2025届福州市高三年级下册2月质检预测（二模）物理试卷+答案

2025届福建省福州市高三下学期2月质检预测物理试卷

一.选择题（共4小题，满分16分，每小题4分）

1.4分）如图所示为运动会中的四个比赛场景。下列对各场景的阐述中正确的是（）

甲乙丙丁

A.图甲所示，在运动员展示小轮车骑行技巧时，可将其看成质点

B.图乙所示，运动员在参加田径女子20公里竞走，“20公里”指的是比赛过程中的位移

C.图丙所示，运动员在4X100米决赛跑出38秒06,'38秒06”指的是时刻

D.图丁所示，运动员跳高下落时，通过海绵垫可增加接触面与运动员的作用时间从而实现缓冲

2.（4分）如图所示，一直杆固定在小车上，直杆的顶端固定着一小球。当小车向右做匀加速运动时，直

杆对小球作用力的方向可能沿图中的（）

.B'、

4'、、：.」七

A.OA方向B.OB方向C.OC方向D.OD方向

3.4分）如图所示，足够长水平传送带以恒定速率运动。把不同小物体轻放在传送带左端物体都会经历

两个阶段的运动。用v表示传送带速度，用u表示物体与传送带间的动摩擦因数，则（）

ZZZD

A.前阶段，物体可能向传送方向的相反方向运动

B.后阶段，物体受到摩擦力的方向跟传送方向相同

C.v相同时，u不同的等质量物体与传送带摩擦产生的热量相同

D.□相同时，v增大为原来的2倍，前阶段物体的位移也增大为原来的2倍

4.4分）如图所示，Qi、Q2为两个被固定的点电荷，a、b是它们连线的延长线上的两点。现有一带正

电的粒子只在电场力作用下以一定的初速度从a点开始经b点向远处运动，过b点时速度最小，下列说

法正确的是（）

第1页（共27页）

…义………

。2b

-O♦-

A.向远处运动过程中，粒子的电势能先减小后增大

B.粒子由a点到b点运动过程中加速度逐渐增大

C.b点的电场强度一定为零

D.Qi的电荷量一定小于Q2的电荷量

二.多选题（共4小题，满分18分）

（多选）5.如图所示，甲是地球赤道上的一个物体，乙是“神舟十号”宇宙飞船（周期约90min）,丙是

地球的同步卫星，它们运行的轨道示意图如图所示，它们都绕地心做匀速圆周运动。下列有关说法中正

A.它们运动的向心加速度大小关系是a乙＞2丙＞@甲

B.它们运动的线速度大小关系是v乙＜v丙＜v甲

C.它们运动的周期大小关系是T甲=丁丙＞丁乙

D.卫星乙的运行速度大小大于地球的第一宇宙速度

（多选）6.（6分）在如图所示的电路中，a、b两端接有电压为u=100sinl00irt（V）的交流电源，移动

滑动触头P可改变理想变压器原线圈接入电路的匝数，两灯泡Li、L2的电阻和定值电阻R的阻值相同

且保持不变。将开关S断开，灯泡Li恰好正常发光，则下列说法正确的是（）

A.原线圈输入电压的有效值为100V

B.若将P向上移动，Li会变暗

C.若闭合S,Li可能会被烧坏

D.若闭合S,R消耗的电功率是闭合S前的凶倍

（多选）7.（6分）如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b,再经过等温

过程be到达状态c,最后经等压过程ca回到初态a。下列说法正确的是（）

第2页（共27页）

4P

h

B.在过程ab中气体对外界做功

C.在过程ca中气体对外界做功

D.在过程be中气体从外界吸收热量

（多选）8.6分）如图（a）,S为粒子源，不断沿水平方向发射速度相同的同种带负电粒子，MN为竖直

放置的接收屏。当同时存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场时，粒子恰好沿直线打到

MN上O点；当只存在一种场时，粒子打在MN上的P点或Q点，P、0、Q三点的位置关系如图（b）

4

所示，OP间距离为OQ间距离的弓，已知电场强度大小为E,磁感应强度大小为B,S到屏MN的距离

为d。不计粒子重力及粒子间的相互作用，则下列判断正确的是（）

A.只加磁场时，粒子打在MN上的P点

p

B.粒子源发射出粒子的速度大小为恚

4E

C.粒子的比荷为582d

D.OP间距离为§

三.填空题（共8小题，满分60分）

9.G分）在白炽灯照射下，从用手指捏紧的两块玻璃板的表面能看到彩色条纹，这是光的现象;

通过两根并在一起的铅笔狭缝去观察发光的白炽灯，也会看到彩色条纹，这是光的现象.

2323+11

9292D90O

10.（3分）（1）核反应堆中的“燃料”是请完成核反应方程式OS

n；

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(2)社232经过6次a衰变和4次0衰变后变成一种稳定的元素。这种元素是铅，它的质量数

是,原子序数是.

