2025年外研版三年级起点选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版三年级起点选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示是一透明玻璃球体，其半径为R，O为球心，AB为水平直径．M点是玻璃球的最高点，一条平行于AB的光线自D点射入球体内，其折射光线为DB，已知∠ABD＝30°，光在真空中的传播速度为c、波长为λ；则。

A.此玻璃的折射率为B.光线从D传播到B的时间是C.光在玻璃球体内的波长为λD.光在B点会发成全反射2、如图所示的电路中；两平行金属板之间的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断，其余用电器均不会损坏，则下列说法正确的是()

A.电流表、电压表的读数均变小B.电源内阻消耗的功率变大C.液滴将向上运动D.电源的输出功率变大3、如图甲所示，一定质量的气体的状态沿1→2→3→1的顺序循环变化，若用或图像表示这一循环；在下图中表示正确的是（）

A.B.C.D.4、一横截面积为S的铜导线，流经其中有恒定的电流，设每单位体积的导线中有n个自由电子，每个自由电子的电荷量为q，此时电子定向移动的速率为v，则在时间内，通过导体横截面的自由电子数目可表示为()A.B.C.D.5、如图所示；一均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴顺时针匀速转动，现施加一垂直穿过圆盘的有界匀强磁场，圆盘开始减速．在圆盘减速过程中，以下说法正确的是（）

A.处于磁场中的圆盘部分，靠近圆心处电势高B.所加磁场越强越不易使圆盘停止转动C.若所加磁场反向，圆盘将加速转动D.若所加磁场穿过整个圆盘，圆盘将匀速转动6、图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1、n2。在T的原线圈两端接入一电压的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r；不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为（）

A.B.C.4D.4评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、一束复色光沿半径方向射向一半圆形玻璃砖，发生折射而分为a、b两束单色光，其传播方向如图所示．下列说法中正确的是（）

A.玻璃砖对a、b的折射率关系为B.a、b在玻璃中的传播速度关系为C.增加入射角，单色光a先消失D.单色光a从玻璃到空气的全反射临界角大于单色光b8、下列说法正确的是（）A.水由液态变为气态，分子势能增加B.在熔化过程中，晶体要吸收热量，但温度保持不变，内能也保持不变C.已知水的摩尔质量和水分子的质量，可以计算出阿伏加德罗常数D.当分子力表现为引力时，分子力和分子势能都是随分子间距离的增大而增大9、封闭在气缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度关T系如图所示，该气体的摩尔质量为M，状态A的体积为温度为A、D三点在同一直线上，阿伏伽德罗常数为由状态A变到状态D过程中（）

A.气体的密度不变B.气体从外界吸收热量，内能增加C.气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少D.气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大10、关于热力学定律，下列说法中错误的是____。A.对物体持续降温冷却后可以把它的温度降为绝对零度B.三个系统a、b、c，若a与b内能相等，b与c内能相等，则根据热平衡定律a与c接触时一定不会发生热交换C.热量可以从低温物体传递到高温物体E.一定量的理想气体经过绝热压缩其内能一定增大E.一定量的理想气体经过绝热压缩其内能一定增大11、关于电源的电动势，下列说法中正确的是()A.电源电动势越大，表明它将其他形式的能转化为电能的本领越大B.电源电动势在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压C.电源电动势在数值上等于非静电力在单位时间内所做的功D.电源电动势在数值上等于非静电力把1C正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功12、内壁光滑、由绝缘材料制成的半径R=m的圆轨道固定在倾角为θ=45°的斜面上，与斜面的切点是A，直径AB垂直于斜面，直径MN在竖直方向上，它们处在水平方向的匀强电场中．质量为m，电荷量为q的小球（可视为点电荷）刚好能静止于圆轨道内的A点，现对在A点的该小球施加一沿圆环切线方向的速度，使其恰能绕圆环完成圆周运动．g取10m/s2；下列对该小球运动的分析，正确的是（）

