2025年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪科版必修3物理下册阶段测试试卷820考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图，一电荷量为的正点电荷位于电场中的点，受到的电场力为若把该点电荷换为电荷量为的负点电荷，则点的电场强度为（）

A.方向与相反B.方向与相反C.方向与相同D.方向与相同2、如图用金属网把验电器罩起来；使带电金属球靠近验电器，下列有关此实验现象的描述或解释正确的是（）

A.验电器的金属球因静电感应而带负电荷B.验电器的金属箔片会因排斥而张开C.整个金属网会因为静电感应而带负电荷D.箔片不张开因为金属网内场强为03、如图所示，两带有等量异种电荷的平行金属板M、N水平放置，a、b为同一条电场线上的两点，若将一质量为m、电荷量为-q的带电粒子分别置于a、b两点，则粒子在a点时的电势能大于其在b点时的电势能；若将该粒子从b点以初速度v0竖直向上抛出，则粒子到达a点时的速度恰好为零。已知a、b两点间的距离为d，金属板M；N所带电荷量始终不变；不计带电粒子的重力，则下列判断中正确的是（）

A.a点电势一定高于b点电势B.两平行金属板间形成的匀强电场的场强大小为C.a、b两点间的电势差为D.若将M、N两板间的距离稍微增大一些，则a、b两点间的电势差变小4、要描绘一个标有“3V；0.8W”小灯泡的伏安特性曲线，要求小灯泡两端的电压由零逐渐增加，且尽量减小实验误差。已选用的器材除导线；开关外，还有：

电池组（电动势为4.5V；内阻约1Ω）

电流表（量程0.6A；内阻约为1Ω）

电压表（量程3V，内阻约为3kΩ）

滑动变阻器（最大阻值20Ω；额定电流1A）

实验电路应选用___________（填字母代号）。A.B.C.D.5、热水器中，常用热敏电阻实现温度控制。如图是一学习小组设计的模拟电路，为加热电阻丝，为正温度系数的热敏电阻（温度越高电阻越大），C为电容器。S闭合后；当温度升高时（）

A.电容器C的带电荷量增大B.灯泡L变暗C.电容器C两板间的电场强度减小D.消耗的功率增大6、如图所示的电路中，闭合电键，灯L1、L2正常发光，由于电路出现故障，突然发现灯L1变亮，灯L2变暗；电流表的读数变小，根据分析，发生的故障可能是（）

A.R1断路B.R2断路C.R3短路D.R4短路评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、在一些电磁现象中会产生一种特殊的电场；其电场线为一个个同心圆，没有起点和终点如图所示，实线为电场线，方向为顺时针，虚线为经过圆心的一条直线．已知该电场线图像中某一点的电场强度大小与方向和静电场的电场线具有相同规律，则。

A.A点的电场强度比B点的电场强度大B.将一点电荷沿直线AB移动，电场力不做功C.将一点电荷从A点静止释放，点电荷会沿电场线做圆周运动D.在A点放上一正点电荷，点电荷将受到向左的电场力8、如图所示，当滑动变阻器的活动触点P向上滑动时，则（）

A.电压表示数减小，电流表示数增大B.电压表示数增大，电流表示数减小C.A灯变亮，B灯变暗D.A灯变暗，B灯变亮9、如图所示，L1、L2两个规格不同的灯泡，当它们如图连接时，恰好都能正常发光．设电路两端的电压保持不变，现将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，L1和L2两灯的亮度变化情况是（）

A.L1亮度不变B.L1变暗C.L2变亮D.无法判断10、三个质量相等，分别带有正电、负电和不带电的颗粒，从水平放置的平行带电金属板左侧以相同速度垂直电场线方向射入匀强电场，分别落在带正电荷的下板上的a、b、c三点；如图所示，则（）

A.落在c点的颗粒在两板间运动时间最长B.落在a点的颗粒带正电、c点的带负电C.三个颗粒运动到正极板时动能一样大D.落在a的点颗粒加速度最大11、如图所示，在竖直放置的平行金属板A、B之间加上恒定电压U，A、B两板的中央留有小孔O1、O2，在B的右侧有平行于极板的匀强电场E，电场范围足够大，感光板MN垂直于电场方向放置，第一次从小孔O1处从静止释放一个质子，第二次从小孔O1处从静止释放一个α粒子；关于这两个粒子在电场中运动的判断正确的是（）