137

(3)请写出的13755Cs)发生B衰变的核反应方程

［已知53号元素是碘(I),56号元素是钢(Ba)J

11.4分)某横波在介质中传播，t=0时刻波传播到x轴上的质点B时，所形成的波形如图所示，则0

点开始振动时振动方向(选填“向上”或“向下”)，若已知计时开始后，则质点A在t=0.3s

时第二次出现在平衡位置，该简谐横波的波速等于m/s=

12.(6分)如图1,是测量滑块与长铁片之间动摩擦因数的示意图。实验步骤如下:

A.用铁架台将长铁片倾斜固定并支在水平桌面上，在长铁片上标出A、B两点，把光电门固定在长铁

片上的B点，将光电门、光电计时器(图中未画出)与电源连接好；

B.用米尺测量出长铁片上A、B两点间的距离L,用量角器测得斜面的倾角为0,用游标卡尺测量挡光

片的宽度d；

C.接通电源，调整光电计时器和光电门使它们正常工作；

D.将小滑块由A点静止释放使其沿长铁片表面下滑，测出滑块通过光电门时挡光片的挡光时间为t。

则：

(1)实验中，把挡光片经过光电门时的平均速度作为滑块的瞬时速度，因此，挡光片的宽度越大，滑

块的瞬时速度误差就越(选填“大”或“小”)。

(2)如图2,是实验中用游标卡尺测得挡光片的宽度。由图可知，挡光片的宽度为__________mm。

(3)如果重力加速度为g,那么滑块与小铁片之间的动摩擦因数为(用题中

字母表示)。为了减小实验误差，只要多次改变光电门B的位置，每次令滑块从同一点A由静止下滑，

根据实验原理建立直角坐标系时，如果x轴表示A、B两点间的距离L,那么y轴表

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示,得到的图像是一条经过坐标原点的直线。

（4）利用该实验装置，只需要将图中的长铁片换成（只填写一种实验仪器即可），其它设

备仪器均不变，就可以验证机械能守恒定律。

13.（8分）要测定一个自感系数很大的线圈L的直流电阻，实验室提供下列器材。

A.多用电表一只

B.电压表Vi（量程3V,内阻约为6kQ）

C.电压表V2（量程15V,内阻约为30k。）

D.滑动变阻器Ri（阻值。〜10。）

E.滑动变阻器R2（阻值0〜IkQ）

F.电池E（电动势4V,内阻很小）

G.开关Si、S2,导线若干

（1）首先用多用电表粗测线圈的电阻，操作步骤如下：

①机械调零后将红、黑表笔分别插入多用电表的插孔，选择欧姆“X10”挡：

②把红、黑表笔分别与自感线圈的两端相接，发现多用电表的指针读数太小；

③为了较准确地进行测量，重新选择恰当的倍率；

④把红、黑表笔分别与自感线圈的两端相接，稳定后多用电表表盘示数如图a所示。上述步骤中遗漏的

重要步骤是，此自感线圈的直流电阻约为0。

（2）根据多用电表的示数，为了减少实验误差，并在实验中获得尽可能大的电压调节范围，应从图b

中的A、B、C、D四个电路中选择电路来测量自感线圈的电阻；其中电流表用多用电表代替,

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多用电表的电流挡有①2.5A、②10mA、③50mA、④250mA,则应选的电流挡为（填序号），