A.小球可能带负电B.小球运动到N点时动能最大C.小球运动到B点时对轨道的压力为0D.小球初速度大小为10m/s13、如图所示的光学现象中；下列的描述或解释正确的是：

A.图（a）中，小孔成的是倒立的虚像，反映了光在同种介质中沿直线传播B.图（b）中，人配戴的凹透镜可以矫正近视眼，利用了光的折射原理C.图（c）中，白光通过三棱镜可以分解成多种色光，是因为不同颜色的光通过玻璃时偏折的角度不同。D.图（d）中，漫反射的光线尽管杂乱无章，但每条光线仍然遵循光的反射定律评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)14、由爱因斯坦光电效应方程可以画出光电子的最大初动能和入射光的频率的关系，若该直线的斜率和横轴截距分别为k和b，电子电荷量的绝对值为e，则普朗克常量可表示为_______,所用材料的逸出功可表示为__________．（结果均用k和b表示）

15、恒星的________显示了它的温度，温度较低的恒星，在天空中呈现________。恒星的亮度取决于它的体积、________以及离地球的距离。恒星的寿命取决于恒星的________。16、查理定律。

（1）内容：一定质量的某种气体，在体积不变的情况下，压强p与热力学温度T成______。

（2）表达式：p＝______。

（3）适用条件：气体的______和______不变。

（4）图像：如图所示。

①p－T图像中的等容线是一条______。

②p－t图像中的等容线不过原点，但反向延长线交t轴于______。17、某小组制作了一个电子温度计，并通过实验将电压表表盘改为指示温度的表盘，实验原理图如图所示。其测温部分是插在细玻璃管底端的玻璃泡内（内含水银）的电极A、插在玻璃管内的电极B，电极A、B材料相同，粗细均匀且电阻率不随温度变化。实验时，将玻璃泡和标准温度计（图中未画出）置于恒温油槽中，水银温度升高，水银上升，稳定后读出油的温度t、玻璃管内水银的长度L、电压表的示数U；改变油的温度；重复实验，将对应数据填入表格。（水银电阻率较小，电阻可不计）

。实验次数。

1

2

3

4

5

6

t/℃

5

10

15

20

25

30

L/mm

59.9

70.0

80.2

89.8

100.0

109.9

（1）玻璃管内水银能够上升的最大长度如放大图所示，则L0=__________mm；

（2）根据表中数据，在t-L图中描点并画出t-L图线_______；

（3）根据t-L图线，该温度计能测量的最低温度为________℃，最高温度为_______℃；

（4）若考虑玻璃泡随温度的升高而膨胀，则用装置测量较高温度时，读数与真实值相比________（填“偏大”“偏小”或“相同”）。18、进行如下实验：先把空的烧瓶放入冰箱冷冻，取出烧瓶，并迅速把一个气球紧套在烧瓶颈上，封闭了一部分气体，然后将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球逐渐膨胀起来，如图。若某时刻该密闭气体的体积为V，密度为ρ，平均摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为NA，则该密闭气体的分子个数为______。若将该密闭气体视为理想气体，气球逐渐膨胀起来的过程中，气体对外做了0.8J的功，同时吸收了0.9J的热量，则该气体内能变化了______J。若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈，则该气球内气体的温度_____（填“升高”或“降低”）。19、通电螺线管右端的小磁针，静止时N极的指向如图所示，则电源的a端为_______极（选填“正”或“负”），螺线管的c端为_______极（选填“N”或“S”）

20、如图所示，电阻Rab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动；线框中接有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，cd间的长度L=0.4m，运动的速度v=5.0m/s，线框的电阻不计．

a.电路abcd中导体棒ab相当于电源,_______（a端或b端）相当于电源的正极。

b.电源的电动势即产生的感应电动势E=_______V，电路abcd中的电流I=_______A

c.导体ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)21、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

22、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

23、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)24、要测量内阻较大的电压表的内电阻；可采用“电压半值法”，其实验电路如图。实验操作如下：

