2025年人教版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、在如图所示的电路中，已知电源的电动势E=3.0V，内电阻r=0.50Ω；外电路的电阻R=1.0Ω．闭合开关S后，电路中的电流I为（）

A.1.0A

B.1.5A

C.2.0A

D.3.0A

2、在下图四种电场中，分别有ab

两点.

其中ab

两点的电势不相等，场强相同的是(

)

A.甲图：与点电荷等距的ab

两点B.乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的ab

两点C.丙图：点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面与点电荷等距离的ab

两点D.丁图：匀强电场中的ab

两点3、不计电阻的自感线圈L完全相同的灯泡L1、L2、L3和内阻不计的电源E连接成如图所示的电路，接通开关S，一段时间后断开S在断开S的瞬间，下列说法正确的是（）A.L1闪亮一下后熄灭B.L2闪亮一下后熄灭C.L3变暗一下后熄灭D.L1、L2、L3同时闪亮一下后熄灭4、如图所示，两块水平放置的平行金属板间距为d，定值电阻的阻值为R，竖直放置线圈的匝数为n，绕制线圈导线的电阻为R，其他导线的电阻忽略不计．现在竖直向上的磁场B穿过线圈，在两极板中一个质量为m，电量为q，带正电的油滴恰好处于静止状态，则磁场B的变化情况是（）A.均匀增大，磁通量变化率的大小为B.均匀增大，磁通量变化率的大小为C.均匀减小，磁通量变化率的大小为D.均匀减小，磁通量变化率的大小为5、在电场中的某点放入电荷量为的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电荷量为的试探电荷，其它条件不变，此时测得该点的电场强度为（）A.大小为2E，方向和E相反B.大小为E，方向和E相同C.大小为2E，方向和E相同E.方向和E相反B．大小为E，方向和E相同C．大小为2E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反E.方向和E相反B．大小为E，方向和E相同C．大小为2E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反6、核电站的核能来源于U的裂变，现有4种说法：①U原子核中有92个质子、143个中子；②U的一种可能的裂变是变成两个中等质量的原子核，如Xe和Sr，反应方程式U+n→Xe+Sr+2n；③U是天然放射性元素，常温下它的半衰期约为45亿年，升高温度半衰期缩短；④一个U裂变能放出约200MeV的能量，合3.2×10-11J．以上的四种说法中正确的是（）A.①②③B.②③④C.①③④D.①②④评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)7、有一个量程为0.5A的电流表，与阻值为1Ω的电阻并联后通入0.6A的电流，电流表的示数为0.4A，若将该电流表的量程扩大为5A，则应______联一个阻值为______Ω的电阻．（保留两位有效数字）8、如图所示为一交变电流的图象；则该交变电流的有效值为______A

9、已知1盎司=31.1g，一块体积是10cm3奥运会的纪念金币质量为5盎司，则该金币的密度为______kg/m3．它是纯金的吗？______（ρ金=19.3×103kg/m3）。10、在研究电磁感应现象试验中

垄脜

为了能明显地观察到实验现象；请在如图所示的实验器材中，选择必要的器材，将图中没有连接的导线用笔画代替导线连接起来，构成实验电路．

垄脝

选用的电流表指针的偏转方向与电流方向有关.

若合上电键时发现指针向右偏，填写表格空格．11、隆露

探究弹力和弹簧伸长的关系隆路

的实验中，由实验测得某弹簧的长度L

和弹力的关系如图所示，则该弹簧的原长为______cm

劲度系数为______N/m

．评卷人得分三、判断题(共9题，共18分)12、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）13、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）14、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

15、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）19、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、简答题(共3题，共12分)21、某研究性学习小组对rm{Cu}与rm{H_{2}SO_{4}}反应的产物种类和性质进行探究rm{.}

