2025年上外版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版高三物理上册月考试卷270考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，平行金属导轨间距为d，一端跨接电阻为R，匀强磁场磁感强度为B，方向垂直平行导轨平面，一根长金属棒与导轨成θ角放置，棒与导轨的电阻不计，当棒沿垂直棒的方向以恒定速度v在导轨上滑行时，通过电阻的电流是（）A.B.C.D.2、电场中有一点P，一电量为-q的试探电荷放在P点，受到的电场力为F，由电场强度的定义可得，E=．下列说法中正确的是（）A.若试探电荷的电荷量变为，则P点的电场强度变为2EB.若移走试探电荷，则P点电场强度为零C.P点的电场强度方向就是放在P点的试探电荷所受电场力的方向D.若P点的电场强度E越大，则同一试探电荷在P点受到的电场力F越大3、在探究摩擦力的实验中；用弹簧测力计水平拉一放在水平桌面上的小木块，小木块的运动状态和弹簧测力计的读数如下表所示（每次实验时，木块与桌面的接触面相同），则由表分析可知（）

。实验次数小木块的运动状态弹簧测力计读数（N）1静止0.32静止0.53直线加速0.64匀速直线0.45直线减速0.2A.木块受到的最大摩擦力为0.6NB.木块受到的最大静摩擦力可能为0.5NC.在第2次和第3次实验中，木块受到的摩擦力大小可能相同D.在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小各不相同4、如图所示，S1、S2为水波槽中的两个波源，它们分别激起两列水波，图中实线表示波峰，虚线表示波谷．已知两列波的波长λ1＜λ2，该时刻在P点为两列波的波峰与波峰相遇，则以下叙述正确的是（）A.P点有时在波峰，有时在波谷，振动始终加强B.P点始终在波峰C.P点的振动不遵守波的叠加原理，P点的运动也不始终加强D.P点的振动遵守波的叠加原理，但并不始终加强5、两个可视为质点的小球A和B,质量均为m,用长度相同的两根细线分别悬挂在天花板上的同一点O.现用相同长度的另一根细线连接A,B两个小球,然后用一水平方向的力F作用在小球A上,此时三根细线均处于伸直状态,且OB细线恰好处于竖直方向,如图所示.如果两小球均处于静止状态,则力F的大小为A.mgB.mgC.mgD.06、质量不同的两个物体从同一高度静止释放后落到地面，不计空气阻力，下列说法中正确的是（）A.落地的时间不同B.下落过程中物体的加速度不相同C.落地时的速度不同D.下落过程中物体的加速度相同7、如图所示是某物体做直线运动的v-t图象；则该物体（）

A.做匀速直线运动B.做匀加速直线运动C.一直朝某一方向运动D.在某一线段上做两个来回运动8、如图所示为示波管中电子枪的原理示意图，示波管内被抽成真空．A为发射电子的阴极，K为接在高电势点的加速阳极，A、K间电压为U，电子离开阴极时的速度可以忽略，电子经加速后从K的小孔中射出的速度大小为v．下列说法中正确的是（）A.如果K间距离减半而电压仍为U，则电子离开K时的速度仍为2vB.如果K间距离减半而电压仍为U，则电子离开K时的速度变为C.如果K间距离不变而电压减半，则电子离开K时的速度变为vD.如果K间距离不变而电压减半，则电子离开K时的速度变为评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、（2015秋•淮安校级期末）用计算机辅助实验系统（DIS）做“验证牛顿第三定律”的实验；如图是把两个测力探头的挂钩钩在一起，向相反方向拉动，观察显示器屏幕上出现的结果．观察分析两个力传感器的相互作用随着时间变化的曲线，以下结论正确的是。