（1）先将滑动变阻器的滑动头调至最左端，将的阻值调至最大。

（2）闭合和调节使电压表满偏。

（3）断开保持滑动变阻器的滑动头的位置不变，调节使电压表半偏，此时的值即为电压表的内阻值。

某同学在做该实验的时候，用的是量程的电压表，他发现不管怎么调节都无法让电压表满偏；他灵机一动，利用半值法的思想，自己按照如下步骤做了实验：

a.闭合和调节使电压表的示数为

b.断开保持滑动变阻器的滑动头的位置不变，调节使电压表示数为

c.读出此时电阻箱的读数为

则可知按照该同学的测量方法，电压表内阻为________。（用带的表达式表示）25、现要测量某小量程电流表的内阻，其内阻在8Ω～10Ω之间，要求测量多组数据，且各电表指针最大偏转均能超过其满偏刻度的可选用的器材如下：

A.待测电流表A（量程10mA）

B.电压表V（量程3V；内阻约3kΩ）

C.电流表A0（量程5mA，内阻）

D.滑动变阻器R1（最大电阻5Ω；滑片可滑动的最大距离10cm）

E.滑动变阻器R2（最大电阻10Ω；滑片可滑动的最大距离50cm）

F.定值电阻R3（阻值20Ω）

G.电源E（电动势1.5V）

H.开关S及导线若干。

（1）器材选择时，在电压表V和电流表A0中，应选_______（填“V”或“A0”），为便于调节，滑动变阻器应选_________（填“R1”或“R2”）；

（2）请在方框内画出实验电路图_________；

（3）实验中，若测得待测电流表A的示数为I，另一电表的示数为k，则待测电流表A内阻的表达式为r=__________.26、请读出游标卡尺的读数。

（1）_____________mm（2）_____________mm评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)27、如图甲所示，足够长的两金属导轨MN、PQ水平平行固定，两导轨电阻不计，且处在竖直向上的磁场中，完全相同的导体棒a、b垂直放置在导轨上，并与导轨接触良好，两导体棒的电阻均为R=1Ω,且长度刚好等于两导轨间距L,两导体棒的间距也为L,开始时磁场的磁感应强度按图乙所示的规律变化，当t=1s时导体棒刚好要滑动．已知L=2m,滑动摩擦力等于最大静摩擦力．求：

(1)每根导体棒与导轨间的滑动摩擦力的大小及1s内整个回路中产生的焦耳热；

(2)若保持磁场的磁感应强度B=1T不变，用如图丙所示的水平向左的力F拉导体棒a,刚开始一段时间内a做匀加速直线运动，则一根导体棒的质量为多少?从施加力F开始经过多长b导体棒开始滑动?

(3)在(2)问条件下在拉力作用时间为4s时，求a,b两棒组成的系统的总动量？28、如图所示PQ、MN为足够长的两平行金属导轨，它们之间连接一个阻值R=10Ω的电阻；导轨间距为L=lm，导轨电阻不计，长约lm，质量m=0.lkg的均匀金属杆水平放置在导轨上（金属杆电阻不计），它与导轨的滑动摩擦因数导轨平面的倾角为°在垂直导轨平面方向有匀强磁场，磁感应强度为B=0.5T，今让金属杆AB由静止开始下滑，从杆静止开始到杆AB恰好匀速运动的过程中经过杆的电量q=lc；求：

（1）当AB下滑速度为4m/s时加速度的大小；

（2）AB下滑的最大速度；

（3）AB由静止开始下滑到恰好匀速运动通过的距离；

（4）从静止开始到AB匀速运动过程R上产生的热量．29、如图所示，水平虚线MN、PQ之间有垂直于纸面向里的水平匀强磁场，磁场的磁感应强度大小为B，两虚线间的距离为H，质量为m、电阻为R边长为L的正方形金属线框abcd在磁场上方某一高度处由静止释放线框在向下运动过程中始终在竖直平面内，ab边始终水平，结果线框恰好能匀速进入磁场，线框有一半出磁场时加速度恰好为零，已知L<H；重力加速度为g，求：