Ⅰrm{.}产物种类探究。

在铜与浓硫酸反应的过程中，发现有黑色物质出现，经查阅文献获得下列资料rm{.}

资料rm{1}rm{垄脵X}射线晶体分析表明，铜与浓硫酸反应生成的黑色物质为rm{CuO}和rm{CuS}中的一种或两种．

rm{垄脷}已知rm{CuS}不溶于稀硫酸。资料rm{2}。硫酸rm{/mol?L^{-1}}黑色物质出现的温度rm{/^{circ}C}黑色物质消失的温度rm{/^{circ}C}rm{15}约rm{150}约rm{236}rm{16}约rm{140}约rm{250}rm{18}约rm{120}不消失rm{(1)}由上述资料rm{2}可得出的正确结论是______rm{(}选填下列字母编号rm{)}

rm{a.}铜与浓硫酸反应时所涉及的反应可能不止一个。

rm{b.}硫酸浓度选择适当；可避免最后产物中出现黑色物质。

rm{c.}该反应发生的条件之一是硫酸浓度rm{>15mol?L^{-1}}

rm{d.}硫酸浓度越大；黑色物质出现越快，越难消失。

rm{(2)Cu}与足量rm{16mol?L^{-1}}浓硫酸反应时，在rm{80^{circ}C}以后，随着温度的逐渐升高，反应中硫酸铜的生成逐渐增加，而rm{CuS}却逐渐减少，到达rm{250^{circ}C}左右时，rm{CuS}在反应中完全消失的澄清溶液，rm{CuS}消失的化学方程式为________________________rm{.}

Ⅱrm{.}产物性质探究。

rm{Cu}与浓rm{H_{2}SO_{4}}反应生成的rm{CuSO_{4}}具有某些特定性质，一定浓度rm{CuSO_{4}}溶液与rm{NaHCO_{3}}溶液反应后生成蓝绿色颗粒状沉淀，沉淀可能是rm{CuCO_{3}}rm{Cu(OH)_{2}}或者rm{CuCO_{3}}与rm{Cu(OH)_{2}}的混合物rm{.}

rm{(1)}若沉淀是rm{Cu(OH)_{2}}生成沉淀的离子方程式是________________________rm{.}

rm{(2)}为了进一步探究沉淀的成分，设计的实验装置如图：实验操作步骤为rm{a.}取沉淀样品rm{100}克于rm{B}中；检查装置的气密性。

rm{b.}打开rm{K_{1}}rm{K_{3}}关闭rm{K_{2}}rm{K_{4}}通入足量空气。

rm{c.}关闭rm{K_{1}}rm{K_{3}}打开rm{K_{2}}rm{K_{4}}充分反应。

rm{d.}反应结束后，关闭rm{K_{2}}打开rm{K_{1}}再通入足量空气。

rm{e.}测得装置rm{D}的质量增加了rm{22g}

rm{垄脵}步骤rm{b}的作用是________________________

rm{垄脷}若沉淀样品为rm{CuCO_{3}}和rm{Cu(OH)_{2}}的混合物，则rm{Cu(OH)_{2}}的质量分数为______，若不进行步骤rm{d}则会使测得rm{Cu(OH)_{2}}的质量分数为______rm{(}填“偏高”“无影响”“偏低”rm{)}22、A、rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，其中非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成对电子数的两倍，rm{C}元素在地壳中含量最高，rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，rm{E}的合金是我国使用最早的合金。rm{B}rm{C}rm{D}五种元素的原子序数依次增大，其中非金属元素rm{E}的基态原子中成对电子数是未成对电子数的两倍，rm{A}元素在地壳中含量最高，rm{C}的单质是短周期中熔点最低的金属，rm{D}的合金是我国使用最早的合金。rm{E}元素的基态原子核外电子排布式为____________。rm{(1)E}的某种氢化物rm{(2)A}分子中含有_________个rm{A_{2}H_{2}}键和_________个rm{娄脪}键。rm{娄脨}的含氧酸根离子rm{(3)A}的立体构型是____________。rm{AO_{3}^{n-}}的最简单氢化物的沸点比rm{(4)B}的最简单氢化物的沸点高得多，其原因是___________。rm{A}的最高价氧化物对应的水化物溶解于氨水中生成的复杂化合物的化学式是__________。rm{(5)E}下图是rm{(6)}单质的晶体堆积方式，这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为_________，若该原子的半径为rm{D}此晶体的密度rm{rpm}________rm{娄脩=}用含rm{g隆陇cm^{-3}(}的代数式表示，阿伏加德罗常数用rm{r}表示rm{N_{A}}rm{)}23、登月探测器由地球出发经地月转移轨道靠近月球后，先在近月圆轨道上绕月运行，继而经过一系列减速过程后将包围在探测器外面的气囊充气再落向月球，落月后再经过多次弹跳最终静止在平坦的月球表面上.

