2024年辽宁省鞍山市铁东区中考物理一模试卷（3月份）（含答案）

年辽宁省鞍山市铁东区中考物理一模试卷（3月份）一、选择题（本题共9小题，每题2分，共18分。1~6题为单选题；7~9题为多选题，多选题漏选得1分，错选得0分）1．如图所示，某同学利用弹簧测力计测量若干个质量已知的钩码的重力，探究重力的大小跟质量的关系，下列说法正确的是（）A．弹簧测力计的分度值是0.01NB．实验得出的结论是：物体的质量跟受到的重力成正比C．手对弹簧测力计的拉力和钩码对弹簧测力计的拉力是一对平衡力D．弹簧测力计对手的拉力大于弹簧测力计对钩码的拉力2．下列场景的叙述正确的是（）A．甲图中铁轨铺在枕木上，主要是增大火车对地面的压强B．乙图中用力F压着物块静止在竖直墙上，增大力F，物块受到的摩擦力也变大C．丙图中用手指托住乒乓球，从漏斗口用力向下吹气同时手移开，乒乓球掉下来D．丁图中将玻璃管稍微倾斜，玻璃管中水银柱的竖直高度不变3．如图所示，小球从左侧斜面的P点由静止释放，在右侧斜面上能到达的最高位置是Q点，M、N是小球运动过程中先后经过的两个等高点，下列说法正确的是（）A．小球在左侧斜面向下运动的过程中，重力势能越来越小，动能越来越大B．小球从P点向Q点运动的过程中，所受重力不做功C．小球从P点向Q点运动的过程中，机械能守恒D．小球通过M、N两点时的动能大小相等4．如图所示为目前流行的一种自热火锅。该自热火锅配有发热包，发热包的主要成分包括生石灰、活性炭、硅藻土、土和铝粉等。将发热包放到冷水中，生石灰与水产生化学反应，生成氢氧化钙，并放出大量的热，从而加热上层食物。下列有关自热火锅的说法错误的是（）A．食物被加热的过程中，食物含有的热量增多B．食物被加热的过程中，是通过热传递的方式使其内能增加C．食物被加热后，香味更浓郁，这是因为分子热运动快慢与温度有关D．发热包放热时，将化学能转化为内能5．取两个相同的验电器A和B，用毛皮摩擦橡胶棒接触验电器A的金属球，如图甲所示A带上电荷，可以看到A的金属箔张开，B的金属箔闭合。如图乙所示用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来，观察到A的金属箔张开的角度减小，B的金属箔由闭合变为张开。下列说法正确的是（）A．金属杆和金属球接触的一瞬间，金属杆中电流方向是自A流向BB．两金属箔片能够张开是因为带上了异种电荷C．毛皮摩擦橡胶棒时，毛皮束缚电子的本领比橡胶棒弱D．将金属杆换成玻璃杆，实验现象不变6．下列关于材料和能源的说法，正确的是（）A．当前的核电站利用核聚变时释放的能量发电B．光纤通信是利用电磁波传递信息的C．人们可以利用超声波来测量地球到月球的距离D．核能和太阳能都属于可再生能源7．关于课本中的力学实验，下列说法正确的是（）A．“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，可用小车代替木块B．“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度是为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上C．“探究阻力对物体运动的影响”实验，小车受到阻力越小，小车速度减小得越慢D．“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，木块被小车推得越远，说明小车动能越大8．小阳想探究影响电阻大小的因素。他连接了如图所示的电路进行实验，其中两根镍铬合金丝的粗细相同。将两根电阻丝分别接入电路中，闭合开关后，记录两次实验电流表的示数。根据上述实验，下列说法中正确的是（）A．此实验探究的是导体的电阻与材料的关系B．此实验探究的是导体的电阻与温度的关系C．此实验需要保持电源电压不变D．此实验中用电流表示数的大小反映电阻的大小9．如图所示的电路，电源电压为6V保持不变，R1=4Ω。开关闭合，滑动变阻器R2的滑片置于a端时，电压表V1的示数为2V，将滑片从a端滑到b端时（）A．滑动变阻器R2的最大阻值为8ΩB．电压表V2的示数变化范围4~2VC．整个电路的功率变化范围为3~9WD．当滑片滑到b端时，通电1min电流对R1做的功为540J二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分）10．如图甲表示四冲程汽油机的某个冲程示意图，该冲程是冲程；将汽油机的能量流向制成如图乙所示的图表，根据给出的信息，可知该汽油机的效率为。11．小明用如图所示轻质滑轮组拉着重为100N的物体A匀速前进0.5m，若物体A与地面的摩擦力为20N，则克服摩擦力所做的有用功是J；若该滑轮组的机械效率为80%，则拉力F的大小为N。12．如图所示，水平桌面上放置两个溢水杯，分别装满甲、乙两种液体。