2025年仁爱科普版七年级化学下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年仁爱科普版七年级化学下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、比较归纳是科学学习中常用法rm{.}若以下的物质转化都由步应完成：rm{ZnZCl(O)2隆煤nC2ZnCO3隆煤nl2}则rm{(}rm{)}A.三种转换发生的都是复分解反应B.三种转化都必须加入盐酸才能完成C.只有rm{垄脷}发生了中和反应D.三种转化的生成物中都有水2、我们经常食用的甘蔗里含有丰富的蔗糖rm{(C_{12}H_{22}O_{11}).}下列关于蔗糖的说法错误的是rm{(}rm{)}A.一个蔗糖分子中含有rm{11}个水分子B.蔗糖是由碳、氢、氧三种元素组成的C.蔗糖中氢、氧元素的质量比为rm{1}rm{8}D.一个蔗糖分子中含有rm{45}个原子3、某同学使用天平时，将砝码放在左盘，称量物放在右盘，称量结果为rm{10.6g(1g}以下移动游码称量rm{).}则称量物实际的质量应是rm{(}rm{)}A.rm{10.6g}B.rm{11.2g}C.rm{10g}D.rm{9.4g}4、有关物质的检验、鉴别、除杂，下列说法正确的是rm{(}rm{)}A.把燃着的木条伸入某集气瓶内，木条熄灭，说明瓶内的气体是rm{CO_{2}}B.用点燃的方法除去rm{CO_{2}}中少有的rm{CO}C.不用另加试剂就可以把rm{MgSO_{4}}rm{KOH}rm{HCl}rm{BaCl_{2}}四种溶液鉴别出来D.向某溶液中加入rm{BaCl_{2}}溶液，产生白色沉淀，过滤后沉淀中加入足量的稀硝酸，沉淀部分溶解并产生气泡，说明溶液中可能含有硫酸根离子5、当前食品安全备受人们关注，下列说法会危及人体健康的是rm{(}rm{)}A.长期饮用白开水B.蒸馒头加适量纯碱C.用火碱溶液浸泡海鲜D.食品袋里充入氮气延长食品的保质期评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、将Mg；Al、Zn分别放入相同溶质质量分数的盐酸中；反应完成后，放出的氢气质量相同，其可能的原因是（）

A.放入的三种金属质量相同；盐酸足量。

B.放入的Mg；Al、Zn的质量比为12：9：32.5；盐酸足量。

C.盐酸的质量相同；放入足量的三种金属。

D.放入的盐酸质量比为3：2：1；反应后无盐酸剩余。

7、液化石油气所含的气体是碳氢化合物；这类化合物在加压的条件下即变为液态而便于储存在钢瓶中，当打开钢瓶阀门时，又很容易变成气态．在下列物质中，符合这一要求的是（）

。编号ABCD化学式CH4C4H8C4H10C6H14沸点/℃-164-6.3-0.569

A.A

B.B

C.C

D.D

8、现有rm{100g}溶质质量分数是rm{10%}的蔗糖溶液，若使其溶质质量分数增大一倍，则下列做法正确的是rm{(}rm{)}A.向溶液中加入rm{20g}蔗糖B.将溶液加热蒸发掉rm{50g}水C.向溶液中加入rm{100g}溶质质量分数是rm{30%}的蔗糖溶液D.向溶液中加入rm{50g}溶质质量分数是rm{10%}的蔗糖溶液9、高铁酸钾rm{(K_{2}FeO_{4})}是一种新型、高效、多功能水处理剂，比rm{Cl_{2}}rm{O_{3}}rm{ClO_{2}}氧化性更强，且没有二次污染rm{.}高铁酸钾与水反应的化学方程式是：rm{4K_{2}FeO_{4}+10H_{2}O篓T4X隆媒+8KOH+3O_{2}隆眉.}以下有关高铁酸钾的说法不正确的是rm{(}rm{)}A.高铁酸钾属于氧化物B.高铁酸钾应密封、防水保存C.高铁酸钾中铁显rm{+6}价D.rm{X}的化学式是rm{Fe(OH)_{2}}10、某元素形成的化合物的化学式为Kn+1RO2n+2；其中n值可能为（）

A.0

B.1

C.2

D.3

评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)11、现有三种可用于治疗胃病的药品标签（如图），某同学将三种药品各一片分别放入相同质量的足量的稀盐酸中，三种药片中消耗盐酸多少的顺序是____．写出三个反应的化学方程式：____．

12、分子是构成物质的一种微粒．当100mL水和100mL酒精混合后总体积小于200mL，说明分子之间存在着____．打开香水瓶能就能含到香水的气味，说明分子在不断的____．在太阳下晒衣服容易干，说明分子运动与____有关．13、我省蕴藏着丰富的白云石矿石，其化学式是xCaCO3•yMgCO3．现称取27.6g白云石，加热到质量不再变化，收集到13.2gCO2，则白云石的化学式为____（取x；y的最小整数比）．另取一定质量的已研细的白云石与过量的炭粉混合；隔绝空气强热，除。