已知探侧器第一次着月弹起到达最高点时距离月球表面的高度为h

速度方向是水平的，速度大小为v0

第二次着月点到第一次弹起最高点的水平距离为x

月球半径为r

．

(1)

求月球表面的重力加速度的大小g脭脗

(2)

忽略探测器近月圆轨道距月表的高度，求其近月绕行的速度大小v

和周期T

．评卷人得分五、计算题(共3题，共24分)24、右图所示为真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入由两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入偏转电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场偏转打在荧光屏上的P点，已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e。求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量y1；（3）荧光屏上P点到中心位置O点的距离。25、一个原来静止的锂（Li）核俘获一个速度为7.7×104m/s的中子后，生成一个氚核和一个氦核，已知氚核的速度大小为1.0×103m/s；方向与中子的运动方向相反。

（1）写核反应方程。

（2）求出氦核的速度。

（3）若mD=2.014102u、mT=3.016050u、mHe=4.002603u、mn=1.008995u则H与H变生成He及释放一个中子，这个反应释放出的能量为多少？26、如图所示电路，电动机的线圈电阻是1娄赂

电动机工作时电压表的示数是12V

电池组的电动势是22V

内电阻是1娄赂

电阻器R

的阻值为4娄赂.

求：电动机输出的功率．评卷人得分六、画图题(共2题，共12分)27、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象28、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】

由闭合电路欧姆定律可知；电路中的电流：

I==A=2A；

故选C．

【解析】【答案】已知电源电动势；内阻与外电路电阻；由闭合电路的欧姆定律可以求出电路电流．

2、D【分析】解：A

甲图为正点电荷的电场，图中ab

两点在同一个圆上，所以ab

两点的电势相同；电场强度的大小也相同，但是场强的方向不同，则场强不同，故A错误；

B、乙图为等量的异种电荷的电场，在其中垂线上的所有的点的电势都为零，并且场强的方向均为水平的指向负电荷，所以此时ab

两点的电势相等；电场强度大小相等；方向也相同，故B错误．

C、丙图中ab

处于金属平板上，处在电场中的金属平板处于静电平衡状态，金属板的表面为等势面，并且电场线与等势面垂直，又由于此时的ab

是左右对称的，所以ab

两点的电势相等；电场强度大小相等；方向也相同，故C错误．

D、丁图是匀强电场，ab

点的场强的大小和方向都相同，但是根据沿电场线的方向电势降低可知，b

点的电势要比a

点的电势高；故D正确．

故选：D

．

电场线与等势面垂直.

电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低.

根据电场线和等势面的分布特点进行分析.

判断电势的高低，根据电场线的方向.

判断场强的大小根据电场线疏密，方向看电场线的切线方向.

要注意场强是矢量，只有大小和方向均相同，场强才相同．【解析】D

3、A【分析】解：开关接通稳定时L1被短路不亮，断开瞬间，由于线圈自感产生一电动势（相当于电源），线圈与L1组成放电回路，导线将L2和L3短路，所以L2和L3立刻熄灭；