将一个密度为ρ0的小球放入甲液体中，小球静止时，溢出液体的质量为m甲；再将小球放入乙液体中，小球静止时，溢出液体的质量为m乙。则m甲m乙。小明在水盆中洗碗，发现一个大碗正漂浮在水盆中，如图丙所示。他将水盆中的一些水放入大碗中，但大碗仍然漂浮。与原先相比水盆中的水深度将会。13．如图所示是小李家的家庭电路图，图中灯泡（选填“L1”或“L2”）控制开关的连接是正确的，闭合开关S2后，进户线零线发生断路，则用试电笔检查插座B的各个插孔，试电笔的氖管（选填“都亮”、“都不亮”或者“左孔不亮，右孔亮”）。14．如图所示，某品牌无线充电宝正在给手机、移动手环充电，该充电方式是通过电磁感应实现的，当电流通过无线充电宝的送电线圈时会在周围产生，手机中的受电线圈靠近它时就会产生，从而为手机充电。15．如图甲和表所示是小林家的电热水壶及其铭牌。电热水壶损坏了，进行了修理，小林感觉修理后的电热水壶的实际功率改变了，于是他关掉家里所有用电器，将该电热水壶装了800mL的水，接入家庭电路中，闭合壶的开关，测得壶中的水从25℃上升到100℃所用的时间是4min。同时观察到家中的电能表（如图乙所示）正好转过了120r。电热水壶中800mL的水从25℃上升到100℃，壶中水吸收的热量；该电热水壶的实际功率。[已知水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃），水的密度ρ=1g/cm3]产品型号：……最大容积：1.2L额定电压：220V额定频率：50Hz额定功率：1000W三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）16．如图甲所示是用水后关闭水龙头时的情景，水龙火手柄可视为一个杠杆，请你在图乙所示的示意图中画出施加在A点的最小动力F1，以及阻力F2的力臂。17．请你拆去一根导线（在图上用“╳”表示拆去），再补上一根导线（用虚线表示）使开关闭合后，规格相同的3个灯泡同时发光且亮度相同。四、实验题（本题共4小题，共24分）18．小明利用在课堂上学到的知识测定矿石的密度。（1）小明将天平放在上，调节天平时，发现指针静止在分度盘中央的右边，则应将平衡螺母向调节，直至天平平衡；（2）小明用调好的天平测石子的质量，如图甲，同组的小丽指出小明操作中出现和的错误。改正错误后，小明用正确的方法称矿石的质量，平衡时放在盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙，则矿石的质量为g，在量筒内装有一定量的水，量筒中放入矿石前、后的情况如图丙所示，则此矿石的密度是；（3）小宇发现自己现有的器材中有天平（含砝码），但没有量筒，只有一个烧杯，聪明的小宇灵机一动设计了另一种测量矿石密度的方案，步骤如下：A.用天平测出矿石的质量为m0；B.在烧杯中倒满水，称出烧杯和水的总质量m1；C.将矿石轻轻放入装满水的烧杯中，矿石沉入杯底，烧杯溢出水后，将烧杯壁外的水擦干净，重新放在天平左盘上，称出此时烧杯、杯内矿石和水的总质量m2；D．已知水的密度，并将其记为ρ水；E．则矿石密度的表达式：ρ矿石=。（用m0、m1、m2、ρ水来表达）19．如图所示是小亮同学用压强计“研究液体内部的压强”的实验。（1）实验前，小亮检查实验装置，按压探头的橡皮膜，橡皮膜向内凹，说明力可以改变；（2）比较图乙和图丙，可以得出结论：同种液体，深度越深，液体的压强越；（3）比较图乙和图丁，得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论，你认为小亮的判断是的（选填“合理”或“不合理”）；（4）实验中小亮发现，当探头在不同液体中的相同深度处，U形管两边液面的高度差对比不明显，于是她做了一些改进，下面操作不能使U形管两边液面高度差对比更明显的是。A.将U形管换成更细的B.U形管中换密度更小的液体C.丁实验中换密度更大的液体20．如图所示，用完全相同的电加热器分别给初温均为20℃的甲、乙液体加热（m甲<m乙），描绘出了温度—时间图像。（1）实验中使用相同电加热器的目的是；（2）甲液体第30s的内能第35s的内能；（3）小明根据图乙中0至30s图像及题目所给信息得出：甲液体的比热容比乙液体的大。你认为小明的说法是否正确？。你的判断依据是：。21．小明利用如图甲所示的电路，探究“导体的电流跟电阻的关系”。实验器材：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一只，一个开关，三个定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω），两只滑动变阻器（“10Ω2A”、“20Ω1A”），导线若干。（1）用笔画线代替导线完成图甲电路的连接。