CaCO3、MgCO3分解外，还发生的反应为：CaO+3CCaC2+CO↑；2MgO+5CMg2C3+2CO↑及____．14、举出空气中存在的污染物，至少两种．用化学式表示____和____．15、天然水受到污染后；净化时需要运用科学的方法．

rm{(1)}天然水的污染来源有______rm{(}写出一种即可rm{)}．

rm{(2)}对于rm{垄脵}吸附沉淀，rm{垄脷}过滤，rm{垄脹}静置沉淀，rm{垄脺}蒸馏等净化水的操作，单一操作相对净化程度由低到高的顺序是______rm{(}填序号rm{)}

rm{(3)}日常生活中将硬水转化为软水的方法有______．

rm{(4)}漂白粉可用于水的杀菌消毒，其有效成分是次氯酸钙rm{[}化学式为rm{Ca(Cl0)_{2}]}次氯酸钙可发生如下反应。

rm{Ca(Cl0)_{2}+H_{2}O+x=CaCO_{3}隆媒+2HClO}则rm{x}的化学式为______rm{.}次氯酸钙中氯元素的化合价是______．16、“火善用为福，不善用之为祸”rm{.}干粉灭火器是常用的灭火器之一，它利用压缩的二氧化碳吹出白色干粉来灭火rm{.}这种灭火器可用来扑灭油、气等燃烧引起的火灾，其中干粉的主要成分是碳酸氢钠rm{(NaHCO_{3})}它受热后生成纯碱rm{(Na_{2}CO_{3})}水和二氧化碳．

rm{(1)}根据信息，请归纳出碳酸氢钠rm{(NaHCO_{3})}的物理性质和化学性质：rm{(}各写出一条即可rm{)}物理性质：______；化学性质______．

rm{(2)}灭火时碳酸氢钠受热发生反应的符号表达式______．

rm{(3)}点燃的镁条能在二氧化碳中继续燃烧，生成一种金属氧化物和一种非金属单质，因此金属镁着火时不能用干粉灭火剂灭火，请写出镁在二氧化碳中燃烧的符号表达式______．17、化学来自生活，用于生活rm{.}下表列出了生活中常用物质溶液的rm{pH}及一种主要成分rm{(}其他成分未列出rm{)}．

。编号rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}名称食醋白酒白糖水石灰水纯碱溶液溶质成分乙酸乙醇蔗糖氢氧化钙碳酸钠溶液rm{pH}rm{3}rm{7}rm{7}rm{12}rm{10}试回答：rm{(1)}将上表rm{垄脵隆芦垄脻}中的主要成分进行分类rm{(}填序号，下同rm{)}

属于酸的是____________；属于碱的是____________；

属于盐的是____________；属于有机物的是____________．

rm{(2)}当有人被蚊虫rm{(}体内含一种酸性物质rm{)}叮咬后；为减轻疼痛，可在伤处涂____________．

rm{(3)}铝壶长时间煮水，内有一层水垢rm{[}主要含rm{CaCO_{3}}和rm{Mg(OH)_{2}]}可选用____________采取少量多次的方法除去，不能采取大量一次的原因是____________．18、从氮气；二氧化碳、生石灰、盐酸、苏打中选出相应物质填写化学式．

①可用作干燥剂的是；②可用作洗涤剂的是；

③可用作灭火剂的是；④可用作焊接金属保护气的是．评卷人得分四、计算题(共2题，共16分)19、rm{A}为含三种元素的钠盐，其水溶液显碱性rm{.C}为大理石的主要成分；请填空：

rm{(1)C}的化学式______．

rm{(2)D}中一定含有的溶质是______rm{.}理由是rm{(}用化学方程式表示rm{)}______．

rm{(3)B}用作食品干燥剂的原理：______rm{.(}用化学方程式表示rm{)}20、现有rm{A}rm{B}rm{C}rm{D}rm{E}五种物质，分别为盐酸、硫酸铜、氢氧化钙、铁粉和氧化钙中的一种rm{.}其中，rm{A}的浓溶液是无色液体，有刺激性气味，在空气中会形成白雾；rm{B}为单质；rm{D}是“波尔多液”的主要成分之一；rm{E}是熟石灰的主要成分rm{.}请回答下列问题：

rm{(1)}写出rm{C}rm{D}两种物质的化学式：rm{C}______，rm{D}______．

rm{(2)}在图中将能相互反应的物质之间用断线“--”连线，通过一步反应能直接转化的两种物质之间用箭号“rm{隆煤}”连线rm{(}从反应物指向生成物rm{)}．评卷人得分五、推断题(共3题，共18分)21、已知rm{A-E}是初中化学常见的物质，如图所示是它之间的转化关系rm{.}其中rm{A}rm{B}组成元素相同，rm{D}常用于改良酸性土壤rm{.E}为常见的酸．