而L1由不亮到亮再熄灭；故A正确，BCD错误。

故选：A。

线圈在断开瞬间产生一感应电动势相当于电源；阻碍电流减小，从而即可求解。

做本类题目要注意：线圈与哪种电器相配，是电容还是电阻，再结合线圈特点分析。【解析】A4、A【分析】试题分析:正电荷q处于静止状态，电场力竖直向上，则电容器的上极板带负电，根据楞次定律，可得：穿过线圈的磁通量在均匀增大；线框产生的感应电动势：通过线框的电流：电容器板间的电场强度又U=IR，油滴所受电场力：对油滴，根据平衡条件得：F=mg，所以磁通量变化率的大小为故A正确，B、C、D错误。考点：法拉第电磁感应定律【解析】【答案】A5、B【分析】试题分析：根据电场强度的定义这是比值法定义物理量，电场强度与试探电荷及试探电荷的受力无关，由电场自身决定。试探电荷变，该点的场强是不变的，所以B正确。考点：本题考查电场强度，意在考查学生的理解能力。【解析】【答案】B6、D【分析】解：①、质量数等于质子数与中子数之和，则U原子核中有92个质子；143个中子；故①正确；

②、依据发生核反应的过程满足电荷数和质量数守恒，则有，U+n→Xe+Sr+2n；故②正确；

③；半衰期的大小由原子核内部因素决定；与外部环境无关，即升高温度并不能使半衰期缩短，故③错误；

④、根据1MeV=1.6×10-19J，那么200MeV的能量，等于3.2×10-11J；故④正确。

故选：D。

根据质量数等于质子数与中子数之和；依据核反应方程会满足质量数和电荷数守恒；半衰期与环境温度无关；根据1MeV=1.6×10-19J；从而即可一一求解。

本题综合考查了原子核的衰变，衰变过程满足爱因斯坦质能方程、质量数守恒和电荷数守恒，及影响半衰期的因素，同时理解电子伏特也是能量的单位。【解析】D二、填空题(共5题，共10分)7、略

【分析】解：电流表内阻：Rg====0.5Ω；

把电流表改装成5A的电流表需要并联分流电阻的阻值：

R==≈0.056Ω；

故答案为：并；0.056．

由并联电路的特点确定出电流表的内阻；电流表扩大量程要并联电阻分流；应用并联电路特点与欧姆定律可以求出分流电阻阻值．

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，把电流表改装成大量程电流表，需要并联分流电阻，根据串并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值．【解析】并；0.0568、略

【分析】解：将交流与直流通过阻值都为R

的电阻；设直流电流为I

则根据有效值的定义有：

I12Rt1+I22Rt2=I2RT

代入数据得：(42)2R隆脕1+(32)2隆脕R隆脕1=I2R隆脕2

解得：I=5A

故答案为：5

由图象可知交变电流的周期；一个周期内分为两段，每一段均为恒定电流；

根据有效值的定义求解。取一个周期时间；将交流与直流分别通过相同的电阻，若产生的热量相同，直流的电流值，即为此交流的有效值。

本题考查的是根据交变电流有效值的定义计算有关交变电流的有效值。要注意利用好电流的热效应。【解析】5

9、15.5×103不是【分析】解：一块体积是10cm3奥运会的纪念金币质量为5盎司；

金币的密度：ρ==15.5g/cm3=15.5×103kg/m3＜19.3×103kg/m3；

所以该金币不是纯金的。

故答案为：15.5×103；不是。

由密度公式求出纪念金币的密度；根据密度判断金币是否为纯金的。

本题考查了求密度，应用密度公式即可正确解题；根据密度辨别物质是常用的一种方法。【解析】15.5×103不是10、【分析】【分析】(1)

研究电磁感应现象时要将大线圈与电流表连接；小线圈与电源相连；

(2)

由楞次定律可分析指针的偏转方向。本题考查电磁感应的实验探究，在分析电流方向时，要注意本题中磁通量的方向一直保持不变；才可以得出原线圈中电流增大时，指针右偏，反之左偏。【解答】(1)

为了能使现象明确；大线圈应与灵敏电流计相连；小线圈与电源及滑动变阻器相连；

原理图如下；

(2)

合上电键时；电流变大，穿过线圈的磁通量增大，指针右偏，则说明只要磁通量增大，指针右偏；

当滑片右移时；电流增大，指针右偏；

当原线圈不动时；磁通量不变，指针不偏转；

当拔出线圈时，磁通量方向不变，磁通量减小，则指针左偏。故答案为：【解析】11、略

【分析】解：由图可知；当弹力为零时，弹簧原长为：L0=15cm

据胡克定律F=kx

得：F=k(L鈭�L0)

