2025年新世纪版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、2019年4月10日21点，「事件视界望远镜」（EventHorizonTelescope,EHT）项目在全球六地同时召开了发布会，正式公布了观测到的一个位于室女A星系（M87）的黑洞，这也是人类史上第一张黑洞照片．根据公开资料显示，事件视界望远镜特定的电磁波观测波长约为1mm，而可见光的波长大约在400nm-700nm范围内，则下列说法正确的是（）A.事件视界望远镜观测波段的电磁波可以使逸出功为2.29eV的Na发生光电效应B.事件视界望远镜观测的波段属于x射线C.事件视界望远镜观测的波段属于α射线D.事件视界望远镜观测的波段不能直接引起人的视觉2、关于电容器的电容，下列说法正确的是（）A.电容器带的电荷量越多，其电容越大B.电容器两板间电压越低，其电容越小C.电容器不带电时，其电容为0D.电容器的电容只由它本身特性决定3、一根粗细均匀，阻值为的电阻丝，在温度不变的情况下，先将它等分成四段，每段电阻为再将这四段电阻丝并联，并联后总电阻为则与的大小依次为A.B.C.D.4、如图所示，在粗糙绝缘的水平面上有一物体A带正电，另一带正电的物体B沿着以A为圆心的圆弧由P到Q缓慢地从A的正上方经过，若此过程中A始终保持静止，A、B两物体可视为质点且只考虑它们之间有库仑力的作用，则下列说法正确的是（）

A.物体A受到地面的支持力先增大后减小B.物体A受到地面的支持力保持不变C.物体A受到地面的摩擦力先增大后减小D.库仑力对物体B先做正功后做负功5、如图所示，实线表示某电池中的四个等势面，它们的电势分别为和相邻等势面间的电势差相等，一带负电的粒子，重力不计，在该电场中运动的轨迹如虚线所示，a、b、c、d是其运动轨迹与等势面的四个交点；则可以判断（）

A.等势面上各点场强处处相同B.四个等势面的电势关系是C.粒子从a运动到d的过程中静电力一直做负功D.粒子在a、b、c、d四点的速度大小关系是6、如图所示的坐标系中，x轴上固定一个点电荷Q，y轴上固定一根光滑绝缘细杆（细杆的下端刚好在坐标原点O处）．将一个套在杆上重力不计的带电圆环（视为质点）从杆上P处由静止释放，圆环从O处离开细杆后恰好绕点电荷Q做圆周运动．下列说法正确的是。

A.圆环沿细杆从P运动到O的过程中，加速度一直增大B.圆环沿细杆从P运动到O的过程中，速度先增大后减小C.增大圆环所带的电荷量，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动D.将圆环从杆上P的上方由静止释放，其他条件不变，圆环离开细杆后仍然能绕点电荷做圆周运动7、如图所示，电源的电动势和内阻分别为E和r，在滑动变阻器的滑片P由a向b缓慢移动的过程中；下列各物理量的变化情况为（）

A.电容器所带电荷量一直增多B.电容器所带电荷量先减少后增多C.电源的总功率先增大后减小D.电源的路端电压先减小后增大8、某个磁场的磁感线如图所示；如果把一个小磁针放入磁场中，小磁针将（）

A.顺时针转动B.逆时针转动C.向右移动D.向左移动评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，竖直平面内固定一个半径为R的刚性光滑绝缘圆环。在圆环的最低点A固定一个电荷量为+q的小球，另一个质量为m的带电小环套在大圆环上恰能静止在B点，且小环与大圆环圆心O的连线OB与竖直线OA的夹角θ等于60°。已知静电力常量为k；重力加速度为g，下列说法正确的是（）

A.小环带负电B.小环带正电C.小环所带电荷量D.若小环所带电荷量逐渐衰减导致其发生缓慢移动，则小环所受大环的弹力大小不会改变10、下图中电源电动势为E，内电阻为r，A、B为两个相同的灯泡，R1为定值电阻，R为滑动变阻器，当滑动触头P向b端滑动时，则()

A.A灯变暗，B灯变暗B.A灯变暗，B灯变亮C.R1消耗的功率变大D.R1消耗的功率变小11、某直流电源的图线如图线A所示，定值电阻的图线如图线B所示，该直流电源两端只接电阻时，电源的输出功率为P，该直流电源两端只接阻值为的定值电阻时，电源的输出功率也为P，电源的效率为电源的总功率为阻值不等；则（）

