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…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页,总=sectionpages22页第=page11页,总=sectionpages11页2025年鲁科版必修3物理上册月考试卷221考试试卷考试范围:全部知识点;考试时间:120分钟学校:______姓名:______班级:______考号:______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题,共14分)1、如图所示,把系在丝线上的带电小球A挂在铁架台的P点,带电球C置于铁架台旁。小球A静止时与带电球C处于同水平线上,丝线与竖直方向的夹角为已知小球A的质量为m,重力加速度为g,不计丝线质量,则可知小球A受到的静电力的大小为()
A.B.C.D.2、“超级电容”是新型电容,比传统的电容器的电容大得多,可以用来储能,对外供能。如图所示是某同学利用超级电容储能和对外供电的电路图。其中E为电源,R为定值电阻,C为电容器;A为电流表,V为电压表,单刀双掷开关接通1,电容器充电,接通2,电容器放电。放电过程中,下列说法正确的是()
A.电压表的示数随电容器的电荷量均匀减小B.电流表的示数恒定C.电压表与电流表示数之比减小D.电压表示数的最大值可能比电源电压大3、M和N是两个原来都不带电的物体,它们互相摩擦后,M带正电荷。下列判断正确的是()A.在摩擦前M和N的内部没有任何电荷B.摩擦的过程中电子从M转移到NC.M在摩擦过程中创造了正电荷D.N在摩擦过程中失去电子4、下列有关物理学史或物理理论及应用的说法中,正确的是()A.伽利略首先建立了描述运动所需的概念,如:瞬时速度、加速度及质量概念B.自然界中的四种基本相互作用有:万有引力作用、强相互作用、磁相互作用、电相互作用C.选择参考系后,若一个不受力的物体能在这个参考系中,保持静止或匀速直线运动状态,这样的参考系是惯性参考系D.避雷针是利用了最上面部分导体尖端的电荷密度很小,附近场强很弱,才把空气中的电荷导入大地5、如图所示的传感器,甲、乙为平行板电容器的上、下两个固定极板,分别接在恒压直流电源的两极上,当纸张从平行板间穿过时,可监控纸张的厚度。若电流计指针偏向a端,电容器放电;若电流计指针偏向b端,电容器充电。某次纸张从平行板间穿过时,发现电流计指针偏向b端;则()
A.平行板电容器的电容不变B.平行板电容器的电容变小C.甲、乙两板间纸张厚度变小D.甲、乙两板间纸张厚度变大6、“电流通过导体产生的热量,跟电流的二次方、导体的电阻、通电时间成正比.”这个规律用公式表示为通过实验发现这个规律的物理学家是()A.牛顿B.奥斯特C.法拉第D.焦耳7、下列物理量是矢量的是()A.功B.重力势能C.速度的变化量D.磁通量评卷人得分二、多选题(共7题,共14分)8、电路连接如图所示,其中U不变,R1为电阻箱的电阻值,R为滑动变阻器的阻值,RL为小灯泡的电阻值.下列说法中正确的是()
A.使电阻值R1增大,通过RL的电流减少B.使电阻箱R1增大,通过RL的电流增大C.使滑动变阻器R增大,通过RL的电流减少D.使滑动变阻器R增大,通过RL的电流增大9、如图所示为真空中的实验装置,平行金属板A、之间的加速电压为之间的偏转电压为为荧光屏。现有质子、氘核和粒子三种粒子分别在A板附近由静止开始加速,最后均打在荧光屏上。已知质子、氘核和粒子的质量之比为电荷量之比为则质子、氘核和粒子三种粒子()
A.从开始到荧光屏所经历时间之比为B.从开始到荧光屏所经历时间之比为C.打在荧光屏时的动能之比为D.打在荧光屏时的动能之比为10、如图所示,在水平的匀强电场中,一个质量为m、电荷量为+q的小球,系在一根长为L的绝缘细线一端,小球可以在竖直平面内绕O点做圆周运动。AB为圆周的水平直径,CD为竖直直径。已知重力加速度为g,电场强度不计空气阻力,下列说法正确的是()
