2025年新世纪版必修1物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修1物理上册月考试卷434考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、2018年10月23日港珠澳大桥正式通车，它是目前世界上最长的跨海大桥，为香港、澳门、珠海三地提供了一条快捷通道．图甲是港珠澳大桥中的一段，一辆小汽车在长度为L=21m的平直桥面上提速，图乙是该车在该段的车速的平方（v2）与位移（x）的关系．则关于小汽车通过该段平直桥面的加速度和时间分别为。

A.4m/s26sB.2m/s23sC.2m/s25sD.2m/s2s2、如图所示，完全相同的三块木块并排固定在水平地面上，一颗子弹以速度水平射入；若子弹在木块中做匀减速直线运动且穿过第三块木块后速度恰好为零，则下列说法中正确的是（）

A.子弹依次射入每块木块时的速度之比为B.子弹依次射入每块木块时的速度之比为C.穿过每块木块所用时间之比为D.穿过每块木块所用时间之比为3、一质点做匀加速直线运动，依次经过O、A、B、C四点，A、B间的距离为10m，B、C间的距离为14m，已知物体通过OA段、AB段、BC段所用的时间相等．则O与A的距离为（）A.8mB.6mC.4mD.2m4、实验室常用的弹簧测力计如图所示，弹簧的一端与连接有挂钩的拉杆相连，另一端固定在外壳上的O点，外壳上固定一个圆环，整个外壳重为G，弹簧和拉杆的质量忽略不计。现将该弹簧测力计以如图（乙）和（丙）的两种方式固定在地面上，并分别用同样的力F0（F0>G）竖直向上拉弹簧测力计；则稳定后弹簧测力计的读数分别为（）

A.乙图读数为F0-G，丙图读数为F0B.乙图读数为F0+G，丙图读数为F0-GC.乙图读数为F0，丙图读数为F0-GD.乙图读数为F0-G，丙图读数为F0+G5、物理中的单位制很重要，例如一个物理等式成立，则等式两边的单位也是相等的。你认为电阻的单位“Ω”用国际基本单位可以表示为（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、自然界一切物体都处于永恒的运动中，要描述一个物体的运动，首先要选定参考系，下列关于参考系的选取正确的是A.“一江春水向东流”说的是水相对于岸(或地面)的运动B.“月亮在云中穿行”说的是月亮相对云的运动C.“太阳东升西落”说的是太阳相对地球的运动D.“坐地日行八万里”说的是人相对于地面的运动7、两个力F1和F2间的夹角为θ，两力的合力为F，以下说法正确的是（）A.若F1、F2的大小和方向一定，则F的大小和方向一定B.若F1与F2大小不变，θ角越小，合力F就越大C.如果夹角θ不变，F1大小不变，只要增大F2，合力F就必然增大D.合力F的作用效果与两个分力F1和F2共同产生的作用效果是相同的8、某物体运动的速度图像如图；根据图像可知。

A.0-2s内的加速度为1m/s2B.0-5s内的位移为10mC.第1s末与第3s末的速度方向相同D.第1s末与第5s末加速度方向相同9、甲、乙两辆汽车（都可视为质点）分别处于同一条平直公路的两条平行车道上，开始时乙车在前，甲车在后，两车间距为时甲车先启动，时乙车再启动，两车启动后都是先做匀加速运动，后做匀速运动，两车运动的图像如图所示。则下列说法正确的是（）

A.两车加速过程，甲车的加速度比乙车大B.若两车在时相遇，则在时再次相遇C.若则两车间的距离最小为D.从甲车运动开始计时到末，甲车的平均速度小于乙车的平均速度10、假设高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶．甲车在前，乙车在后，速度均为v0＝30m/s，距离为s0＝100m．t＝0时刻甲车遇紧急情况后；甲；乙两车的加速度随时间变化如图所示．取运动方向为正方向，下列说法正确的是()

A.t＝3s时，甲车的速度为0m/sB.t＝6s时，两车距离为10mC.t＝9s时，甲在乙前方20m处D.0～9s内，两车会相撞11、某物体运动的速度图象如图所示．根据图象可知（）