A.B.C.D.12、如图所示，电路中定值电阻R的阻值大于电源内阻r的阻值，开关S闭合，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3的示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表示数变化量的绝对值为△I；下列说法正确的是（）

A.理想电压表V2的示数增大B.△U3>△U1>△U2C.电源的输出功率减小D.△U3与△Ⅰ的比值不变13、如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成．当闭合开关S1、S2后；电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出．已知电吹风的额定电压为220V，吹冷风时的功率为120W，吹热风时的功率为1000W．关于该电吹风，下列说法正确的是()

A.电热丝的电阻为55ΩB.电动机的电阻为ΩC.当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为120JD.当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120J评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、如图所示为静电喷涂的原理示意图，喷枪喷出的漆滴带________电，工件带________电，因而使漆滴吸附到工件上，如果用绒毛代替油漆，在纺织物上根据图案的需要涂上粘合剂，就可以利用静电实现植绒．15、(1)下图中是螺旋测微器和游标卡尺的某次测量。其中螺旋测微器的读数为_____mm。

(2)某表头满偏电流为1mA、内阻为982Ω。为了将表头改装成量程为50mA的电流表，需要一个阻值约为_____Ω的电阻与表头并联（计算结果取整数）16、用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图所示，则电压表的读数为________V，电流表的读数为________A。

17、掌握用______表和______表测量电动势和内阻的方法。18、在磁感应强度为B的匀强磁场中，半径为R的半球形球壳如图（a）放置，穿过它的磁通量为_______；面积为S的矩形线框在该磁场中的初始位置如图（b）中实线所示，线框绕O轴逆时针转动到与磁场垂直的虚线位置，这一过程中穿过线框的磁通量的变化量大小为______。

19、如图，过点电荷Q的直线上有A、B、C三点，则A、B两点电势差的绝对值与B、C两点电势差的绝对值的大小关系为_____________（选填“>”“=”或“<”）；将一个电子从A点移到C点，其电势能减少5eV，若取C点的电势为0，则A点的电势为_____________V。

20、某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度。读出图中的示数。该金属圆片的直径的测量值为_______mm,厚度的测量值为_______mm。

21、有一个电流表内阻满偏电流要把它改装为量程的电压表，则应串联一个电阻阻值__________要把它改装为量程的电流表,则改装后电流表的内阻__________22、如图所示是甲、乙两个导体的I—U图线，则导体甲的电阻_____导体乙的电阻（填“大于”、“等于”或“小于”），当电流为3A时，导体乙上消耗的电功率为_____W。

评卷人得分四、作图题(共3题，共9分)23、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

24、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

25、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共1题，共9分)26、在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或图（b）所示，计算结果由计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的读数；若将图（a）和图（b）中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则_____（填“Rx1”或“Rx2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1______（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值，测量值Rx2_______（填“大于”；“等于”或“小于”）真实值。

评卷人得分六、解答题(共1题，共4分)27、如图所示为一个电灯两端的电压与通过它的电流的变化关系曲线．由图可知；两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故．参考这条曲线回答下列问题(不计电流表和电源的内阻)．

(1)若把三个这样的电灯串联后；接到电动势为12V电阻为零的电源上，求流过灯泡的电流和每个灯泡的电阻．

(2)如图所示；将两个这样的电灯并联后再与10Ω的定值电阻串联，接在电动势为8V电阻不计的电源上，求通过电流表的电流值和每个灯泡的电阻．

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

事件视界望远镜特定的电磁波观测波长约为1mm，所以能量为此能量小于钠的逸出功，所以不能发生光电效应，故A错误；事件视界望远镜特定的电磁波观测波长约为而x射线的波长范围为0.01nm10nm，所以事件视界望远镜观测的波段不属于x射线，故B错误；α射线是氦核不是波，波段中没有阿法射线这种说法，故C错误；事件视界望远镜特定的电磁波观测波长约为而可见光的波长大约在400nm-700nm范围内，所以事件视界望远镜观测的波段不能直接引起人的视觉，故D正确；2、D【分析】【详解】

