物理浙江选考总复习课件第八章磁场第3讲

第3讲带电粒子在复合场中的运动第八章磁场内容索引过好双基关回扣基础知识训练基础题目研透命题点细研考纲和真题分析突破命题点课时作业限时训练练规范练速度过好双基关一、带电粒子在复合场中的运动1.复合场的分类(1)叠加场：电场、磁场、重力场共存，或其中某两场共存.(2)组合场：电场与磁场各位于一定的区域内，并不重叠，或相邻或在同一区域电场、磁场

.交替出现2.带电粒子在复合场中的运动形式(1)静止或匀速直线运动：带电粒子在复合场中所受合外力为零时，将处于

状态或做

运动.(2)匀速圆周运动:当带电粒子所受的重力与电场力大小

，方向_____时，带电粒子在洛伦兹力的作用下，在垂直于匀强磁场的平面内做____

.(3)较复杂的曲线运动：当带电粒子所受合外力的大小和方向均变化，且与初速度方向不在同一直线上，粒子做非匀变速曲线运动，这时粒子运动轨迹既不是圆弧，也不是抛物线.静止匀速直线相等相反匀速圆周运动二、带电粒子在复合场中运动的应用实例装置原理图规律质谱仪离子由静止被加速电场加速qU＝

，在磁场中做匀速圆周运动qvB＝

，则比荷

＝

.回旋加速器交流电的周期和粒子做匀速圆周运动的周期

，粒子在圆周运动过程中每次经过D形盒缝隙都会被加速，D形盒半径为r.由qvB＝

及Ekm＝

mv2得Ekm＝速度选择器若qv0B＝Eq，即v0＝

，粒子做

运动(粒子重力不计).相等匀速直线磁流体发电机磁流体发电机两极板间的距离为L，等离子体速度为v，磁场的磁感应强度为B，则由qE＝q＝qvB得两极板间能达到的最大电势差U＝

.电磁流量计导电液体在管中向左流动，当自由电荷所受的电场力和洛伦兹力平衡时，a、b间的电势差就保持稳定，即：qvB＝qE＝q，所以v＝

，因此液体流量Q＝

＝BLvSv霍尔元件宽为d、厚度为h的导体放在垂直于它的磁感应强度为B的匀强磁场中，当电流I通过该导体时，上下表面之间会产生电势差，称为霍尔效应.自测1现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图1所示，其中加速电压恒定.质子在入口处从静止开始被加速电场加速，经匀强磁场偏转后从出口离开磁场.若某种一价正离子在入口处从静止开始被同一加速电场加速，为使它经匀强磁场偏转后仍从同一出口离开磁场，需将磁感应强度增加到原来的12倍.此离子和质子的质量比约为A.11 B.12C.121 D.144√答案图1解析A.粒子的加速次数越多，加速电压越大，最终获得的动能也越大B.被加速后的粒子最大速度为2πfR，与加速电场的电压无关C.不改变回旋加速器的任何参数，装置可以加速质子H，也可以加速α

粒子HeD.高频电源不能使用正弦式交变电流自测2

(2017·宁波市九校高二上期末)1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图2所示，这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，置于匀强磁场B中，D形盒半径为R，其间留有空隙，两盒分别与高频电源的两极相连，电源频率为f，则下列说法正确的是√答案图2研透命题点命题点一带电粒子在复合场中的实例分析1.基本思路速度选择器、磁流体发电机、电磁流量计和霍尔元件一般以单个带电粒子为研究对象，在洛伦兹力和电场力平衡时做匀速直线运动达到稳定状态，从而求出所求物理量.2.解决回旋加速器的方法(1)交变电压的频率与粒子在磁场中做圆周运动的频率相等.(2)在q、m和B一定的情况下，回旋加速器的半径越大，粒子的能量就越大，最大动能与加速电压无关.例1

