2025年多媒体应用设计师考试题库（第一部分）

2025年多媒体应用设计师考试题库（第一部分）1.如果主存容量为16M字节,且按字节编址,表示该主存地址至少应需要()位。A.16B.20C.24D.32正确答案:C解析：用二进制编码表示地址,16M字节地址最少需要24位。

2.在计算机系统中,构成虚拟存储器()。A.只需要一定的硬件资源便可实现B.只需要一定的软件即可实现C.既需要软件也需要硬件方可实现D.既不需要软件也不需要硬件正确答案:C解析：在计算机系统中,构成虚拟存储器,既需要硬件,如大容量的外部存储器(硬磁盘)及一定容量的主存储器,同时还需要必要的管理软件,能够对虚拟存储器进行管理。只有这样才能实现虚拟存储器。

3.某公司使用包过滤防火墙控制进出公司局域网的数据,在不考虑使用代理服务器的情况下,下面描述错误的是“该防火墙能够()”。A.使公司员工只能访问Internet上与其有业务联系的公司的IP地址B.仅允许HTTP协议通过C.使员工不能直接访问FTP服务端口号为21的FTP服务D.仅允许公司中具有某些特定IP地址的计算机可以访问外部网络正确答案:B解析：包过滤防火墙工作在网络层，它根据数据包的源IP地址、目的IP地址、源端口号、目的端口号以及协议类型等信息来控制数据包的通过与否。这种防火墙可以基于IP地址来限制访问，如只允许公司员工访问特定公司的IP地址（选项A），或者只允许公司中具有某些特定IP地址的计算机访问外部网络（选项D）。同时，它也可以基于端口号来限制访问，例如禁止员工直接访问FTP服务端口号为21的FTP服务（选项C）。然而，包过滤防火墙不支持应用层协议，因此它不能识别和控制具体的HTTP协议数据，也就无法仅允许HTTP协议通过。所以选项B描述错误。

4.我国著作权法中,(12)系指同一概念。A.出版权与版权B.著作权与版权C.作者权与专有权D.发行权与版权正确答案:B解析：这道题考查对我国著作权法中相关概念的理解。在我国法律体系中，著作权与版权系指同一概念。出版权、作者权、专有权、发行权等都与版权有不同的内涵和范畴。所以，综合判断应选择B选项。

5.由我国信息产业部批准发布,在信息产业部门范围内统一使用的标准,称为(13)。A.地方标准B.部门标准C.行业标准D.企业标准正确答案:C解析：根据标准制定的机构和标准适用的范围有所不同,标准可分为国际标准、国家标准、行业标准、企业(机构)标准及项目(课题)标准。由国务院有关行政主管部门制定并报国务院标准化行政主管部门备案的标准,称为行业标准。我国信息产业部属我国行政主管部门,其批准发布标准在信息行业范围内为行业统一的标准。

6.某软件设计师自行将他人使用C程序语言开发的控制程序转换为机器语言形式的控制程序,并固化在芯片中,该软件设计师的行为(14)。A.不构成侵权,因为新的控制程序与原控制程序使用的程序设计语言不同B.不构成侵权,因为对原控制程序进行了转换与固化,其使用和表现形式不同C.不构成侵权,将一种程序语言编写的源程序转换为另——种程序语言形式,属于一种“翻译”行为D.构成侵权,因为他不享有原软件作品的著作权正确答案:D解析：根据《计算机软件保护条例》，软件著作权保护的是软件的表达形式，包括源代码、目标代码等，而不论其采用何种程序设计语言。软件设计师将他人使用C语言开发的控制程序转换为机器语言并固化在芯片中，这一行为并没有改变原软件作品的逻辑步骤组合，仍然是对原软件作品的复制和使用。由于软件设计师不享有原软件作品的著作权，因此这种行为构成侵权。

7.数字化音频的质量取决于采样频率和量化位数,B位二进制数字可以表示(18)个不同的量化电平。A.B2B.2BC.2BD.log2B正确答案:B解析：B位二进制数字可以表示的量化电平数量是由二进制数的性质决定的。每一位二进制数可以取0或1两个值，因此对于B位二进制数，其可以表示的不同量化电平数量为2的B次方，即2^B。这一公式直接给出了B位二进制数字与可表示量化电平数量之间的关系。

8.MPC(MultimediaPersonalComputer)与PC(PersonalComputer)的主要区别是增加了(19)。A.存储信息的实体B.视频和音频信息的处理能力C.光驱和声卡D.大容量的磁介质和光介质正确答案:B解析：MPC（MultimediaPersonalComputer）即多媒体个人电脑，与普通的个人电脑（PC）相比，其主要区别在于增加了对视频和音频信息的处理能力。这种能力的提升是通过配置如CD-ROM驱动器、音频卡和视频卡等专门的硬件设备来实现的。这些设备使得MPC能够处理、播放和展示多媒体内容，如音频、视频和图像等，从而满足用户对于多媒体应用的需求。因此，选项B“视频和音频信息的处理能力”是MPC与PC的主要区别。

9.人眼看到的任一彩色光都是亮度、色调和饱和度三个特性的综合效果,其中(20)反映颜色的种类。A.色调B.饱和度C.灰度D.亮度正确答案:A解析：人眼看到的任一彩色光都是亮度、色调和饱和度三个特性的综合效果。其中，色调是反映颜色种类的特性，它决定了我们所看到的颜色是红色、绿色、蓝色等不同的颜色。

10.乐音的三要素是音调、音强和音色,其中音色是由混入基音的(21)决定的。A.响度B.泛音C.高音D.波形声音正确答案:B解析：乐音的三要素包括音调、音强和音色。其中，音色是由混入基音的泛音所决定的。每个基音都会伴随有其固有频率和不同音强的泛音，这些泛音的组合和强度分布共同决定了声音的音色效果。

11.在显存中,表示黑白图像的像素点数据最少需(22)位。A.1B.2C.3D.4正确答案:A解析：在显存中表示黑白图像时，由于黑白图像只有两种颜色：黑和白，因此每个像素点只需用1位二进制数即可表示。其中，0可以代表黑色，1可以代表白色，或者反之。所以，表示黑白图像的像素点数据最少需要1位。

12.双层双面的只读DVD盘片的存储容量可以达到(23)。A.4.7GBB.8.5GBC.17GBD.6.6GB正确答案:C解析：双层双面的只读DVD盘片，即DVD-18，通过粘合两枚双层盘片实现双面双层记录，从而使其存储容量达到17GB。这是目前DVD盘片中容量最大的一种类型。

13.使用300dpi的扫描分辨率扫描一幅6x8英寸的彩色图像;可以得到一幅(24)像素的图像。A.300B.6×8C.1800×2400D.300×6×8正确答案:C解析：这道题考查扫描分辨率与图像尺寸的计算。在图像扫描中，分辨率乘以图像的长和宽可得出像素数。300dpi意味着每英寸300个像素，6英寸长则为300×6=1800像素，8英寸宽则为300×8=2400像素，所以得到的图像像素为1800×2400。

14.彩色喷墨打印机将油墨进行混合,这样得到的颜色称为(25)色。A.相减B.相加C.互补D.比例正确答案:A解析：彩色喷墨打印机通过混合油墨来产生各种颜色。在这个过程中，油墨吸收部分光谱的特性来实现在纸张等载体上重现颜色，这种方式得到的颜色称为相减色。CMYK（青、品红、黄、黑）是一种典型的减色模型，用于描述彩色喷墨打印机中的颜色混合过程。因此，彩色喷墨打印机将油墨进行混合得到的颜色称为相减色。

15.声卡的主要组成部分包括数字声音处理器、混合信号处理器、(26)、计算机总线接口和控制器。A.音乐合成器和MIDI控制器B.功率放大器和音乐合成器C.功率放大器和MDI控制器D.功率放大器、音乐合成器及MDI控制器正确答案:D解析：声卡的主要组成部分包括数字声音处理器、混合信号处理器、功率放大器、音乐合成器及MIDI控制器、计算机总线接口和控制器。其中，数字声音处理器用于处理数字音频信号，混合信号处理器用于处理模拟音频信号，功率放大器用于放大音频信号，音乐合成器用于生成音乐信号，MIDI控制器用于控制MIDI设备。这些组成部分协同工作，使声卡能够实现音频的输入、输出、处理和控制等功能。因此，正确答案是选项D。