由图象斜率等于劲度系数：k=50鈭�025鈭�15N/cm=5N/cm=500N/m

故答案为：15500

．

当弹力为零时；弹簧处于原长；根据胡克定律F=kx

从图上根据弹簧的形变量和弹力大小，求出劲度系数，即图线的斜率．

解决本题的关键掌握胡克定律F=kx

同时能根据图象分析原长和劲度系数，知道图象的斜率表示劲度系数．【解析】15500

三、判断题(共9题，共18分)12、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．13、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．14、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．15、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．19、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、简答题(共3题，共12分)21、I（1）abd

（2）CuS+4H2SO4=CuSO4+4SO2↑+4H2O

II（1）Cu2++2HCO3-=Cu（OH）2↓+2CO2↑

（2）①排尽装置中空气中的CO2使测定结果准确。

②38%偏低。

【分析】解：Ⅰ、rm{(1)}依据图表数据分析可知，浓度不同时出现黑色物质的时间随浓度增大减小，浓度为rm{18mol/L}时生成的黑色物质不能消失；

rm{a.}分析过程可知rm{.}发生的反应过程中生成二氧化硫和硫酸铜的反应过程中有奇谈反应发生生成黑色物质；铜与浓硫酸反应时所涉及的反应可能不止一个，故A符合；

rm{b.}图表数据分析可知硫酸浓度选择适当；可避免最后产物中出现黑色物质，故B符合；

rm{c.}浓硫酸和铜的反应浓度小于rm{15mol/L}也可能出现黑色物质，出现的时间长，该反应发生的条件不一定是硫酸浓度rm{geqslant15mol?L^{-1}}故C不符合；

rm{d.}图表数据中，rm{18mol/L}的浓硫酸，出现褐色物质的时间短，黑色物质难以消失，所以硫酸浓度越大，黑色物质越快出现、越难消失，故rm{d}符合；

故答案为：rm{abd}

rm{(2)CuS}消失是和浓硫酸反应生成硫酸铜、二氧化硫和水，反应的化学方程式为：rm{CuS+4H_{2}SO_{4}=CuSO_{4}+4SO_{2}隆眉+4H_{2}O}

故答案为：rm{CuS+4H_{2}SO_{4}=CuSO_{4}+4SO_{2}隆眉+4H_{2}O}

Ⅱ、rm{(1)}沉淀为氢氧化铜的判断依据是碳酸氢钠和硫酸铜在水溶液中发生双水解生成，反应的离子方程式为rm{Cu^{2+}+2HCO_{3}^{-}=Cu(OH)_{2}隆媒+2CO_{2}隆眉}

故答案为：rm{Cu^{2+}+2HCO_{3}^{-}=Cu(OH)_{2}隆媒+2CO_{2}隆眉}

rm{(2)垄脵}空气中含有二氧化碳，空气通过氢氧化钠溶液吸收空气中的二氧化碳，利用除去二氧化碳的空气，打开rm{K_{1}}rm{K_{3}}关闭rm{K_{2}}rm{K_{4}}排除装置中的含二氧化碳气体的空气，避免测定误差的产生；

故答案为：排尽装置中空气中的rm{CO_{2}}使测定结果准确；

rm{垄脷}若沉淀样品的质量为rm{100g}若沉淀样品为rm{CuCO_{3}}和rm{Cu(OH)_{2}}的混合物，依据生成的二氧化碳物质的量计算减少碳酸铜质量，根据样品质量计算得到氢氧化铜的质量分数rm{=dfrac{100g-dfrac{22g}{44g/mol}隆脕124g/mol}{100g}隆脕100%=38%}若不进行步骤rm{=dfrac{100g-dfrac

{22g}{44g/mol}隆脕124g/mol}{100g}隆脕100%=38%}生成的二氧化碳气体中含有水蒸气，被装置rm{C}吸收后称量得到二氧化碳质量增大；计算得到碳酸铜质量增大，氢氧化铜的质量减小，则会使测得结果质量分数偏低；