(2016·浙江10月选考·23)如图3所示，在x轴的上方存在垂直纸面向里，磁感应强度大小为B0的匀强磁场，位于x轴下方的离子源C发射质量为m、电荷量为q的一束负离子，其初速度大小范围为0～

v0.这束离子经电势差为U＝

的电场加速后，从小孔O(坐标原点)垂直x轴并垂直磁场射入磁场区域，最后打到x轴上.在x轴上2a～3a区间水平固定放置一探测板(a＝

).假设每秒射入磁场的离子总数为N0，打到x轴上的离子数均匀分布(离子重力不计).图3(1)求离子束从小孔O射入磁场后打到x轴的区间；答案解析答案见解析恰好打在x＝2a的位置恰好打在x＝4a的位置离子束打在x轴上的区间为[2a,4a](2)调整磁感应强度的大小，可使速度最大的离子恰好打在探测板的右端，求此时的磁感应强度大小B1；答案解析答案见解析解析由动能定理(3)保持磁感应强度B1不变，求每秒打在探测板上的离子数N；若打在板上的离子80%被板吸收，20%被反向弹回，弹回速度大小为打板前速度大小的0.6倍，求探测板受到的作用力大小.答案解析答案见解析解析离子束能打到探测板的实际位置范围为2a≤x≤3a每秒打在探测板上的离子数为根据动量定理吸收的离子受到板的作用力大小反弹的离子受到板的作用力大小根据牛顿第三定律，探测板受到的作用力大小变式1

(2015·浙江10月选考·23)如图4是水平放置的小型粒子加速器的原理示意图，区域Ⅰ和Ⅱ存在方向垂直纸面向里的匀强磁场B1和B2，长L＝1.0m的区域Ⅲ存在场强大小E＝5.0×104V/m、方向水平向右的匀强电场.区域Ⅲ中间上方有一离子源S，水平向左发射动能Ek0＝4.0×104eV的氘核，氘核最终从区域Ⅱ下方的P点水平射出.S、P两点间的高度差h＝0.10m.(氘核质量m＝2×1.67×10－27kg、电荷量q＝1.60×10－19C，1eV＝1.60×10－19J，

≈1×10－4)图4(1)求氘核经过两次加速后从P点射出时的动能Ek2.答案解析答案2.24×10－14J解析由动能定理W＝Ek2－Ek0电场力做功W＝qE·2L得Ek2＝Ek0＋qE·2L＝1.4×105eV＝2.24×10－14J(2)若B1＝1.0T，要使氘核经过两次加速后从P点射出，求区域Ⅰ的最小宽度d.答案解析答案0.06m(3)若B1＝1.0T，要使氘核经过两次加速后从P点射出，求区域Ⅱ的磁感应强度B2.答案解析答案1.2T解析氘核运动轨迹如图所示.由图中几何关系可知2R2＝h＋(2R1－2R0)解得R1＝0.05m命题点二带电粒子在叠加场中的运动带电粒子在叠加场中运动的分析方法先重力、再弹力、后摩擦力，然后分析其他力(电场力、洛伦兹力)

↓画出轨迹选择规律—→→→匀速直线运动→平衡条件匀速圆周运动→牛顿运动定律和圆周运动规律复杂曲线运动→动能定理或能量守恒定律例2

(2016·嘉兴市模拟)图5为一除尘装置的截面图，其原理是通过板间的电场或磁场使带电尘埃偏转并吸附到极板上，达到除尘的目的.已知金属板M、N长为d，间距也为d.大量均匀分布的尘埃以相同的水平速度v0进入除尘装置，设每个尘埃颗粒质量为m、电荷量为－q.当板间区域同图5时加入匀强电场和垂直于纸面向外的匀强磁场并逐步增强至合适大小时，尘埃恰好沿直线通过该区域；且只撤去电场时，恰好无尘埃从极板间射出，收集效率(打在极板上的尘埃占尘埃总数的百分比)为100%，不计尘埃重力、尘埃之间的相互作用及尘埃对板间电场、磁场的影响.(1)判断M板所带电荷的电性；答案解析答案带负电解析负电荷进入垂直纸面向外的匀强磁场，根据左手定则，受到的洛伦兹力的方向向上，尘埃恰好沿直线通过该区域，说明电场力大小和洛伦兹力大小相等，方向竖直向下，因此M板带负电.(2)求极板区域磁感应强度B的大小；答案解析解析由题意知，从紧挨N极板处射入板间的尘埃恰好不从极板射出，则尘埃在磁场中运动的半径r＝d，磁场中洛伦兹力提供向心力，有(3)若撤去极板区域磁场，只保留原来的电场，则除尘装置的收集效率是多少？答案解析答案50%解析电场、磁场同时存在时，尘埃做匀速直线运动，满足：qE＝qv0B，撤去磁场以后尘埃在电场力作用下做类平抛运动，假设距离N极板y的尘埃恰好离开电场，则当y≤0.5d时，0到0.5d这段距离的尘埃不会射出电场，当y＞0.5d时尘埃运动时间更长，水平位移x＞d，即0.5d到d这段距离的尘埃会射出电场；则打在极板上的尘埃占总数的百分比，即除尘装置的收集效率η＝