（2）实验中小明发现，闭合开关后，两电表的指针处于图乙所示的状态，则电路故障可能是。（3）改正错误后，小明先用5Ω的电阻做完实验后，断开开关，将10Ω的电阻接入电路，闭合开关发现电压表的示数变。（4）当小明改用15Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数达到实验要求的值，则小明选用的滑动变阻器的规格是。（5）除了更换滑动变阻器的方案以外，小明想到原有器材不变，调整定值电阻两端的电压也可以完成实验，他应控制定值电阻两端的电压范围是。（6）为了测量额定电流为I额的小灯泡正常发光时的电阻。设计了如图丁所示电路，电源电压未知、定值电阻的阻值为R0.请你将实验步骤补充完整。①只闭合开关，将滑动变阻器的滑片移至最左端，读出电压表V1的示数为U1；②只闭合开关，再次调节滑片，直到电压表V2的示数为，此时小灯泡正常发光，电压表V1的示数为U2；③小灯泡正常发光时电阻的表达式是。五、综合应用题（本题共3小题，共22分）22．质量为3t的小型载重汽车，额定功率为100kW，车上装有6t的砂石，汽车先以10m/s的速度在乎直公路上以20kW的功率匀速行驶了10min，消耗汽油1.2kg，然后又以额定功率用了2min的时间，将砂石从山坡底运送到50m高的坡顶施工现场，g取10N/kg。试问：（1）1.2kg的汽油完全燃烧放出的热量为多少？（已知汽油的热值为4.5×107J/kg）（2）汽车在平直公路上匀速行驶时，受到的阻力为多少？（3）汽车从坡底向坡顶运送砂石的机械效率是多少？23．如图所示是某校科技小组制作的液体密度计的工作原理图，其中空桶重1N，测量时需将桶内注满液体。电源电压恒为12V，定值电阻R0的阻值为10Ω；电压表的量程为0~3V，表盘改造后可直接显示所测液体的密度值；滑动变阻器R2标有“24Ω0.5A”的字样，R1为压敏电阻，其阻值与所受压力F变化关系如表所示（R1的阻值不为0）。在桶内注满水时，桶内水重恰为1N，闭合开关S，移动R2的滑片至位置M时，电压表的示数为1.5V。R1/Ω13011090705030…F/N00.51.01.52.02.5…（1）此时电路中的电流；（2）此时滑动变阻器R2接入电路中的阻值为多大？（3）R2的滑片在位置M时，该液体密度计的“0”刻度线与电压表表盘多少V的刻度线相对应？（4）根据表中数据可得R1与F之间的关系式为：R1=130Ω24．阅读短文，回答问题。电动平衡车，它利用车体内部的陀螺仪和加速度传感器，来检测车体姿态的变化，并利用控制系统，精确地驱动电机进行相应的调整，以保持系统的平衡。电动平衡车采用站立式驾驶方式，通过身体重心和操控杆控制车体运行，采用锂电池组作为动力来源驱动左右两个电动机行驶，如表为某品牌电动平衡车部分技术参数，能量密度是指电池单位质量所输出的电能。锂电池能量密度0.25kW•h/kg自重12kg锂电池的总质量2kg最大载重90kg每个电动机的最大输出功率350W舒适速度可达18km/h电动机的能量转化效率70%陡坡15°（1）质量58kg的小明驾驶如图甲所示的电动平衡车时，每只轮胎着地面积约25cm2，此时对水平地面压强是Pa（取g=10N/kg）（2）小明驾驶电动平衡车在水平路面上以18km/h的速度匀速行驶时，受到的阻力是人与车总重的0.1倍，当耗能为锂电池总储存能量的50%时，平衡车行驶的路程是km；（3）如图乙所示，科技兴趣小组为平衡车设计的转向指示灯电路，电源电压恒为6V，指示灯L1、L2的规格均为“6V6W”，R0为定值电阻，电磁铁线圈及衔接的阻值忽略不计，不考虑指示灯电阻随温度的变化，当单刀双掷开关S与“1”接通后，左转指示灯L1会亮暗交替闪烁，在上述过程中，左转指示灯L1两端实际电压UL随时间t变化规律如图丙所示。①当单刀双掷开关S与“1”接通后，从电磁学角度说明左转指示灯，L1会亮暗交替闪烁的原理；②触点A与B分离时，电磁铁上端是极；③R0的阻值为Ω，在单刀双掷开关S与“1”接通情况下，左转指示灯L1亮暗交替闪烁工作1min，则整个电路消耗的电能J。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A．弹簧测力计一个大格为1N，一个大格里面有5个小格，每一个小格的大小为0.2N，所以分度值为0.2N，故A错误；B．实验是探究重力的大小跟质量的关系，得出的结论为重力的大小与物体质量的成正比，故B错误；C．手对弹簧测力计的拉力大小等于弹簧测力计和钩码的重力之和，而钩码对弹簧测力计的拉力只有钩码重力的大小，所以不是一对平衡力，故C错误；D．弹簧测力计对手的拉力的大小等于钩码和弹簧测力计重力之和，而弹簧测力计对钩码的拉力大小等于钩码的重力大小，所以弹簧测力计对手的拉力大于弹簧测力计对钩码的拉力，故D正确。故选D。