（）A.作用力与反作用力作用在同一物体上B.作用力与反作用力是同时作用的C.作用力与反作用力方向相反D.作用力与反作用力大小相等10、关于电阻的计算式R=和决定式R=ρ，下面说法不正确的是（）A.导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B.导体的电阻仅与导体长度、横截面积和电阻率有关C.导体的电阻随工作温度变化而变化D.对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化11、目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些岩石都不同程度地含有放射性元素，放射出的α、β、γ射线会导致细胞发生癌变及呼吸道等方面的疾病，根据有关放射性知识可知，下列说法正确的是（）A.将α、β、γ射线垂直射入匀强电场中，可以通过偏转的情况将它们分辨出来B.放射出的β射线的速度等于光速C.γ射线一般伴随着α或β射线产生，在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱D.发生α衰变时，生成的新核与原来的原子核相比，中子数减少了412、如图甲所示是用来加速带电粒子的回旋加速器的示意图，其核心部分是两个D形金属盒．在加速带电粒子时，两金属盒置于匀强磁场中，两盒分别与高频电源相连．带电粒子在磁场中运动的动能Ek随时间t的变化规律如图乙所示，忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断正确的是（）A.在Ek-t图中应有t4-t3=t3-t2=t2-t1B.高频电源的变化周期应该等于tn-tn-1C.粒子加速次数越多，粒子最大动能一定越大D.要想粒子获得的最大动能增大，可增加D形盒的半径13、将卫星发射至近地圆轨道1（如图所示），然后再次点火，将卫星送入同步轨道3．轨道1、2相切于Q点，2、3相切于P点，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A.卫星在轨道3上的速度大于轨道1上的速度B.卫星在轨道3上的角速度大于在轨道1上的角速度C.卫星在轨道2上经过Q点时的速度大于它在轨道2上经过P点时的速度D.卫星在轨道2上经过P点的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度14、科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用.

下列说法符合历史事实的是()A.亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B.伽利略通过“理想实验”得出结论：一旦物体具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C.笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D.牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质15、设想在地球赤道平面内有一垂直于地面的轻质电梯，电梯的顶端可超过地球同步卫星的高度R（从地心算起）延伸到太空深处，利用这种太空电梯可以低成本发射及回收人造地球卫星，如图所示．发射方法是将卫星通过太空电梯匀速提升到相应高度，然后启动推进装置将卫星从太空电梯发射出去．假设在某次发射时，卫星在太空电梯中极其缓慢地上升，上升到某一高度时意外地和电梯脱离，关于脱离后卫星的运动以下说法正确的是（）A.若在0.80R处脱离，卫星将沿直线落向地球B.若在0.80R处脱离，卫星沿曲线轨道靠近地球C.若在R处脱离，卫星将沿直线落向地球D.若在R处脱离，卫星将相对太空电梯静止16、一列简谐横波沿x轴正方向传播，波速v=100m/s，某时刻波形如图所示，则（）A.这列波的波长为20cmB.质点p的振幅是1cmC.质点p此时刻的速度方向沿y轴负方向D.质点p振动的周期为4s评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)17、（2011春•贵池区校级期末）如图所示电路，其中A为直流电动机，其内电阻r=0.5Ω，电压表示数为100V，B、C两点间电压U=150V，串联电阻R=10Ω，则电机输入功率为____W，效率为____．18、分子动理论的基本内容是____、____；估算10g水中含有的水分子数目为____．19、在真空中负点电荷Q形成的电场中的P点，放一个q=-10-9C的点电荷，测得所受电场力大小为10-6N．则此时Q在P点产生的电场的场强大小为____N/C，若在P点不放任何检验电荷，则Q在P点产生的场强大小为____N/C．20、将一质量为m的小球靠近墙面竖直向上抛出，图甲、图乙分别是上升和下降时的频闪照片，O点恰是运动的最高点．假设小球所受阻力大小不变，重力加速度为g，则小球向上运动的加速度大小为____，受到的阻力大小为____．

21、从静止开始作匀加速运动的物体第3秒末的速度为6m/s，它的加速度为____，5秒内物体通过的位移为____m．评卷人得分四、实验题(共1题，共10分)22、从下列实验器材中选出适当的器材；设计实验电路来测量两个电压表的内阻，要求方法简捷，操作方便，可进行多次测量并有尽可能高的测量精度．