A.0～2s内的加速度为4m/s2B.0～5s内的位移为14mC.第1s末与第3s末的速度方向相反D.第1s末与4.5s时的加速度方向相反12、一个作初速度为零的匀加速直线运动的物体，下列说法中正确的是A.第4秒内的平均速度大于4秒内的平均速度B.第4秒内的平均速度大于第4秒末的即时速度C.第4秒内的位移小于头4秒内的位移D.第3秒末的速度等于第4秒初的速度评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)13、如图所示，M、N两物体叠放在一起，在恒力F作用下，一起向上做匀加速直线运动，对于N，存在___________对作用力与反作用力；对于M，存在___________对作用力与反作用力．14、伽利略曾用滴水计时器研究物体的运动规律，我们可以利用输液瓶滴液等时性的特点，借助医院打点滴的输液瓶设计滴水计时器,固定在电动车靠近地面处，来研究电动车启动过程速度随时间变化的规律，如图所示。经过测量得知：在某一状态下，输液瓶滴下21滴水用时（从第1滴落地开始计时到第21滴落地结束计时）。从清晰可见的位置开始测量，前11滴水的落点到第1滴水落点的距离如表所示：。编号12345600.120.310.580.941.38编号78910111.92.493.163.904.71

回答下列问题（计算结果均保留三位有效数字）：

（1）从滴水计时器第1滴水落地，到第5滴水落地的过程中，电动车的平均速度为______

（2）滴水计时器第4滴水落地时，电动车的瞬时速度____

（3）如果电动车启动过程可以看做匀加速直线运动，则电动车的加速度___15、在“探究力的平行四边形定则”的实验中，将橡皮条上结点用两个弹簧秤拉到O点，记下两个弹簧秤的读数和绳套方向，再改用一个弹簧秤将橡皮条上结点还拉到O点的目的是：________。16、如右图所示，是一个物体向东运动的速度时间图像。该物体在内的加速度为___________；在内的运动方向向___________。

17、初速度为零的匀加速直线运动，通过前1、2、3米位移所用的时间之比为__________；通过第1、2、3米位移所用的时间之比为__________.18、如图所示，在倾角为α的斜面上，放一质量为m的小球，小球和斜坡及挡板间均无摩擦，当档板由图示位置开始绕O点逆时针缓慢地转到水平位置的过程中，则球对挡板的压力大小将________；斜面对球的弹力大小将________。（填变大、变小、先变大后变小，或者先变小后变大）19、国际单位制中的力学基本单位。

长度l，单位：______；质量m，单位：______；时间t，单位：______。20、如图所示，质量为M的木箱子放在水平桌面上，木箱中的竖直立杆（质量不计）上套有一质量为m的圆环，圆环由静止开始释放，圆环下滑的加速度恒为则圆环在下落过程中处于_________状态（填“超重”或“失重”）；此下落过程中木箱对地面的压力为___________。

21、一质点在x轴上运动；各个时刻的位置坐标如表：

则此质点开始运动后，第______s内的位移最大，第______s内的路程最大；前______s内位移最大，前______s内路程最大．评卷人得分四、实验题(共3题，共12分)22、某同学利用图（a）的装置测量轻弹簧的劲度系数。图中，光滑的细杆和直尺水平固定在铁架台上，一轻弹簧穿在细杆上，其左端固定，右端与细绳连接；细绳跨过光滑定滑轮，其下端可以悬挂砝码（实验中，每个砝码的质量均为）；弹簧右端连有一竖直指针，其位置可在直尺上读出，实验步骤如下：