滑动变阻器应选（填器材符号）。

（3）某学生进行的实验步骤如下：

a.按电路图连接好实验电路；

b.合上开关Si、S2,移动滑动变阻器的滑片到适当位置，稳定后读出电流表和电压表的读数I、U；

c.重复b步骤多次；

d.先断开开关Si，再断开开关S2,拆除实验装置，整理好器材；

e.求出每次U、I的比值，并求出它们的平均值即为自感线圈的直流电阻。

请指出上述实验步骤中的错误。

14.（10分）某科技小组参加了过山车游戏项目研究，如图甲所示，为了研究其中的物理规律，科技组成

员设计出如图乙所示的装置。P为弹性发射装置，AB为倾角。=37°的倾斜轨道，BC为水平轨道，CDC

'为竖直圆轨道，C,E为足够长的倾斜轨道，各段轨道均平滑连接。以A点为坐标原点，水平向右为

x轴正方向，竖直向上为y轴正方向建立平面直角坐标系。已知滑块质量为m,圆轨道半径R=lm,

BC长为3m,AB、BC段动摩擦因数均为四=0.25,其余各段轨道均光滑。现滑块从弹射装置P弹出的

速度为4m/s,且恰好从A点沿AB方向进入轨道，滑块可视为质点。重力加速度g=10m/s2,sin370=

0.6,cos37°=0.8o求：

（1）求滑块从弹射装置P弹出时的坐标值；

（2）若滑块恰好能通过D点，求轨道AB的长度；

（3）若滑块能进入圆轨道且不脱轨，求轨道AB的长度；

（4）若轨道AB的长度为3.5m,试判断滑块在圆轨道是否脱轨；若发生脱轨，计算脱轨的位置。

15.（12分）如图所示，三个质量均为m的小物块A、B、C,放置在水平地面上，A紧靠竖直墙壁，一劲

度系数为k的轻弹簧将A、B连接，C紧靠B,开始时弹簧处于原长，A、B、C均静止。现给C施加

一水平向左、大小为F的恒力，使B、C一起向左运动，当速度为零时，立即撤去恒力，一段时间后A

离开墙壁，最终三物块都停止运动。已知A、B、C与地面间的滑动摩擦力大小均为f,最大静摩擦力

等于滑动摩擦力，弹簧始终在弹性限度内。（弹簧的弹性势能可表示为：Ep=gkx2,k为弹簧的劲度

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系数，x为弹簧的形变量)

(1)求B、C向左移动的最大距离xo和B、C分离时B的速度大小vo；

(2)为保证B、C分离后，B能继续向右运动，求恒力F应满足什么条件;

(3)为保证A能离开墙壁，求恒力的最小值小抽；

(4)若F=6f,求撤去恒力后，C运动的最大速度Vm和最大位移为Xm。

_F

AW/WWWvBC一

V7777777777777777777777777777777777777777777777777

16.(14分)如图所示，两根距离为d=lm的足够长的光滑平行金属导轨位于xOy竖直面内，一端接有阻

值为R=2Q的电阻。在y>0的一侧存在垂直纸面的磁场，磁场大小沿x轴均匀分布，沿y轴大小按规

律8=4石；(7)分布。一质量为m=0.05kg、阻值为r=lQ的金属杆与金属导轨垂直，在导轨上滑动时

接触良好。金属杆始终受一大小可调节、方向竖直向上的外力F作用，使它能保持大小为a=2m/s2、

方向沿y轴负方向的恒定加速度运动。t=。时刻，金属杆位于y=0处，速度大小为vo=4m/s,方向沿

y轴的正方向。设导轨电阻忽略不计，空气阻力不计，重力加速度g=10m/s2。求：

(1)当金属杆的速度大小为v=2m/s时直杆两端的电压；

(2)该回路中感应电流持续的时间；

(3)当时间分别为t=3s和t=5s时，外力F的大小；

(4)电阻R的最大电功率。

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2025届福建省福州市高三下学期2月质检预测物理试卷

答案与解析

一.选择题（共4小题，满分16分，每小题4分）

1.（4分）如图所示为运动会中的四个比赛场景。下列对各场景的阐述中正确的是（）

甲乙丙T

A.图甲所示，在运动员展示小轮车骑行技巧时，可将其看成质点

B.图乙所示，运动员在参加田径女子20公里竞走，“20公里”指的是比赛过程中的位移

C.图丙所示，运动员在4X100米决赛跑出38秒06,'38秒06”指的是时刻

D.图丁所示，运动员跳高下落时，通过海绵垫可增加接触面与运动员的作用时间从而实现缓冲

【考点】动量定理的内容和应用；质点；时刻、时间的物理意义和判断；位移、路程及其区别与联系.

【分析】根据把物体看作质点的条件分析；路程是指运动轨迹的长度，据此分析；时刻在时间轴上用一

个点表示；根据动量定理分析。

【解答】解：A、在运动员展示小轮车骑行技巧时，运动员的身体姿态不能忽略，不可将其看成质点，

故A错误；

B、运动员在参加田径女子20公里竞走，“20公里”指的是比赛过程中的路程，故B错误；

C、运动员在4X100米决赛跑出38秒06,'38秒06”指的是时间间隔，故C错误；

D、运动员跳高下落时，通过海绵垫可增加接触面与运动员的作用时间从而实现缓冲，根据Ft=Ap可

知，可以减小地面对运动员的作用力，故D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了把物体看作质点的条件。位移和路程的区别，时刻和时间间隔的区别，以及动量定

理的应用。

2.4分）如图所示，一直杆固定在小车上，直杆的顶端固定着一小球。当小车向右做匀加速运动时，直

杆对小球作用力的方向可能沿图中的（）

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A.OA方向B.OB方向C.OC方向D.OD方向

【考点】牛顿第二定律的简单应用；弹力的概念及其产生条件；力的合成与分解的应用.

【分析】小球受重力和杆对小球的作用力，在两个力共同作用下沿水平向右的方向加速运动，加速度水

平向右，合力水平向右.