A．待测电压表V1；量程0～3V，内电阻约20kΩ-40kΩ

B．待测电压表V2；量程0～3V，内电阻约20kΩ-40kΩ

C．电阻箱R1；阻值范围0-99999.9Ω

D．电阻箱R2；阻值范围0-99.99Ω

E．滑动变阻器R3；阻值范围0-250Ω，额定电流2.5A

F．滑动变阻器R4；阻值0-20Ω，额定电流2A

G．电池组；电动势为6V，内电阻为0.5Ω

H．单刀开关若干和导线若干。

（1）请设计一个测量电路；并画出电路图．

（2）实验器材选择除A、B、G、H外，电阻箱应选用：____，滑动变阻器应选用：____（用器材前的字母表示）．

（3）需要测量哪些物理量，写出R和R的表达式，并写出推导过程．评卷人得分五、实验探究题(共3题，共6分)23、某实验小组探究弹簧的劲度系数k与其长度（圈数）的关系．实验装置如图（a）所示：一均匀长弹簧竖直悬挂，7个指针P0、P1、P2、P3、P4、P5、P6分别固定在弹簧上距悬点0、10、20、30、40、50、60圈处：通过旁边竖直放置的刻度尺，可以读出指针的位置，P0指向0刻度．设弹簧下端未挂重物时，各指针的位置记为x0；挂有质量为0.100kg的砝码时，各指针的位置记为x．测量结果及部分计算结果如表所示（n为弹簧的圈数，取重力加速度为9.80m/s2）．已知实验所用弹簧总圈数为60；整个弹簧的自由长度为11.88cm．

。P1P2P3P4P5P6x0（cm）2.044.066.068.0510.0812.01x（cm）2.645.267.8110.3012.9315.41n102030405060k（N/m）163①56.043.633.828.81/k（m/N）0.0061②0.01790.02290.02960.0347（1）将表中数据补充完整：①______②______．

（2）以n为横坐标，1/k为纵坐标，在图（b）给出的坐标纸上画出1/k-n图象．

（3）图（b）中画出的直线可近似认为通过原点，若从实验中所用的弹簧截取圈数为n的一段弹簧，该弹簧的劲度系数k与其圈数n的关系的表达式为k=______N/m；该弹簧的劲度系数k与其自由长度l0（单位为m）的关系的表达式为k=______N/m．

24、某同学利用如甲图所示装置测定当地的重力加速度．图中A、B、C、D各点间的距离分别为l1、l2、l3，先将光电门固定于A处，通过电磁铁控制一直径为d的小球每次都从O点释放，在小球经过光电门时，计时器记录下时间tA；依次将光电门置于B、C、D各处，每次均将小球从O点释放，得到时间tB、tC、tD．

（1）如图乙用游标卡尺测量小球的直径d为______mm；

（2）小球通过A处的速度表达式为vA=______（用字母表示）

（3）若只利用A、B两个位置信息（即d、l1、tA、tB）重力加速度的表达式为g=______

（4）若利用A、B、C、D四个位置信息（即d、l1、l2、l3、tA、tB、tC、tD）重力加速度的表达式为g=______

25、如图所示，某实验小组同学利用DIS

实验装置研究支架上力的分解.AB

为两个相同的双向力传感器，该型号传感器在受到拉力时读数为正，受到压力时读数为负.B

固定不动并通过光滑铰链连接一直杆，A

可沿固定的圆弧形轨道移动，连接不可伸长的轻绳，轻绳另一端系在杆右端O

点构成支架.

该实验用同一钩码提供对O

点竖直向下的拉力，实验时始终保持杆在水平方向.

操作步骤如下(

取g=10m/s2

计算结果保留一位有效数字)

垄脵

测量轻绳与水平杆的夹角娄脠垄脷

对两个传感器进行调零；垄脹

在0

点悬挂钩码，记录两个传感器的读数；垄脺

取下钩码，移动传感器A

改变娄脠

角；重复上述实验步骤，得到表格．。F1/N

2.001

1.155

1.156

2.002

F2/N

鈭�1.733

鈭�0.578

0.579

1.734

娄脠

30鈭�

60鈭�

120鈭�

150鈭�

根据表格数据可得，A

传感器对应的是表中力____(

选填“F1

”或“F2

”)

钩码质量为____kg.

挂上钩码后，传感器A

沿固定轨道移动过程中轻绳A0

拉力的最小值为____N.