①在绳下端挂上一个硅码；调整滑轮，使弹簧与滑轮间的细线水平且弹簧与细杆没有接触；

②系统静止后；记录砝码的个数及指针的位置；

③逐次增加砝码个数；并重复步骤②（保持弹簧在弹性限度内）；

④用n表示砝码的个数；l表示相应的指针位置，将获得的数据记录在表格内。

回答下列问题：

(1)根据下表的实验数据在图（b）中补齐数据点并做出图像______；。l1234510.4810.9611.4511.9512.40

(2)弹簧的劲度系数k可用砝码质量m、重力加速度大小g及图线的斜率表示，表达式为_____；若g取则本实验中____（结果保留3位有效数字）。

23、某同学设计了一个验证牛顿第二定律的实验；下面图甲为其设计的实验装置简图．

(1)如图乙所示，为该同学做某次实验得到的纸带，可以判断出这条纸带的运动方向是______．（选“向左”或“向右”）

(2)如图丙所示，为该同学根据纸带上的测量数据进行分析处理后所描绘出来的实验图线示意图．设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b；若牛顿第二定律成立．

则：小车受到沙桶的拉力大小为______N；小车的质量大小为______kg．24、如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为其中则打E点时小车的瞬时速度的大小是______加速度的大小是______计算结果保留两位有效数字．

评卷人得分五、解答题(共4题，共24分)25、为了测定气垫导轨上滑块的加速度大小，在滑块上安装了宽度为的遮光板，如图所示，滑块在牵引力作用下先后加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为通过第二个光电门的时间为遮光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间间隔为则滑块的加速度为多大？

26、如图（甲）所示，轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为10kg的物体，∠ACB=30°；图（乙）中轻杆HP一端用铰链固定在竖直墙上，另一端P通过轻绳EP拉住，EP与水平方向也成30°，轻杆的P点用轻绳PQ拉住一个质量也为10kg的物体。g取10m/s2；求：

(1)轻绳AC段的张力FAC与轻绳EP的张力FEP之比；

(2)横梁BC对C端的支持力；

(3)轻杆HP对P端的支持力。

27、如图所示，物体A、B在水平地面的同一直线上，间距s=5m．某时刻，物体A在水平外力F作用下从静止开始向右运动，一段时间后撤去F；同时物体B以初速度v0=2m/s向左运动，经1s停下，整个过程中两物体不相碰．已知两物体与地面的动摩擦因数相同，重力加速度g取10m/s2，物体质量=0.5kg．求：

（1）物体与地面间的动摩擦因数μ；

（2）外力F对物体A做功的最大值．

28、可爱的企鹅喜欢在冰面上游玩，如图所示，有一企鹅在倾角为的斜面上，先以加速度a=0.5m/s2从冰面底部由静止开始沿直线向上“奔跑”，t=4s时，突然卧倒以肚皮贴着冰面向前滑行，最后退滑到出发点，完成一次游戏（企鹅在滑动过程中姿势保持不变）。若企鹅肚皮与冰面间的动摩擦因数g=10m/s2；求：

（1）企鹅向上“奔跑”的位移大小及4s末的速度；

（2）企鹅沿冰面上滑的加速度大小；

（3）企鹅退滑到出发点的速度大小。

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

由题中“图乙是该车在该段的车速的平方（v2）与位移（x）的关系”可知；本题考查速度位移公式，根据图像信息结合速度位移公式可解答．

【详解】

右图中信息可知运用公式可得

解得

再由公式

得

故B正确．2、B【分析】【分析】

将匀减速直线运动当做初速度为零的匀加速直线运动的逆运动来看；根据初速度为零的匀加速直线运动规律可快速求解。

【详解】

AB．将匀减速直线运动当做初速度为零的匀加速直线运动的逆运动，由初速度为零的匀加速直线运动可知

则

故A错误；B正确；

CD．将匀减速直线运动当做初速度为零的匀加速直线运动的逆运动，可知

则

从右往左依次穿过木块的时间之比为

则穿过每块木块所用时间之比为

故CD都错误。

故选B。

【点睛】

匀减速直线运动可当做初速度为零的匀加速直线运动的逆运动来处理。3、B【分析】【详解】

据匀加速直线运动规律，连续相等的时间间隔T内物体的位移之差则所以选项B正确；

【点睛】

做分析匀变速直线运动情况时，其两个推论能使我们更为方便解决问题，一、在相等时间内走过的位移差是一个定值，即二、在选定的某一过程中，中间时刻瞬时速度等于该过程中的平均速度．4、A【分析】【分析】

