或电流表。现有一个量程内阻为的表头G。

（1）若要把此表头改装成量程为3V的电压表，应串联一个阻值为______的电阻；

（2）若要把此表头改装成量程为10mA的电流表，应并联个阻值为______的电阻；

（3）若将此表头改装成有两个量程的电流表，如图所示，则使用A、B两个端点时，量程______选填“较大”或“较小”

15、如图所示为一改装后的电流表和电压表电路，已知表头满偏电流为100微安，内阻为900欧姆，定值电阻R1=100欧姆，定值电阻R2=1910欧姆；A为公用接线柱则。

（1）当使用___________两接线柱时是电流表，其量程为___________安培；

（2）当使用___________两接线柱时是电压表，其量程为___________伏特；16、判断下列说法的正误。

（1）电功率越大，表示电流做功越多。____

（2）电功W＝UIt可以用来计算所有电路中电流所做的功。____

（3）电热Q＝I2Rt可以用来计算所有含有电阻的电路中产生的焦耳热。____

（4）电动机消耗的电能，一部分转化为机械能，一部分转化为线圈内阻上的电热。____

（5）焦耳定律的表达式为Q＝I2Rt，此式适用于任何电路。____

（6）三个公式P＝UI、P＝I2R、P＝没有任何区别，它们表达相同的意义，所以三式中P都是电功率。____17、如图所示.电源电动势E＝10V，内阻r=1Ω.电阻R1＝3Ω，R2＝6Ω，电容C＝30μF.闭合电键K，且稳定后通过R1的电流大小_________A，然后将开关K断开，求这以后流过R1总电量_________C

18、下图展示了等量异种点电荷的电场线和等势面，从图中我们可以看出，A、B两点的场强________、电势________，C、D两点的场强________、电势________(以上四空均填“相同”或“不同”)．评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)19、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

20、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

21、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共28分)23、电子体温计中常用的测温元器件是热敏电阻；现已被人们广泛使用。高二物理兴趣小组准备用热敏电阻制作一个简易电子体温计。

（1）为了寻找合适的外壳包裹热敏电阻及其电路，小雨同学用螺旋测微器测量了热敏电阻的大小，如图所示，螺旋测微器的读数是______mm。

（2）小刚测出这种热敏电阻的I—U图像如上图所示，他选用的电路应该是图______电路（填“甲”或“乙”）；选用的电流表量程是______量程（填“0.06A”或“0.6A”）。

（3）小敏同学将上述测量的两个相同的热敏电阻和定值电阻、恒压电源组成如图所示的电路，电源电动势为10V，内阻不计，定值电阻则此时单个热敏电阻消耗的电功率为______mW（结果保留3位有效数字）。

24、做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验，要求采用分压电路，电流表外接．小王的连接如图甲所示，闭合开关S前请老师检查，老师指出图中标示的①、②两根连线有一处错误，错误连线是________(填“①”或“②”)；图中标示的③、④和⑤三根连线有一处错误，错误连线是________(填“③”“④”或“⑤”)．小王正确连线后，闭合开关S前，应将滑动变阻器滑片C移到________处(填“A”或“B”)．闭合开关S，此时电压表读数为______V,缓慢移动滑片C至某一位置时，电流表指针如图乙所示，电流表的示数为________A.

25、（1）有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度。用它测量一小球的直径，如图1所示的读数是______mm。

（2）用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图2所示的读数是______mm。

（3）该电阻丝R的额定电压为3V；为测量其电阻值。

（i）某同学先用多用电表粗测其电阻。用已经调零且选择开关指向欧姆挡“×10”挡位的多用电表测量，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡的“______”挡位（选填“×100”或“×1”），然后进行______，再次测量电阻丝的阻值，其表盘及指针所指位置如下图所示，则此段电阻丝的电阻为______

（ii）现要进一步精确测量其阻值实验室提供了下列可选用的器材。

A.电流表（量程300mA，内阻约）

B.电流表（量程0.6A，内阻约）

C.电压表（量程3.0V，内阻约）

D.电压表（量程5.0V，内阻约）

E.滑动变阻器（最大阻值为）

F.滑动变阻器（最大阻值为）

G.电源E（电动势4V；内阻可忽略）

H.电键；导线若干。

①为了尽可能提高测量准确度；应选择的器材为（只需添器材前面的字母即可）

电流表______，电压表______，滑动变阻器______。

②下列给出的测量电路中，最合适的电路是______。

A.B.