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】题中导体与磁场垂直，根据导体切割电动势公式E=Blv求出感应电动势，l是有效切割长度，再由闭合电路欧姆定律求出感应电流．【解析】【解答】解：ab棒有效的切割长度为：L=

产生的感应电动势为：E=BLv=Bv；

通过R的电流为：I==．

故选：A．2、D【分析】【分析】电场强度的大小，与放入电场中的电荷的电量、电荷所受的电场力无关．【解析】【解答】解：A、因为电场强度的大小由电场本身的性质决定，若该点放一电荷量为的试探电荷；则该点的电场强度仍然为E．故A错误．

B；因为电场强度的大小由电场本身的性质决定；与放入电场中的电荷无关，移去试探电荷q，该点电场强度不变．故B错误．

C；P点的电场强度方向是放在P点的正的试探电荷所受电场力的方向；故C错误；

D；根据F=Eq可知；若P点的电场强度E越大，则同一试探电荷在P点受到的电场力F越大，故D正确．

故选：D3、B【分析】【分析】静摩擦力的取值范围0--最大静摩擦力，且与外力有关，有平衡条件可求静摩擦力的大小，物体即将运动时的摩擦力视为最大静摩擦力，1、2次是静摩擦力不同，3、4、5是滑动摩擦力相同．【解析】【解答】解；A；木块受到0.6N的作用力时；做加速直线运动，由牛顿第二定律可知，所受的滑动摩擦力小于0.6N，故A错误；

B；木块受到静摩擦力0.5N时不动；0.6N时加速直线运动，木块受到的最大静摩擦力可能为0.5N．故B正确；

C；在第2次木块受到的静摩擦力0.5N；而第3次实验中，木块受到是滑动摩擦力，其大小不可能为0.5N，由第4实验可知，滑动摩擦力为0.4N，因此不可能相同．故C错误；

D；1、2次是静摩擦力；大小不同，3、4、5是滑动摩擦力相同，故D错误；

故选：B．4、D【分析】【分析】频率相同的两列波叠加，使某些区域的振动加强，某些区域的振动减弱，而且振动加强的区域和振动减弱的区域相互隔开．这种现象叫做波的干涉．波的干涉所形成的图样叫做干涉图样．【解析】【解答】解：波动干涉的条件是两列波的频率相同，由于λ1＜λ2；同种介质；波速一定相同；根据v=λf，频率不同，不能发生干涉现象，只能叠加；

故质点P不可能一直振动加强；故ABC错误，D正确；

故选D．5、A【分析】以B为研究对象,B受重力和OB绳的拉力,AB绳的拉力为零;再以A为研究对象,进行受力分析,如图所示.根据力的矢量运算法则,可得F=mg,选A.【解析】【答案】A6、D【分析】【分析】根据高度，结合位移时间公式比较运动的时间，根据速度位移公式比较落地的速度大小，【解析】【解答】解：A、物体由静止释放，做自由落体运动，加速度相同，根据h=得；高度相同，则落地的时间相同．故AB错误，D正确．

C、根据v2=2gh可知；下落相同高度，获得的速度相同，故C错误。

故选：D7、C【分析】【分析】速度时间图线中速度的正负表示运动的方向，结合速度的正负判断物体运动的方向．【解析】【解答】解：在整个运动过程中；速度一直为正值，表示运动方向不变，一直朝某一方向运动，先做匀加速直线运动，再做匀减速直线运动，然后重复之前的运动．故C正确，A；B、D错误．

故选：C．8、C【分析】【分析】电子在加速电场中运动时，电场力做功eU，根据动能定理列式得出v与U的关系式，即可进行分析．【解析】【解答】解：根据动能定理得：

eU=，解得v=．

A；B、由上式可知；v与A、K间距离无关，则若A、K间距离减半而电压仍为U不变，则电子离开K时的速度仍为v，故AB错误．

C、D、由上式可知，电压减半时，则电子离开K时的速度变为；故C正确，D错误．

故选：C．二、多选题(共8题，共16分)9、BCD【分析】【分析】作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上【解析】【解答】解：作用力与反作用力大小相等；方向相反，作用在两个物体上，同时产生；同时变化、同时消失，故A错误，BCD正确．

故选：BCD10、BCD【分析】【分析】导体的电阻是导体本身的特性，与其两端电压和电流强度无关，根据电阻定律R可知：导体的电阻与导体的长度、横截面积和材料有关．导体的电阻率随温度变化而变化，电阻也随温度而变化．【解析】【解答】解：A；导体的电阻是导体本身的特性；与其两端电压和电流强度无关．故A错误；