16.为了消除CRT显示器的闪烁现象,可采用的方法是(29)。A.提高刷新频率,减少余辉时间B.提高刷新频率,增加余辉时间C.减少刷新频率,减少余辉时间D.减少刷新频率,增加余辉时间正确答案:B解析：为了消除CRT显示器的闪烁现象，需要理解刷新频率和余辉时间对显示效果的影响。刷新频率决定了显示信号的同步以及屏幕的闪烁情况，频率越高，屏幕刷新越快，闪烁现象越不明显。余辉时间是指像素亮点保持的时间，余辉时间越长，像素点保持亮度的时间就越久，同样有助于减少画面闪烁。因此，提高刷新频率并增加余辉时间可以有效减少CRT显示器的闪烁现象，使人看到更稳定的画面。

17.多媒体数据可以进行压缩的依据是信息量等于(30)。A.数据量与冗余量之和B.数据量与冗余量之差C.数据量与存储量之和D.数据量与存储量之差正确答案:B解析：多媒体数据压缩的依据在于信息量等于数据量与冗余量之差。在多媒体数据中，实际的数据量包含了有用的信息以及大量的冗余信息。通过去除这些冗余信息，可以在不损失有用信息的前提下，实现数据的压缩。因此，信息量是数据量与冗余量之差，而不是数据量与冗余量之和，也不是与存储量的相关计算。

18.(31)不属于存储媒体。A.光盘B.ROMC.硬盘D.扫描仪正确答案:D解析：在考察存储媒体的选项中，我们需要明确哪些设备或介质能够存储数据。A项光盘，B项ROM（只读存储器），C项硬盘，这三者都是常见的存储媒体，能够存储数据供计算机或其他设备读取。而D项扫描仪，它主要的功能是捕捉图像并将其转换为数字信号，但并不具备存储功能，所以它不是存储媒体。因此，不属于存储媒体的是D项，即扫描仪。

19.在对彩色电视信号进行数字化的过程中,图像子采样能够减少(32)的采样频率,以达到减少数据量的目的。A.亮度信号B.色差信号C.同步信号D.消隐信号正确答案:B解析：在彩色电视信号数字化的过程中，图像子采样技术被用来减少数据量。由于人眼对色差信号的敏感度比对亮度信号的敏感度低，因此可以通过减少色差信号的采样频率来达到减少数据量的目的，同时保持图像质量不被显著降低。所以，图像子采样能够减少的是色差信号的采样频率。

20.视频卡中的信号获取部分包括A/D变换和数字解码、窗口控制器以及帧存储器系统,其中帧存储器存储的信号为(33)。A.数字的YUV信号B.模拟的RGB信号C.模拟的YUV信号D.数字的RGB信号正确答案:A解析：视频卡中的信号获取部分包含多个组件，其中A/D变换负责将模拟信号转换为数字信号，数字解码则是对数字信号进行进一步的处理。帧存储器是视频卡中的一个关键组件，用于存储处理后的信号。在YUV色彩空间中，Y代表亮度信息，U和V代表色度信息，这种格式常用于视频信号的存储和传输。由于帧存储器存储的是经过A/D变换和数字解码后的信号，因此它存储的信号为数字的YUV信号。

21.图像文件格式分为静态图像文件格式和动态图像文件格式,(34)属于静态图像文件格式。A.MPG文件格式B.AVS文件格式C.JPG文件格式D.AVI文件格式正确答案:C解析：图像文件格式通常分为静态图像文件格式和动态图像文件格式。静态图像文件格式主要用于存储不变化的图像，常见的静态图像文件格式包括BMP、GIF、JPEG（对应的文件扩展名为.jpg）、TIFF和PNG等。而动态图像文件格式则用于存储连续的图像序列，形成视频效果，如MPG、AVS和AVI等。因此，JPG文件格式属于静态图像文件格式。

22.在选择数据压缩算法时需要综合考虑(35)。A.数据质量和存储要求B.数据的用途和计算要求C.数据质量、数据量和计算的复杂度D.数据的质量和计算要求正确答案:C解析：在选择数据压缩算法时，数据质量是首要考虑因素，不能因压缩过度导致数据严重失真；同时要考虑数据量，看能否有效减少存储空间；计算的复杂度也很重要，若算法计算复杂度过高会影响效率和成本。A选项不全面，未提及计算复杂度；B选项数据用途不是直接考虑因素；D选项不全面，缺少数据量。所以综合考虑应该是C选项。

23.正交变换的种类很多,如傅里叶(Fouries)变换、余弦变换、K-L(Karhunen-Loeve)变换、哈尔(Haar)变换、沃尔什(Walsh)变换等,其中(38)是消除相关性最有效的变换。A.傅里叶变换B.余弦变换C.沃尔什变换D.K-L变换正确答案:D解析：在正交变换中，K-L变换（Karhunen-Loeve变换）被视为一种最佳正交变换。其特性在于能够最大限度地消除数据之间的相关性，因此在各种正交变换中，K-L变换是消除相关性最有效的变换。

24.有关行程长度编码(RLE.方法,以下说法正确的是(39)。A.行程长度编码是一种有损压缩方法B.编码过程中需要根据符号出现的概率来进行编码C.编码过程中需要建立“词典”D.行程长度编码方法可以用于静态图像压缩正确答案:D解析：行程长度编码（RLE）是一种无失真的压缩编码算法，这意味着在解码后，原始数据可以完全恢复，不会丢失任何信息。因此，选项A“行程长度编码是一种有损压缩方法”是错误的。

25.以下音频编码方法和标准中,(40)属于混合编码方法,它从人的听觉系统出发,利用掩蔽效应,设计心理声学模型,从而实现更高效率的数字音频压缩。A.APCM编码B.MPEG音频编码C.DPCM编码D.LPC编码正确答案:B解析：MPEG音频编码是一种混合编码方法，其特点是从人的听觉系统出发，通过对人耳听觉特性的分析，利用掩蔽效应等心理声学原理，设计出相应的心理声学模型。这种编码方法能够实现更高效率的数字音频压缩，在保证音频质量的同时，大大减少数据量，因此被广泛应用于数字音频的存储和传输中。

26.常用的统计编码方法包括哈夫曼编码和算术编码,其中(41)。A.算术编码需要传送码表,哈夫曼编码采用0到1之间的实数进行编码B.哈夫曼编码需要传送码表,算术编码采用0到1之间的实数进行编码C.哈夫曼编码需要传送码表,并且采用0到1之间的实数进行编码D.算术编码需要传送码表,并且采用0到1之间的实数进行编码正确答案:B解析：哈夫曼编码是一种基于频率的编码方法，它需要根据字符出现的频率构建哈夫曼树，并生成对应的码表。在编码过程中，需要传送这个码表，以便解码器能够正确解码。而算术编码则是一种基于区间的编码方法，它将整个数据序列映射到一个0到1之间的实数区间内，通过不断缩小这个区间来逼近最终的编码结果，因此算术编码采用0到1之间的实数进行编码，而不需要传送码表。

27.静态图像压缩标准JPEG2000中使用的是(45)算法。A.K-L变换B.离散正弦变换C.离散余弦变换D.离散小波变换正确答案:D解析：JPEG2000是一种基于小波变换的图像压缩标准，它采用了离散小波变换算法来实现图像的压缩。与传统的JPEG标准相比，JPEG2000具有更高的压缩比和更好的图像质量，同时支持更多的图像特性和功能。因此，选项D是正确的答案。

28.某数码相机的分辨率设定为1600×1200像素,颜色深度为24位,若不采用压缩存储技术,则32MB的存储卡最多可以存储(50)张照片。A.3B.5C.10D.17正确答案:B解析：首先，计算一张未经压缩的照片的数据量。数码相机的分辨率为1600×1200像素，颜色深度为24位，因此一张照片的数据量为1600×1200×24位。由于1字节（B）=8位（bit），所以一张照片的数据量为1600×1200×24/8=5760000B，即5.49MB。然后，计算32MB的存储卡最多可以存储的照片数，即32/5.49≈5.8张。由于不能存储部分照片，所以取整数，即最多可以存储5张照片。