rm{(l)B}的化学式为______；

rm{(2)A}rm{B}化学性质不同的原因是______；

rm{(3)E}发生分解反应生成rm{A}的化学方程式为______．22、在如图所示的有关物质转化关系中，各物质均是我们初中化学所学的物质rm{.A}是金属单质，rm{C}为红棕色固体粉末，rm{B}rm{D}rm{K}常温下都为气体，rm{E}rm{H}都属于盐，rm{F}为能溶于水的碱rm{.}框图中有关反应的部分生成物没有标出rm{.}请根据框图中物质的转化关系填写下列空白：

rm{(1)C}是____，rm{G}是____．

rm{(2)}反应rm{垄脵}方程式是____；反应rm{垄脷}方程式是____

rm{(3)F隆煤H}的基本反应类型是____反应，若rm{H}为难溶性的盐，则rm{I}的化学式为____．23、某小组收集到一瓶浑浊且有臭味的巢湖湖水rm{.}小组模拟自来水厂净化过程，希望最终获得净水rm{.}其实验流程如图所示；请回答以下问题．

rm{(1)}净水过程中加入的絮凝剂可以是______，作用是______．

rm{(2)}操作rm{垄脵}名称是______；在实验室中进行此操作时，需要用到的玻璃仪器有烧杯，玻璃棒______．

rm{(3)}操作rm{垄脷}是______．

rm{(4)}小组发现最终获得的净水仍然有些浑浊，请你帮忙分析出现浑浊可能的原因______rm{(}给出一种合理原因即可rm{)}．评卷人得分六、探究题(共1题，共10分)24、小丽同学欲通过实验证明“二氧化锰是过氧化氢分解的催化剂”这一命题rm{.}她设计并完成了如表所示的探究实验：

。实验操作实验现象实验结论或总结结论总结结论总结实验一取rm{5mL}rm{5%}的过氧化氢溶液于试管中，伸入带火星的木条有气泡产生，木条不复燃过氧化氢分解产生氧气；但是______．

反应的文字表达式为：

______二氧化锰是过氧化氢分解的催化剂实验二向盛水的试管中加入二氧化锰，伸入带火星的木条没有明显现象______实验三____________二氧化锰能加快过氧化氢的分解rm{(1)}请你帮小丽同学填写上表中未填完的空格．

rm{(2)}在小丽的探究实验中；“实验一”和“实验二”起的作用是______．

rm{(3)}小英补充设计两个方面的探究实验；最终完成了对“命题”的实验证明．

第一方面的实验实验前称量二氧化锰的质量；试验后过滤出二氧化锰烘干后重新称量，其目的是：______；

第二方面的实验是利用“实验三”反应后试管内的剩余物固体再次加入过氧化氢，观察到过氧化氢迅速分解产生大量氧气，带火星木条复燃rm{.}该实验的目的是：______．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】解：rm{Z隆煤ZnCl2}锌酸或与氯化铜反应都可转化锌，属于换反应，故错误；

中发反应是置换反应氢氧化锌稀盐反应可成氯化锌；属酸和碱的反，是中和反应；中生的应是碳酸锌与稀盐的应，属复分解反应；正确；

锌与稀盐酸生气和氯化锌与氯化铜液反应成氯锌和铜；没有水成，故误；

故C．

中和反应是酸和碱反生盐和的反应氢化锌与稀盐酸应可生成氯锌；

A、rm{Z隆煤ZnCl2}锌稀盐酸或与氯化铜发生置换反应都可转为氯；

锌与盐酸生成氢气化锌；与氯化铜液反应生氯化和铜．

熟练掌常见质的性质及变化规律解本类问题的基础，解时全面思考并明物质反类型点，体现思考的缜密性．【解析】rm{C}2、A【分析】解：rm{A}蔗糖分子中含有氢原子和氧原子；不存在水分子；故A错误；

B；物质属于宏观概念只讲种类；不讲个数物质、元素都属于宏观概念，解释物质用元素解释，蔗糖是由碳、氢、氧三种元素组成的，说法正确，故B正确；

C、元素的质量用元素的相对原子质量乘以原子个数，蔗糖中氢、氧元素的质量比为rm{1}rm{8}是正确的；故C正确；

D、分子中原子个数的计算方法是将元素右下角的数字都加起来，一个蔗糖分子中含有rm{45}个原子；故D正确．

故选A．【解析】rm{A}3、D【分析】解：某同学使用天平时，将砝码放在左盘，称量物放在右盘，砝码和称量物的位置放反了；由左盘的质量rm{=}右盘的质量rm{+}游码的质量可知：砝码质量rm{=}称量物质量rm{+}游码的质量，所以称量物质量rm{=}砝码质量rm{-}游码质量，即称量物实际的质量rm{=10g-0.6g=9.4g}．