A；B项：电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关；故A、B错误；

C项：根据电容器的电容只由它本身特性决定，当不带电时，仍存在电容．故C错误，D正确．

点晴：解决本题的关键掌握电容的决定式：知道电容与两极板的距离、正对面积有关，与所带的电量及两端的电势差无关．3、C【分析】【详解】

一根粗细均匀的电阻丝，将它等分成四段，每段的长度减小为四分之一，横截面积和电阻率一定，故电阻减小为四分之一，为

再将这四段电阻丝并联起来，横截面积增加为4倍，根据电阻定律，

故选C．4、A【分析】【详解】

ABC．AB间距离不变；AB间静电力的大小不变。

当物体B由P点运动到最高点的过程中，对物体A受力分析，受重力G、静电力F、地面的支持力N、摩擦力f

将静电力正交分解，由共点力平衡条件得到

可解得

其中G与F大小不变，逐渐减小为零，因而支持力N逐渐变大，f逐渐变小；

当物体B由最高点运动到Q点的过程中，再次对物体A受力分析，受重力G、静电力F、地面的支持力N、摩擦力f

将静电力正交分解，由共点力平衡条件得到

可解得

其中G与F大小不变，由零逐渐增大，因而支持力N逐渐变小，f逐渐变大；

综合以上两个过程可知：物体A受到地面的支持力N先增大后减小；物体A受到地面的摩擦力先减小后增大，故A正确，BC错误；

D．物体A对物体B的静电力与物体B的运动方向总是垂直；A对B不做功，故D错误。

故选A。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．等势面上各点电势相等；但场强并不相同，A错误；

B．做曲线运动的粒子；受力的方向指向凹侧，因此负电荷受力向右，电场线向左，沿着电场线电势降低，四个等势面的电势关系是。

B正确；

C．由于c、d两点电势相等，从c到d的过程中；电场力先做负功后做正功，C错误；

D．根据动能定理，粒子在a、b、c、d四点的速度大小关系是。

D错误。

故选B。6、C【分析】【详解】

A.圆环从P运动到O的过程中；受库仑引力，杆子的弹力，库仑引力沿杆子方向上的分力等于圆环的合力，滑到O点时，所受的合力为零，加速度为零．故A错误；

B.圆环从P运动到O的过程中；只有库仑引力做正功，根据动能定理知，动能一直增大，则速度一直增大．故B错误．

CD.根据动能定理得根据牛顿第二定律得联立解得可知若只正大圆环电荷量，圆环仍然可以做圆周运动；若增大高度，知电势差U增大；库仑引力与所需向心力不等，不能做圆周运动，故C正确，D错误．

故选C。7、B【分析】【分析】

【详解】

滑片P处于a或b时，滑动变阻器均被短路，当滑片由a向b移动，滑片P将滑动变阻器分为两部分；其接入电路总阻值为两部分电阻阻值并联之后的阻值大小，将先变大后边小。

AB．当滑片P由a缓慢向b移动，电路总阻值先变大后边小，由闭合电路欧姆定律知电流先变小后变大，电容器两端电压与电阻R1电压相同，先变小后变大，由电容器电容的定义式

可知；电容器所带电荷量先减少后增大，A错误，B正确；

C．根据电源总功率公式

电源总功率应先减小后增大；C错误；

D．由闭合电路欧姆定律

知电源路端电压先增大后减小；D错误。

故选B。8、A【分析】【详解】

小磁针被放入磁场中；由于小磁针N极所受力的方向就是磁场方向，根据磁场方向水平向右，则小磁针受到磁场力的方向水平向右，所以小磁针会顺时针转动。

故选A。二、多选题(共5题，共10分)9、B:C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．由题意可判断出；小环带正电，故B正确，A错误；

C．小环恰能静止，所以受力平衡的力学三角形如图所示，可知mg=

即

C正确；

D．当小环电荷量缓慢减少时，根据受力平衡可知，力的三角形CBD总是相似于几何三角形OAB，故

弹力F=mg

故D正确。

故选BCD。

10、A:C【分析】【详解】

当滑片向下，滑动变阻器的阻值变小，电路的总电阻都会变小，据闭合电路欧姆定律知总电流变大，内电压增大，所以路端电压减小，可知灯A变暗；再据干路电流变大，灯A电流减小，所以电源右侧电路的电流增大，电阻R1上的电流变大了，所以分压也就增加了，但是路端电压减小，所以B灯和滑阻上的电压就变小，根据公式P=可知，B灯实际功率的变小，所以B灯变暗，故A正确，B错误．以上分析可知，通过R1的电流变大；所以消耗功率变大，故C正确，D错误．故选AC．