【详解】

在乙图中F0等于G加上弹簧的拉力，乙图读数为F0-G，在丙图中F0等于弹簧的拉力。

故选A。5、A【分析】【详解】

BCD．国际基本单位中的七个基本单位：长度m；时间s，质量kg，热力学温度（开尔文温度）K，电流A，光强度cd（坎德拉），物质的量mol。题干要求国际基本单位表示，BCD错误。

A．根据功率的表达式结合牛顿第二定律整理得

则单位为A正确。

故选A。二、多选题(共7题，共14分)6、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A．“一江春水向东流”参考系是河岸；说的是水相对于岸(或地面)的运动，选项A正确；

B．“月亮在云中穿行”参考系是云；说的是月亮相对云的运动，选项B正确；

C．“太阳东升西落”说的是太阳相对地球的运动；选项C正确；

D．“坐地日行八万里”说的是人相对于地球以外的其它星体是运动，选项D错误．7、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据平行四边形定则，若F1、F2的大小和方向一定，则F的大小和方向一定；A正确；

B．若F1与F2大小不变，θ角越小，合力F就越大；故B正确；

C．若θ角为钝角且不变，F1大小不变，增大F2时，合力F可能先变小后增大；如图所示，故C错误；

D．合力与分力的作用效果是相同的；故D正确。

故选ABD。8、A:C【分析】【分析】

速度图象的斜率等于物体的加速度大小．根据斜率的正负分析加速度的正负．图线与两个坐标轴所围“面积”等于位移．根据速度的正负判断速度的方向．

【详解】

A．由v﹣t图象知，0﹣2s内物体运动的加速度为故A正确；

B．v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移，故0﹣5s内的位移为故B错误；

C．速度的正负表示运动方向；第1s末图象在时间轴上方，速度为正，第3s末速度图象也在时间轴上方，速度也为正，故方向相同，故C正确；

D．第1s内图线的斜率为正值；加速度沿正方向，而第5s内图线的斜率为负值，加速度方向沿负方向，则第1s内与第5s内物体的加速度方向相反．故D错误．

【点睛】

对于速度﹣时间图象要抓住两个数学意义来理解其物理意义：斜率等于加速度，“面积”等于位移9、B:C【分析】【详解】

A．根据速度图象的斜率表示加速度，知两车加速过程，甲的加速度大小为

乙车的加速度大小为

甲车的加速度比乙车小，故A错误；

B．若两车在5s时相遇，根据v-t图象与坐标轴围成的面积表示位移可知；5s～9s内甲车通过的位移与乙车的位移相等，所以在9s时相遇，故B正确；

C．当两车速度相等时间距最小，即知t=7s时两车间间距最小，为

故C正确；

D．从甲车运动开始计时到9s末，甲车平均速度

乙车的平均速度

甲车的平均速度大于乙车的平均速度；故D错误。

故选BC。10、A:B【分析】【详解】

A．甲做匀减速直线运动，时，甲车的速度为：

故A正确；

B．由加速度图象可画出两车的速度图象，如图所示

由图象可知，时两车等速，此时距离最近，图中阴影部分面积为内两车位移之差：

两车距离为：

故B正确；

C．时两车间的位移差为：

时两车距离为：

故C错误；

D．由图象可知，时两车等速，此时距离最近，由于乙车没有追上甲车，6s后乙车的速度小于甲车的速度，所以0～9s内两车不会相撞，故D错误；

故选AB。11、B:D【分析】【详解】

A.0～2s内的加速度为:

故A错误．

B.速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内的位移，0～5s内的位移为:

故B正确．

C.第1s末与第3s末的速度都是正值；所以方向相同，故C错误．

D.第1s末所在位置的图象斜率为正值，第4.5s末的所在位置的图象斜率为负值，所以第1s末与第4.5s末的加速度方向相反，故D正确．12、A:C:D【分析】答案应为BCD

根据匀变速直线运动的规律：中间时刻的瞬时速度等于该段时间内的平均速度；所以第4秒内的平均速度等于3.5秒末的瞬时速度，4秒内的平均速度等于2秒末瞬时速度，故A错，B对；