A.若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动,则小球运动到B点时的机械能最大B.若将小球在A点由静止开始释放,它将沿着ACBD圆弧运动C.若小球在竖直平面内绕O点做完整的圆周运动,则它运动过程中的最小速度为D.若将小球在A点以大小为的速度竖直向上抛出,它将可以到B点11、在轴上分别固定两个点电荷位于坐标原点O处。两点电荷形成的静电场中,轴上的电势随变化的图像如图所示。下列说法正确的是()
A.处电势最高,电场强度最大B.带正电,带负电C.的电荷量小于的电荷量D.电子从处沿x轴移动到处,电势能增加12、如图所示,在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、-Q,虚线是以+Q所在点为圆心,L/2为半径的圆,a、b、c、d是圆上的四个点,其中a、c两点在x轴上,b、d两点关于x轴对称.下列判断正确的是()A.b、d两点处的电势相同B.四点中c点处的电势最低C.b、d两点处的电场强度相同D.四点中c点处场强最小且为零13、示波管原理如图所示,当两偏转电极电压为零时,电子枪发射的电子经加速电场加速后会打在荧光屏正中间的O点,其中x轴与电场的场强方向平行,y轴与电场的场强方向平行。则下列说法正确的是()
A.若电压为零时,只在加电压,电子只能打在荧光屏的y轴上B.若电压为零时,只在加电压,电子只能打在荧光屏的y轴上C.要使电子打在图示坐标系的第III象限内,应使接电源的负极D.要使电子打在图示坐标系的第III象限内,应使接电源的正极14、有一横截面积为S的铜导线,流经其中的电流为I,设每单位体积的导线中有n个自由电子,每个自由电子的电荷量为q,此时电子定向移动的速率为v,则在Δt时间内,通过导体横截面的自由电子数目可表示为()A.nvSΔtB.nvΔtC.D.评卷人得分三、填空题(共8题,共16分)15、带电荷量为q=+5.0×10-8C的点电荷从A点移到B点时,克服电场力做功3.0×10-6J.已知B点的电势为φB=20V,A、B间的电势差UAB=_________V;A点的电势φA=_____V;点电荷从A到B的电势能变化为____________。16、磁场:磁体与磁体之间、磁体与通电导体之间,以及通电导体与通电导体之间的相互作用,是通过________发生的,磁场是磁体或电流周围一种看不见、摸不着的客观存在的________。17、电动势单位:______,用“V”表示.18、写出如图所示的游标卡尺和螺旋测微器的读数。游标卡尺的读数___________cm;螺旋测微器的读数___________mm。
19、带电粒子在电场中的加速。
分析带电粒子的加速问题有两种思路:
(1)利用___________定律结合匀变速直线运动公式分析。适用于电场是___________且涉及___________等描述运动过程的物理量,公式有qE=___________,v=v0+___________等。
(2)利用静电力做功结合动能定理分析。适用于问题涉及___________、___________等动能定理公式中的物理量或___________电场情景时,公式有qEd=mv2-mv(匀强电场)或qU=mv2-mv(任何电场)等。20、如图所示,小量程电流表G的内阻为20满偏电流为10mA,若把它改装成5V、20V的两个量程的电压表,那么R1=________R2=________
21、如图所示,已知电源的内阻r=2Ω,外电阻R1=4Ω,滑动变阻器R2的电阻可调范围为0~10Ω。当滑动变阻器R2的电阻调为4Ω时,电源内部的电热功率为2W,则电源电动势为_____V;电阻R2的阻值为______Ω时,R1的电功率达到最大值。