故答案为：rm{D}偏低．

Ⅰ、rm{38%}图表数据分析铜和浓硫酸反应过程中会生成黑色物质证明有副反应；浓度合适会避免黑色固体出现，浓度越大，温度越高黑色越难消失；

rm{(1)}消失是和浓硫酸反应生成硫酸铜；二氧化硫和水；

Ⅱ、rm{(2)CuS}沉淀为氢氧化铜的是碳酸氢钠和硫酸铜在水溶液中发生双水解生成分析；

rm{(1)}空气中含有二氧化碳，空气通过氢氧化钠溶液吸收空气中的二氧化碳，利用除去二氧化碳的空气，打开rm{(2)垄脵}rm{K_{1}}关闭rm{K_{3}}rm{K_{2}}排除装置中的含二氧化碳气体的空气，避免测定误差的产生；

rm{K_{4}}若沉淀样品的质量为rm{垄脷}若沉淀样品为纯净物，则判断沉淀为rm{mg}装置rm{CuCO_{3}}的质量增加了rm{D}为二氧化碳气体质量，依据碳元素守恒得到rm{ng}的关系；若假设三正确；依据生成的二氧化碳物质的量减少碳酸铜质量，根据样品质量计算得到氢氧化铜的质量分数．

本题考查了物质组成和性质的分析判断，实验过程分析，沉淀生成的原理，掌握基础是关键，题目难度中等．rm{mn}【解析】rm{I(1)abd}

rm{(2)CuS+4H_{2}SO_{4}=CuSO_{4}+4SO_{2}隆眉+4H_{2}O}

rm{II(1)Cu^{2+}+2HCO_{3}^{-}=Cu(OH)_{2}隆媒+2CO_{2}隆眉}

rm{(2)}rm{垄脵}排尽装置中空气中的rm{垄脵}使测定结果准确。

rm{CO_{2}}rm{垄脷}偏低。

rm{垄脷}22、rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

rm{(2)3}rm{2}

rm{(3)}正三角形

rm{(4)}氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高

rm{(5)[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}

rm{(6)8}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times

10^{-30}}}【分析】【分析】非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成时电子数的两倍，则电子排布伟rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}故元素rm{A}为rm{C}rm{C}元素在地壳中含量最高，则元素rm{C}为rm{O}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，元素rm{A}为rm{C}元素rm{C}为rm{O}则元素rm{B}为rm{N}rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，则元素rm{D}为rm{Na}rm{E}的合金是我国使用最早的合金，则元素rm{E}为rm{Cu}据此进行分析。rm{(1)}元素rm{E}为rm{Cu}原子序数为rm{29}据此书写基态原子电子排布式；rm{(2)}元素rm{A}为rm{C}rm{A}的某种氢化物rm{A_{2}H_{2}}为rm{C_{2}H_{2}}其结构式为rm{H-C隆脭C-H}据此进行分析；rm{(3)}据杂化方式，分析空间构性；rm{(4)}氢键对物理性质的影响；rm{(5)}元素rm{E}为rm{Cu}rm{E}的最高价氧化物对应的水化物为rm{Cu(OH)_{2}}rm{Cu(OH)_{2}}溶于氨水生成配合物rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}据此进行分析；rm{(6)}如图是rm{D}单质的晶体堆积方式，离中心原子rm{Na}最近的rm{Na}原子数有rm{8}个，故这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为rm{8}该晶胞中rm{Na}原子个数rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+1=2}每个晶胞的质量rm{=dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}rm{Na}原子的直径为rm{2rpm}晶胞的边长rm{=2sqrt{2}rpm}所以晶胞的体积为rm{16sqrt{2}r^{3}pm}根据rm{娄脩=dfrac{m}{V}}计算其密度。本题考查物质结构与性质，涉及空间构型、氢键对物质熔沸点的影响、核外电子排布、晶体类型与性质、晶胞结构与计算等，难度中等。【解答】非金属元素rm{A}的基态原子中成对电子数是未成时电子数的两倍，则电子排布伟rm{1s^{2}2s^{2}2p^{2}}故元素rm{A}为rm{C}rm{C}元素在地壳中含量最高，则元素rm{C}为rm{O}rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种元素的原子序数依次增大，元素rm{A}为rm{C}元素rm{C}为rm{O}则元素rm{B}为rm{N}rm{D}的单质是短周期中熔点最低的金属，则元素rm{D}为rm{Na}rm{E}的合金是我国使用最早的合金，则元素rm{E}为rm{Cu}