【分析】测力计上单位值是分度值；重力和质量成正比；分析物体受到的力，判断力的大小。2．【答案】D【解析】【解答】A．铁轨铺在枕木上，在压力一定时，增大受力面积可以减小对地面的压强，故A错误；B．由平衡条件知物块受到的摩擦力等于重力G，增大F不会改变摩擦力大小，故B错误；C．从漏斗口向下用力吹气，乒乓球上方空气流速大压强小，乒乓球下方空气流速小压强大，乒乓球受到向上的压强大于向下的压强，乒乓球不会掉下来，故C错误；D．在托里拆利实验中，水银柱的高度是指管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度，这一高度的大小是由外界大气压决定的，因此不会因倾斜改变，故D正确。故选D。

【分析】增大受力面积，可以减小压强；静摩擦力和压力无关；流体在流速大的地方压强小；托里拆利实验中，试管倾斜，液面高度差不变。3．【答案】A【解析】【解答】A．小球在左侧斜面向下运动的过程中，质量不变，高度变小，速度变大，重力势能越来越小，动能越来越大，故A正确；B．小球从P点向Q点运动的过程中，所受重力竖直向下，下降时小球在竖直方向移动了距离，重力做了功，故B错误；C．Q点的高度小于P点的高度，说明小球从P点到Q点时，克服摩擦力做功，机械能变小，故C错误；D．结合C选项的分析，小球从P点到Q点时，克服摩擦力做功，机械能不断变小，所以小球通过M点时机械能大于通过N点时的机械能，又MN高度相等，重力势能相等，机械能等于动能加重力势能，所以，通过N点时动能变小，故D错误。故选A。