22、铝箔被α粒子轰击后发生了以下核反应:Al+He→X+n.下列判断正确的是()。A.n是质子B.n是中子C.X是Si的同位素D.X是P的同位素评卷人得分四、作图题(共1题,共10分)23、如图所示,磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内,左右各一半面积的范围内,磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起;规定刚开始时磁通量为正值,画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。
评卷人得分五、实验题(共2题,共16分)24、利用如图甲所示的电路测量某种电阻丝材料的电阻率,所用电阻丝的电阻约为带有刻度尺的木板上有和两个接线柱,把电阻丝拉直后固定在接线柱和上、在电阻丝上夹上一个带有接线柱的小金属夹,沿电阻丝移动金属夹,可改变其与电阻丝接触点的位置;从而改变接入电路中电阻丝的长度。可供选择的器材还有:
电池组(电动势为内阻约1Ω):电流表A1(量程内阻约5Ω):
电流表A2(量程内阻约);电阻箱();开关;导线若干。
实验操作步骤如下:
A.用螺旋测微器在电阻丝上三个不同的位置分别测量电阻丝的直径;
B.将选用的实验器材;按照图甲连接实验电路;
C.调节电阻箱使其接入电路中的电阻值较大;
D.将金属夹夹在电阻丝上某位置,闭合开关,调整电阻箱的阻值,使电流表满偏,然后断开开关。记录电阻箱的电阻值和接入电路的电阻丝长度
E.改变金属夹与电阻丝接触点的位置,闭合开关,调整电阻箱的阻值,使电流表再次满偏。重复多次,记录每一次电阻箱的电阻值和接入电路的电阻丝长度
F.断开开关;整理好器材。
(1)某次测量电阻丝长度(游标卡尺为20分度)和直径时,如图乙所示,则____________
(2)实验中电流表应选择______(填“A1”或“A2”);
(3)用记录的多组电阻箱的阻值和对应的接入电路中电阻丝长度的数据,绘出了如图丙所示的关系图线,图线在轴的截距为在轴的截距为再结合测出的电阻丝直径写出电阻丝的电阻率表达式______(用给定的物理量符号和已知常数表示)。
(4)本实验中,电流表的内阻对电阻率的测量结果______影响(填“有”或“无”)。25、(1)法拉第发现电磁感应现象的实验装置如图所示,软铁环两侧分别绕两个线圈,左侧线圈为闭合回路,在其中一段导线下方附近放置一小磁针,小磁针静止时N极指向北方如图所示,右侧线圈与电池、电键相连。则在闭合电键后,你将看到小磁针_____;
A;仍然在原来位置静止不动B、抖动后又回到原来位置静止。
C;抖动后停在N极指向东方位置D、抖动后停在N极指向西方位置。
(2)通过归纳得出产生感应电流的条件是_____;
(3)利用图示装置研究电磁感应现象,图甲中,开关S闭合,电流自正接线柱流_____(填“出”或“入”)电流表,指针向右偏转;图乙中,将线圈和同样的电流表串联,条形磁铁(下端为N极)可以从图示位置上下移动,若实验中发现电流表指针向右偏转,说明条形磁铁正由图示位置向_____(填“上”或“下”)移动。
评卷人得分六、解答题(共4题,共20分)26、如图所示,光滑绝缘轨道由水平段AB和圆形轨道BCD组成,B在圆心正下方,轨道上的C、D两点与圆心等高,圆轨道半径为R。整个装置处在水平向右的匀强电场中,电场强度大小为E=现将一小球从A点由静止释放。已知小球质量为m,电量为q,且带正电,重力加速度为g;不计空气阻力,求:
(1)若AB=3R,求小球运动到C点时对轨道的压力大小;
(2)若小球能沿圆轨道运动到D点,则AB间的距离至少为多大?