A.质子和α粒子打到感光板上时的速度之比为2∶1B.质子和α粒子在电场中运动的时间相同C.质子和α粒子打到感光板上时的动能之比为1∶2D.质子和α粒子在电场中运动的轨迹重叠在一起12、关于三种起电方式，下列说法正确的是（）A.摩擦起电，由于摩擦生热，做功的过程中创造了正负电荷B.感应起电，电荷从导体的一部分转移到了另一部分C.接触起电，两导体接触后再分开，所带电荷量一定是等量同号D.接触起电，两导体接触后再分开，它们之间一定存在静电斥力13、如图所示，某区域电场线左右对称分布，M、N为对称线上的两点．下列说法正确的是（）

A.M点电势一定高于N点电势B.M点场强一定大于N点场强C.正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能D.将电子从M点移动到N点，电场力做正功14、如图所示，电阻R1＝20Ω，电动机的内阻R2＝5Ω。当开关断开时，电流表的示数是0.5A，当开关闭合后，电动机转动起来，电路两端的电压不变，关于电流表的示数I、电路消耗的电功率P和电动机的热功率P的式子正确的是()

A.I＝2.5AB.I>2.5AC.P热＜20WD.P＜25W评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、（1）某一电场的电场线和等势面如图甲所示，已知φa=5V，φc=3V，ab=bc，则______

A．φb=4VB．φb>4V

C．φb＜4VD．上述情况都有可能。

（2）若电场线和等势面如图乙所示，其他条件不变，则答案为（1）中的______

16、如图示电路，电源直流电压先使开关与1端相连稍后将开关掷向2端，让电容器通过电阻放电，传感器将电流信息传入计算机，显示出的电流随时间变化的曲线如图所示，则电容器全部释放的电量大约为______该电容器的电容大约是______（均保留两位有效数字）。

17、两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为3∶4，电阻率之比为5∶6，则它们的电阻之比为______。18、如图，平行板电容器AB两极板水平放置，已知A板和电源正极相连，且E1>E2，当单刀双掷开关接1时，电源电动势为E1；一带正电粒子沿AB中心水平线射入，打在B极板上的N点，不计粒子重力.回答下列问题（选填“N点”“N点的左侧”“N的右侧”）

（1）断开开关并将A板左移一段距离，其他条件不变，则粒子打在___________；

（2）断开开关并将A板上移一段距离，其他条件不变，则粒子打在___________；

（3）将单刀双掷开关接2，电动势为E2，其他条件不变，则粒子打在___________；

19、由4个电阻连接成的混联电路如图所示。R1＝8Ω，R2＝4Ω，R3＝6Ω，R4＝3Ω。则a、d之间的总电阻为________；如果把42V的电压加在a、d两端，通过R3的电流是__________。

20、焦耳定律。

（1）焦耳定律。

①内容：电流通过导体产生的热量跟______成正比，跟导体的______及______成正比。

②表达式：Q=______。

（2）热功率。

①定义：______内的发热量称为热功率。

②表达式：P=______。

③物理意义：表示电流______的物理量。评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)21、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

22、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

23、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共1题，共5分)25、小量程电流表有哪三个参量？三个参量之间有什么关系？评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)26、如图所示，将一可视为质点质量为的滑块放在P点（此时弹簧已被压缩），松开手在弹簧的作用下将其从静止弹出，通过一段水平面再沿着半径为的光滑圆形竖直轨道运动（O与分别为轨道的进口和出口，二者并不重合。此装置类似于过山车），滑块在水平面PB上所受的阻力为其自身重力的0.5倍，PB长为O为中点，面与水平面CD的高度差为B点离C点的水平距离为（不计空气阻力，重力加速度大小取）。

(1)若滑块恰好能越过A点，试判断滑块能不能落到CD平面；

(2)若滑块能从B点平抛后落在C点；则原来弹簧的弹性势能为多少；

(3)要使滑块能够滑上圆轨道并且在圆轨道运动时不脱离轨道；求原来弹簧的弹性势能应满足什么条件？

27、在图所示的并联电路中，保持通过干路的电流不变，增大的阻值。

(1)和两端的电压怎样变化？增大还是减小？

(2)通过和的电流和各怎样变化？增大还是减小？

(3)并联电路上消耗的总功率怎样变化？增大还是减小？

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【分析】

【详解】

一电荷量为q的正点电荷位于电场中的A点，受到的电场力为F；则电场强度。

方向与F相同；电场中某点的场强由电场本身决定，与试探电荷的电量和电性均无关，则若把该点电荷换为荷量为2q的负点电荷，则A点的电场强度E不变。

故选C。2、D【分析】【详解】

ABD．根据静电屏蔽原理可知；由于金属网的静电屏蔽使得金属网内场强为0，验电器的金属球不带电，验电器的金属箔片不张开，故AB错误，D正确；

C．根据静电感应原理可知；金属网上靠近带正电金属球的近端带负电，远离带正电金属球的远端带正电，故C错误；

故选D。3、B【分析】【分析】

【详解】

A．由于粒子在a点时的电势能大于其在b点时的电势能，则粒子从b运动到a过程电场力做负功，所以电场力方向由a指向b，则场强方向由b指向a，根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知，a点电势一定低于b点电势；所以A错误；