(1)线框开始释放时ab边离虚线MN的距离；

(2)线框进磁场过程中通过线框截面的电量q及线框穿过磁场过程中线框中产生的焦耳热；

(3)线框穿过磁场所用的时间．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

A：如图所示：

由几何知识得入射角折射角则此玻璃的折射率为：A正确；

B：BD长度光在玻璃球内传播的速度所以光线从B到D的时间为B错误；

C、光在玻璃体内的波长C错误。

D、在玻璃体内，发生全反射时根据几何知识可知光在B点的入射角为30°，而即临界角所以光线不可能在B点发生全反射现象，D错误．2、C【分析】【分析】

首先对电路进行分析：L2的灯丝突然烧断可知电路中总电阻增大；由闭合欧姆定律可求得电路中电流及路端电压的变化；再对并联部分分析可知电容器两端的电压变化，则可知液滴的受力变化，则可知液滴的运动情况．根据电源的内外电阻关系，分析电源输出功率的变化．

【详解】

AC．当L2的灯丝突然烧断可知电路中总电阻增大，则总电流减小，电源的内电压和R1电压减小；由闭合电路的欧姆定律可知，路端电压增大，故电容器C的电压增大，板间场强增大，带电液滴所受的电场力增大，则该液滴将向上移动；

由于C两端的电压增大，R2、R3中的电流增大；则电流表；电压表的读数均变大；故A错误，C正确；

B．因干路电流减小；则电源内阻消耗的功率变小，故B错误；

D．由于电源的内外电阻的关系未知；不能判断电源的输出功率如何变化．故D错误．

【点睛】

本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析．3、B【分析】【分析】

【详解】

AB．在图线中；1→2过程中，体积不变，压强增大，图线是竖直直线；在2→3过程中，温度保持不变，体积增大，压强减小，图线是双曲线；在3→1过程中，压强不变，体积减小，图线是水平直线。A错误，B正确；

CD．在图线中；1→2过程中，体积不变，温度升高，是水平直线，CD错误。

故选B。4、A【分析】【分析】

首先根据电流强度的定义可以求得t时间内通过导线横截面积的总的电荷量的大小；进而可以求得自由电子的个数，再根据电流的微观的表达式．

【详解】

在△t时间内，以速度v移动的电子在铜导线中通过的距离为v△t，由于铜导线的横截面积为S，则在t时间内，电子经过的导线体积为：

又由于单位体积的导线有n个自由电子，则在△t时间内，通过导线横截面的自由电子数目可表示为：．

A正确；B；C、D错误；

故选A．

【点睛】

本题计算自由电子的个数，要注意从不同的角度来分析问题，一是从微观运动的角度，二是从电流强度的角度5、D【分析】【详解】

A；将金属圆盘看成由无数金属辐条组成；金属圆盘顺时针匀速转动时，根据右手定则判断可知：圆盘上的感应电流由圆心流向边缘，所以靠近圆心处电势低，故A错误；

B、根据法拉第定律可知，金属圆盘产生的感应电动势为BLv；所以所加磁场越强，产生的感应电动势越大，感应电流越大，圆盘受到的安培力越大，而安培力是阻力，所以越易使圆盘停止转动，故B错误；

C；若所加磁场反向；只是产生的电流反向，根据楞次定律可知，安培力仍然阻碍圆盘的转动，所以圆盘还是减速转动，故C错误；

D、若所加磁场穿过整个圆盘时，圆盘在切割磁感线，产生感应电动势，相当于电路断开，则不会产生感应电流，不受安培力作用，所以圆盘将匀速转动，故D正确；6、C【分析】试题分析：加在原线圈上的电压，根据电压比与匝数比关系：所以：．根据输电线上的电流输电线上消耗的功率．故C正确；ABD错误．故选C。