27、在如图所示的平面直角坐标系xoy中,第Ⅰ象限区域内有沿y轴正方向(竖直向上)的匀强电场,电场强度大小E0=50N/C;第Ⅳ象限区域内有一宽度d=0.2m、方向沿x轴正方向(水平向右)的匀强电场。质量m=0.1kg、带电荷量q=+1×10-2C的小球从y轴上P点以一定的初速度垂直y轴方向进入第Ⅰ象限后,从x轴上的A点进入第Ⅳ象限,并恰好沿直线通过该区域后从B点离开,已知P、A的坐标分别为(0,0.4m),(0.4m,0),取重力加速度g=10m/s2。求:
(1)初速度v0的大小;
(2)A、B两点间的电势差UAB;
(3)小球经过B点时的速度大小。
28、如图所示,水平放置的平行金属板A、B间距为d=20cm,板长L=30cm,在金属板的左端竖直放置一带有小孔的挡板,小孔恰好位于A、B中间,距金属板右端x=15cm处竖直放置一足够大的荧光屏。现在A、B板间加如图2所示的方波形周期电压,有大量质量m=1.0×10−7kg,电荷量q=1.0×10−2C的带电粒子以平行于金属板的速度v0=1.0×104m/s持续射向挡板。已知U0=1.0×102V;粒子重力不计,求:
(1)粒子在电场中的运动时间;
(2)t=0时刻进入的粒子离开电场时在竖直方向的位移大小;
(3)撤去挡板后荧光屏上的光带宽度。
29、如图所示,电源电动势内阻闭合开关S后标有“6V12W”的灯泡L恰好能正常发光,电动机线圈的电阻求:
(1)电源的总功率;
(2)电动机的输出功率。
参考答案一、选择题(共7题,共14分)1、B【分析】【详解】
对小球受力分析可知,小球受竖直向下的重力、水平向右的静电力和绳的拉力,由平衡条件可知,小球A受到的静电力的大小为
故B正确;ACD错误。
故选B。2、A【分析】【详解】
A.根据电容定义式
可知放电过程中;电压表的示数随电容器的电荷量均匀减小,故A正确;
BC.根据欧姆定律
可得
可知电流表的示数随着电压的减小而减小;电压表与电流表示数之比保持不变,故BC错误;
D.当电容器充完电后;电容器极板间电压等于电源电压;电容器放电过程,初始时,电压表示数最大,等于电源电压,故D错误。
故选A。3、B【分析】【详解】
A.原来不带电的物体处于电中性;不是不带电,而是正负电荷的个数相等,相互抵消;故A错误;
BCD.摩擦起电中移动的是自由电子;失去电子的物体带正电,得到电子的物体带负电,故摩擦起电中M失去电子,转移到了N物体上,故B正确,CD错误。
故选B。4、C【分析】【详解】
A.伽利略首先建立了描述运动所需的概念;如:瞬时速度;加速度概念,但质量概念是牛顿建立的,A错误;
B.自然界中的四种基本相互作用有:万有引力作用;强相互作用、弱相互作用、电磁相互作用;B错误;
C.选择参考系后;若一个不受力的物体能在这个参考系中,保持静止或匀速直线运动状态,这样的参考系是惯性参考系,C正确;
D.避雷针是利用了最上面部分导体尖端的电荷密度很大;附近场强很强,才把空气中的电荷导入大地,D错误。
故选C。5、D【分析】【分析】
【详解】
AB.根据题干条件,电流计指针偏向b端,电容器充电,则电容器电荷量Q增加,而两极板接在恒压直流电源的两极,则U不变;根据电容器电容定义式。
知,电容C增加;故AB错误;
CD.根据电容器电容决定式。
知,只有甲、乙两板间纸张厚度变大导致增加;电容器的电容才能增加;故C错误,D正确。
故选D。6、D【分析】【详解】
通过实验发现这个规律的物理学家是焦耳;这个规律称为焦耳定律。
故选D。7、C【分析】【详解】
ABD.功、重力势能和磁通量都只有大小没有方向,是标量,故ABD错误;
C.速度的变化量既有大小又有方向;是矢量,故C正确。
故选C。二、多选题(共7题,共14分)8、A:D【分析】【详解】