【解答】解：小球和小车的加速度相同，所以小球在重力和杆的作用力两个力的作用下也沿水平向右的

方向加速运动，加速度水平向右，根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度的方向与合力的方向相同，

合力水平向右，即合力沿图中的OD方向，根据力的合成的平行四边形定则可知，直杆对小球的作用力

可能沿OC方向，故C正确，ABD错误。

故选：Co

【点评】根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度的方向与合力的方向相同，是解决本题的关键.另外

知道杆的弹力不一定沿杆的方向.

3.4分）如图所示，足够长水平传送带以恒定速率运动。把不同小物体轻放在传送带左端物体都会经历

两个阶段的运动。用v表示传送带速度，用口表示物体与传送带间的动摩擦因数，则（）

A.前阶段，物体可能向传送方向的相反方向运动

B.后阶段，物体受到摩擦力的方向跟传送方向相同

C.v相同时，以不同的等质量物体与传送带摩擦产生的热量相同

D.□相同时，v增大为原来的2倍，前阶段物体的位移也增大为原来的2倍

【考点】常见力做功与相应的能量转化；牛顿第二定律的简单应用.

【分析】物品放传送带上时在摩擦力作用下做匀加速运动，当速度达到传送带速度时，将做匀速运动，

根据牛顿第二定律和运动学公式进行分析。

【解答】解：A、物品轻放在传送带上，前阶段，物品受到向前的滑动摩擦力，所以物品的运动方向一

定与传送带的运动方向相同，故A错误。

B、后阶段，物品与传送带一起做匀速运动，不受到摩擦力，故B错误。

C、设物品匀加速运动的加速度为a,由牛顿第二定律得：f=|img=ma

第9页（共27页）

物品的加速度大小为：a=ng

匀加速的时间为：t=缶=症，

位移为：x=st

传送带匀速的位移为：X,=vt

物品相对传送带滑行的距离为：Ax=x'-x=^=要

物品与传送带摩擦产生的热量为：Q=nmgAx=-1n]V2,则知u相同时，黑不同的等质量物品与传送带

摩擦产生的热量相同，故C正确。

D、前阶段物品的位移为：x=5t=5^＞则知U相同时，。增大为原来的2倍，前阶段物品的位移也

增大为原来的4倍，故D错误。

故选：Co

【点评】本题是物体在传送带上运动问题，物体在传送带的滑动摩擦力作用下做匀加速运动，速度达到

传送带速度时，物体将和传送带一起匀速运动，抓住时间和位移之间的关系列式进行分析。

4.&分）如图所示，Qi、Q2为两个被固定的点电荷，a、b是它们连线的延长线上的两点。现有一带正

电的粒子只在电场力作用下以一定的初速度从a点开始经b点向远处运动，过b点时速度最小，下列说

法正确的是（）

A.向远处运动过程中，粒子的电势能先减小后增大

B.粒子由a点到b点运动过程中加速度逐渐增大

C.b点的电场强度一定为零

D.Qi的电荷量一定小于Q2的电荷量

【考点】电场力做功与电势能变化的关系；电场强度的叠加；电场强度与电场力的关系和计算.

【分析】过b点时速度最小，到b点加速度为0.从而知道b点的电场力及电场强度.通过b点的场强

可以分析出两个点电荷电量的大小.通过能量守恒判断电势能的变化.

【解答】解：A.在整个过程中速度先减小后增大，即动能先减小后增大，根据能量守恒定律可得，电

势能先增大后减小，故A错误；

BC.带电粒子在b点时速度最小，所以在b点的加速度为零，电场强度为零，即从a到b点的过程中,

加速度逐渐减小，故B错误，C正确；

第10页（共27页）

D.由于b点的场强为零，所以有k/=k£

由于rib＞r2b，所以Qi的电荷量一定大于Q2的电荷量，故D错误。

故选：Co

【点评】解决本题的关键根据图象b点的加速度为0,根据这一突破口，从而判断Q2的电性及Q］和

Q2的电量大小.

二.多选题（共4小题，满分18分）

（多选）5.如图所示，甲是地球赤道上的一个物体，乙是“神舟十号”宇宙飞船（周期约90min）,丙是

地球的同步卫星，它们运行的轨道示意图如图所示，它们都绕地心做匀速圆周运动。下列有关说法中正

确的是（）

A.它们运动的向心加速度大小关系是a乙＞2丙＞2甲

B.它们运动的线速度大小关系是v乙＜v丙＜v甲

C.它们运动的周期大小关系是T甲=T丙＞丁乙

D.卫星乙的运行速度大小大于地球的第一宇宙速度

【考点】近地卫星；万有引力与重力的关系（黄金代换）；第一、第二和第三宇宙速度的物理意义.