B．粒子从b运动到a过程，由动能定理可得

解得

所以B正确；

C．a、b两点间的电势差为

所以C错误；

D．根据平行板电容器的定义式及决定式有

联立解得

若将M、N两板间的距离稍微增大一些，两板间的电场强度保持不变，根据

则a、b两点间的电势差也保持不变；所以D错误；

故选B。4、B【分析】【分析】

【详解】

由题意得，本实验要求从电压表读数为零开始测量，故滑动变阻器应采用分压式接法；由于小灯泡电阻较小，因此应采用电流表外接法，所以选择B电路。5、A【分析】【详解】

AB．由电路图可知，S闭合后，当温度升高时，由于电路为并联电路，电阻增大，则总电阻增大，根据欧姆定律可知总电流I减小，由于

则U增大，即电灯泡两端电压U增大，即灯泡L变亮，由于

可知，增大，则流过和的电流减小，由于

可知减小，由于

则可知增大，则电容器C两端电压增大，由

可知电容器C的带电荷量增大；故A正确，B错误；

C．根据

可知电容器C两端电压增大，则电容器C两板间的电场强度增大；故C错误；

D．由上述可知，流过的电流减小，根据

可知消耗的功率减小；故D错误。

故选A。6、A【分析】【详解】

A．若R1断路，则电路中总电阻增大，则总电流减小；电流表A及L2均应变暗；由右侧部分总电阻没有变，则右侧分压将减小，则L1两端的电压将增大，则灯泡L1将变亮；故A正确；

B．若R2断路，则电路中电阻增大；则电路中的电流减小，则可知L1应变暗；故B错误；

C．若R3短路，则R2被短路，则电路中总电阻将减小，则电路中电流增大，则L1变亮，两端的电压增大；则L2两端电压减小，则L2变暗；同时R4路中电阻减小；则电流表示数也将增大；故C错误；

D．若R4短路，则电路中总电阻减小，电路中电流增大；L1变亮；L2两端的电压减小，故L2变暗；而电流表所在支路；电阻减小，则电流增大；故A的示数增大；故D错误。

故选A。二、多选题(共8题，共16分)7、B:D【分析】【详解】

A.电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线越密，场强越大，则知A点的场强比B点的场强小；故A错误．

B.直线AB与电场线垂直，是一条等势线，将一点电荷沿直线AB移动；电场力不做功，故B正确．

C.点电荷在A点所受的电场力沿电场线的切线方向，将点电荷从A点静止释放后；电场力将使该点电荷离开原电场线，所以点电荷不可能沿电场线做圆周运动，故C错误．

D.A点场强方向沿电场线的切线方向，即向左，则在A点放上一正点电荷；该点电荷所受的电场力也向左，故D正确．

故选BD。8、B:C【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑动触点向上端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由闭合电路欧姆定律可得总电流I减小，根据路端电压：U=E-Ir

可知路端电压U增大，故电压表示数增大，A灯变亮，通过灯泡A的电流变大；而通过电阻的电流：

可知减小，所以电流表的示数变减小；电阻的电压为：

可知增大，则流过电阻的电流增大；流过灯泡B的电流：

所以减小，故灯泡B变暗，故选BC．9、B:C【分析】【分析】

【详解】

滑动变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器有效电阻RP变大，外电路总电阻R变大，干路电流I=减小，则L1变暗，灯泡L2的电压U2=U﹣IR1变大，则L2变亮．

故选BC10、A:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据题意，三颗粒在水平方向做匀速直线运动，则有x=v0t，v0相同，则水平位移x与运动时间t成正比，由图看出，水平位移的关系为xa<xb<xc，则运动时间关系为ta<tb<tc；故A正确；

BD．竖直方向上三个颗粒都做初速度为0的匀加速直线运动，到达下极板时，在竖直方向产生的位移y相等；有。

则可知加速度关系为aa>ab>ac，由牛顿第二定律得知三个颗粒的合力关系为Fa>Fb>Fc，由于平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，向下的合力最小，向下的加速度最小，负电荷受到向下的电场力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不带电的小球做平抛运动，加速度为重力加速度g，可知，落在a点的颗粒带负电，c点的带正电，b点的不带电；故B错误，D正确；

C．由上分析得知，落在c点的颗粒带正电，电场力向上，则电场力对它做负功，电场力对a做正功；由于做的功不同，所以三个颗粒运动到正极板时动能不一样大，故C错误。

故选AD。11、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．从开始运动到打到板上质子的速度为v1，α粒子速度为v2，根据动能定理有Uq＋Edq=mv2-0