A、称量物的实际质量应是rm{9.4g}不是rm{10.6g}故选项错误．

B、称量物的实际质量应是rm{9.4g}不是rm{11.2g}故选项错误．

C、称量物的实际质量应是rm{9.4g}不是rm{10g}故选项错误．

D、称量物的实际质量应是rm{9.4g}故选项正确．

故选：rm{D}．

根据天平的使用方法是左物右码，左盘的质量等于右盘的质量加游码的质量，即称量物质量rm{=}砝码质量rm{+}游码质量，如果位置放反，根据左盘的质量rm{=}右盘的质量rm{+}游码的质量；列等式进行计算．

托盘天平选项改为的使用是中考热点之一，掌握左盘质量rm{=}右盘质量rm{+}游码质量是解答此类题的关键．【解析】rm{D}4、C【分析】解：rm{A}因为不支持燃烧的气体不只是二氧化碳，所以检验一瓶气体是否为rm{CO_{2}}用燃着的木条是错误的；故说法错误；

B；少量的一氧化碳在二氧化碳中不能燃烧；缺少助燃的物质，可通过足量的灼热的氧化铜来除去一氧化碳，故说法错误；

C；四种溶液相互混合；出现两次白色沉淀的是硫酸镁，一次明显现象也没有的是盐酸；向生成的两种白色沉淀中分别加入盐酸，白色沉淀溶解的是氢氧化钾形成的沉淀，白色沉淀不溶解的是氯化钡出现的沉淀，所以四种物质都可以鉴别出来，故说法正确；

D、向某溶液中加入rm{BaCl_{2}}溶液；产生白色沉淀，过滤后沉淀中加入足量的稀硝酸，沉淀部分溶解并产生气泡，说明溶液中含有硫酸根离子，不可能含有银离子，因为银离子和碳酸根离子不能共存，故说法错误．

故选：rm{C}．

A；根据不支持燃烧的不一定是二氧化碳分析；

B；根据可燃物燃烧需要有支持燃烧的物质进行分析；

C；根据各物质的性质和相互之间反应的现象进行分析；

D；根据硫酸根离子、碳酸根离子、氯离子的检验进行分析．

鉴别物质时，要通过反应出现不同的现象，根据现象的不同来鉴别物质，方法越简单，现象越明显越好．【解析】rm{C}5、C【分析】解：rm{A}从人体健康角度，长期饮用白开水不会严重危害人体健康，故A错误；rm{B}碳酸氢钠受热能生成二氧化碳，是发酵粉的主要成分，蒸馒头加适量小苏打不会严重危害人体健康，故B错误；rm{C}甲醛有毒，能破坏蛋白质的结构，使组成人体的蛋白质变性，不但对人体有害，而且降低了食品的质量，故C正确；rm{D}氮气的化学性质不活泼，食品袋里充入氮气延长食品的保质期，故D错误rm{.}故选：rm{C.A}根据人体健康进行解答；rm{B}根据碳酸氢钠的性质与用途进行分析判断；rm{C}根据甲醛有毒进行解答；rm{D}根据氮气的化学性质不活泼进行解答rm{.}本题主要考查了正确使用化学物质对人体产生的影响，要结合实际加强记忆．【解析】rm{C}二、多选题(共5题，共10分)6、BC【分析】