C.D.26、在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中．用导线a、b、c、d、e、f、g和h按如图所示方式连接电路；电路中所有元器件都完好，且电压表和电流表已调零．闭合开关后：

(1)若电压表的示数为2V，电流表的示数为零，小灯泡不亮，则断路的导线为________；

(2)若电压表的示数为零，电流表的示数为0.3A，小灯泡亮，则断路的导线为_________；

(3)若反复调节滑动变阻器，小灯泡亮度发生变化，但电压表、电流表的示数不能调为零，则断路的导线为____________．评卷人得分六、解答题(共3题，共12分)27、类比是研究问题常用的方法。

（1）如图1所示，在地面上方，将质量为的小球用长为的细线悬挂起来，组成一个单摆。把小球拉离平衡位置后释放，让其做偏角很小的振动。已知地球质量为小球到地心的距离为万有引力常量为求小球所在处的重力加速度及单摆振动的周期

（2）2022年10月31日梦天实验舱成功发射，并于11月1日与空间站对接后实现在轨运行。若将图2所示的装置置于在轨运行的梦天实验舱中，利用梦天实验舱的微重力环境，研究库仑力作用下的振动。图2中，质量为电荷量为的带电小球用长为l的绝缘细线悬挂起来，在其正下方固定一个电荷量为的均匀带电大球，把小球拉离平衡位置后释放，在大球的库仑力作用下小球做偏角很小的振动。由于振动过程中细线偏角很小，可认为小球到固定带电大球中心的距离始终为且小球受到大球的库仑力方向不变，带电小球的振动类似于重力场中单摆的振动。已知静电力常量为类比单摆在地面附近的振动，求带电小球在梦天实验舱中的振动周期

（3）在历史上；库仑曾用类似图2中的实验研究了异种电荷间吸引力与距离的关系。下面我们就追寻历史的脚步，用图2中的装置验证库仑力大小与电荷间距离的平方成反比。请说明实验验证的思路。

28、如图所示，质量mA=0.8kg、带电量q=－4×10−3C的A球用长度l=0.8m的不可伸长的绝缘轻线悬吊在O点，O点右侧有竖直向下的匀强电场，场强E=5×103N/C。质量mB=0.2kg不带电的B球静止在光滑水平轨道上，右侧紧贴着压缩并锁定的轻质弹簧，弹簧右端与固定挡板连接，弹性势能为3.6J。现将A球拉至左边与圆心等高处释放，将弹簧解除锁定，B球离开弹簧后，恰好与第一次运动到最低点的A球相碰，并结合为一整体C，同时撤去水平轨道。A、B、C均可视为质点，线始终未被拉断，g=10m/s2；求：

(1)碰撞过程中A球对B球做的功；

(2)碰后C第一次离开电场时的速度；

(3)C每次离开最高点时；电场立即消失，到达最低点时，电场又重新恢复，不考虑电场瞬间变化产生的影响，求C每次离开电场前瞬间绳子受到的拉力。

29、如图所示，从炽热的金属丝K逸出的电子（速度可视为零），经加速电场加速后，从偏转电场两极板正中央垂直电场方向射入，恰好从下极板边缘飞出电场。已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U0。偏转电场两板间距离为d，板长为L。电子的重力不计。求：

(1)电子进入偏转电场时的速度大小；

(2)偏转电场电压；

(3)电子离开偏转电场时速度的大小和速度偏转角的正切值。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

设电子被加速后获得初速为v0，则由动能定理得：又设极板长为l，则电子在电场中偏转所用时间：设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a，由牛顿第二定律得：电子射出偏转电场时，平行于电场方向的速度：vy=at，联立可得：所以：