第四秒内的位移包含在头四秒内的位移中；所以C对；

第3秒末也是第4秒初；所以第3秒末的速度等于第4秒初的速度，D正确；

故答案选BCD.三、填空题(共9题，共18分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

M、N两物体一起向上做匀加速直线运动，合力向上，对MN整体进行受力分析，受到重力和F，墙对M没有弹力，否则合力不能向上，也就不可能有摩擦力；对N进行受力分析，得：N受到重力，M对N的支持力，这两个力的合力不能向上，所以还受到M对N向上的静摩擦力，一共3个力，则N存在3对作用力与反作用力；再对M进行受力分析，得：M受到重力、推力F、N对M的压力以及N给M沿斜面向下的静动摩擦力，一共4个力，则存在4对作用力与反作用力．【解析】3414、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]相邻两滴水滴之间的时间间隔为T=0.2s；从滴水计时器第1滴水落地，到第5滴水落地的过程中，电动车的平均速度为

（2）[2]滴水计时器第4滴水落地时，电动车的瞬时速度等于3、5之间的平均速度，则

（3）[3]如果电动车启动过程可以看做匀加速直线运动，则电动车的加速度【解析】1.181.581.9515、略

【分析】【分析】

【详解】

两次都将橡皮条拉到同一位置，合力和分力的作用效果相同，两者可以等效替代。【解析】使分力产生的作用效果和合力产生的作用效果相同16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]v-t图像斜率表示加速度，由图可知，该物体在内的加速度为0。

[2]在内，速度仍为正，运动方向向东。【解析】①.0②.东17、略

【分析】【详解】

[1]由位移公式得

前1m所用的时间为

前2m所用的时间为

前3m所用的时间为

所以

[1]第1m所用的时间为

第2m所用的时间为

第3m所用的时间为

所以【解析】18、略

【分析】【详解】

[1][2]．小球受重力、斜面支持力F1和挡板支持力F2，将F1与F2合成为F；如图。

小球一直处于平衡状态，三个力中的任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故F1和F2合成的合力F一定与重力等值、反向、共线．从图中可以看出，当挡板绕O点逆时针缓慢地转向水平位置的过程中，F1越来越小，F2先变小，后变大，根据牛顿第二定律可知，球对挡板的压力大小将先变小后变大．【解析】先变小后变大变小19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】mkgs20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]圆环加速下落加速度方向向下；故处于失重状态；

[2]以环为研究对象，可知环受到重力和摩擦力的作用，由牛顿第二定律得

所以

以箱子为研究对象，分析受力情况：箱子受到重力Mg、地面的支持力N和环对箱子向下的滑动摩擦力f，根据平衡条件得

根据牛顿第三定律得木箱对地面的压力大小【解析】失重21、略

【分析】【详解】

[1]质点在第1s内的位移为：

x1=5m-0=5m在第2s内的位移：

x2=-4m-5m=-9m在第3s内的位移：

x3=-1m-（-4）m=3m在第4s内的位移：

x4=-7m-（-1）m=-6m在第5s内的位移：

x5=1m-（-7）m=8m所以在第2s内的位移最大；

[2]质点在第1s内的路程为：

s1=5m+0=5m在第2s内的路程：

s2=4m+5m=9m在第3s内的路程：

s3=4m-1m=3m在第4s内的路程：

s4=7m-1m=6m在第5s内的路程：

s5=1m+7m=8m所以在第2s内的路程最大；

[3]前1s内的位移为：

=5m-0=5m前2s内的位移：

=-4m-0m=-4m前3s内的位移：

=-1m-0m=-1m前4s内的位移：

=-7m-0m=-7m前5s内的位移：

=1m-0m=1m所以前4s内的位移最大；

[4]前1s内的路程为：

=5m前2s内的路程：

=5m+9m=14m前3s内路程：

=14m+3m=17m前4s内的路程：

=17m+6m=23m前5s内的路程：

=23m+8m=31m所以前5s内的路程最大．【解析】2245四、实验题(共3题，共12分)22、略