A；放入三种金属的质量相同；盐酸足量，则铝产生的氢气质量最多，其次是镁，最少的是锌，产生氢气质量不同，故A错误；

B；盐酸足量；设12g镁产生氢气的质量为x，则有。

Mg+2HCl═MgCl2+H2↑

242

12gx

=

x=1g

设9g铝产生氢气的质量为y

2Al+6HCl═2AlCl3+3H2↑

546

9gy

=

y=1g

设32.5g锌产生氢气的质量为z

Zn+2HCl═ZnCl2+H2↑

652

32.5gz

=

z=1g

故B正确；

C；盐酸的质量相同；放入足量的三种金属，则盐酸全部参加反应，相同质量的盐酸所含氢的质量相同，故产生的氢气的质量相同，故C正确；

D；放入的盐酸质量比为3：2：1；反应后无盐酸剩余，则盐酸全部参加反应，盐酸的质量不同，产生的氢气质量不同，故D错误；

故选BC．

【解析】【答案】金属与酸反应生成氢气的质量相等；可以从两个方面进行分析，一是金属的质量，二是酸的质量．

7、BC【分析】

A、CH4的沸点很低；不容易液化．故A不符合题意；

B、C4H8的沸点较低；易液化，易变成气态，故B符合题意；

C、C4H10的沸点较低；易液化，易变成气态，故B符合题意；

D、C6H14的沸点较高；不容易液化．故D不符合题意；

故选BC．

【解析】【答案】可以根据物质的沸点进行判断．气体的沸点越高；越容易液化．沸点越低，越难液化．

8、BC【分析】解：rm{(1)}设需要蒸发水的质量为rm{x}rm{(100g-x)隆脕20%=100g隆脕10%}rm{x=50g}

rm{(2)}设需要再溶解蔗糖的质量为rm{y}rm{(100g+y)隆脕20%=100g隆脕10%+y}rm{y=12.5g}

rm{(3)}设若加入rm{30%}的蔗糖溶液的质量为rm{z}则rm{z隆脕30%+100g隆脕10%=(z+100g)隆脕20%}rm{x=100g}

加入rm{100g10%}的rm{NaCl}溶液；由于与原溶液中溶质的质量分数相同，则溶液的溶质质量分数不变；

故选：rm{BC}

要使溶液的溶质质量分数变大，常通过三种方式：rm{垄脵}加入溶质，rm{垄脷}蒸发溶剂，rm{垄脹}加入溶质质量分数更大的该溶液；据此结合溶质质量分数的计算进行分析解答．

本题难度不是很大，考查溶液的浓缩问题，掌握溶液浓缩的方法、原理是正确解答此类题的关键所在．【解析】rm{BC}9、AD【分析】解：rm{A}高铁酸钾是rm{K}rm{Fe}rm{O}三种元素组成的；而氧化物中只有两种元素组成，则高铁酸钾不属于氧化物，故A说法错误；

B；因高铁酸钾与水反应；则高铁酸钾应密封、防水保存，故B说法正确；

C、高铁酸钾中rm{K}元素的化合价为rm{+1}价，rm{O}元素的化合价为rm{-2}价，根据化合物中正负化合价的代数和为零，则铁元素的化合价为rm{+6}价；故C说法正确；

D、由化学方程式rm{4K_{2}FeO_{4}+10H_{2}O=4X隆媒+8KOH+3O_{2}隆眉}根据质量守恒定律可知rm{X}的化学式为rm{Fe(OH)_{3}}故D说法错误；

故选AD．

根据高铁酸钾的组成和性质来分析物质的类别及物质的保存；利用高铁酸钾的化学式及化学方程式来分析元素的化合价及物质的化学式．

本题考查的知识点较多，学生应能利用化学式判断物质的类别、保存及物质中元素的化合价，能根据化学方程式和质量守恒定律来推断物质的化学式．【解析】rm{AD}10、AB【分析】

根据在化合物中，各元素正负化合价代数和为零的原则，钾的化合价是+1价，氧的化合价是-2价，设化合物Kn+1RO2n+2中R元素的化合价是x；则（+1）×（n+1）+x+（-2）×（2n+2）=0，则x=3+3n，当n=0时，x=+3；当n=1时，x=+6；当n=2时，x=+9，不符合．

故选AB．

【解析】【答案】根据化合物中正负化合价代数和为零的原则进行解答本题．

三、填空题(共8题，共16分)11、略

【分析】

依据三者与盐酸反应的方程式CaCO3+2HCl=CaCl2+CO2↑+H2O；Mg（OH）2+2HCl═MgCl2+2H2O以及MgO+2HCl═MgCl2+H2O；可得三者与盐酸反应的关系式：CaCO3～2HClMg（OH）2～2HClMg0～2HCl；

假如要消耗HCl质量都为73g；那么所需胃药质量越大，该种药品消耗胃酸的能力解越弱．

各反应物之间的定量反应关系为。

CaCO3～2HClMg（OH）2～2HClMg0～2HCl；找出各物质质量比；

1007358734073

通过分析看以看出：反应73克盐酸；分别消耗三种药品的质量依此为100克；58克、40克。

所以三种药品消耗胃酸的能力氧化镁最强；其次氢氧化镁、最弱的是碳酸钙；反之一片分别放入相同质量的足量的稀盐酸中消耗盐酸最多的是氧化镁、其次氢氧化镁、少的是碳酸钙。

故答案为：（3）＞（2）＞（1）；CaCO3+2HCl=CaCl2+CO2↑+H2O、Mg（OH）2+2HCl═MgCl2+2H2O、MgO+2HCl═MgCl2+H2O；

【解析】【答案】此题可依据反应掉相同质量的盐酸消耗药品质量的大小进行比较，据此可知消耗质量少的药品，其中和盐酸的能力就低，据此可得结论；也可根据反应CaCO3+2HCl=CaCl2+CO2↑+H2O；Mg（OH）2+2HCl═MgCl2+2H2O以及MgO+2HCl═MgCl2+H2O依据图示进行计算；

12、略

【分析】

将100ml水和100ml酒精混合；混合后的体积小于200ml，说明分子之间有间隔，酒精分子进入水分子的间隔中，使总体积变小；打开香水瓶能就能含到香水的气味，说明分子在不断的运动，香水分子运动到空气中，进入人们的鼻孔；