考点：变压器；远距离输电。

【名师点睛】此题是关于远距离输电问题；解决本题的关键注意电压有效值的使用及变压器的特点，输入功率等于输出功率，电压比等于匝数比。二、多选题(共7题，共14分)7、B:C【分析】【详解】

因为a光偏转角度大,说明玻璃砖对a光的折射率大,即故A错误;根据公式a光的折射率大,a光在玻璃中的传播速度小,即故B正确；因为根据临界角公式知单色光a从玻璃到空气的全反射临界角小于单色光b从玻璃到空气的全反射临界角,所以当增加入射角，单色光a先消失，故C正确；D错误；故选BC8、A:C【分析】【详解】

A．水由液态变为气态；吸收热量，分子势能增加，选项A正确；

B．在晶体熔化过程中；分子势能会发生改变，内能也会改变，选项B错误；

C．已知水的摩尔质量和水分子的质量；可以计算出阿伏加德罗常数，选项C正确；

D．当分子力表现为引力时；分子势能都是随分子间距离的增大而增大，分子力随分子间距离的增大先增大后减小，选项D错误。

故选AC。9、B:C【分析】【分析】

气体由状态A变到状态D过程中；温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律分析吸放热情况。温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大．根据体积变化，分析密度变化。

【详解】

AC．A点和D点在过原点的连线上，说明气体由A到D压强不变；体积增大，密度减小，则单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少，故A错误，C正确；

B．A变到状态D；体积变大，气体对外做功，温度升高，气体内能增加，故需要吸热，故B正确；

D.温度升高；气体的平均动能增加，但不是每个气体分子动能都会增大，故D错误。

故选BC。10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．绝对零度是不可能达到的；故A错误；

B．热平衡状态即为两物体的温度相同；但两物体内能相同时，温度不一定相同，故B错误；

C．热量可以从低温物体传递到高温物体；例如电冰箱，但需要消耗电能，故C正确；

D．自然界中有的能量便于利用；有的不便于利用，因此要节约能源，故D错误；

E．一定质量的理想气体经过绝热压缩；外界对气体做功，由热力学第一定律可知，气体的内能增大，故E正确。

本题选错误的，故选ABD。11、A:B:D【分析】【详解】

A．由电动势E=

可知；电源将单位正电荷从负极移到时正极时非静电力做功越多，电动势越大，即电源电动势越大，表明它将其他形式的能转化为电能的本领越大，故A正确；

B．电源电动势在数值上等于外电路断开时两极间的电压；故B正确；

CD．电源电动势在数值上等于非静电力把1C正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功故C错误；D正确。

故选ABD。12、C:D【分析】【详解】

A.小球原来处于静止状态，分析受力可知，小球所受的电场力方向向左，电场强度方向向左，故小球带正电，故A错误；

B.小球静止时，受到重力、电场力和轨道的支持力作用，由平衡条件得知，重力与电场力的合力方向与支持力方向相反，与斜面垂直向下，则小球从A运动到B点的过程中，此合力做负功，动能减小，所以小球运动到B点时动能最小，故B错误；

C.小球恰能绕圆环完成圆周运动，在B点重力与电场力的合力提供向心力，小球对轨道的压力为0，故C正确；

D.小球在B点的速度为vB，，

根据功能关系可知，，

联立解得：vB=10m/s，故D正确

故选CD13、B:C:D【分析】【详解】

A.小孔成的像是由实际光线形成的；可以用光屏接收到，符合实像的特征，不是虚像，故A不符合题意；

B.近视是因为晶状体曲度过大；折光能力太强使像成在视网膜前面，用凹透镜矫正，利用了光的折射原理．故B符合题意；

C.白光由七色光组成；不同色光通过三棱镜后，偏折角度不同，所以被分解成七色光，这是光的色散现象，故C符合题意；

D.只要是光的反射，都遵循光的反射定律，镜面反射和漫反射都遵循光的反射定律，故D符合题意。三、填空题(共7题，共14分)14、略

【分析】【详解】

根据光电效应方程得，分析可知与成一次函数关系，知图线的斜率等于普朗克常量，即为：与图象比较可知，横轴截距b为金属的极限频率，则料的逸出功为：．

【点睛】

只要记住并理解了光电效应的特点，只要掌握了光电效应方程就能顺利解决此题，所以可以通过多看课本加强对基础知识的理解．【解析】kkb15、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]恒星的表面颜色取决于它的表面温度；温度越低，颜色越偏红，温度越高，颜色越偏蓝。