×100%＝50%.变式2如图6甲所示，水平放置的平行金属板M、N之间存在竖直向上的匀强电场和垂直于纸面的交变磁场(如图乙所示，垂直纸面向里为正)，磁感应强度B0＝50T，已知两板间距离d＝0.3m，电场强度E＝50V/m，M板中心有一小孔P，在P正上方h＝5cm处的O点，一带电油滴自由下落，穿过小孔后进入两板间，若油滴在t＝0时刻进入两板间，最后恰好从N板边缘水平飞出.已知油滴的质量m＝10－4kg，电荷量q＝＋2×10－5C(不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，取π＝3).求：图6(1)油滴在P点的速度大小；答案解析解得v＝1m/s答案1m/s解得R＝0.1m因d＝0.3m，则油滴要想从N板边缘水平飞出，需在场内做三次

圆弧运动.所以，N板的长度L＝6R.解得L＝0.6m(2)N板的长度；答案解析解析进入场区时，因为mg＝10－3N，方向向下，而Eq＝10－3N，方向向上.所以，重力与电场力平衡，油滴做匀速圆周运动，答案0.6m(3)交变磁场的变化周期.答案解析答案0.3s联立解得T＝0.3s.命题点三带电粒子在组合场中的运动1.带电粒子在组合场中运动的分析思路第1步：分阶段(分过程)按照时间顺序和进入不同的区域分成几个不同的阶段；第2步：受力分析和运动分析，主要涉及两种典型运动，如下：匀速圆周运动←粒子垂直于磁感线进入匀强磁场←磁偏转←组合场中两种典型运动→电偏转→粒子垂直于电场线进入匀强电场→类平抛运动第3步：用规律2.解题步骤(1)找关键点：确定带电粒子在场区边界的速度(包括大小和方向)是解决该类问题的关键.(2)画运动轨迹：根据受力分析和运动分析，大致画出粒子的运动轨迹图，有利于形象、直观地解决问题.考向1先磁场后电场例3

(2017·浙江4月选考·23)如图7所示，在xOy平面内，有一电子源持续不断地沿x轴正方向每秒发射出N个速率均为v的电子，形成宽为2b、在y轴方向均匀分布且关于x轴对称的电子流.电子流沿x方向射入一个半径为R、中心位于原图7点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直xOy平面向里，电子经过磁场偏转后均从P点射出，在磁场区域的正下方有一对平行于x轴的金属平行板K和A，其中K板与P点的距离为d，中间开有宽度为2l且关于y轴对称的小孔.K板接地，A与K两板间加有正负、大小均可调的电压UAK，穿过K板小孔到达A板的所有电子被收集且导出，从而形成电流.已知b＝

R，d＝l，电子质量为m，电荷量为e，忽略电子间的相互作用.(1)求磁感应强度B的大小；答案解析解析轨迹示意图答案见解析(2)求电子从P点射出时与负y轴方向的夹角θ的范围；答案解析θ在关于y轴左、右对称的60°(含)范围内.答案见解析(3)当UAK＝0时，每秒经过极板K上的小孔到达极板A的电子数；答案解析解析要进入小孔，电子到达P点时与y轴负方向的夹角φ≤45°答案见解析(4)画出电流i随UAK变化的关系曲线.答案解析答案见解析解析①当UAK≥0时，进入小孔的电子全部能到A板②设当UAK＝U1时，φ1＝45°对应的电子刚好到达A板③当UAK反向再增大时，将出现有电子(该临界角度为α)刚好打到A板上，而φ>α的电子打不到A板综上所述：i－UAK图线如图所示考向2先电场后磁场例4

(2016·浙江4月选考·22)如图8为离子探测装置示意图.区域Ⅰ、区域Ⅱ长均为L＝0.10m，高均为H＝0.06m.区域Ⅰ可加方向竖直向下、电场强度为E的匀强电场；区域Ⅱ可加方向垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，区域Ⅱ的右端紧贴着可探测带电粒子位置的竖直屏.质子束沿两板正中间以速度v＝1.0×105m/s水平射入，质子荷质比近似为