29.建立三维动画需要使用的物体模型形式中不包括(51)。A.线框模型B.表面模型C.角色模型D.实体模型正确答案:C解析：三维动画的物体模型通常包括线框模型、表面模型和实体模型。线框模型由点和线组成，用于描述物体的大致形状；表面模型则通过定义物体的表面来表现其外观；实体模型则更加完整地描述了物体的内部和外部结构。而角色模型通常是指用于创建动画角色的特定类型的模型，它可能包含更多的细节和特定的动画需求，但并不是建立三维动画所必需的物体模型形式。因此，答案选C。

30.高清晰度数字电视采用MPEG-2压缩算法的优点是(52)并与其互连通信。A.与多媒体计算机兼容B.与VCD兼容C.与DVD兼容D.与普通电视兼容正确答案:A解析：MPEG-2是一种广泛应用于数字视频压缩的标准格式。高清晰度数字电视采用MPEG-2压缩算法的优点之一是与多媒体计算机兼容。这意味着经过MPEG-2压缩的数字电视信号可以在多媒体计算机上进行播放和处理，方便用户在计算机上观看电视节目、进行视频编辑等操作。而选项B、C、D虽然也是MPEG-2压缩算法的应用领域，但与高清晰度数字电视的兼容性并非其主要优点。因此，正确答案是选项A。

31.常用的音乐合成技术有(53)两种方式。A.FM(调频)和WaveTable(波表)B.FM(调频)和AM(调幅)C.AM(调幅)和WaveTable(波表)D.FM(调频)和功率放大正确答案:A解析：常用的音乐合成技术主要有两种：AFM（调频）和WaveTable（波表）。AFM通过改变载波信号的频率来产生音调，能够生成丰富多样的音色，广泛应用于电子音乐等领域。WaveTable则是通过预置的波形表进行合成，音色真实且易于控制，波表合成器通过读取存储的波形样本，并根据音乐文件记录的乐曲信息进行回放和合成。

32.MPEG专家组制定的MPEG-7标准是(54)。A.DVD和EVD标准B.高清晰数字电视标准C.多媒体内容描述标准D.多媒体应用框架标准正确答案:C解析：MPEG-7标准是由MPEG专家组制定的，它主要用于描述各种类型的多媒体内容，如音频、视频、图像等，以便于这些内容的管理、检索和交互。这一标准提供了丰富的描述工具和元数据方案，使得多媒体内容可以被有效地描述和分类。因此，MPEG-7是多媒体内容描述标准。

33.以下标准中,(55)是国际电信联盟制定的电视会议标准。A.DolbyAC-3B.MPEG-4C.H.263D.H.323正确答案:D解析：国际电信联盟（ITU）制定的电视会议标准中，H.323是局域网上的多媒体通信标准，并且也是目前因特网上电视会议主要采用的标准。因此，在给定的选项中，H.323符合题目要求的国际电信联盟制定的电视会议标准。

34.有关流媒体的特征,以下描述错误的是(56)。A.流媒体播放器可以在实现客户端流媒体文件的解压和播放B.流媒体服务器可以通过网络发布流媒体文件C.流媒体的传输可以采用建立在用户数据报协议UDP上的实时传输协议RTP和实时流协议RTSP来传输实时的影音数据D.不同流媒体系统的流式文件格式是相同的正确答案:D解析：流媒体技术是一种能够在网络上传输音视频数据，并允许用户边下载边播放的技术。对于选项A，流媒体播放器可以在客户端实现流媒体文件的解压和播放，这是流媒体播放的基本功能。对于选项B，流媒体服务器通过网络发布流媒体文件，使用户能够远程访问和播放，这也是流媒体系统的基本组成部分。对于选项C，流媒体的传输可以采用建立在用户数据报协议UDP上的实时传输协议RTP和实时流协议RTSP，这两种协议常用于传输实时的影音数据。然而，对于选项D，不同流媒体系统的流式文件格式并不相同，因为不同的流媒体系统可能采用不同的编码格式和封装方式，以适应不同的网络环境和播放需求。因此，选项D的描述是错误的。

35.下列叙述中,与提高软件可移植性相关的是(59)。A.选择时间效率高的算法B.尽量用高级语言编写系统中对效率要求不高的部分C.选择空间效率高的算法D.尽可能减少注释正确答案:B解析：高级语言相对于低级语言更接近于自然语言，其语法和结构在不同平台之间通常具有较好的一致性，因此使用高级语言编写的代码更容易在不同系统或平台上移植。对于系统中对效率要求不高的部分，采用高级语言编写可以提高软件的可移植性，而不必过分关注时间效率或空间效率。注释的多少与软件的可移植性无直接关联，它主要影响的是代码的可读性。

36.采用瀑布模型进行系统开发的过程中,每个阶段都会产生不同的文档。以下关于产生这些文档的描述中,正确的是(60)。A.外部设计评审报告在概要设计阶段产生B.集成测试计划在程序设计阶段产生C.系统计划和需求说明在详细设计阶段产生D.在进行编码的同时,独立的设计单元测试计划正确答案:D解析：在瀑布模型的系统开发过程中，各个阶段产生的文档有其特定的内容和时机。外部设计评审报告并非在概要设计阶段产生，而是在软件测试阶段产生，以对设计进行评审。集成测试计划以及系统计划和需求分析说明，这些都是在需求分析阶段就已经产生的文档，用于指导后续的开发工作。而在编码阶段，为了确保代码的质量，需要同时独立地设计单元测试计划，以便对编码进行验证。因此，选项D“在进行编码的同时，独立的设计单元测试计划”是正确的描述。

37.以下选项中,可以用于Internet信息服务器远程管理的是(63)。A.TelnetB.RASC.FTPD.SMTP正确答案:A解析：Telnet是一种远程登录服务，它允许用户计算机与远程主机连接起来，在远程主机上运行程序，并传输屏幕和输入，因此可以用于Internet信息服务器的远程管理。而RAS主要用于远程访问服务，FTP用于文件传输，SMTP用于邮件传输，它们并不直接用于Internet信息服务器的远程管理。

38.在TCP/IP网络中,为各种公共服务保留的端口号范围是(64)。A.1~255B.1~1023C.1~1024D.1465535正确答案:B解析：在TCP/IP网络中，端口号的范围是0到65535。其中，0到1023的端口号被保留用于各种公共服务，这些端口被称为公认端口（Well-knownPorts），已被IANA指定给一些常用的网络服务，如HTTP(80)、FTP(21)、TELNET(23)等。因此，选项B“1~1023”是正确的。

39.在以下网络应用中,要求带宽最高的应用是(65)。A.可视电话B.数字电视C.拨号上网D.收发邮件正确答案:B解析：数字电视的带宽需求最高。观看4K视频一般需要至少500Mbps的带宽，以确保视频播放的流畅性和极致画质。这一要求远高于其他三种应用。可视电话的带宽需求相对较低，拨号上网的带宽需求也较低，传统的拨号上网速度通常为56Kbps至1Mbps。收发邮件的带宽需求相对较低，对于大多数用户来说，20Mbps到50Mbps的带宽就足以满足日常的邮件收发需求。

40.页式存储系统的逻辑地址是由页号和页内地址两部分组成。假定页面的大小为4K，地址变换过程如下图所示，图中逻辑地址用十进制表示。

A.33220B.8644C.4548D.2500正确答案:A解析：本题考查的是页式存储管理中的地址变换知识。在页式存储管理中，有效地址除页的大小，取整为页号，取余为页内地址。本题页面的大小为4K，有效地址8644除4096，取整为2，取余为452。我们先查页表得物理块号8，因此a的有效地址为8×4096+452=33220。

41..在计算机中，最适合进行数字加减运算的数字编码是(1)，最适合表示浮点数阶码的数字编码是(2)。A.原码B.反码C.补码D.移码正确答案:C解析：答案解析：在数字加减运算中，补码的特点使得其运算规则相对简单，不需要单独处理符号位，并且能将减法转换为加法，所以最适合进行数字加减运算。而移码常用于表示浮点数的阶码，因为移码的大小直观反映了阶码的大小，比较阶码大小时非常方便。因此，选项C是正确答案。