【分析】质量一定时，速度变大，动能变大；高度减小，重力势能减小；克服摩擦，消耗机械能，机械能减小。4．【答案】A【解析】【解答】A．热量是过程量，不能说含有，故A错误，符合题意；B．食物被加热的过程中，食物吸收热量，内能增加，是通过热传递的方式使其内能增加，故B正确，不符合题意；C．食物被加热后，香味更浓郁，这是因为温度越高，分子热运动越剧烈，故C正确，不符合题意；D．生石灰与水反应会放出大量的热，此反应过程中的能量转化关系是化学能转化为内能，故D正确，不符合题意。故选A。

【分析】物体吸收热量，内能变大，热量是热传递时改变的能量；温度越高，分子运动越剧烈。5．【答案】C【解析】【解答】A．毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，即有多余电子，B验电器不带电，当用金属棒连接时，一部分电子会从A运动到B，根据电流方向的规定，电流的方向是由B到A，故A错误；B．验电器B的两金属箔片能够张开，是因为两箔片带上了同种电荷，同种电荷相互排斥而张开，故B错误；C．用毛皮摩擦橡胶棒，由于橡胶棒的原子核束缚核外电子的本领强，会从毛皮夺得电子，即一部分电子从毛皮转移到橡胶棒，所以橡胶棒因有多余的电子带负电，故C正确；D．玻璃杆是绝缘体，所以将金属杆换成玻璃杆，A的电子不能转移到B，两验电器的张角不会发生变化，故D错误。故选C。

【分析】电子转移时，从多向少的方向移动，电流方向和电子定向运动方向相反；验电器根据同种电荷相互排斥工作；不同物质摩擦时，束缚电子能力强的得到电子，带负电，束缚能力弱的失去电子带正电。6．【答案】B【解析】【解答】A．当前的核电站利用的是可控的核裂变时释放的能量发电，故A错误；B．光是电磁波的一种，光纤通信是利用电磁波传递信息的，故B正确；C．声波无法在真空中传播，则人们不可以利用超声波来测量地球到月球的距离，故C错误；D．核能在短时间内不能再生，是不可再生能源；太阳能可以源源不断的获得，属于可再生能源，故D错误。故选B。

【分析】核电站利用核裂变释放能量；光纤通信利用了电磁波；声音不能在真空中传播；核能是不可再生能源。7．【答案】B,C,D【解析】【解答】A、“探究影响滑动摩擦力大小的因素”实验，不可用小车代替木块，因为小车的摩擦力小，故A错误；

B：“探究二力平衡的条件”实验，将小车转动一定角度，小车会恢复原状，为了探究小车处于平衡状态时二力是否在同一条直线上，故B正确；

C：“探究阻力对物体运动的影响”实验，由于小车受到阻力越小，所以小车速度减小得越慢，故C正确；

D：“探究动能的大小与哪些因素有关”实验，木块被小车推得越远，说明小车动能越大，故D正确；

故选BCD。

【分析】A、小车的摩擦力小，探究滑动摩擦力的影响因素不容易探究；

B、将小车转动一定角度，由于小车受两个力的作用，会恢复原状；

C、小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；

D、小车推木块越远，说明小车动能越大，运用了转化法的思路。8．【答案】C,D【解析】【解答】AB．由控制变量法可知，材料、横截面积相同，长度不同，故实验探究的是导体的电阻与长度的关系，故A错误，故B错误；C．此实验中用电流表示数的大小反映电阻的大小，根据欧姆定律I=UD．在电路中分别接上不同的导体，通过观察电流表的示数来比较导体电阻的大小，即将电阻的大小转换为电流的大小，这就是转换法，故D正确。故选CD。