【分析】根据a=rs2、牛顿第二定律分析加速度大小关系；v=rco、v时分析线速度；同步卫星丙

的周期为24h,“神舟十号”宇宙飞船的周期约90min；第一宇宙速度是最大的环绕速度。

【解答】解：同步卫星丙的周期为24h,大于乙的周期，则丙的轨道半径大于乙的轨道半径，乙和丙受

到的万有引力完全提供向心力；甲与丙的角速度相等，周期相等。

A、甲与丙的角速度相等，根据a=r3?知，a丙＞a（p，根据牛顿第二定律可得：aG何知az,＞a丙，

所以有：ai＞a¥＞故A正确；

B、根据v=r3知，丫丙〉丫甲，根据GMmm9可得:v后市"，所以丫乙〉丫丙，故丫乙＞丫丙〉丫甲，

~72~=~=VT

故B错误；

C、同步卫星丙的周期为24h,大于乙的周期，所以运动的周期大小关系有：丁甲=丁丙＞丁乙，故C正

确；

D、第一宇宙速度是最大的环绕速度，所以卫星乙的运行速度大小小于地球的第一宇宙速度，故D错误。

第11页（共27页）

故选：ACo

【点评】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一理论，知道线速度、角速度、加速度、周期与轨

道半径的关系。以及知道同步卫星的特点。

（多选）6.（6分）在如图所示的电路中，a、b两端接有电压为u=100sinl00irt（V）的交流电源，移动

滑动触头P可改变理想变压器原线圈接入电路的匝数，两灯泡Li、L2的电阻和定值电阻R的阻值相同

且保持不变。将开关S断开，灯泡Li恰好正常发光，则下列说法正确的是（）

A.原线圈输入电压的有效值为100V

B.若将P向上移动，L］会变暗

C.若闭合S,Li可能会被烧坏

D.若闭合S,R消耗的电功率是闭合S前的普倍

【考点】变压器的构造与原理.

【分析】变压器的输入电压决定输出电压，输出电流决定输入电流，输出功率决定输入功率；结合功率

表达式分析判断即可。

【解答】解:A、a、b两端接有u=100sinl00m（V）的交流电源，所以原线圈两端电压的有效值为

V=50^2-V,故A错误；

B、若将P向上移动，原线圈匝数增大，副线圈电压减小，Li会变暗，故B正确；

C、灯泡Li、L2和R的电阻相同。当开关S断开时，灯泡Li恰好正常发光，灯泡Li两端电压为空

若闭合S,灯泡Li两端电压为所以Li不可能会烧坏，故C错误；

T

D、当开关S断开时，R消耗的电功率是（竽『，若闭合s,R消耗的电功率是（学所以R消耗的电

IT~~JT

功率是闭合S前的16倍，故D正确；

故选：BD„

【点评】本题考查理想变压器原理及应用，要注意明确电路结构，知道开关通断时电路的连接方式；同

时注意明确输入电压与总电压之间的关系。

（多选）7.（6分）如图，一定质量的理想气体从状态a出发，经过等容过程ab到达状态b,再经过等温

第12页（共27页）

过程be到达状态c,最后经等压过程ca回到初态a。下列说法正确的是（）

A.在过程ab中气体的内能增加

B.在过程ab中气体对外界做功

C.在过程ca中气体对外界做功

D.在过程be中气体从外界吸收热量

【考点】理想气体及理想气体的状态方程；热力学第一定律的表达和应用.

【分析】一定质量的理想气体内能取决于温度，根据图线分析气体状态变化情况，根据W=pAV判断

做功情况，根据内能变化结合热力学第一定律分析吸收或发出热量。

【解答】解：A、从a到b等容升压，根据罕=C可知温度升高，一定质量的理想气体内能决定于气

体的温度，温度升高，则内能增加，故A正确；

B、在过程ab中气体体积不变，根据W=pAV可知，气体对外界做功为零，故B错误；

C、在过程ca中压强不变，体积减小，所以外界对气体做功，故C错误；

D、在过程be中，属于等温变化，气体膨胀对外做功，而气体的温度不变，则内能不变；根据热力学

第一定律AU=W+Q可知，气体从外界吸收热量，故D正确；

故选：ADo

【点评】本题主要是考查了理想气体的状态方程和热力学第一定律的知识，要能够根据热力学第一定律

判断气体内能的变化与哪些因素有关（功和热量）；热力学第一定律在应用时一定要注意各量符号的意

义；AU为正表示内能变大，Q为正表示物体吸热；W为正表示外界对物体做功。

（多选）8.6分）如图（a）,S为粒子源，不断沿水平方向发射速度相同的同种带负电粒子，MN为竖直

放置的接收屏。当同时存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场时，粒子恰好沿直线打到

MN上0点；当只存在一种场时，粒子打在MN上的P点或Q点，P、0、Q三点的位置关系如图（b）

所示，0P间距离为0Q间距离的g4,已知电场强度大小为E,磁感应强度大小为B,S到屏MN的距离

为d。不计粒子重力及粒子间的相互作用，则下列判断正确的是（）

第13页（共27页）

•P

-0

・Q

图（b）

A.只加磁场时，粒子打在MN上的P点

E

B.粒子源发射出粒子的速度大小为万

4E

C.粒子的比荷为赤方

D.0P间距离为§

【考点】带电粒子由磁场进入电场中的运动.