A.不变，变为原来的2倍；则夹角的正切值变成原来的一半，故A错误；

B.U1不变，U2变为原来的夹角的正切值变成原来的倍；故B错误；

C.不变，变为原来的2倍；夹角的正切值变成原来2倍，故C正确；

D.都变为原来的2倍；夹角的正切值不变，故D错误。

故选C。2、B【分析】【详解】

A．由图根据等势线与电场线处处垂直，可知，M、N处点电荷为等量异种点电荷；故A错误；

B．已知一个正点电荷从P点移动到H点时电势能减小，根据可知，P点的电势比H点的电势高；故B正确；

C．根据题意可知，P点和H点关于MN连线和中垂线的交点对称，则P点的场强与H点的场强大小相同；故C错误；

D．一个正点电荷从P点移动到H点时电势能减小，则将电子由P点移动到H点；电势能增加，电场力做负功，故D错误。

故选B。3、D【分析】【分析】

【详解】

各点电势则两点连线的线段分三等分，则取点的电势为因此点与点的连接为等势面，那么与连线垂直的即为电场线。由于又因为电势沿着电场线降低，所以方向指向右下方。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．每个沿水平方向喷出的微粒都做类平抛运动，加速度

则在竖直方向上

解得

B．向不同方向喷出的微粒，动能定理得

B错误；

C．d增加为原来的2倍，根据

可知运动时间增大为原来的倍，喷涂半径

变为原来的倍；则喷涂面积变为原来的2倍，C正确；

D．E增加为原来的2倍，加速度

运动时间变为原来的喷涂半径变为原来的喷涂面积减小为原来的D错误。

故选C。5、D【分析】【详解】

根据安培定则可知导线环中的电流产生的磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针最后静止时N极所指的方向垂直纸面向外，故选D。6、D【分析】【详解】

A．奥斯特实验说明电流可以产生磁场；故A错误；

B．磁场的方向是小磁针静止时N极的指向；小磁针N极的受到磁场力方向，而不是小磁针静止时所受合力的方向，故B错误；

C．由左手定则可知当电流与磁场平行时电流不受磁场力作用；但该处不一定无磁场，故C错误；

D．由地磁场情况可知地球表面的磁场的竖直分量在南半球垂直于地面向上；在北半球垂直于地面向下，故D正确。

故选D。二、多选题(共5题，共10分)7、A:D【分析】【分析】

【详解】

A.将R0看成电源的内阻；则有。

R0+r=2r而。

Rab=2r当外电阻等于内阻时，电源消耗功率最大，则滑动片由a端向b端滑动时；变阻器消耗的功率减小，故A正确；

B.根据电池总功率。

P=IE可知；电流增大，总功率变大，故B错误．

CD.当变阻器的滑动片自a端向b端滑动时；变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，根据功率。

P=I2R可知，固定电阻R0上和电源的内阻上消耗功率变大，故C错误，D正确；8、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．开关闭合后，电压表测量路端电压，电流表测量总电流，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动过程中；接入电路的电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，故电压表的示数变小，电流表的示数变大，故A错误，B正确；

C．将定值电阻看成电源的内阻，则等效电源的内阻为4Ω，滑动变阻器的最大阻值是10Ω，因为电源的内外电阻相等时电源的输出功率最大，所以滑片P由a端向b端滑动过程中；滑动变阻器消耗的功率先变大后变小，故C错误；

D．电源的输出功率。

当。

时，电源输出功率最大，将滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动的过程中；外电阻的大小向内阻接近，故输出功率变大，故D正确。

故选BD。9、B:C【分析】【详解】

A．由动能定理可知

设从圆上点离开动能最大，则

延长到使得过点做圆的切线分别交圆在处；则场强可能是图1和图2两个方向。

如图1，场强方向可能沿方向，对应的是粒子到达圆周上动能最大的位置；如图2，场强可能沿与夹角为斜向右下方，对应的是粒子到达圆周上动能最大的位置；A选项错误；

B．由

B选项正确。

C．若电场为图1情况，粒子不可能达到点；C选项正确；

D．由曲线运动的性质可知沿着方向射入的粒子的运动轨迹应为速度方向与电场力方向所夹的一条曲线如图3，曲线与圆的交点应在圆弧段（不包括两点），从到电场力做功大于电势能变化量的绝对值大于D错误。