解得v=

质子的比荷与α粒子的比荷之比为2∶1，代入得

故A错误；

B．设粒子在加速电场中加速时间为t1，加速位移为x1，在偏转电场中偏转时间为t2，偏转位移为y，有

由于质子和α粒子的加速位移和偏转位移相同；但是比荷不同，所以运动时间不同，故B错误；

C．从开始运动到打到板上，根据动能定理有Uq＋Edq=Ek-0

解得Ek=q（U＋Ed）

因为U、E、d相同，则有

故C正确；

D．带电粒子进入加速电场时，根据动能定理可得

进入偏转电场后电势差为U2，偏转的位移为y，有

联立得

速度的偏转角正切值为tanθ，有

偏转位移y与速度的偏转角正切值tanθ与带电粒子无关；因此运动轨迹重叠在一起，故D正确。

故选CD。12、B:D【分析】【详解】

A．摩擦起电的实质是电荷从一个物体转移到另一个物体；并没有创造电荷，故A错误；

B．感应起电；电荷从导体的一部分转移到了另一部分，故B正确；

C．两导体若完全相同；接触前若带电荷量不同，则接触后。

CD．接触起电；即通过接触使不带电的导体带上电荷，如果两个导体完全相同，则接触后一定带等量同种电荷，若导体不同则两导体接触后再分开，一定带同种电荷，电荷量不同，则它们之间一定存在静电斥力，故C错误，D正确。

故选BD。13、A:C【分析】【详解】

AC．顺着电场线电势降低，故M点电势一定高于N点电势，正电荷在M点的电势能大于在N点的电势能；故选项AC正确；

B．M点的电场线较N点稀疏，故M点场强一定小于N点场强；选项B错误；

D．将电子从M点移动到N点；静电力做负功，选项D错误；

故选AC。

【点睛】

此题是对电场线、电场强度及电势的考查；要知道电场线的疏密反映电场强度的大小；顺着电场线电势逐渐降低；正电荷在高电势点的电势能较大。14、C:D【分析】【详解】

AB．当电键S断开时，由欧姆定律得U=I1R1=10V．

当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电流

故电流表的电流I＜2.5A；选项AB错误；

C．电动机消耗的热功率

选项C正确；

D．电路中电功率P=UI＜10×2.5=25W；选项D正确。

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）根据匀强电场关系式U=Ed

可知φa-φc=Eφa-φb=E·

得φb=4V

故选A。

（2）由于图乙是非匀强电场，不能根据公式U=Ed进行定量计算，只能进行定性分析，由电场线的疏密可知ab和bc间电场强度的平均值Eab>Ebc

所以Uab>Ubc

即φa-φb>φb-φc

得到

=4V

故选C。【解析】①.A②.C16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

可知曲线图像围成的面积表示电荷量，由图像可得图像面积约为所以电容器全部释放的电量大约为（都可以）

[2]电容器的电容为【解析】①.（都可以）②.（都可以）17、略

【分析】【详解】

根据电阻定律因为两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为3∶4，电阻率之比为5∶6，所以可得它们的电阻之比为5:9

故答案为5:9【解析】5︰918、略

【分析】【详解】

（1）断开开关后Q不变；将A板向左移动时，电容C减小，根据Q=CU，两板间电压增大，根据U=Ed，板间电场强度增大，加速度增大，故粒子打在N点左侧；

（2）断开开关后；Q不变，将A板上移一段距离后，板间电场强度不变，加速度不变，故粒子仍打在N点；

（3）若开关接2时，电压减小，则E减小，加速度减小，则打在极板所用的时间增大；故粒子将打在N的右侧．【解析】N点左侧N点N点右侧19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由图可知，R3与R4并联后再与R1、R2串联，故a、d之间的总电阻为。

[2]由欧姆定律得干路中电流为。

此即通过R1、R2的电流。

设通过R3、R4的电流分别为I3、I4；则得。

而。

联立解得。

【解析】14Ω1A20、略

【分析】【详解】

（1）①[1][2][3]焦耳定律的内容是电流通过导体产生的热量跟电流的二次方成正比；跟导体的电阻及通电时间成正比。

②[4]焦耳定律的表达式是Q=I2Rt。

（2）①[5]热功率是指单位时间内的发热量称为热功率。

②[6]热功率的表达式为P=I2R。

③[7]热功率的物理意义是表示电流发热快慢的物理量。【解析】电流的二次方电阻通电时间I2Rt单位时间I2R发热快慢四、作图题(共4题，共16分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析23、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量