增大,则总电流减小,所以两端电压减小,故并联电路两端电压增大,所以灯泡两端的电压增大,即通过灯泡的电流增大,A正确B错误;使滑动变阻器R增大,电路总电阻增大,总电流减小,所以两端电压减小,故并联电路两端电压增大,所以灯泡两端的电压增大,即通过灯泡的电流增大,C错误D正确.9、B:C【分析】【分析】
【详解】
AB.设加速电场AB间距离为d,偏转极板长度为l,偏转极板间的距离为h,屏到偏转电场右边缘距离为s,粒子在加速过程中,根据
可得
在加速电场中运动的时间
进入偏转电场,以及离开偏转电场后到打到屏上,水平方向速度保持不变,因此打到屏的时间
从开始到荧光屏所经历时间
可知运动时间与成反比,由于
因此
A错误;B正确;
CD.粒子进入偏转电场之后,做类平抛运动
其中
可得
可知所有粒子在偏转电场中,偏转距离相等,根据动能定理
可知打在荧光屏时的动能仅仅与粒子的带电量成正比,因此
D错误;C正确。
故选BC。10、A:D【分析】【详解】
A.除重力和弹力以外的其他力做功等于机械能的变化,若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动,则小球运动到B点时,电场力做功最多,故小球到B点时机械能最大;故A正确;
B.重力与电场力的和为
其方向与电场方向成夹角斜向下,故若将小球在A点由静止开始释放;它将先沿这个方向做匀加速直线运动,故B错误;
C.若小球在竖直平面内绕O点做圆周运动,设最小速度为v,则有
得
故C错误;
D.若将小球在A点以大小为的速度竖直向上抛出,小球将不会沿圆周运动,因此小球在竖直方向做竖直上抛运动,水平方向做匀加速运动,因
故水平加速度和竖直加速度大小均为g,当竖直方向上的位移为零时,运动时间
则水平位移为
说明小球刚好到B点;故D正确。
故选AD。11、B:D【分析】【分析】
【详解】
A.由于
则图像的斜率表示电场强度,所以由图像可知处电势最高;电场强度最小为0,则A错误;
BC.由于沿着电场线方向电势逐渐降低,则O-电场线方向指向x轴的负方向,电场线方向指向x轴的正方向,并且在处电势最高,电场强度最小为0,根据点电荷场强公式
由近小远大规律可知,的电荷量大于的电荷量,并且带正电,带负电;所以B正确;C错误;
D.电子从处沿x轴移动到处;电场力做负功,电势能增加,所以D正确;
故选BD。12、A:B【分析】【详解】
A.该电场中的电势关于x轴对称,所以bd两点的电势相等;故A正确;
B.c点在两个电荷连线的中点上,也是在两个电荷连线的中垂线上,所以它的电势和无穷远处的电势相等.而正电荷周围的电场的电势都比它高,即c点的电势在四个点中是最低的;故B正确;
C.该电场中的电场强度关于x轴对称,所以bd两点场强大小相等;方向是对称的,不相同的,故C错误;
D.根据场强的叠加可知,c点的场强为
故D错误.
故选AB。
点晴:该题考查常见电场的特点,解题的关键是c点在两个电荷连线的中点上,也是在两个电荷连线的中垂线上,所以它的电势和无穷远处的电势相等.而正电荷周围的电场的电势都比它高,负电荷周围的电场的电势都比它低.13、A:D【分析】【详解】
A.若电压为零时,只在加电压,电子只能打在荧光屏的y轴上;故A正确;
B.若电压为零时,只在加电压,电子只能打在荧光屏的x轴上;故B错误;
CD.要使电子打在图示坐标系的第III象限内,则电子在经过之间时向方向偏转,应使Y接电源的负极,接电源的正极;之后电子在经过之间向方向偏转,应使接电源的正极;X接电源的负极,故D正确,C错误。
故选AD。14、A:C【分析】【分析】
【详解】
横截面积为S的铜导线,流经其中的电流为I,设每单位体积的导线中有n个自由电子,每个自由电子的电荷量为e,此时电子定向移动的速率为v,则
在Δt时间内,通过导体横截面的自由电子数目可表示为
故选AC。三、填空题(共8题,共16分)15、略
【分析】【详解】
[1].A、B间的电势差为:
[2].A点的电势为:φA=UAB+φB=-60V+20V=-40V;