在太阳下晒衣服容易干；说明分子运动与温度有关，温度越高，分子运动越快．

故答案为：间隔；运动；温度．

【解析】【答案】根据分子的性质解答；分子的体积和质量都很小，分子间有一定的间隔，在不断运动，且温度越高，分子运动越快．

13、略

【分析】

根据题意；白云石受热分解的化学方程式为：

xCaCO3•yMgCO3xCaO+yMgO+（x+y）CO2↑

100x+84y44（x+y）

27.6g13.2g

=x：y=1：1

因此白云石的化学式为CaCO3•MgCO3；

白云石与过量的炭粉混合在隔绝空气强热时，炭粉在高温下可以与分解出的二氧化碳反应生成一氧化碳，反应的化学方程式为C+CO22CO；

故答案为：CaCO3•MgCO3；C+CO22CO．

【解析】【答案】碳酸钙；碳酸镁在高温下可分解生成氧化钙、氧化镁和二氧化碳；根据题意可推断出白云石加热时分解生成氧化钙、氧化镁和气体二氧化碳，因此写出反应的化学方程式并利用反应中白云石与二氧化碳的质量关系，推算出化学式中x、y的比，然后取最小整数比写出白云石的化学式；

在隔绝空气时加强热；白云石分解出的二氧化碳能与过量的炭粉发生反应，反应生成一氧化碳．

14、略

【分析】

常见的空气的污染气体有：一氧化碳、二氧化硫、二氧化氮，其化学式分别是CO、S02、N02．

故答案为：CO、S02．

【解析】【答案】根据常见的空气污染物；化学式的书写方法等进行分析解答．

15、工业废水的任意排放；③①②④；加热煮沸；CO2；+1【分析】解：rm{(1)}天然水的污染来源有工业废水、生活污水等的任意排放rm{.}故填：工业废水的任意排放．

rm{(2)}静置沉淀的程度最低，吸附沉淀的程度较低，吸附沉淀的程度较高，蒸馏的程度最高rm{.}故填：rm{垄脹垄脵垄脷垄脺}．

rm{(3)}加热煮沸可以降低水的硬度rm{.}故填：加热煮沸．

rm{(4)}根据化学方程式可知，rm{1}个rm{x}中含有rm{1}个碳原子和rm{2}个氧原子，是二氧化碳rm{.}故填：rm{CO_{2}}．

次氯酸钙中氧元素的化合价是rm{-2}价，钙元素的化合价是rm{+2}价，根据化合物中元素化合价代数和为零可以求出氯元素的化合价是rm{+1}价rm{.}故填：rm{+1}．

工业废水；生活污水等的任意排放会污染水；静置沉淀的程度最低；吸附沉淀的程度较低，吸附沉淀的程度较高，蒸馏的程度最高；加热煮沸可以降低水的硬度；根据化学方程式可以判断物质的化学式；根据化合物中元素化合价代数和为零可以求出某种元素的化合价．

解答本题要掌握净化水的方法和有关化学式方面的知识，只有这样才能对相关方面的问题做出正确的判断．【解析】工业废水的任意排放；rm{垄脹垄脵垄脷垄脺}加热煮沸；rm{CO_{2}}rm{+1}16、白色粉末；受热能分解；2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2↑；2Mg+CO2C+2MgO【分析】解：rm{(1)}碳酸氢钠是白色粉末，属于物理性质，碳酸氢钠热稳定性差，属于化学性质rm{.}故填：白色粉末；受热能分解；

rm{(2)}碳酸氢钠受热分解生成碳酸钠、水和二氧化碳，化学方程式为：rm{2NaHCO_{3}dfrac{overset{;;triangle;;}{-}}{;}Na_{2}CO_{3}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}故填：rm{2NaHCO_{3}dfrac{overset{;;triangle;;}{-}}{;}Na_{2}CO_{3}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}

rm{2NaHCO_{3}dfrac{

overset{;;triangle;;}{

-}}{;}Na_{2}CO_{3}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}二氧化碳和镁反应生成氧化镁和碳；故填：rm{2Mg+CO_{2}dfrac{overset{;{碌茫脠录};}{-}}{;}C+2MgO}．

物质的化学性质是指在化学变化中表现出来的性质rm{2NaHCO_{3}dfrac{

overset{;;triangle;;}{

-}}{;}Na_{2}CO_{3}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}化学性质主要有：可燃性、毒性、氧化性、还原性、稳定性等rm{(3)}置换反应是指由一种单质和一种化合物反应，生成另外一种单质和一种化合物的反应rm{2Mg+CO_{2}dfrac{

overset{;{碌茫脠录};}{-}}{;}C+2MgO}可以根据具体的叙述及其书写化学方程式的方法进行分析；解答．

本题主要考查了物质的化学性质、反应类型、化学方程式的书写等方面的内容．rm{.}【解析】白色粉末；受热能分解；rm{2NaHCO_{3}dfrac{overset{;;triangle;;}{-}}{;}Na_{2}CO_{3}+H_{2}O+CO_{2}隆眉}rm{2Mg+CO_{2}dfrac{overset{;{碌茫脠录};}{-}}{;}C+2MgO}17、①;④;⑤;①②③;④⑤;①;以防除去水垢后CH3COOH腐蚀铝壶【分析】解：rm{(1)}食醋属于酸，石灰水属于碱，纯碱属于盐，醋酸、白酒、白糖属于有机物，所以本题答案为：rm{垄脵}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脵垄脷垄脹}