【分析】探究电阻大小的影响因素时，探究电阻和长度的关系，需要保持材料和横截面积相同，探究和横截面积的关系时，需要保持材料和长度相同；根据电流表示数，可以反应电阻的大小。9．【答案】A,C,D【解析】【解答】A．开关闭合，R1、R2串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测量电路电流。滑动变阻器R2的滑片置于a端时，变阻器连入电路的电阻最大，电压表V1的示数为2V，则R1两端的电压为2V，由串联电路电流的规律和欧姆定律可知电路中的电流I=电压表V2的示数U由欧姆定律得，变阻器的最大阻值R2=UB．滑片P在b端，变阻器连入电路的电阻为零，电压表V2被短路，电压表V2的示数为零，电压表V2的示数变化范围4V~0V，故B不符合题意；C．滑动变阻器R2的滑片置于a端时，电路的总功率P滑片P在b端，变阻器连入电路的电阻为零，为R1的简单电路，电路的总功率P整个电路的功率变化范围为3~9W，故C符合题意；D．当滑片滑到b端时，通电1min电流对R1做的功为W=Pbt=9W×60s=540J故选ACD。

【分析】根据I=UR，计算电流；根据滑动变阻器分压和电流，利用R=U10．【答案】压缩；28%【解析】【解答】图中两侧气门关闭，活塞向上运动，是压缩冲程的示意图。该汽油机的效率即为转化为有用功的能量占比，由图可知为28%。

【分析】汽油机气门关闭，活塞上行，是压缩冲程；根据内能转化的有用功的多少，判断热机效率。11．【答案】10；8.33【解析】【解答】克服摩擦力所做的有用功W由该滑轮组的机械效率列式可得η=由图可知s代入数据得80解得F≈8.33N。

【分析】根据W=fs，计算有用功，利用η=W12．【答案】>；不变【解析】【解答】小球在甲中漂浮，浮力等于自身重力，小球在乙中下沉，浮力小于重力，

所以小球在甲中受到的浮力要大于在乙中受到的浮力，根据阿基米德原理可知，小球在甲中排开的液体的重力要大于在乙中排开的液体的重力，

根据G=mg可知，溢出的液体质量

m甲>m乙。当碗漂浮时，碗受到的浮力等于重力，将水盆中的一些水放入大碗中，但大碗仍然漂浮，

则增加的浮力恰好等于放入碗中的水的重力，

由F浮=ρ液gV排可知，

增加的V排恰好等于放入碗中的水的体积，因此液面不变。

【分析】物体漂浮时，浮力等于物体的重力，等于排开液体的重力；沉底物体受到的浮力小于自身重力，排开液体重力小于自身重力；漂浮时，物体重力增大，排开液体的重力变大。13．【答案】L2；都亮【解析】【解答】由于家庭电路中开关接到火线与用电器之间，所以灯泡L2正确。零线断路且开关闭合S2时，插座B的两个插孔都与火线相连，所以用试电笔检查插座B的各个插孔，试电笔的氖管都亮。

【分析】家庭电路中，灯泡的开关连接在火线上；进户线零线断路后，零线和火线连接，能使测电笔的氖管发光。14．【答案】变化的磁场；感应电流【解析】【解答】充电宝下面是无线充电设备，利用电流流过送电线圈产生变化的磁场，手机中的受电线圈靠近该磁场时就会产生感应电流，给智能手机充电。