【分析】根据左手定则判断粒子偏转方向；根据平衡条件列式求解速度；根据类平抛运动规律和匀速圆

周运动规律，结合几何关系列式求解比荷和0P间的距离。

【解答】解：A、根据左手定则，带负电的粒子在进入磁场时受到的洛伦兹力向竖直向下，故只加磁场

时，粒子顺时针偏转打在屏上的Q点，故A错误；

B、由于同时存在电场和磁场时粒子沿SO做直线运动，可知电场力与洛伦兹力为平衡力，设粒子电荷

量为q，质量为m,则有：

qvB=qE,解得：v=卡，故B正确；

CD.只加电场时，粒子在电场中做类平抛运动，如下图所示，则有:

d=vt

y4*2

联立可得：y=

2n£

只加磁场时，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力得:

y2

qvB=m-q

联立可得：R=^

第14页（共27页）

根据y与R的表达式，可得：2yR=d'

粒子的轨迹以及几何关系如下图所示。

4s

已知OP间距离为OQ间距离的弓，即：OQ=^y

由几何关系得：—d^+（R-^y）2

联立解得：R=膏y，R=§d

a4F分

进而可得比荷为：淌=篇，OP间的距离为：y=|d,故C正确，D错误。

□DC1>

故选：BC,

【点评】本题考查了带电粒子在电场和磁场中的运动问题，粒子在磁场中做匀速圆周运动，在电场中做

类平抛运动。带电粒子在磁场的运动，画轨迹图确定轨迹半径和圆心角是基本功，电场中的匀变速曲线

运动处理的方法是运动的分解与合成。本题的难点是推导各个物理量之间的关系。

三.填空题（共8小题，满分60分）

9.6分）在白炽灯照射下，从用手指捏紧的两块玻璃板的表面能看到彩色条纹，这是光的干涉现象;

通过两根并在一起的铅笔狭缝去观察发光的白炽灯，也会看到彩色条纹，这是光的衍射现象.

【考点】薄膜干涉现象；光的单缝衍射和小孔衍射.

【分析】从用手指捏紧的两块玻璃板的表面能看到彩色条纹，是薄膜干涉现象；通过两根并在一起的铅

笔狭缝去观察发光的白炽灯，也会看到彩色条纹，是光的衍射现象.

【解答】解：从用手指捏紧的两块玻璃板的表面能看到彩色条纹，是光在空气膜的上下表面的反射光在

上表面叠加形成的，是干涉现象.通过两根并在一起的铅笔狭缝去观察发光的白炽灯，也会看到彩色条

纹，是衍射现象.

故答案为：干涉衍射

【点评】解决本题的关键知道干涉和衍射的区别，并能与实际生活相联系.

9O

23灯23&+A+O1

一SA

10.G分）（1）核反应堆中的“燃料”是92请完成核反应方程式92U0U

38、136。

（2）社232经过6次a衰变和4次0衰变后变成一种稳定的元素。这种元素是铅，它的质量数是2次

,原子序数是82o

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137

55Cs）发生p衰变的核反应方程一烹7cs=^7Ba+；e_

（3）请写出信137o

［已知53号元素是碘（I）,56号元素是钢（Ba）］

【考点】0衰变的特点、本质及方程；计算a和汽衰变的次数；结合能与比结合能的概念及物理意义；爱

因斯坦质能方程的应用.

【分析】（1）Q）根据电荷数守恒和质量数守恒求出生成物的质量数和电荷数；

（3）根据电荷数守恒和质量数守恒书写核反应方程。

【解答】解：（1）根据质量数守恒和电荷数守恒可得：Sr核的电荷数为Z=92-54=38,Xe核的质量

数A=235+l-90-10X1=136；

232

（2）由题意可知社232衰变成铅的核反应方程为90"b+6gHe+4；e

根据质量数守恒和电荷数守恒，有232=A+6X4,90=Z+2X6-4

解得：A=208,Z=82,由此可知铅的质量数是208,原子序数是82；

（3）根据质量数守恒和电荷数守恒，锋137发生B衰变的核反应方程/g7cs-U37Ba+0e

613S

故答案为：(1)38,136；(2)208,82；557C密Ba+肥

【点评】解决本题的关键知道在核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，并会求解生成物的质量数和电

荷数。

11.4分）某横波在介质中传播，t=0时刻波传播到x轴上的质点B时，所形成的波形如图所示，则O

点开始振动时振动方向向上（选填“向上”或“向下”），若已知计时开始后，则质点A在t=0.3s

时第二次出现在平衡位置，该简谐横波的波速等于5m/so

【考点】波长、频率和波速的关系；机械波的图像问题.