rm{(2)}蚊虫分泌物含有酸，可以使用显碱性的物质涂抹，从而酸碱中和除去酸性物质减弱疼痛，所以本题答案为：rm{垄脺垄脻}

rm{(3)}水垢含有碳酸钙和氢氧化镁，能用醋酸除去，醋酸还能与金属反应，所以本题答案为：rm{垄脵}以防除去水垢后rm{CH_{3}COOH}腐蚀铝壶．【解析】rm{垄脵;垄脺;垄脻;垄脵垄脷垄脹;垄脺垄脻;垄脵;}以防除去水垢后rm{CH_{3}COOH}腐蚀铝壶18、略

【分析】

①氧化钙具有吸水性且无毒；故答案为CaO；

②碳酸钠具有碱性，可以溶解油污，它的化学式为：Na2CO3，故答案为；Na2CO3

③二氧化碳有两个性质，一是密度比空气大，二是既不能燃烧也不支持燃烧，因此在用途上利用其性质常作灭火剂，故答案为：CO2

④所给物质中，氮气的化学性质不活泼，因此常用作焊接金属的保护气，在表示这种气体时，因为氮气是由分子构成的物质，一个氮气分子是由两个氮原子构成的，故答案为：N2．

【解析】【答案】本题解题关键是分清化学用语所表达的对象是分子；原子、离子、化合价；还是用化学式表示物质，才能在化学符号前或其它位置加上适当的计量数来完整地表达其意义，根据物质化学式的书写规则正确写出表示物质的化学式，再根据相关元素组成物质的性质，来熟练准确的解答此类题目．

①可做干燥剂的物质应具有可吸水性；

②可做洗涤剂的物质应具有碱性；可以溶解油污；

③可用作灭火剂的物质应该具有不燃烧；不支持燃烧的性质；

④可用作焊接金属保护气的物质；化学性质不活泼．

四、计算题(共2题，共16分)19、CaCO3；NaOH；Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH；CaO+H2O═Ca（OH）2【分析】解：

rm{(1)}由rm{C}为大理石的主要成分可确定物质rm{C}为碳酸钙，其化学式为rm{CaCO_{3}}

rm{(2)}由rm{A}为含三种元素的钠盐，其水溶液显碱性，可确定物质rm{A}为碳酸钠；物质rm{C}碳酸钙高温分解生成二氧化碳和氧化钙，物质rm{B}为其生成物之一且在水中能与碳酸钠反应，因此可判断rm{B}物质为氧化钙，氧化钙与水生成氢氧化钙，氢氧化钙与碳酸钠反应生成氢氧化钠和碳酸钙沉淀即rm{C}物质，因此无色溶液rm{D}一定含有氢氧化钠；

rm{(3)}物质rm{B}为生石灰，能吸收空气中的水而变成氢氧化钙，可用于食品的干燥，反应的化学方程式为rm{CaO+H_{2}O篓TCa(OH)_{2}}．

故答案为：

rm{(1)CaCO_{3}}．

rm{(2)NaOH}rm{Na_{2}CO_{3}+Ca(OH)_{2}篓TCaCO_{3}隆媒+2NaOH}．

rm{(3)CaO+H_{2}O篓TCa(OH)_{2}}

本题的推断较为简单；基本上由对物质的说明信息就完成物质的判断，然后结合所确定物质的特殊变化，就能完成推断．

熟练掌握常见物质的典型性质、组成及主要成分，为本题的推断所需具备的知识基础．【解析】rm{CaCO_{3}}rm{NaOH}rm{Na_{2}CO_{3}+Ca(OH)_{2}篓TCaCO_{3}隆媒+2NaOH}rm{CaO+H_{2}O篓TCa(OH)_{2}}20、CaO；CuSO4【分析】解：rm{(1)}由rm{A}的浓溶液是无色液体，有刺激性气味，在空气中会形成白雾，所以可知rm{A}是盐酸，rm{B}为单质，所以rm{B}是铁粉，rm{D}是“波尔多液”的主要成分之一，所以rm{D}是硫酸铜，rm{E}是熟石灰的主要成分，所以rm{E}是氢氧化钙，rm{C}是氧化钙，故C、rm{D}两种物质的化学式rm{CaO}rm{CuSO_{4}}

rm{(2)}根据物质间的反应规律可知盐酸能够与铁反应，能够与氧化钙反应，能够与氢氧化钙反应，铁能够与盐酸和硫酸铜反应，氧化钙和水反应能够生成氢氧化钙，硫酸铜能够与氢氧化钙反应，故物质间的关系是