点睛：本题的关键识别电路的能力，动态电路的分析的思路，借助串、并联电路的电压、电流和电阻规律的应用情况、欧姆定律的应用以及电功率的计算公式．11、A:D【分析】【详解】

A．接在电源两端时，电源的输出功率为

故A正确；

B．由图像可知，电源的电动势为

电源的内阻为

R1的阻值为

由题意可知

解得（另一解10Ω不符题意，舍去）

故B错误；

CD．R2接在电源两端时，设回路中电流为I2，由闭合电路欧姆定律可得

解得

电源的总功率为

电源的效率为

故C错误；D正确。

故选AD。12、B:D【分析】【详解】

A．理想电压表内阻无穷大，相当于断路。理想电流表内阻为零，相当短路，所以定值电阻R与变阻器串联，电压表V1、V2、V3分别测量R的电压、路端电压和变阻器两端的电压。当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，内电压增大，路端电压减小，则V2的示数减小；故A错误；

C．当内外电阻相等时；电源的输出功率最大，故当滑动变阻器滑片向下滑动时，外电阻越来越接近内阻，故电源的输出功率在增大；故C错误；

BD．根据闭合电路欧姆定律得U2=E-Ir

则得

而

据题：R＞r，则得△U1＞△U2

同理U3=E-I（R+r）

则得

保持不变，同时得到△U3＞△U1＞△U2

故BD正确；

故选BD。13、A:D【分析】【详解】

当吹热风时，电机和电阻并联．电阻消耗的功率为由可知故A正确；电机为非纯电阻电路故B错误；当电吹风吹冷风时，电热丝处于断路状态，没有电流通过，电热丝每秒钟消耗的电能为0，故C错误；当电吹风吹热风时，电动机M和电热丝R并联，电动机的功率为120W，所以每秒钟消耗的电能故D正确；综上分析，AD正确．三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】【详解】

[1][2]根据电场线的方向可知，喷枪带正电，工件带负电。【解析】正负15、略

【分析】【详解】

(1)[1]左侧装置为螺旋测微器，其中固定刻度读数为0.5mm，可动刻度读数为0.01×40.0mm=0.400mm，所以最终读数为

故答案为0.900。

(2)[2]由电路并联规律可得

代入数值可得【解析】0.9002016、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]电压表精确度为0.1V，其读数为2.60V；电流表精确度为0.02A，其读数为0.52A。【解析】2.600.5217、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电压电流18、略

【分析】【详解】

[1]根据磁通量的公式，可得穿过半球形球壳的磁通量为

[2]根据磁通量的公式，取此时磁感线穿过的面的磁通量为正，没有转动前，通过线框的磁通量为

由于转动后，磁感线从另一面穿过，则此时磁通量为负，即有

这一过程中穿过线框的磁通量的变化量大小为【解析】19、略

【分析】【详解】

[1][2]因为AB离点电荷更近，则平均场强更大，根据可知，>将一个电子从A点移到C点，其电势能减少5eV

解得

所以【解析】>-520、略

【分析】【详解】

[1]游标卡尺的读数即该金属圆片的直径的测量值为

[2]螺旋测微器的读数即该金属圆片厚度的测量值为【解析】12.401.68221、略

【分析】【详解】

[1][2]依据电流表改装成电压表的特点，则有

解得需串联依据电流表改装成电流表的特点，则有

解得需并联的电阻，即总电阻所以电流表的内阻【解析】99000.0522、略

【分析】【分析】

【详解】

①在I—U图像中；斜率的倒数在数量上等于导体的电阻。有图可知，导体甲的斜率大于导体乙，则导体甲的电阻小于导体乙；

②由图可知，当电流为3A时，导体乙两端的电压为90V，则其消耗的电功率为【解析】小于90四、作图题(共3题，共9分)23、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