B、根据电阻定律R=可知：导体的电阻与导体的长度；横截面积和材料有关．故B正确；

C；D导体的电阻率随温度变化而变化；电阻也随温度而变化．故C正确；

D、导体的电阻是导体本身的特性，对一段一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的；导体电阻不随U或I的变化而化．故D正确．

故选：BCD11、AC【分析】【分析】β衰变所释放的电子是原子核中的中子转变为质子和电子所产生的，其速度接近光速；三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，α射线的穿透能力最弱，电离能力最强．发生α衰变时电荷数少2，质量数少4，根据该规律判断中子数的变化．【解析】【解答】解：A；α、β、γ射线分别带正电；带负电，不带电，则通过垂直射入匀强电场中，可以通过偏转的情况将它们分辨出来，故A正确．

B；放射出的β射线的速度接近光速；故B错误．

C；γ射线一般伴随着α或β射线产生；在这三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故C正确．

D；发生α衰变时电荷数少2；质量数少4，质量数等于质子数加上中子数，所以中子数少2，故D错误．

故选：AC．12、AD【分析】【分析】交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，由周期公式T=和半径公式r=进行判断．【解析】【解答】解：A、根据周期公式T=知，粒子的回旋的周期不变，与粒子的速度无关，所以t4-t3=t3-t2=t2-t1．故A正确．

B、交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，故电源的变化周期应该等于2（tn-tn-1）；故B错误；

C、根据半径公式r=知，v=，则粒子的最大动能；与加速的次数无关，与D形盒的半径以及磁感应强度有关．故C错误，D正确．

故选AD．13、CD【分析】【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力；列式求出线速度；角速度表达式进行讨论即可．

当万有引力刚好提供卫星所需向心力时卫星正好可以做匀速圆周运动

1．若是供大于需则卫星做逐渐靠近圆心的运动

2．若是供小于需则卫星做逐渐远离圆心的运动【解析】【解答】解：由万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律得：G=ma=mω2r=m=①；

A、由①解得，v=；卫星在轨道3上的速度小于轨道1上的速度，故A错误

B、由①解得，ω=；卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度，故B错误

C；因为卫星在轨道上飞行只受引力；根据机械能守恒条件知道；

卫星在椭圆轨道上飞行时机械能守恒；由于远地点P的势能大于近地点Q势能，所以远地点P的动能就小于近地点Q的动能．所以卫星在轨道2上经过Q点时的速度大于它在轨道2上经过P点时的速度，故C正确

D、由①解得，a=；所以卫星在轨道2上经过P点的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度．故D正确

故选CD．14、BCD【分析】亚里士多德认为物体的运动需要力来维持，A错误；伽利略通过“理想实验”得出：一旦物体具有某一速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，B正确；笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，C正确；由牛顿第一定律知，D正确．【解析】BCD

15、BD【分析】【分析】由于“电梯”也围绕地球做圆周运动，故电梯上脱落的物体相对于地球速度不为0，故不会沿直线落向地球，若刚好在R处脱落则卫星恰好为同步卫星，绕地球做圆周运动而相对于电梯静止，其它位移脱落根据万有引力和向心力的大小关系进行分析即可．【解析】【解答】解：由题意知；电梯和同步卫星绕地球做圆周运动，在同步卫星处刚好满足万有引力提供圆周运动向心力，整个电梯转动的角速度相同，在半径小于R的位置万有引力大于同步卫星处的引力，而向心力小于同步卫星处的向心力，故在距离小于R的位置脱落，卫星满足万有引力＞在该处圆周运动的向心力，故卫星要做近心运动，沿曲线落向地球，故A错误，B正确；当卫星恰好在R处脱落时，因为同步卫星轨道上恰好满足万有引力提供圆周运动向心力，则该卫星将成为地球同步卫星，即相对于地球位置不变，故卫星将相对于太空电梯静止，故C错误，D正确．

故选：BD16、AC【分析】【分析】根据波形图得出波的波长和质点的振幅大小．根据波的传播方向，结合上下坡法得出质点的振动方向．质点的振动周期等于波的周期，结合波长和波速求出周期的大小．【解析】【解答】解：A；由波形图可知；波长等于20cm．故A正确．