【分析】变化的电流周围有变化的磁场；导体切割磁感线产生感应电流。15．【答案】2.52×105J；1200W【解析】【解答】水的体积V=800mL=800水的质量m=ρV=1水吸收的热量Q1500revs/（kW⋅h）表示电路中的用电器每消耗1kW⋅h电能，电能表的转盘转过1500转，则电能表的转盘转过120转，电热水壶消耗的电能W=电热水壶的实际功率P=【分析】根据m=ρV，计算物体的质量，根据Q=cmΔt，计算吸收的热量；根据电能表转盘转数，计算消耗的电能，根据P=U16．【答案】【解析】【解答】反向延长阻力作用线，过支点做阻力作用线的垂线，垂线的长度即为阻力臂l2；根据杠杆平衡条件，要使得动力最小，则动力臂应该最大，所以连接OA，过A点做斜向下的有向线段垂直于OA，该线段即为动力F1，如图所示：

【分析】支点到力的作用线的垂线是杠杆上的力臂；支点到力的作用点的连线，是最大力臂，最小和力和最大的力臂垂直。17．【答案】【解析】【解答】分析电路可知，电流从电源正极流出，不能依次进入3个灯泡，其中L2和电流表被短路，应将L2所在的支路也并联在L1两端，由于电流表在L2支路上，所以可以将电流表与L1相连的导线改接在L1的右端，如图所示：

【分析】使电流分别进入各灯泡，则灯泡并联，分别连接在电源两端。18．【答案】水平桌面；左；用手拿砝码；游码没有放在零刻线处；38.4；2.56g/cm3；m【解析】【解答】（1）在调节天平平衡时，先将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端零刻度线处。指针静止在分度盘中央的右侧，则左盘高，平衡螺母应向左调节。（2）由图甲知，在称量过程中，小明用手拿砝码了，这样会使砝码生锈.添加砝码时，游码没有放在零刻线处。应将物体置于天平的左盘，在右盘中添加砝码，由图乙知，标尺的分度值为0.2g，所以石块的质量m=20由图丙知，量筒的分度值为1mL，水的体积为30mL，水和石子的体积为45mL，所以石块的体积V=45矿石块的密度ρ=（3）矿石排开水的质量m矿石的体积V则矿石块的密度ρ=【分析】（1）使用天平前，先放平，平衡螺母右偏左调；

（2）测量质量时，利用镊子取砝码，游码要归零；根据砝码和游码位置，测量质量；根据ρ=mV，计算密度；

（3）利用烧杯和水的质量、矿石的质量，计算溢出水的质量，结合水的密度计算体积；根据19．【答案】物体形状；大；不合理；A【解析】【解答】（1）按压探头的橡皮膜，橡皮膜向内凹，说明力可以改变物体形状。（2）因为液体压强大小是通过压强计的U形管中两侧液体的高度差来显示的，且高度差越大说明液体压强越大，比较图乙和图丙可知液体密度相同，而探头所处液体深度不同，因此由图可知同种液体，深度越深，液体的压强越大。（3）液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，比较图乙和图丁可知液体密度不同且探头所处液体深度也不同，因此得出“液体密度越大，液体的压强越大”的结论是不合理的。（4）探头在不同液体中的深度相同，根据p=ρgh可知，深度相同，液体的密度越大压强越大。A．“将U形管换成更细的”不能使两侧液面高度差对比更加明显，故A正确；B．U形管中换密度更小的液体，两侧的高度差变大，故B错误；C．“丁实验烧杯中换密度差更大的液体”U形管左右两侧液面的高度差变大，故C错误。故选A。

【分析】（1）受按压后，橡皮膜凹陷，是力可以改变物体的形状；

（2）液体密度一定，深度越深，液体压强越大；

（3）探究液体压强和液体密度的关系，需要保持深度相同；

（4）增大液体密度，U形管液面高度差变化明显；压强一定时，换用密度小的液体，U形管液面差明显。20．【答案】控制相同时间内液体吸收热量相等；小于；正确；见解析【解析】【解答】（1）用相同的电加热器加热，在相同的时间内，两种液体吸收的热量是相同的。（2）物体从30s到35s时，一直吸收热量，温度升高，内能变大，即甲液体第30s的内能小于第35s的内能。（3）由图可知，在0~60s内，甲、乙变化图像是重合的，即甲、乙吸收相同的热量，升高相同的温度，由于甲的质量小于乙的质量，根据c=QmΔt可知，甲的比热容大于乙的比热容，故小明的说法是正确的。