42.在计算机中，最适合进行数字加减运算的数字编码是(1)，最适合表示浮点数阶码的数字编码是(2)。A.原码B.反码C.补码D.移码正确答案:D解析：由于正数的移码大于负数的移码，利用这一特点，移码被广泛用来表示浮点数阶码的数字编码，这可以用比较阶码的大小来实现真值大小的比较。

43.如果主存容量为16M字节，且按字节编址，表示该主存地址至少应需要(3)位。A.16B.20C.24D.32正确答案:C解析：用二进制编码表示地址，16M字节地址最少需要24位。

44.操作数所处的位置，可以决定指令的寻址方式。操作数包含在指令中，寻址方式为(4)；操作数在寄存器中，寻址方式为(5)；操作数的地址在寄存器中，寻址方式为(6)。A.立即寻址B.直接寻址C.寄存器寻址D.寄存器间接寻址正确答案:A解析：操作数包含在指令中，这种寻址方式就叫做立即寻址。在这种寻址方式下，操作数直接跟在操作码后面，作为指令的一部分存放在代码段里。当执行这条指令时，CPU会直接从指令中获取操作数，而不需要访问内存。这种寻址方式的优点是速度快，因为不需要访问内存，所以可以在一个时钟周期内完成操作。因此，选项A是正确的答案。

45.操作数所处的位置，可以决定指令的寻址方式。操作数包含在指令中，寻址方式为(4)；操作数在寄存器中，寻址方式为(5)；操作数的地址在寄存器中，寻址方式为(6)。A.立即寻址B.相对寻址C.寄存器寻址D.寄存器间接寻址正确答案:C解析：本题考察的是指令的寻址方式，根据题干中的描述，操作数所处的位置可以决定指令的寻址方式，而操作数包含在指令中时，寻址方式为立即寻址，操作数在寄存器中时，寻址方式为寄存器寻址，操作数的地址在寄存器中时，寻址方式为寄存器间接寻址。因此，本题的答案为C，即寄存器寻址。

46.操作数所处的位置，可以决定指令的寻址方式。操作数包含在指令中，寻址方式为(4)；操作数在寄存器中，寻址方式为(5)；操作数的地址在寄存器中，寻址方式为(6)。A.相对寻址B.直接寻址C.寄存器寻址D.寄存器间接寻址正确答案:D解析：这道题考查指令的寻址方式。指令中包含操作数是直接寻址；操作数在寄存器中为寄存器寻址；而操作数地址在寄存器中则是寄存器间接寻址。本题中操作数的地址在寄存器中，所以答案是D选项。熟悉这些寻址方式的特点和区别，就能准确判断。

47.三个可靠度R均为0.8的部件串联构成一个系统，如下图所示：

则该系统的可靠度为(7)。A.0.240B.0.512C.0.800D.0.992正确答案:B解析：串联系统的可靠度等于各个部件可靠度的乘积。在本题中，三个部件的可靠度均为0.8，所以系统的可靠度为0.8×0.8×0.8=0.512。因此，选项B是正确的答案。

48.在计算机系统中，构成虚拟存储器(8)。A.只需要一定的硬件资源便可实现B.只需要一定的软件即可实现C.既需要软件也需要硬件方可实现D.既不需要软件也不需要硬件正确答案:C解析：虚拟存储器是为了扩大主存容量而设计的一种存储系统。它的实现并非单纯依靠硬件或软件，而是需要两者的结合。硬件方面，需要物理存储器和相应的地址映射机制等；软件方面，则需要操作系统中的存储管理软件来管理虚拟地址和物理地址之间的映射关系。因此，构成虚拟存储器既需要软件也需要硬件方可实现。

49.某公司使用包过滤防火墙控制进出公司局域网的数据，在不考虑使用代理服务器的情况下，下面描述错误的是“该防火墙能够(9)”。A.使公司员工只能访问Internet上与其有业务联系的公司的IP地址B.仅允许HTTP协议通过C.使员工不能直接访问FTP服务端口号为21的FTP服务D.仅允许公司中具有某些特定IP地址的计算机可以访问外部网络正确答案:B解析：包过滤型防火墙工作在网络层，主要通过对数据包的源IP地址、目的IP地址、传输层协议类型（TCP或UDP）及端口号等信息进行过滤，以控制进出网络的数据流。它可以基于IP地址和端口号来设置规则，例如允许或拒绝特定IP地址的访问，或限制对某些端口（如FTP服务的21端口）的访问。然而，包过滤防火墙不支持应用层协议识别，即它无法识别数据包中具体的应用层协议内容，如HTTP协议的具体请求或响应。因此，包过滤防火墙不能仅基于应用层协议（如HTTP）来允许或拒绝数据包的通过。选项A、C、D分别描述了包过滤防火墙可以实现的基于IP地址、端口号和特定IP地址的访问控制功能，而选项B描述了一个包过滤防火墙无法实现的功能。

50.两个公司希望通过Internet进行安全通信，保证从信息源到目的地之间的数据传输以密文形式出现，而且公司不希望由于在传输节点使用特殊的安全单元而增加开支，最合适的加密方式是(10)，使用的会话密钥算法应该是(11)。A.链路加密B.节点加密C.端一端加密D.混合加密正确答案:C解析：在需要保证从信息源到目的地之间的数据传输以密文形式出现，并且不希望因在传输节点使用特殊的安全单元而增加开支的情况下，最合适的加密方式是端一端加密。端一端加密是在网络层和传输层之间放置加密设备，只加密传输层的数据单元，数据在传输过程中一直保持加密状态，直到到达目的地才被解密。这种方式不需要在每个节点加装安全单元，因此不会增加额外的开支。相比之下，链路加密需要在每个节点对数据进行解密和重新加密，而节点加密则要求在每个节点加装安全单元，这两种方式都不符合题目要求。因此，最合适的加密方式是端一端加密，即选项C。对于会话密钥算法的选择，题目未给出具体选项，但通常端一端加密会使用对称加密算法，如AES等，这些算法能够提供高效且安全的数据加密服务。

51.两个公司希望通过Internet进行安全通信，保证从信息源到目的地之间的数据传输以密文形式出现，而且公司不希望由于在传输节点使用特殊的安全单元而增加开支，最合适的加密方式是(10)，使用的会话密钥算法应该是(11)。A.RSAB.RC-5C.MD5D.ECC正确答案:B解析：答案解析：RC-5算法适用于加密大量数据，计算效率较高，能满足两个公司在Internet上进行安全通信且不希望因特殊安全单元增加开支的需求。RSA算法常用于数字签名和密钥交换，计算开销较大；MD5是哈希函数，不是加密算法；ECC算法主要用于资源受限环境。因此，最合适的加密方式是选项B中的RC-5算法。

52.数据存储在磁盘上的排列方式会影响I/O服务的总时间。假设每磁道划分成10个物理块，每块存放1个逻辑记录。逻辑记录R1，R2，…，R10存放在同一个磁道上，记录的安排顺序如下表所示：

物理块 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10

逻辑记录 R1 R2 R3 R4 R5 R6 R7 R8 R9 R10

假定磁盘的旋转速度为20ms/周，磁头当前处在R1的开始处。若系统顺序处理这些记录，使用单缓冲区，每个记录处理时间为4ms，则处理这10个记录的最长时间为(15)；若对信息存储进行优化分布后，处理10个记录的最少时间为(16)。A.180msB.200msC.204msD.220ms正确答案:C解析：磁盘旋转一周需20ms，处理一个记录需4ms。初始磁头在R1开始处。顺序处理时，读完R1需2ms，处理R1需4ms，此时磁盘已转到R3处，要读R2需等待磁盘转一圈，即20ms，以此类推，处理10个记录最长时间为2+4+18×(20+4)=204ms。所以选项C正确。

53.数据存储在磁盘上的排列方式会影响I/O服务的总时间。假设每磁道划分成10个物理块，每块存放1个逻辑记录。逻辑记录R1，R2，…，R10存放在同一个磁道上，记录的安排顺序如下表所示：