B；由波形图可知；质点的振幅为2cm，故B错误．

C；波沿x轴正方向传播；根据上下坡法，知p点向y轴负方向振动．故C正确．

D、质点的振动周期等于波的周期，所以T=．故D错误．

故选：AC．三、填空题(共5题，共10分)17、50097.5%【分析】【分析】根据串并联电路规律可知R两端的电压，再由欧姆定律可求得电流；则由功率公式可求得输入功率及消耗的功率；则可求得机械效率．【解析】【解答】解：由串并联电路规律可知，R两端的电压为：UR=150-100=50V；

则电路中电流为：I===5A；

由P=UI可知；输入功率为：P=100×5=500W；

输出功率为：P出=P-I2r=500-25×1=475W；

故效率为：η=×100%=97.5%；

故答案为：50097.5%18、物质由大量分子组成分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力3.3×1023个【分析】【分析】分子动理论的主要内容：物质是由大量的分子构成的；物质内的分子在不停地做热运动；分子之间存在着引力和斥力．

用水的质量除以摩尔质量得到摩尔数，再乘以阿伏加德罗常数等于水分子的个数．【解析】【解答】解：分子动理论基本内容是：物质由大量分子组成；分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力；

水分子的个数：n==3.3×1023个。

故答案为：物质由大量分子组成，分子在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力；3.3×1023个．19、103103【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=，求解Q在P点产生的电场的场强大小．电场强度是描述电场本身的力的物理量，与检验电荷无关．【解析】【解答】解：Q在P点产生的电场的场强大小为：E==N/C=103N/C．

电场强度是描述电场本身的力的物理量，与检验电荷无关，所以若在P点不放任何检验电荷，则Q在P点产生的场强大小不变，仍为103N/C．

故答案为：103；103．20、1.5g0.5mg【分析】【解答】解：设每块砖的厚度是d，向上运动上运动时：9d﹣3d=aT2①

向下运动时：3d﹣d=a′T2②

联立①②得：=③

根据牛顿第二定律；向上运动时：mg+f=ma④

向下运动时：mg﹣f=ma′⑤

联立③④⑤得：f=mg；

故答案为：1.5g；0.5mg

【分析】闪光频率相同，则小球每经过两个相邻位置的时间间隔是相同的，根据位移公式求出两种情况的加速度之比，根据牛顿第二定律列方程表示出上升和下落的加速度，联立即可求解．21、2m/s225【分析】【分析】直接根据匀变速直线运动的速度时间关系和位移时间关系求解即可．【解析】【解答】解：初速度为0的匀加速直线运动的速度时间关系为v=at可知物体的加速度a=；初速度为0的匀加速直线运动的位移时间关系有x==．

故答案为：2m/s2，25m．四、实验题(共1题，共10分)22、CF【分析】【分析】要测电压表的内阻，可以把电压表看做一只能读出两端电压的电阻．在本题中由于电压表的内阻远远大于滑动变阻器的最大电阻，若采用限流式接法，通过待测电压表的电流变化范围比较小，不可能达到多测几组数据目的，无法精确测量电压表的内阻，故只能采用分压式接法，由于电压表内阻很大，并且滑动变阻器总阻值较小，故应采用分压接法，变阻箱选用总阻值较大的一个．【解析】【解答】解：（1）由于电压表的内阻远远大于滑动变阻器的最大电阻；若采用限流式接法，通过待测电压表的电流变化范围比较小，不可能达到多测几组数据目的，无法精确测量电压表的内阻，故只能采用分压式接法，由于电压表内阻很大，并且滑动变阻器总阻值较小，故应采用分压接法．

先把滑动变阻器的最大阻值和电源、开关串联组成电路，再把电压表V1、V2串联后接到滑动变阻器的滑片P串联；电路如下图：

（2）由于电压表内阻很大；变阻箱选用总阻值较大的一个选C，本着便于操作的原则，滑动变阻器选F

（3）断开开关S2，读出两只电压表的示数U1、U2，由电路知识得：

闭合开关S2后，读出两只电压表的示数U1′和U2′，电阻箱的示数为R，由电路知识得：

由上述两式解得：，

故答案为：（1）实验电路如右图所示。

（2）C（或R1）、F（或R4）

（3）需要测量的物理量：断开开关S2，读