【分析】根据图像得出质点的振动方向，结合题目条件得出周期，利用公式完成对波速的计算。

【解答】解：由图可知，B点开始振动时方向向上，故。点开始振动时方向向上，由质点A在t=0.3s

时第二次出现在平衡位置得

IT=0.3s

解得：T=0.4s

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由图像可知，波长为2m

则丫=亭=-^m/s=5n1/s

故答案为：向上；5

【点评】本题主要考查了简谐横波的相关应用，理解图像的物理意义，熟悉不同方向的运动特点，结合

运动学公式即可完成分析。

12.（6分）如图1,是测量滑块与长铁片之间动摩擦因数的示意图。实验步骤如下：

滑块

图1图2

A.用铁架台将长铁片倾斜固定并支在水平桌面上，在长铁片上标出A、B两点，把光电门固定在长铁

片上的B点，将光电门、光电计时器（图中未画出）与电源连接好；

B.用米尺测量出长铁片上A、B两点间的距离L,用量角器测得斜面的倾角为。，用游标卡尺测量挡光

片的宽度d；

C.接通电源，调整光电计时器和光电门使它们正常工作；

D.将小滑块由A点静止释放使其沿长铁片表面下滑，测出滑块通过光电门时挡光片的挡光时间为t。

则：

（1）实验中，把挡光片经过光电门时的平均速度作为滑块的瞬时速度，因此，挡光片的宽度越大，滑

块的瞬时速度误差就越大（选填“大”或“小”）。

（2）如图2,是实验中用游标卡尺测得挡光片的宽度。由图可知，挡光片的宽度为5.50mm。

（3）如果重力加速度为g,那么滑块与小铁片之间的动摩擦因数为_tan8-石扃.古_（用题中字

母表示）。为了减小实验误差，只要多次改变光电门B的位置，每次令滑块从同一点A由静止下滑，根

据实验原理建立直角坐标系时，如果X轴表示A、B两点间的距离L,那么y轴表示一卷一得到的

图像是一条经过坐标原点的直线。

（4）利用该实验装置，只需要将图中的长铁片换成气垫导轨（只填写一种实验仪器即可），其它

设备仪器均不变，就可以验证机械能守恒定律。

【考点】探究影响滑动摩擦力的因素.

【分析】（1）分析挡光片的宽度造成的误差；

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（2）先确定游标尺的分度值，再读出主尺和游标尺的读数，相加即为游标卡尺读数；

（3）根据牛顿第二定律和运动学公式推导结合图像分析；

（4）分析消除摩擦力对运动的影响。

【解答】解：（1）挡光片的宽度越大，挡光片经过光电门的时间较大，滑块的瞬时速度误差就越大。

（2）游标卡尺的分度值为0.05mm,主尺读数为5mm,游标尺的读数为10X0.05mm,挡光片的宽度为

5mm+10X0.05mm=5.50mm

（3）滑块在长铁片上滑动时，设滑块的质量为m,加速度大小为a,由牛顿第二定律得mgsine-umgcosO

=ma

得a=gsin9-|igcos9

滑块通过光电门的速度大小V=帛

由运动学公式v?=2aL③

解得〃=tan6一酝为T

可得』:在塔©心

trdr

如果x轴表示A、B两点间的距离L,则y轴表示w，则有

tr

2gcos€（t2n0-ii）

y二」丁x

可知该函数为正比例函数，图像是一条经过坐标原点的直线。

（4）利用该实验装置，只需要将图中的长铁片换成气垫导轨，其它设备仪器均不变，就可以验证机械

能守恒定律。

故答案为：⑴大；（2）5.50；G）fan。-宰g菽汁，盘；4）气垫导轨。

【点评】本题考查测量滑块与长铁片之间动摩擦因数实验，要求掌握实验原理、实验装置、实验步骤和

数据处理。

13.（8分）要测定一个自感系数很大的线圈L的直流电阻，实验室提供下列器材。

A.多用电表一只

B.电压表Vi（量程3V,内阻约为6kQ）

C.电压表V2（量程15V,内阻约为30kC）

D.滑动变阻器Ri（阻值0〜10。）

E.滑动变阻器R2（阻值0〜：IkQ）

F.电池E（电动势4V,内阻很小）

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G.开关Si、S2，导线若干

（1）首先用多用电表粗测线圈的电阻，操作步骤如下：

①机械调零后将红、黑表笔分别插入多用电表的“+插孔，选择欧姆“X10”挡:

②把红、黑表笔分别与自感线圈的两端相接，发现多用电表的指针读数太小；

③为了较准确地进行测量，重新选择恰当的倍率；

④把红、黑表笔分别与自感线圈的两端相接，稳定后多用电表表盘示数如图a所示。上述步骤中遗漏的

重要步骤是每次使用欧姆表换挡后都要进行欧姆调零，此自感线圈的直流电阻约为22Qo

（2）根据多用电表的示数，为了减少实验误差，并在实验中获得尽可能大的电压调节范围，应从图b

中的A、B、C、D四个电路中选择_0_电路来测量自感线圈的电阻；其中电流表用多用电表代替，

多用电表的电流挡有①2.5A、②10mA、③50mA、④250mA,则应选的电流挡为⑷（填序号），滑

动变阻器应选（填器材符号）。

（3）某学生进行的实验步骤如下：

a.按电路图连接好实验电路；

b.合上开关Si、S2,移动滑动变阻器的滑片到适当位置，稳定后读出电流表和电压表的读数I、U；

c.重复b步骤多次；

d.先断开开关Si，再断开开关S2,拆除实验装置，整理好器材；

e.求出每次U、I的比值，并求出它们的平均值即为自感线圈的直流电阻。

请指出上述实验步骤中的错误步骤d中应该先断开S乙再断开立。

【考点】练习使用多用电表（实验）；伏安法测电阻.

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【分析】(1)④根据欧姆表的内部构造说明欧姆表换挡后要重新调零；电阻的测量值=欧姆表指针所指

示数义倍率；

(2)实验中要求获得尽可能大的电压调节范围，据此分析滑动变阻器的连接方式；根据待测线圈直流

电阻的大小选择电流表的连接方式；根据欧姆定律估算电路中的电流，然后选择电流表量程；为了方便

调节滑动变阻器采用阻值较小、额定电流较大的电阻；

(3)由于在电路的通断中，线圈中会产生自感电动势，据此分析开关断开的先后顺序。

【解答】解(1)④因为欧姆表每次改换挡位，相当于改变了欧姆表的内部构造，所以每次使用时都要

欧姆调零；

由于电阻的测量值=欧姆表指针所指示数X倍率，第一次使用的是“X10”挡，指针读数太小，为了增

大指针所指示数，应减小倍率，即换成“XI”挡，待测电阻RL=22X10=220；

(2)因为题目要求获得尽可能大的电压调节范围，故采用分压电路；由于待测电阻值远小于电压表的

内阻，因此电流表采用外接法，故选D；

线圈的直流电阻约2211,可能通过的最大电流为/血=老=另0.18A=180nN,因此多用表选用

250mA的电流挡；

为了方便调节，用分压电路就要用阻值较小的滑动变阻器，故选用Ri；

(3)断开电路应该考虑线圈的自感，先断开开关Si，再断开开关$2,会产生反向感应电压加在电压表

两端，可能会使电压表指针迅速反转而受损，故应先断开S2,再断开Si。

故答案为：(1)④每次使用欧姆表换挡后都要进行欧姆调零；22；Q)D；④；(3)e.步骤d中应

该先断开S2,再断开Si。

【点评】本题通过测定自感系数很大的线圈的直流电阻的实验，考查考生的实验探究能力。

14.(10分)某科技小组参加了过山车游戏项目研究，如图甲所示，为了研究其中的物理规律，科技组成

员设计出如图乙所示的装置。P为弹性发射装置，AB为倾角。=37°的倾斜轨道，BC为水平轨道，CDC

'为竖直圆轨道，C,E为足够长的倾斜轨道，各段轨道均平滑连接。以A点为坐标原点，水平向右为

x轴正方向，竖直向上为y轴正方向建立平面直角坐标系。已知滑块质量为m,圆轨道半径R=lm,

BC长为3m,AB、BC段动摩擦因数均为四=0.25,其余各段轨道均光滑。现滑块从弹射装置P弹出的

速度为4m/s,且恰好从A点沿AB方向进入轨道，滑块可视为质点。重力加速度g=10m/s2,sin37°=

0.6,cos37°=0.8o求：

(1)求滑块从弹射装置P弹出时的坐标值；

(2)若滑块恰好能通过D点，求轨道AB的长度；

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(3)若滑块能进入圆轨道且不脱轨，求轨道AB的长度；

(4)若轨道AB的长度为3.5m,试判断滑块在圆轨道是否脱轨；若发生脱轨，计算脱轨的位置。

【考点】动能定理的简单应用；牛顿第二定律的简单应用；绳球类模型及其临界条件.

【分析】(1)滑块弹出后做平抛运动，根据平抛运动的规律结合运动的合成与分解进行解答；

(2)滑块恰好能通过D点，在最高点重力提供向心力，可得D点的速度大小；从P到圆轨道最高点，

由动能定理求轨道AB的长度；

(3)滑块刚好不脱离轨道，有两种临界情况，是刚好能够到达圆轨道最高点，二是刚好到达与圆轨道

圆心等高的地方；另外当滑块恰能返回A点不飞出，由以上分析可知，再次下滑后也不会脱离轨道，

分别根据