【分析】（1）探究不同物质的吸热能力时，相同的加热器加热时间相同，物体吸收热量相等；21．【答案】；定值电阻断路；大；10Ω2A；2.7V~3V；S1；S2；U1﹣I额R0；U1【解析】【解答】（1）探究“导体的电流跟电阻的关系”实验定值电阻与滑动变阻器串联，变阻器选择一上一下接线柱，如图所示（2）串联电路中，电流表无示数，故障可能是断路，但电压表有示数，说明电压表与电源连通，故与电压表并联部分断路，即定值电阻断路。（3）电压表测定值电阻两端电压，将5Ω的电阻换成10Ω的电阻接入电路，根据分压原理，电压表示数变大。（4）当用15Ω的电阻继续实验时，即使将“10Ω2A”的变阻器的全部电阻10Ω连入电路，由欧姆定律，此时电路中的电流为I=电压表的最小示数U则小明选用的滑动变阻器的规格是“10Ω2A”。（5）由（4）知，使用“10Ω2A”的变阻器时，电压表能达到的最小示数为2.7V，电压表量程为0~3V，当电压表示数U大=3V时，变阻器此时分得的电压U当定值电阻为15Ω时，据串联电路分压原理有UR滑=7.5Ω该滑动变阻器能满足要求，所以电压表的最大示数可以为3V，他应控制定值电阻两端的电压范围是2.7V~3V。（6）只闭合开关S1，将滑动变阻器的滑片移至最左端，为只有R0串联在电路中的简单电路，读出电压表V1的示数为U1，即电源电压U1。只闭合开关S2，灯与变阻器和R0串联，再次调节滑片，当灯正常发光时，即通过电路中的电流为I额，由欧姆定律，定值电阻的电压为I额R0，根据串联电路电压的规律，当V2的示数大小为U1﹣I额R0时灯一定正常发光，如果此时记下V1的示数为U2，则灯的额定电压为U1﹣U2。此时小灯泡正常发光时电阻的表达式R【分析】（1）探究电流和电阻关系时，滑动变阻器一上一下串联，滑片远离下面的接线柱，电阻变大；

（2）在串联电路中，电流表无示数，电压表有示数，电压表测量的位置断路；

（3）电压表处的电阻变大，分压变大；

（4）当电压表示数一定时，电压表处电阻变大，滑动变阻器取值变大，根据分压规律，计算滑动变阻器的电阻；

（5）根据最大的定值电阻和滑动变阻器的最大值的比，判断分压比，计算电压表示数；

（6）利用电压表测量电阻时，先将电压表连接在电源两端，测量电源电压；再将灯泡串联在电路中，根据串联电路分压规律，使灯泡正常发光；根据总电压和V2示数差，计算定值电阻分压，结合电阻，时间电流，再计算电阻。22．【答案】解：（1）汽油放出的热量：Q=mq=1.2kg×4.5×107J/kg=5.4×107J（2）汽车匀速行驶时牵引力做的功：W=Pt=2×104W×600s=1.2×107J由功的计算公式，可得牵引力F=由于汽车做匀速运动，则受到的阻力：f=F=2000N（3）有用功：W有=mgh=6×103kg×10N/kg×50m=3×106J总功：W总=P额t=l×105W×2×60s=1.2×107J则机械效率η=【解析】【分析】（1）根据Q=mq，计算燃料放出的热量；（2）根据W=Pt，计算牵引力做功多少；利用F=Ws，计算牵引力的大小；

（3）根据W=Gh，计算有用功，根据W=Pt，计算总功，利用23．【答案】解：（1）由图可知，R0、R1和滑动变阻器R2串联，电压表测量R0两端电压，已知在桶内注满水，闭合S，电压表的示数为1.5V，串联电路各处电流相等，根据欧姆定