物理块 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10

逻辑记录 R1 R2 R3 R4 R5 R6 R7 R8 R9 R10

假定磁盘的旋转速度为20ms/周，磁头当前处在R1的开始处。若系统顺序处理这些记录，使用单缓冲区，每个记录处理时间为4ms，则处理这10个记录的最长时间为(15)；若对信息存储进行优化分布后，处理10个记录的最少时间为(16)。A.40msB.60msC.100msD.160ms正确答案:B解析：根据题目描述，磁盘的旋转速度为20ms/周，每磁道有10个物理块，因此读取一个物理块的时间为20ms/10=2ms。在单缓冲区的情况下，系统顺序处理记录，每个记录处理时间为4ms。当磁头读取R1并处理完成后，需要等待磁盘旋转到R2的位置才能继续读取和处理，这个时间为2ms。同理，处理完R2后需要等待2ms才能读取R3，以此类推。因此，处理完10个记录的总时间为：(2+4)×10=6×10=60ms所以，处理这10个记录的最长时间为60ms，答案为B。

54.页式存储系统的逻辑地址是由页号和页内地址两部分组成。假定页面的大小为4K，地址变换过程如下图所示，图中逻辑地址用十进制表示。

图中有效地址经过变换后，十进制物理地址a应为(17)。A.33220B.8644C.4548D.2500正确答案:A解析：页面大小为4K，即4096字节，转换为二进制为12位。逻辑地址8644转换为二进制：1000011010000，其中前2位10表示页号为2，后10位000011010000表示页内地址。查图可知页号2对应的物理块号为8，将物理块号8转换为二进制1000，与页内地址000011010000拼接得到1000000011010000，转换为十进制即为33220，所以答案选A。

55.ADPCM编码可以用于声音数据的压缩编码，其中的自适应特性是指利用自适应改变(27)的大小，而差分特性是指(28)。A.量化阶B.量化误差C.量化噪声D.量化输入正确答案:A解析：自适应差分脉冲编码调制（ADPCM）是一种针对16位（或更高）声音波形数据的有损压缩算法。它将声音流中每次采样的16位数据以4位存储，所以压缩比为1:4。ADPCM主要是针对连续的波形数据的，其主要思想是利用自适应改变量化阶的大小，即使用小的量化阶去编码小的差值，使用大的量化阶去编码大的差值。而差分特性是指对相邻采样值的差值进行编码，而不是对采样值本身进行编码。这样可以减少数据中的冗余信息，从而实现数据的压缩。因此，答案是A。

56.ADPCM编码可以用于声音数据的压缩编码，其中的自适应特性是指利用自适应改变(27)的大小，而差分特性是指(28)。A.对实际信号值进行量化编码B.对预测值进行量化编码C.对实际信号值和预测值之差进行量化编码D.对当前信号值和下一个信号值之差进行量化编码正确答案:C解析：ADPCM（AdaptiveDifferentialPulseCodeModulation）是一种自适应差分脉冲编码调制技术，用于对声音数据进行压缩编码。在ADPCM编码中，自适应特性是指根据输入信号的特性自适应地改变量化步长的大小。量化步长决定了对信号进行量化的精度，较小的量化步长可以提供更高的量化精度，但会增加编码的数据量；较大的量化步长则会降低量化精度，但可以减少编码的数据量。通过自适应地调整量化步长，可以在保证一定编码质量的前提下，尽可能地减少数据量。差分特性是指对实际信号值和预测值之差进行量化编码。预测值是根据前面已经编码的信号值预测得到的，通过计算实际信号值与预测值之间的差值，并对差值进行量化编码，可以减少信号的冗余信息，提高编码效率。因此，选项C是正确的答案。

57.()不属于存储媒体。A.光盘B.ROMC.硬盘D.扫描仪正确答案:D解析：答案解析：存储媒体是用于存储信息的物理设备。光盘、ROM（只读存储器）和硬盘都具有存储数据和信息的功能。而扫描仪是一种输入设备，用于将纸质文档或图像等转换为数字形式输入到计算机中，它本身不具备存储信息的能力。所以，选项D扫描仪不属于存储媒体，选项A、B、C均属于存储媒体，故答案是D。

58.在选择数据压缩算法时需要综合考虑(35)。A.数据质量和存储要求B.数据的用途和计算要求C.数据质量、数据量和计算的复杂度D.数据的质量和计算要求正确答案:C解析：通常在选择数据压缩算法时需要综合考虑数据质量、数据量和计算的复杂度。数据质量好是指恢复数据失真较小；数据量越小，代表压缩比越大，压缩算法越好；压缩算法对计算复杂度的要求是压缩算法简单，速度快。另外，选择压缩算法是还应考虑硬件实现的可能性。数据压缩编码方法可以分为无损压缩和有损压缩，其中(36)属于无损压缩。无损压缩编码的特点是(37)。

59.数据压缩编码方法可以分为无损压缩和有损压缩，其中(36)属于无损压缩。无损压缩编码的特点是(37)。A.模型编码B.DCT编码C.哈夫曼编码D.矢量量化编码正确答案:C解析：无损压缩是指在压缩数据时不丢失信息，解压缩后可以完全还原原始数据。有损压缩则会在压缩过程中丢失一些信息，但可以在一定程度上保持数据的主要特征。哈夫曼编码是一种无损压缩编码方法，它通过构建一棵哈夫曼树来对数据进行编码。在哈夫曼树中，出现频率较高的字符使用较短的编码，而出现频率较低的字符使用较长的编码，从而实现数据的压缩。模型编码、DCT编码和矢量量化编码都属于有损压缩编码方法，它们在压缩数据时会丢失一些信息。因此，选项C是正确的答案。

60.数据压缩编码方法可以分为无损压缩和有损压缩，其中(36)属于无损压缩。无损压缩编码的特点是(37)。A.无失真恢复数据、压缩比低B.无失真恢复数据、压缩比高C.有失真恢复数据、压缩比低D.有失真恢复数据、压缩比高正确答案:A解析：无损压缩是指在不丢失信息的前提下，对数据进行压缩的方法。其特点是可以无失真地恢复原始数据，但压缩比较低。有损压缩则是通过舍弃一些数据来达到更高的压缩比，但在恢复数据时会有一定的失真。因此，答案A是正确的。

61.JPEG压缩算法中，采用(42)的式样对量化后的DCT系数重新编排。变换后相邻图像块的DC(直流)系数相差不大，根据此特点，采用(43)对DC系数进行编码；量化后AC(交流)系数中包含许多连续的“0”系数，采用(44)对它们进行编码。A.按行编排B.按列编排C.Z字形编排D.隔行编排正确答案:C解析：在JPEG压缩算法中，为了更有效地利用DCT系数的特性进行编码，采用了Z字形编排的方式对量化后的DCT系数进行重新编排。这种编排方式能够增加连续的0系数的个数，即增长0的行程长度，有助于后续的压缩处理。变换后，相邻图像块的DC系数相差很小，基于这一特点，采用差分脉冲调制编码方法（DPCM）对DC系数进行编码，以进一步减少数据量。而对于量化后的AC系数中包含的许多连续的“0”系数，则采用行程长度编码（RLE）进行编码，以高效地表示这些连续的0系数，从而达到压缩的目的。

62.JPEG压缩算法中，采用(42)的式样对量化后的DCT系数重新编排。变换后相邻图像块的DC(直流)系数相差不大，根据此特点，采用(43)对DC系数进行编码；量化后AC(交流)系数中包含许多连续的“0”系数，采用(44)对它们进行编码。A.APCM编码方法B.DPCM编码方法C.霍夫曼编码方法D.词典编码方法正确答案:B解析：在JPEG压缩算法中，首先会采用Z字形编排的式样对量化后的DCT系数进行重新编排。由于变换后相邻图像块的DC系数相差不大，因此利用这一特点，采用差分脉冲调制编码方法（DPCM）对DC系数进行编码，以减小数据量。而量化后的AC系数中包含许多连续的“0”系数，针对这一特性，可以使用特定的编码方法如行程长度编码（RLE）来高效地表示这些连续的“0”，从而进一步提高压缩效率。题目中的(42)、(43)、(44)分别对应了Z字形编排、DPCM编码方法和RLE编码方法，但题目只询问了(43)对应的编码方法，故正确答案为B。