＝1.0×108C/kg.(忽略边界效应，不计重力)图8(1)当区域Ⅰ加电场、区域Ⅱ不加磁场时，求能在屏上探测到质子束的外加电场的最大值Emax；答案解析解析质子在电场中做类平抛运动答案200V/m质子到达区域Ⅱ右下端时，外加电场最大，(2)当区域Ⅰ不加电场、区域Ⅱ加磁场时，求能在屏上探测到质子束的外加磁场的最大值Bmax；答案解析答案5.5×10－3T(3)若区域Ⅰ加电场E小于(1)中的Emax，质子束进入区域Ⅱ和离开区域Ⅱ的位置等高，求区域Ⅱ中的磁场B与区域Ⅰ中的电场E之间的关系式.答案解析解析质子运动轨迹如图所示.设质子进入磁场时的速率为v′，则考向3先电场后磁场再电场例5

(2017·嘉兴市期末)如图9所示，O′PQ是关于y轴对称的四分之一圆，在PQNM区域有均匀辐向电场，PQ与MN间的电压为U.一初速度为零的带正电的粒子从PQ上的任一位置经电场加速后都会从O′进入半径为R、中心位于坐标原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直xOy平面向外，大小为B，粒子经图9磁场偏转后都能平行于x轴射出.在磁场区域右侧有一对平行于x轴且到x轴距离都为R的金属平行板A和K，金属板长均为4R，其中K板接地，A与K两板间加有电压UAK>0，忽略极板电场的边缘效应，不计重力.已知金属平行板左端连线与磁场圆相切，O′在y轴上.(1)求带电粒子的比荷

；答案解析解析由动能定理可知qU＝

mv2由已知条件可知，带电粒子在磁场中运动的半径R0＝R洛伦兹力提供粒子在磁场中做圆周运动的向心力，(2)求带电粒子进入右侧电场时的纵坐标范围；答案解析解析如图，沿QN方向入射的带电粒子，在磁场中做圆周运动的圆心为O1，由几何关系知，对应的圆心角为135°，离开磁场的出射点a在y轴上的投影与O′的距离为同理可得，沿PM方向入射的带电粒子离开磁场的出射点b的纵坐标yb＝故带电粒子进入右侧电场时的纵坐标范围为：(3)若无论带电粒子从PQ上哪个位置出发都能打到K板上，则电压UAK至少为多大？答案解析解析只要沿QN方向入射的带电粒子能打在K板上，则从其他位置入射的粒子也一定打在K板上，则在电场中F＝qE＝ma应满足4R≥vt考向4先后经过两个磁场例6如图10所示，在xOy坐标平面内x轴上、下方分布有磁感应强度不同的匀强磁场，磁场方向均垂直纸面向里.一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从y轴上的P点以一定的初速度沿y轴正方向射出，粒子经过时间t第一次从x轴上的Q点进入下方磁场，速度方向与x轴正方向成45°角，当粒子再次回到x轴时恰好经过坐标原点O，已知OP＝L，不计粒子重力.求：图10(1)带电粒子的初速度大小v0；答案解析解析粒子运动轨迹如图所示.(2)x轴上、下方磁场的磁感应强度之比答案解析解析由几何关系得OQ＝r1＋r1·cos45°课时作业1.(2017·稽阳联谊学校8月联考)如图1所示，半径分别为R1、R2的两个同心圆，圆心为O，小圆内有垂直纸面向里的磁场，磁感应强度为B1，大圆外有垂直纸面的磁感应强度为B2的磁场，图中未画出，两圆中间的圆环部分没有磁场.今有一带正电粒子(质量为m，带电荷量为q)从小圆边缘的A点以速度v沿AO方向射入小圆的磁场区域，然后从小圆磁场中穿出，此后该粒子第一次回到小圆便经过A点，带电粒子重力不计，求：图112345(1)若v＝

，则带电粒子在小圆内的运动时间t为多少；答案解析解析带正电粒子在小圆内做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由几何关系可知粒子在小圆内的轨迹圆弧的圆心角为12345(2)大圆外的磁场B2的方向；答案解析解析粒子第一次回到小圆便经过A点，则粒子在大圆外的磁场中继续做逆时针方向的圆周运动，则B2的方向为垂直于纸面向里.答案