rm{(1)}元素rm{E}为rm{Cu}原子序数为rm{29}则其基态原子电子排布式为rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

故答案为：rm{1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}

rm{(2)}元素rm{A}为rm{C}rm{A}的某种氢化物rm{A_{2}H_{2}}为rm{C_{2}H_{2}}其结构式为rm{H-C隆脭C-H}故分子中含有rm{3}个rm{娄脪}键，rm{2}个rm{娄脨}键；

故答案为：rm{3}rm{2}

rm{(3)}元素rm{A}为rm{C}则rm{AO_{3}^{n-}}为rm{CO_{3}^{2-}}rm{CO_{3}^{2-}}中心原子的价层电子对数rm{=3+dfrac{1}{2}(4+2-3隆脕2)=3}杂化方式为rm{=3+dfrac

{1}{2}(4+2-3隆脕2)=3}没有孤电子对，分子的立体构型为正三角形；

故答案为：正三角形；

rm{sp^{2}}元素rm{(4)}为rm{A}元素rm{C}为rm{B}rm{N}的最简单的氢化物的沸点比rm{B}的最简单的氢化物的沸点高得多；其原因是氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高；

故答案为：氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能；所以氨的沸点比甲烷高；

rm{A}元素rm{(5)}为rm{E}rm{Cu}的最高价氧化物对应的水化物为rm{E}rm{Cu(OH)_{2}}溶于氨水生成配合物rm{Cu(OH)_{2}}

故答案为：rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}

rm{[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}如图是rm{(6)}单质的晶体堆积方式，离中心原子rm{D}最近的rm{Na}原子数有rm{Na}个，故这种堆积方式的晶胞中原子的配位数为rm{8}该晶胞中rm{8}原子个数rm{Na}每个晶胞的质量rm{=8隆脕dfrac{1}{8}+1=2}rm{=dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}原子的直径为rm{Na}晶胞的边长rm{2rpm}所以晶胞的体积为rm{=2sqrt{2}rpm}所以此晶体的密度rm{娄脩=dfrac{dfrac{23}{N_{A}}隆脕2}{16sqrt{2}r^{3}隆脕10^{-30}}=dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}g/cm^{3}}

故答案为：rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}

rm{16sqrt{2}r^{3}pm}【解析】rm{(1)1s^{2}2s^{2}2p^{6}3s^{2}3p^{6}3d^{10}4s^{1}}rm{(2)3}rm{2}rm{(3)}正三角形rm{(4)}氨分子间可以形成氢键而甲烷分子间不能，所以氨的沸点比甲烷高rm{(5)[Cu(NH_{3})_{4}](OH)_{2}}rm{(6)8}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times10^{-30}}}rm{dfrac{23}{8N_{A}r^{3}times

10^{-30}}}23、解：（1）探测器第一次落到月球表面弹起后；到达最高点的高度为h，此后做平抛运动；

则水平方向有：t=

竖直方向有：h=

解得：g月=

（2）根据月球表面；万有引力等于重力结合向心力公式得：

mg月=m=m

解得：v=T=

答：（1）月球表面的重力加速度的大小g月为

（2）忽略探测器近月圆轨道距月表的高度，其近月绕行的速度大小v为周期T为．【分析】

(1)

探测器第一次落到月球表面弹起后；到达最高点的高度为h

此后做平抛运动，根据平抛运动基本规律求解．

(2)

根据万有引力提供向心力和万有引力等于重力结合向