63.JPEG压缩算法中，采用(42)的式样对量化后的DCT系数重新编排。变换后相邻图像块的DC(直流)系数相差不大，根据此特点，采用(43)对DC系数进行编码；量化后AC(交流)系数中包含许多连续的“0”系数，采用(44)对它们进行编码。A.霍夫曼编码方法B.香农编码方法C.词典编码方法D.行程长度编码正确答案:D解析：JPEG压缩算法中，量化后的DCT系数会经过重新编排，这种编排方式采用的是Z字形编排。对于变换后相邻图像块的直流系数DC，由于其值相差不大，因此采用差分脉冲调制编码方法（DPCM）进行编码。而对于量化后的交流系数AC，其中包含许多连续的“0”系数，针对这一特点，采用行程长度编码（RLE）进行编码。因此，对量化后的DCT系数重新编排采用的是Z字形编排（虽未直接给出选项，但根据描述可排除A、B、C中的编码方法），对DC系数编码采用的是DPCM（非选项内容），对AC系数编码采用的是行程长度编码，即选项D。

64.MPEG视频编码中使用了帧内压缩编码和帧间压缩编码。其中帧间压缩编码采用的图像序列分为内帧(1图像)、预测帧(P图像)和双向预测帧(B图像)。其中(46)是由(47)计算得到的。A.内帧图像和双向预测帧图像B.内帧图像和预测帧图像C.内帧图像D.双向预测帧图像正确答案:B解析：这道题考察的是MPEG视频编码中的帧间压缩编码知识。在MPEG编码中，帧间压缩编码是关键技术之一，它利用图像序列中的时间冗余来减少数据量。在这个过程中，预测帧（P图像）是由内帧（I图像，也称为关键帧）和前面的图像（通常是前一个I图像或P图像）计算得到的，这样可以实现更高效的数据压缩。因此，正确答案是B，即预测帧图像是由内帧图像和前面的预测帧图像计算得到的。

65.MPEG视频编码中使用了帧内压缩编码和帧间压缩编码。其中帧间压缩编码采用的图像序列分为内帧(1图像)、预测帧(P图像)和双向预测帧(B图像)。其中(46)是由(47)计算得到的。A.内帧图像和预测帧图像B.双向预测帧图像C.双向预测帧图像和预测帧图像D.内帧图像和双向预测帧图像正确答案:A解析：在MPEG视频编码中，双向预测帧（B图像）是通过内帧（I图像）和预测帧（P图像）计算得到的。B图像利用了前后的信息进行预测编码，能进一步提高压缩比。所以答案选A。

66.MPEG视频中的时间冗余信息可以采用(48)的方法来进行压缩编码，空间冗余信息可以采用(49)的方法进行压缩编码。A.帧间预测和变换编码B.霍夫曼编码和运动补偿C.变换编码和行程编码D.帧间预测和运动补偿正确答案:D解析：MPEG视频采用了帧间预测和运动补偿技术来减少时间冗余信息。帧间预测通过比较相邻帧之间的差异，只对变化的部分进行编码，从而减少了冗余信息。运动补偿则通过预测物体的运动轨迹，对运动区域进行补偿，进一步减少了时间冗余。对于空间冗余信息，MPEG视频通常采用变换编码和行程编码等方法进行压缩。变换编码将图像从空间域转换到频率域，通过去除高频分量来减少数据量。行程编码则对连续的相同像素值进行编码，减少了空间冗余。因此，选项D是正确的答案。

67.MPEG视频中的时间冗余信息可以采用(48)的方法来进行压缩编码，空间冗余信息可以采用(49)的方法进行压缩编码。A.帧内预测和变换编码B.帧间预测和行程长度编码C.帧内预测和运动补偿D.帧间预测和变换编码正确答案:A解析：MPEG视频中的时间冗余信息是指相邻帧之间的相似性，通过帧内预测和变换编码可以去除这些冗余。帧内预测利用当前帧内的像素信息进行预测，减少了需要编码的信息量。变换编码则将图像从空间域转换到频率域，使得能量更集中，便于压缩。而空间冗余信息是指同一帧内像素之间的相似性，通过帧间预测和行程长度编码可以有效压缩。帧间预测利用相邻帧之间的运动信息进行预测。行程长度编码则对连续相同的像素值进行编码，减少了编码的数据量。因此，选项A是正确的答案。

68.在系统验收测试中，(57)是在一个模拟的环境下使用模拟数据运行系统；(58)是在一个实际环境中使用真实数据运行系统。A.确认测试B.审计测试C.验证测试D.模块测试正确答案:C解析：验证测试是在模拟环境下使用模拟数据运行系统，主要目的是验证系统是否满足规定的要求。确认测试是在实际环境中使用真实数据运行系统，主要目的是确认系统是否能够在实际环境中正常运行。模块测试是对系统中的各个模块进行单独测试，主要目的是发现模块中的错误。审计测试是对系统的安全性、合规性等方面进行测试，主要目的是发现系统中的安全漏洞和合规性问题。根据题目描述，在系统验收测试中，（57）是在一个模拟的环境下使用模拟数据运行系统，因此应该选择验证测试；（58）是在一个实际环境中使用真实数据运行系统，因此应该选择确认测试。所以，答案是C。

69.在系统验收测试中，(57)是在一个模拟的环境下使用模拟数据运行系统；(58)是在一个实际环境中使用真实数据运行系统。A.确认测试B.审计测试C.验证测试D.模块测试正确答案:A解析：本题考查测试的分类和定义。根据题干中的描述，可以知道(57)和(58)是两种不同的测试方式，前者使用模拟数据在模拟环境下运行系统，后者使用真实数据在实际环境下运行系统。根据测试的分类，可以知道这两种测试方式都属于系统测试，而根据测试的定义，可以知道这两种测试方式都属于确认测试，即在系统完成后对其进行测试以确认其是否符合用户需求和规格说明书的要求。因此，本题的答案为A。

70.一个局域网中某台主机的IP地址为2，使用22位作为网络地址，那么该局域网的子网掩码为(61)，最多可以连接的主机数为(62)。A.B.C.D.正确答案:C解析：子网掩码是用来划分网络地址和主机地址的，它与IP地址进行按位与运算可以得到网络地址。在这个问题中，网络地址使用了22位，那么子网掩码的前22位应该是1，其余位是0。将其转换为十进制形式，得到子网掩码为，因此选项C是正确的。对于一个使用22位网络地址的局域网，可以连接的主机数为$2^{32-22}-2=2^{10}-2=1022$。其中减2是因为网络地址和广播地址不能分配给主机。因此，该局域网最多可以连接1022台主机，选项C是正确的。

71.一个局域网中某台主机的IP地址为2，使用22位作为网络地址，那么该局域网的子网掩码为(61)，最多可以连接的主机数为(62)A.254B.512C.1022D.1024正确答案:C解析：子网掩码是一个32位的二进制数，用于区分网络地址和主机地址。子网掩码的网络地址部分全部为1，主机地址部分全部为0。在这个问题中，使用22位作为网络地址，那么子网掩码的网络地址部分就是22个1，即11111111.11111111.11111100.00000000，转换为十进制就是。一个局域网中可以连接的主机数等于2的主机地址位数次方减2。在这个问题中，主机地址位数为32-22=10位，所以可以连接的主机数为2^10-2=1022台。因此，正确答案是选项C。

72.两个同符号的数相加或异符号的数相减，所得结果的符号位SF和进位标志CF进行(1)运算为1时，表示运算的结果产生溢出。A.与B.或C.与非D.异或正确答案:D解析：在计算机运算中，溢出是指运算结果超出了计算机所能表示的范围。对于两个同符号的数相加或异符号的数相减的情况，可以通过判断结果的符号位SF和进位标志CF来确定是否发生溢出。具体来说，当这两个标志位进行异或运算的结果为1时，表示运算的结果产生了溢出。这是因为，如果两个同符号的数相加，理论上结果应该保持原符号，如果结果的符号位与原数的符号位不同，且进位标志CF也表明有进位或借位发生，则说明运算结果超出了表示范围，即发生了溢出。同样，异符号的数相减，理论上结果的符号应与绝对值较大的数的符号相同，如果结果的符号与预期不符，且进位标志CF表明有进位或借位发生，也说明发生了溢出。因此，符号位SF和进位标志CF进行异或运算为1时，是判断这种情况的有效方法。

73.若浮点数的阶码用移码表示，尾数用补码表示。两规格化浮点数相乘，最后对结果规格化时，右规的右移位数最多为(2)位。A.1B.2C.尾数位数D.尾数位数-1正确答案:A解析：答案解析：在两规格化浮点数相乘时，若尾数部分的最高位为0，需要进行右规。因为补码规格化后的形式为0.1×××...×或1.0×××...×，所以右规最多移动1位。因此，选项A是正确的答案。