故答案为：rm{(1)CaO}rm{CuSO_{4}}rm{(2)}

由rm{A}的浓溶液是无色液体，有刺激性气味，在空气中会形成白雾，所以可知rm{A}是盐酸，rm{B}为单质，所以rm{B}是铁粉，rm{D}是“波尔多液”的主要成分之一，所以rm{D}是硫酸铜，rm{E}是熟石灰的主要成分，所以rm{E}是氢氧化钙；据此分析解答即可；

解答时首先找准突破口，根据物质的化学性质推出五种物质，然后根据物质间的反应特点进行分析，比较综合地考查了学生的分析能力．【解析】rm{CaO}rm{CuSO_{4}}五、推断题(共3题，共18分)21、H2O2；分子构成不同；泥墙；H2SO4=SO3+H2O【分析】解：

根据rm{A-E}是初中化学常见的物质，rm{A}rm{B}组成元素相同，rm{D}常用于改良酸性土壤，则退测rm{D}为氢氧化钙，而rm{A}通电生成rm{C}则rm{A}为水，rm{B}为双氧水；根据rm{B}可以生成rm{AC}则rm{C}为氧气；根据rm{E}为常见的酸；可能为稀硫酸，代入检验．

rm{(l)}根据分析，rm{B}为双氧水，故B的化学式为rm{H_{2}O_{2}}

rm{(2)}根据分析，rm{A}为水，rm{B}为双氧水，rm{A}rm{B}化学性质不同的原因是分子构成不同；

rm{(3)}反应rm{A隆煤D}即水与氧化钙反应生成氢氧化钙，在实际生产中的应用生石灰变为熟石灰，进行泥墙；

rm{(4)E}发生分解反应生成rm{A}即硫酸分解生成三氧化硫和水，化学方程式为：rm{H_{2}SO_{4}=SO_{3}+H_{2}O}

故答案为：

rm{(l)H_{2}O_{2}}rm{(2)}分子构成不同；rm{(3)}泥墙；rm{(4)H_{2}SO_{4}=SO_{3}+H_{2}O.}

根据rm{A-E}是初中化学常见的物质，rm{A}rm{B}组成元素相同，rm{D}常用于改良酸性土壤，则退测rm{D}为氢氧化钙，而rm{A}通电生成rm{C}则rm{A}为水，rm{B}为双氧水；根据rm{B}可以生成rm{AC}则rm{C}为氧气；根据rm{E}为常见的酸，可能为稀硫酸，代入检验rm{.}在解此类题时，首先将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系推导剩余的物质，最后将推出的各种物质代入转化关系中进行验证即可．【解析】rm{H_{2}O_{2}}分子构成不同；泥墙；rm{H_{2}SO_{4}=SO_{3}+H_{2}O}22、氧化铁;氢氧化铁;复分解反应;【分析】试题分析：由于rm{G}是红褐色沉淀，所以rm{G}是氢氧化铁，因为rm{F}是可溶性碱，所以rm{E}溶液是铁离子溶液，由于rm{C}是一种固体粉末，所以rm{C}是三价铁的氧化物，rm{I}溶液属于一种酸溶液；再根据图示中反应进行进一步分析即可．

学过去的红褐色沉淀只有氢氧化铁沉淀，由rm{G}是红褐色沉淀，所以rm{G}是氢氧化铁，rm{F}是可溶性碱，所以rm{E}溶液是铁离子溶液，又因为rm{E}和rm{F}生成rm{G}和rm{H}rm{H}是难溶性的盐，如果rm{E}是氯化铁时，碱溶液中必须含有银离子才行，氢氧化银是不存在的，所以rm{E}不能是氯化铁，如果是硝酸铁时不能产生硝酸盐沉淀，所以rm{E}是硫酸铁溶液，rm{F}是氢氧化钡溶液，因为rm{C}是一种固体粉末，与rm{D}反应高温生成rm{A}金属单质和rm{B}所以rm{A}是铁，rm{C}是氧化铁，rm{I}溶液只能是硫酸了，rm{D}能与氧化铁反应生成铁，说明rm{D}是具有还原性的，具有还原性的物质有：氢气、一氧化碳、碳，又因为rm{D}是一种气体，所以rm{D}可以是氢气，也可以是一氧化碳，如果rm{D}是氢气时，rm{B}就是水，如果rm{D}是一氧化碳时，rm{B}就是二氧化碳rm{.B}可以由一氧化碳和rm{K}燃烧得到，所以rm{K}是氧气；

rm{(1)}分析知rm{C}与rm{G}分别是氧化铁和氢氧化铁；

rm{(2)}反应rm{垄脵}方程式是反应rm{垄脷}方程式是二氧化碳转化为氧气的过程是光合作用的体现，方程式为

rm{(3)F隆煤H}的反应是氢氧化钡和硫酸反应生成硫酸钡和水；属于复分解反应．

故答案为：rm{(1)}氧化铁；氢氧化铁；rm{(2)}rm{(3)}分解反应；．【解析】氧化铁rm{;}氢氧化铁rm{;}rm{;}rm{;}复分解反应rm