垂直于纸面向里12345(3)磁场应强度B1与B2的比值为多少？答案解析123452.(2017·宁波市九校期末联考)在竖直平面内有一矩形区域ABCD，AB边长L，AD边长2L，F为AD边中点，G为BC边中点，线段FG将ABCD分成两个场区.如图2所示，场区Ⅰ内有一竖直向下的匀强电场，场区Ⅱ内有方向、大小未知的匀强电场(图中未画出)和方向垂直ABCD平面向里的匀强磁场.一个质量为m、电荷量为＋q的带电小球以平行于BC边的速度v从AB边的中点O进入场区Ⅰ，从FG边飞出场区Ⅰ时速度方向改变了37°，小球进入场区Ⅱ做匀速圆周运动，重力加速度为g，求：图212345(1)场区Ⅱ中的电场强度E2的大小及方向；答案解析解析由带电小球在场区Ⅱ中做匀速圆周运动可知，E2q＝mg得E2＝小球带正电，所受电场力方向竖直向上，可知E2方向竖直向上12345(2)场区Ⅰ中的电场强度E1的大小；答案解析解析小球在场区Ⅰ中做类平抛运动，平抛运动时间t＝

，带电小球飞出场区Ⅰ时，竖直方向的速度由牛顿第二定律得E1q＋mg＝ma12345(3)要使小球能在场区Ⅱ内从FG边重新回到场区Ⅰ的磁感应强度B的最小值.答案解析12345解析由类平抛运动规律得，小球在场区Ⅰ中的竖直位移当小球在场区Ⅱ中的圆周轨迹与FD边相切时，R最大由几何关系得即带电小球以此半径做圆周运动时不会从CG边和CD边射出磁场进入场区Ⅱ时小球速度123453.如图3所示，在xOy坐标系中，坐标原点O处有一点状的放射源，它向xOy平面内的x轴上方各个方向发射α粒子，α粒子的速度大小均为v0，在0<y<d的区域内分布有指向y轴正方向的匀强电场，场强大小为E＝

其中q与m分别为α粒子的电荷量和质量；在d<y<2d的区域内分布有垂直图3于xOy平面向里的匀强磁场，mn为电场和磁场的边界.ab为一块很大的平面感光板，垂直于xOy平面且平行于x轴放置于y＝2d处，如图4所示.观察发现此时恰好无粒子打到ab板上(不考虑粒子的重力及粒子间的相互作用)，求：12345(1)α粒子通过电场和磁场边界mn时的速度大小及距y轴的最大距离；答案解析解得vt＝2v0此即为α粒子通过mn时距y轴的最大距离.12345则所有粒子均不能打到ab板上，由题意知沿x轴正方向射出的粒子轨迹必与ab板相切，由几何关系知此粒子进入磁场时与x轴正方向夹角θ＝

则r＋rsin

＝d，可得其做圆周运动的半径r＝(2)磁感应强度B的大小；答案解析解析若沿x轴正方向射出的粒子不能打到ab板上，12345(3)将ab板至少向下平移多大距离才能使所有的粒子均能打到板上？答案解析123454.如图4，静止于A处的离子经电压为U的加速电场加速后沿图中圆弧虚线通过静电分析器，从P点垂直CN进入矩形区域的有界匀强电场，电场方向水平向左.静电分析器通道内有均匀辐向分布的电场，已知圆弧所在处场强为E0，方向如图所示；离子质量为m、电荷量为q；＝3d，离子重力不计.图412345(1)求圆弧虚线对应的半径R的大小；答案解析解析

离子在加速电场中加速，根据动能定理，离子在辐向电场中做匀速圆周运动，电场力提供向心力，12345(2)若离子恰好能打在NQ的中点，求矩形区域QNCD内匀强电场场强E的值；答案解析解析

离子做类平抛运动，若恰好能打在NQ的中点，则12345(3)若撤去矩形区域QNCD内的匀强电场，换为垂直纸面向里的匀强磁场，要求离子能最终打在QN上，求磁场磁感应强度B的取值范围.答案解析12345解析

离子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律，有离子能打在QN上，则离子运动径迹的边界如图中Ⅰ和Ⅱ.123455.(2017·金华市9月十校联考)如图5