故选BC。10、C:D【分析】【分析】

【详解】

在数学中斜率就等于图线与横轴的夹角的正切值（tanα），而在物理中斜率与tanα并没有直接联系。R甲=Ω=3ΩR乙=Ω=6Ω

故选CD。11、C:D【分析】【详解】

A．开普勒在第谷观测数据的基础上发现了开普勒三大定律；故A错误；

B．法拉第发现了电磁感应现象；但是韦伯和纽曼发现了电磁感应定律，故B错误；

C．库仑猜想到电荷之间的作用力与万有引力具有相似性；并通过扭秤实验验证了这一猜想，故C正确；

D．丹麦物理学家奥斯特发现电流可以使它周围的小磁针发生偏转；即发现了电流的磁效应，故D正确。

故选CD。三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】【详解】

[1]根据电场的叠加原理可知合场强为零的点应在两个点电荷的连线上-q的外侧，设其横坐标为x，根据平衡条件有

解得：【解析】12cm13、略

【分析】【详解】

略【解析】R=ρ14、略

【分析】【详解】

（1）[1]若将此表头改装成量程为的电压表，由欧姆定律知

代入数据得

（2）[2]若将此表头改装成量程为

的电流表，由欧姆定律可知

代入数据得

（3）[3]把表头改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值越小，改装后电流表的量程越大，由图示电路可知，使用A、B两个端点时并联分流电阻阻值较小，此时电流表量程较大。【解析】135037.5较大15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]当使用A；B两接线柱时是电流表；其量程为。

（2）[3][4]当使用A；C接线柱时是电压表；其量程为。

【解析】A、B0.001A、C2.016、略

【分析】【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.正确④.正确⑤.正确⑥.错误17、略

【分析】【详解】

闭合开关K，据全电路欧姆定律得

闭合开关K，电容器的电压等于两端电压，为：

开关K断开时，电容器的电压等于电源的电动势，为

电容器两端的电压变化量

过的总电荷量．【解析】1A；1.2×10-4C；18、略

【分析】【分析】

根据电场线的疏密判断场强的大小；根据电场线的方向判断电势的高低．顺着电场线电势降低．等量异种点电荷的中垂线是一条等势线．

【详解】

由图看出，A、B两点处电场线疏密相同，方向相同，则A、B两点的场强相同．电场线从A指向B，A点电势高于B点电势，即两点电势不同；CD是等量异种点电荷的中垂线上的两点，电势相同，场强不同，D点场强大于C场强．【解析】相同不同不同相同四、作图题(共4题，共16分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析21、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共28分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1]由图可知；螺旋测微器固定刻度示数为2.0mm，铅笔芯的直径为2.0mm+15.0×0.01mm=2.150mm；

（2）[2][3]由热敏电阻的I—U图像可知电压从0变化起；他选用的电路应该是图乙电路；根据对应电流值可知选用的电流表量程是0.06A量程；

（3）[4]设热敏电阻的电压为U，电流为I，根据闭合电路欧姆定律有

解得

作出该I-U图象；如图：

两图像的交点代表此时热敏电阻的电流和电压，则此时单个热敏电阻消耗的电功率为【解析】2.150乙0.06A50.424、略

【分析】【详解】

本实验的等效电路图如下：

应该采用分压式；外接法；所以①、④两根导线有问题．

实验开始时为了保证实验仪器的正常使用；需要将C拨到最左端，即A处，开关闭合后，电压表读数为0V．

电流表的量程应为0.6A，图乙中电流表的读数为0.32A(不需要估读)．【解析】①.①②.④③.A④.0⑤.0.3225、略

【分析】【详解】

（1）[1]游标卡尺读数为

（2）[2]螺旋测微器的读数是

（3）（i）[3][4]用已经调零且选择开关指向欧姆挡“×10”挡位的多用电表测量；发现指针的偏转角度太大，则选取挡位过大，则应将选择开关换成欧姆挡的“×1”挡位。然后进行欧姆调零。

[5]此段电阻丝的电阻为

（ii）①[6]根据欧姆定律电路中最大电流为

故电流表应选A。

[7]该电阻丝R的额定电压为3V；则电压表示数选C。

[8]电阻丝的阻值仅为与的滑动变阻器的电阻箱相差比较大；所以滑动变阻器阻值越小，调节时电表变化越明显，为方便实验操作，滑动变阻器应选E。

②[9]变阻器E若是限流式则阻值太小；故应用分压式接法，又待测电阻值远小于电压表内阻，电流表应用外接法，故最合适的电路是B