江西专版2020中考物理复习方案第三篇达标检测达标检测卷07电功率焦耳定律试题

PAGEPAGE1达标检测卷(七)电功率、焦耳定律

时间：40分钟分值：100分一、填空题(每空3分，共36分) 1.[2019·镇江]小明发现家中图D7-1所示电能表的转盘在40min内转动了3600r，则他家中用电器实际消耗的电能为kW·h，实际功率为kW。若该电能表能正常工作的最大电流为10A，则小明家中还能接入额定功率为W的用电器。

图D7-12.在如图D7-2甲所示的电路中，当闭合开关S后，两个电压表的指针偏转均如图乙所示，则小灯泡L1两端的电压为V，灯L1和L2的电功率之比是。

图D7-23.[2019·哈尔滨]在安全工作的条件下，将“2.5V0.3A”的小灯泡L1和“3.0V0.3A”的小灯泡L2串联在电路中工作，通过两灯的电流之比为；若将L1和L2并联在另一电源下工作，则L1和L2的总功率最大值为W。(设灯丝电阻不变)

4.[2018·抚顺]图D7-3所示的装置是用来探究通电时间相同时，电流通过导体产生的热量与的关系，R1产生的热量比R2产生的热量(选填“多”或“少”)。若电路中的电流为1A，则1min内电流通过R1产生的热量为J。

图D7-35.[2019·南充]图D7-4是电热饮水机电路原理图，已知R1=100Ω，R2=20Ω，当开关S1、S2闭合时，饮水机处于(选填“保温”或“加热”)状态，饮水机的保温功率与加热功率之比为。

图D7-4二、选择题(每题6分，共30分) 6.[2018·湘西]图D7-5的家用电器中，正常工作时，电能主要转化为机械能的是 ()图D7-57.将两只额定电压相同的小灯泡L1、L2串联在如图D7-6所示的电路中，闭合开关后，发现灯L1较暗，灯L2较亮，下列说法正确的是 ()图D7-6A.灯L1的电阻较大 B.流过灯L2的电流较大C.流过灯L1、L2的电流相等 D.灯L1、L2两端的电压相等8.甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图D7-7所示，下列说法中正确的是(忽略灯丝电阻随温度的变化) ()图D7-7A.两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多B.两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻C.将乙灯接入110V的电路中，它的实际功率为50WD.两灯串联在220V的电路中，甲灯比乙灯亮9.有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图D7-8甲所示。把它们串联在电路中，如图乙所示，闭合开关，这时电流表的示数为0.4A，则电源电压和元件B的电功率分别是 ()图D7-8A.2.0V0.8W B.2.5V1.0WC.4.5V1.0W D.4.5V1.8W10.[2019·广西北部湾经济区]如图D7-9所示，两个透明容器中密闭着等量的空气，A、B两U形管内的液面相平，电阻丝的电阻R1=R2=R3。小明用图示装置进行实验，探究电流通过导体时产生的热量Q跟什么因素有关，下列说法正确的是 ()图D7-9A.此实验在探究电热Q与电阻R是否有关B.通过R1的电流和通过R2的电流大小相等C.电阻R1两端的电压和R2两端的电压相等D.通电后，A管的液面将会比B管的液面高三、计算题(共16分) 11.(16分)[2019·枣庄]如图D7-10所示是某款电养生壶，其铭牌的部分参数如表所示，当养生壶正常工作时：(1)求养生壶正常工作时的电阻。(2)若该养生壶的加热效率为80%，在标准大气压下，将初温是12℃的一壶水烧开，求需要的时间。[c水=4.2×103J/(kg·℃)，ρ水=1.0×103kg/m3](3)在物理综合实践活动中，小明和小丽同学利用所学习的物理知识，合作测量养生壶的实际功率，电能表上标着“1200r/(kW·h)”字样，他们把家中的其他用电器都与电源断开，仅让养生壶接入电路中烧水，2min内电能表的转盘转了40r，求该养生壶的实际功率。

图D7-10额定电压220V频率50Hz额定功率1100W容量1L四、实验与探究题(共18分) 12.(18分)[2019·怀化]小红利用图D7-11甲所示的电路图测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率。图D7-11(1)按照图甲所示的电路图，请用笔画线代替导线，在图乙中将实物图连接完整。(要求：导线不能交叉)(2)连接实物电路时，开关应处于状态。

(3)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调到最(选填“左”或“右”)端。

(4)电路连接完成后，闭合开关发现：小灯泡不亮，电流表无示数，电压表示数接近电源电压，出现这种故障的原因可能是。

(5)排除故障后，小红调节滑动变阻器的滑片P，多次进行了小灯泡的电功率的测量。当电压表的示数为2.5V时，电流表示数如图丙所示，通过小灯泡的电流是A，小灯泡的额定功率为W。

(6)小红在实验中进行了多次测量，其测量目的是。(选填下面的字母)

A.求出灯泡在不同电压下功率的平均值，这样可以减小误差B.找出灯泡的亮度与灯泡实际功率之间的关系【参考答案】1.1.21.8400[解析]3000r/(kW·h)表示的是电路中每消耗1kW·h的电能，电能表转盘转过3000r，转盘转3600r消耗的电能：W=36003000×1kW·h=1.2kW·h，实际功率P=Wt=1.2kW·h4060h=1.8kW=1800W。电能表允许接入用电器的最大功率：P2.7.24∶1[解析]由题图甲可知，两灯串联，电压表V2测电源电压，电压表V1测L2两端的电压；因串联电路的总电压等于各分电压之和，且两个电压表的指针偏转位置相同，所以，电压表V2的量程为0~15V，分度值为0.5V，电源电压U=9V，电压表V1的量程为0~3V，分度值为0.1V，所以L2两端的电压U2=1.8V；则L1两端的电压：U1=U-U2=9V-1.8V=7.2V，因串联电路各处的电流相等，所以，由I=UR可得，L1、L2R1电功率之比：P13.1∶11.375[解析]将L1和L2并联在另一电源下工作时，因并联电路中各支路两端的电压相等，且U1=2.5V，U2=3.0V，所以，电路两端的最大电压U=U1=2.5V，此时小灯泡L1正常发光，通过的电流I1=0.3A。由I=UR知小灯泡L2的电阻：R2=U2I2=3.0V0.3A=10Ω，则通过灯泡L2的电流：I2'=UR2=2.5V10Ω4.电阻少3005.加热1∶6[解析]饮水机处于加热状态时，电路为R2的简单电路，则电路的功率：P加热=U2R2；饮水机处于保温状态时，R1与R2串联，电路的功率为：P保温=U6.A7.C8.D[解析]由题图可知，两灯均正常发光时，乙的电功率大，因为不知道发光时间是否相同，所以不能比较两灯消耗的电能的多少，故A错误。两灯均正常发光时，额定电压相同，都等于220V，因为灯丝电阻R=U额将乙灯接在110V的电路中，因为R乙=U额所以P乙实=U实由R=U额2P额知道甲灯的电阻大于乙灯的电阻，当两灯串联时，通过的电流相等，因为P=9.C[解析]由题图乙可知，电路元件A和B串联，电流表测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，所以，电流表的示数为0.4A时，IA=IB=I=0.4A，由图甲可知，A和B两端的电压分别为：UA=2V，UB=2.5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压：U=UA+UB=2V+2.5V=4.5V，故A、B错误。元件B的电功率：PB=UBIB=2.5V×0.4A=1W，故C正确、D错误。10.D11.解：(1)由P=U2R=U2(2)水的质量为m=ρ水V=1.0×103kg/m3×1×10-3m3=1kg，水吸收的热量Q吸=c水m(t-t0)=4.2