[2]恒星的颜色显示了它的温度；温度较低的恒星，在天空中呈现暗红色。

[3]恒星的亮度与恒星的体积和温度及它与地球的距离有关。

[4]恒星的寿命和它的质量有关，质量越大的恒星寿命越短，这是因为质量越大压力就越大，这种情况下恒星内部的核反应就更加剧烈。【解析】颜色（暗）红色温度质量16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】正比CT或＝质量体积过原点的直线－273.15℃17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）毫米刻度尺要估读到毫米下一位。

（2）如图。

（3）由图像可得最低温度为-25℃，t=0℃时；水银的长度为50.0mm，即每升高1℃水银柱上升2mm；

138.0mm-50.0mm=88.0mm即最高温度为44℃。

（4）温度升高，玻璃泡体积增大，水银高度降低，造成测量温度偏小。【解析】138.0-2544偏小18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]．该密闭气体的质量为。

物质的量。

分子个数为。

解得。

[2]．气球逐渐膨胀起来的过程中；气体对外做了0.8J的功，同时吸收了0.9J的热量，则该气体内能变化了。

∆U=W+Q=-0.8J+0.9J=0.1J即内能增加0.1J；

[3]．若气球在膨胀过程中迅速脱离瓶颈，则该气球内气体迅速绝热膨胀对外做功，则气体的温度降低。【解析】0.1J降低19、略

【分析】根据通电螺线管右端的小磁针静止时N极的指向，可知螺线管的d端为N极，c端为S极，由右手螺旋法则可知，电源的a端为正极。【解析】正，S20、略

【分析】【分析】

据右手定则判断感应电流的方向；即可确定等效电源的正负极；

根据E=BLv求出感应电动势；由欧姆定律得出电流强度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定则判断安培力的方向．再根据平衡条件分析外力的大小和方向．

【详解】

a.电路abcd中ab棒切割磁感线；产生感应电动势，相当于电源．由右手定则判断可知相当于电源的正极是a端；

b.感应电动势为：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V；

感应电流为：

c.ab杆所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N

由右手定则判断可知，ab中感应电流方向从b→a；由左手定则得知，安培力的方向向左．

【点睛】

解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律．【解析】a；0.2V；0.4A；0.016N；向左四、作图题(共3题，共27分)21、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】22、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】23、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共24分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

调节使电压表的示数为保持滑动变阻器的滑动头的位置不变，调节使电压表示数为则此时分压为1V。根据串联电流电流相等，则电压与电阻成正比，故

故电压表内阻为【解析】25、略

【分析】【分析】

选择电表时要考虑安全性；精确性和便捷性；利用并联电压相等原则求电压；再由欧姆定律求电表内阻。

【详解】

第一空第二空.由于电压表内阻不可确定，而电流表内阻已知，故应选用电流表A0；为了便于调节，滑动变阻器应选用可滑动距离大的，故应选用R2；

第三空.为了调节范围尽可能的大；滑动变阻器应选用分压式，两个电流表并联，电路如图。

第四空.根据实验电路图，以及并联电路电压相等的原理，可得：整理得

【点睛】

电表的选择原则：安全性原则，精确性原则，便捷性原则；串联电路电流相等，并联电路电压相等原理；欧姆定律是电学中非常重要的定律，也是常用的定律【解析】A0R226、略

【分析】【详解】

（1）游标卡尺的主尺读数为22mm；游标读数为0.1×6mm=0.6mm，所以最终读数为22.6mm．

（2）游标卡尺的主尺读数为50mm，游标读数为0