[3].从A到B,电场力做负功,故电势能增加,增加了3.0×10-6J;【解析】-60V-40V增加了3.0×10-6J16、略
【解析】①.磁场②.物质17、略
【分析】【分析】
【详解】
略【解析】伏特18、略
【分析】【详解】
[1]游标卡尺读数为
[2]螺旋测微器读数为【解析】1.0552.61519、略
【分析】【分析】
【详解】
(1)[1][2][3][4][5]利用牛顿第二定律结合匀变速直线运动公式分析。适用于电场是匀强电场且涉及运动时间等描述运动过程的物理量,公式有
(2)[6][7][8]利用静电力做功结合动能定理分析。适用于问题涉及位移、速率等动能定理公式中的物理量或非匀强电场情景时,公式有qEd=mv2-mv(匀强电场)
或qU=mv2-mv(任何电场)【解析】①.牛顿第二②.匀强电场③.运动时间④.ma⑤.at⑥.位移⑦.速率⑧.非匀强20、略
【分析】【分析】
【详解】
[1]电压表量程为5V时,电流表串联电阻R1,串联电阻阻值
[2]改装后量程为20V时,电流表串联R1和R2【解析】①.480②.150021、略
【分析】【详解】
[1]当滑动变阻器的电阻调为4Ω时,设电源的电动势为E,由闭合电路的欧姆定律可得电路的电流为
电源内部的电热功率为
代入数据可以求得电源的电动势为E=10V
[2]为定值电阻,当中电流最大时,功率最大,则可知此时的阻值应为0。【解析】10022、B:D【分析】【详解】
根据核反应方程质量数和电荷数守恒可知选项B、D正确.四、作图题(共1题,共10分)23、略
【分析】【分析】
【详解】
线框穿过磁场的过程可分为三个阶段,进入磁场阶段(只有边在磁场中),在磁场中运动阶段(两边都在磁场中),离开磁场阶段(只有边在磁场中)。
①线框进入磁场阶段:对应穿过线框的磁通量线性增加,最后为
②线框在磁场中运动阶段:对应,时间内,穿过线框的磁通量线性减小,最后为时间内,穿过线框的磁通量反向线性增加,最后为
③线框离开磁场阶段:对应穿过线框的磁通量线性减小,最后为
画出图像如图所示。
【解析】见解析五、实验题(共2题,共16分)24、略
【分析】【分析】
【详解】
(1)[1]某次测量电阻丝长度95.0mm-mm×10=85.50
[2]螺旋测微器读数时方法:固定刻度+可动刻度即
(2)[3]估算回路中的电流
故电流表选择A1
(3)[4]由闭合电路分析可知,回路中电动势不变,总电流不变,则回路中总电阻不变,说明电阻箱阻值和接入电路的电阻丝的总阻值不变,设总电阻为C,由
可得
由丙图可得图象斜率的绝对值
求得
(4)[5]分析表达式
里面不含电流表相关物理量,故由于电流表内阻的存在,对电阻率的测量结果无影响。【解析】①.②.③.A1④.⑤.无25、略
【分析】【分析】
【详解】
(1)[1]闭合电键后;线圈中的磁场方向为逆时针,且增加,故根据楞次定律,感应电流的磁场为顺时针方向,故左侧线圈中感应电流方向俯视顺时针,故直导线有电流,小磁针旋转一下,电路稳定后,无感应电流,小磁针不偏转,故B正确,ACD错误。
(2)[2]只有电键闭合瞬间;断开瞬间有感应电流;即原磁场变化时才有感应电流,故产生感应电流的条件是:穿过闭合回路中磁通量发生变化。
(3)[3]开关S闭合,由图可知,电流从正极流入电流表,当有电流从电流表的正极流入时,指针向右偏转,这说明:电流从哪极流入,指针向哪偏转;若实验中发现电流表指针向右偏转,说明电流从负极流入电流表,由楞次定律可知,当把磁铁N极向上拨出线圈时,感应电流从负极流入,电流表指针向右偏。【解析】B穿过闭合回路中磁通量发生变化入上六、解答题(共4题,共20分)26、略
【分析】【详解】
(1)小球从A点到C点由动能定理有:
在C点由牛顿第二定律得:
联立解得
由牛顿第三定律可知,球运动到C点时对轨道的压力大小为7mg;
(2
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