74.高速缓存cache与主存间采用全相联地址映像方式，高速缓存的容量为4MB，分为4块，每块1MB，主存容量为256MB。若主存读写时间为30ns，高速缓存的读写时间为3ns，平均读写时间为3.27ns，则该高速缓存的命中率为3％。若地址变换表如下所示，则主存地址为8888888H时，高速缓存地址为4H。A.90B.95C.97D.99正确答案:D解析：首先，命中率的计算公式是：命中次数÷总次数×100%。根据题目所提供的信息，平均读写时间为3.27ns，高速缓存的读写时间为3ns，那么可以计算出命中时的时间为：3.27ns-3ns=0.27ns。未命中时的时间为：30ns-3ns=27ns。则命中率为：0.27ns÷(0.27ns+27ns)×100%≈99%。其次，主存地址为8888888H时，根据地址变换表可以得出，其对应的高速缓存地址为4H。

75.高速缓存cache与主存间采用全相联地址映像方式，高速缓存的容量为4MB，分为4块，每块1MB，主存容量为256MB。若主存读写时间为30ns，高速缓存的读写时间为3ns，平均读写时间为3.27ns，则该高速缓存的命中率为3％。若地址变换表如下所示，则主存地址为8888888H时，高速缓存地址为4H。A.488888B.388888C.288888D.188888正确答案:D解析：主存容量为256MB，高速缓存容量为4MB，地址映像方式为全相联，主存地址为8888888H，将其转换为二进制后，根据地址变换表，从高位对比可得对应的高速缓存地址为188888H，所以答案选D。命中率的计算可根据平均读写时间的公式来推，设命中率为h，则3.27=3h+30(1-h)，可解得命中率h=90%，即90%，题目中3%是错误的。

76.若某计算机系统是由500个元器件构成的串联系统，且每个元器件的失效率均为10-7/H，在不考虑其他因素对可靠性的影响时，该计算机系统的平均故障间隔时间为(5)小时。A.2×104B.5×104C.2×105D.5×105正确答案:A解析：串联系统中，系统的总失效率等于各个元器件失效率之和。已知该计算机系统由500个元器件构成，且每个元器件的失效率均为$10^{-7}/H$，则系统的总失效率为$500\times10^{-7}=5\times10^{-5}$。平均故障间隔时间（MTBF）是指可修复产品两次相邻故障之间的平均时间，是衡量产品可靠性的重要指标。MTBF的计算公式为：MTBF=1/总失效率。将总失效率代入公式，可得该计算机系统的平均故障间隔时间为：$1\div(5\times10^{-5})=2\times10^{4}$（小时）。因此，选项A是正确的答案。

77.某指令流水线由5段组成，各段所需要的时间如下图所示。

连续输入10条指令时的吞吐率为(6)。A.10/70△tB.10/49△tC.10/35△tD.10/30△t正确答案:C解析：答案解析：指令流水线的吞吐率计算公式为：n个任务的总完成时间除以n。首先计算一条指令的执行时间，采用流水线技术，第一条指令执行时间为5△t，之后每条指令都在7△t完成。连续输入10条指令，总时间为5△t+9×7△t=35△t。则吞吐率为10条指令除以总时间35△t，即10/35△t。所以，选项C正确。

78.相对于DES算法而言，RSA算法的(7)，因此，RSA(8)。A.加密密钥和解密密钥是不相同的B.加密密钥和解密密钥是相同的C.加密速度比DES要高D.解密速度比DES要高正确答案:A解析：DES算法是一种对称加密算法，加密密钥和解密密钥是相同的。而RSA算法是一种非对称加密算法，加密密钥和解密密钥是不相同的。因此，第7题的答案是A。RSA算法的加密和解密过程都比较复杂，需要进行大量的数学运算，因此其加密和解密速度都比DES算法要慢。所以，第8题的答案是A。

79.相对于DES算法而言，RSA算法的(7)，因此，RSA(8)。A.更适用于对文件加密B.保密性不如DESC.可用于对不同长度的消息生成消息摘要D.可以用于数字签名正确答案:D解析：RSA算法与DES算法相比，其主要优势在于其公钥加密的特性，这使得RSA可以用于数字签名和验证，确保信息的完整性和来源的真实性，这是DES算法所不具备的功能。因此，RSA算法可以用于数字签名。

80.驻留在多个网络设备上的程序在短时间内同时产生大量的请求消息冲击某Web服务器，导致该服务器不堪重负，无法正常响应其他合法用户的请求，这属于(9)。A.网上冲浪B.中间人攻击C.DDoS攻击D.MAC攻击正确答案:C解析：本题考查对网络安全中常用攻击方法的了解。多个网络设备上的程序在短时间内同时向某个服务器产生大量的请求，导致该服务器不堪重负，这是典型的分布式拒绝服务攻击(DDoS)。

81.上海市标准化行政主管部门制定并发布的工业产品的安全、卫生要求的标准，在其行政区域内是(10)。A.强制性标准B.推荐性标准C.自愿性标准D.指导性标准正确答案:A解析：地方标准化行政主管部门制定的标准，在其行政区域内通常具有一定的强制性。上海市标准化行政主管部门制定并发布的关于工业产品安全、卫生要求的标准，涉及到公众安全和健康，为了保障这些重要方面，这类标准被规定为强制性标准，以确保相关产品必须达到相应要求。所以答案选A。

82.小王购买了一个“海之久”牌活动硬盘，而且该活动硬盘还包含有一项实用新型专利，那么，小王享有(11)。A.“海之久”商标专用权B.该盘的所有权C.该盘的实用新型专利权D.前三项权利之全部正确答案:B解析：小王购买了“海之久”牌活动硬盘后，根据一般的购买行为原则，他获得了该硬盘的所有权。然而，这并不意味着他自动获得了与该硬盘相关的其他权利，如商标专用权和实用新型专利权。商标专用权属于商标注册人，即生产或销售该硬盘的厂商，而实用新型专利权则属于该专利的申请人或持有人。因此，小王仅享有该硬盘的所有权，而不享有商标专用权或实用新型专利权。

83.耦合度描述了(12)。A.模块内各种元素结合的程度B.模块内多个功能之间的接口C.模块之间公共数据的数量D.模块之间相互关联的程度正确答案:D解析：耦合度是软件工程中的一个概念，它用来衡量不同模块之间相互依赖或相互关联的程度。在软件设计中，模块之间的耦合度越低，意味着模块之间的独立性越强，系统的可维护性和可扩展性也越好。相反，高耦合度可能导致模块之间紧密依赖，难以独立修改或重用。因此，选项D“模块之间相互关联的程度”正确描述了耦合度的含义。

84.内聚是一种指标，表示一个模块(13)。A.代码优化的程度B.代码功能的集中程度C.完成任务的及时程度D.为了与其他模块连接所要完成的工作量正确答案:B解析：答案解析：内聚是衡量一个模块内部各个元素之间联系紧密程度的指标。它反映了模块的功能集中程度，即模块内的元素是否紧密相关、协同工作，以实现一个明确的功能。高内聚的模块具有以下特点：1.功能单一：模块专注于完成一个特定的任务或功能。2.元素紧密相关：模块内的元素相互协作，共同实现该功能。3.低耦合：与其他模块的交互较少，独立性强。相反，低内聚的模块可能包含多个不相关的功能，或者元素之间的联系松散，导致代码难以理解和维护。因此，选项B是正确的答案。

85.在软件项目开发过程中，评估软件项目风险时，(14)与风险无关。A.高级管理人员是否正式承诺支持该项目B.开发人员和用户是否充分理解系统的需求C.最终用户是否同意部署已开发的系统D.开发需要的资金是否能按时到位正确答案:C解析：对风险的评估主要是基于项目的特性和需求，以及可能影响项目成功的各种因素。A选项中高级管理人员的支持是项目成功的关键因素之一，如果他们没有正式承诺支持项目，可能会导致项目资源不足、进度延迟等问题，从而增加项目风险。B选项中开发人员和用户对系统需求的理解程度直接影响项目的质量和进度，如果他们对需求理解不充分，可能会导致项目需求变更频繁、开发周期延长等问题，从而增加项目风险。D选项中开发所需资金是否能按时到位也是项目成功的关键因素之一，如果资金不能按时到位，可能会导致项目进度延迟、开发质量下降等问题，从而增加项目风险。而C选项中最终用户是否同意部署已开发的系统，虽然也会对项目产生影响，但它并不是评估软件项目风险时需要考虑的因素。因此，正确答案是C。

86.在软件项目管理中可以使用各种图形工具来辅助决策，下面对Gantt图的描述中，不正确的是(15)。A.Gantt图表现了各个活动的持续时间B.Gantt图表现了各个活动的起始时间C.Gantt图反映了各个活动之间的依赖关系D.Gantt图表现了完成各个活动的进度正确答案:C解析：答案解析：Gantt图是一种用于项目管理的图表。它的主要作用是展示项目中各个活动的起始时间、持续时间和进度。A选项，Gantt图能明确显示活动的持续时间。B选项，其可清晰展现活动的起始时间。D选项，通过图表能直观了解完成各个活动的进度。然而，C选项不正确，Gantt图不能反映活动之间的依赖关系，要展示活动间依赖关系通常使用PERT图或网络图。综上，答案是C选项。

87.文件系统中，设立打开文件(Open)系统功能调用的基本操作是(16)。A.把文件信息从辅存读到内存B.把文件的控制管理信息从辅存读到内存C.把磁盘的超级块从辅存读到内存D.把文件的FAT表信息从辅存读到内存正确答案:B解析：答案解析：在文件系统中，打开文件（Open）这一系统功能调用的主要目的是获取文件的控制管理信息。这些信息包括文件的位置、权限、大小等关键属性，以便后续对文件进行读、写等操作。当执行打开文件操作时，系统需要将文件的控制管理信息从辅存读到内存，从而能够有效地管理和操作文件。因此，选项B是正确答案。

88.开发专家系统时，通过描述事实和规则由模式匹配得出结论，这种情况下适用的开发语言是(17)。A.面向对象语言B.函数式语言C.过程式语言D.逻辑式语言正确答案:D解析：逻辑式语言，如Prolog，专为逻辑推理和模式匹配设计。它们通过定义事实和规则，能够自动进行模式匹配和推理，从而得出结论。这种语言的特点使其在处理复杂逻辑问题时具有独特的优势，非常适合用于专家系统的开发。

89.高级程序设计语言中用于描述程序中的运算步骤、控制结构及数据传输的是(18)。A.语句B.语义C.语用D.语法正确答案:A解析：在高级程序设计语言中，语句是用于描述程序中的运算步骤、控制结构及数据传输的基本单元。通过使用不同类型的语句，如赋值语句、条件语句、循环语句等，程序员可以实现各种复杂的逻辑和操作。语句的作用是明确地告诉计算机要执行的具体任务，它们构成了程序的主体部分。而语义则是指语言中符号或表达式的含义，语用则涉及语言在特定上下文中的使用方式，语法则是语言的结构规则。因此，正确答案是选项A。

90.为了解决进程间的同步和互斥问题，通常采用一种称为(19)机制的方法。若系统中有5个进程共享若干个资源R，每个进程都需要4个资源R，那么使系统不发生死锁的资源R的最少数目是(20)。A.调度B.信号量C.分派D.通讯正确答案:B解析：信号量机制是一种常用的解决进程间同步和互斥问题的方法。它利用信号量的值来表示资源的可用数量或进程的同步状态，从而控制进程对资源的访问。对于系统中的5个进程共享资源R的情况，每个进程都需要4个资源R才能正常运行。为了避免死锁，必须确保系统中资源R的数量足够。根据银行家算法的原理，当系统中资源数目大于等于进程数（5）与每个进程所需最大资源数（4）的乘积时，即5×4=20，系统不会发生死锁。但考虑到实际情况，当资源数为20时，若每个进程都已持有3个资源并请求第4个资源时，会发生死锁。因此，为确保系统不发生死锁，资源R的最少数目应为21，这样即使在最坏情况下，也能有一个进程获得全部4个资源并释放，从而打破死锁链。

91.为了解决进程间的同步和互斥问题，通常采用一种称为(19)机制的方法。若系统中有5个进程共享若干个资源R，每个进程都需要4个资源R，那么使系统不发生死锁的资源R的最少数目是(20)。A.20B.18C.16D.15正确答案:C解析：答案解析：进程间的同步和互斥通常采用信号量机制来解决。对于资源分配问题，每个进程需要4个资源R，5个进程正常运行共需20个资源。为避免死锁，资源数最少应为16个。因为15个资源时必然会导致死锁，而16个资源可以保证至少有一个进程能获取到所需的4个资源，运行完后释放资源，从而使其他进程也能顺利获取到资源。所以答案是C选项。

92.在UNIX操作系统中，把输入/输出设备看作是(21)。A.普通文件B.目录文件C.索引文件D.特殊文件正确答案:D解析：在UNIX操作系统中，输入/输出设备被视为特殊文件，这类文件位于/dev目录下，并根据其特性分为块设备文件和字符设备文件。这些特殊文件在文件系统中的索引节点上的文件类型标识与其他普通文件、目录文件或索引文件不同。因此，在UNIX系统中，输入/输出设备不是被视为普通文件、目录文件或索引文件，而是被视为特殊文件。

93.CAI软件是指(22)。A.系统软件B.计算机辅助教学软件C.计算机辅助设计软件D.办公自动化软件正确答案:B解析：CAI是ComputerAidedInstruction的缩写，意为计算机辅助教学。CAI软件即指计算机辅助教学软件，它是利用多媒体计算机帮助学习的自学系统，属于应用软件的一种。因此，B选项“计算机辅助教学软件”是正确答案。

94.多媒体中的媒体有两重常用含义，一是指存储信息的实体，如(23)等；二是指表达与传递信息的载体，如(24)等。A.文字、图形、磁带、半导体存储器B.磁盘、光盘、磁带、半导体存储器C.文字、图形、图像、声音D.声卡、磁带、半导体存储器正确答案:B解析：多媒体中的媒体有两重常用含义，一是指存储信息的实体，如磁盘、光盘、磁带、半导体存储器等；二是指表达与传递信息的载体，如文字、图形、图像、声音等。因此，选项B是正确的答案。

95.多媒体中的媒体有两重常用含义，一是指存储信息的实体，如(23)等；二是指表达与传递信息的载体，如(24)等。A.文字、图形、磁带、半导体存储器B.磁盘、光盘、磁带、半导体存储器C.文字、图形、图像、声音D.声卡、磁带、半导体存储器正确答案:C解析：人们通常所说的媒体包括两点含义：一是指信息的物理载体，包括存储数据的实体和传递信息的实体。存储和传递信息的实体是指用于存储表示媒体的存储介质，主要包括硬盘、软盘、磁盘、光盘、半导体存储器、磁带，以及相关的播放设备等。二是指承载信息的载体即信息的表现形式(或者说传播形式)，如文字、声音、图像、动画、视频等，即CCITT定义的存储媒体和表示媒体。

96.VCD的图像序列由帧内图像、预测图像和(25)构成，其中(26)采用JPEG压缩方法来去掉冗余信息。A.静止图像B.动态图像C.插补图像D.视频图像正确答案:C解析：在VCD的图像序列中，帧内图像是独立的图像，不依赖其他图像；预测图像则是基于前面的图像进行预测得到的。而插补图像则是在帧内图像和预测图像之间插入的图像，用于提高图像的流畅度和质量。JPEG压缩方法主要用于压缩静态图像，它通过去除图像中的冗余信息来减少数据量。在VCD中，帧内图像通常采用JPEG压缩方法来压缩。因此，答案选C。

97.VCD的图像序列由帧内图像、预测图像和(25)构成，其中(26)采用JPEG压缩方法来去掉冗余信息。A.帧内图像B.动态图像C.插补图像D.视频图像正确答案:A解析：VCD的图像序列包括帧内图像、预测图像和插补图像。插补图像用于提高图像的连贯性和流畅性。而帧内图像采用JPEG压缩方法来去除冗余信息，以减少数据量。所以25空选C，26空选A。

98.MPEG-1编码器输出视频的数据率大约为(27)，