高三物理试题答案

1、C[根据vt图线的斜率大小表示加速度大小，由题图乙知，物块脱离弹簧后的加速度大小a＝＝m/s2＝5m/s2F＝μmg＝ma以μ＝＝0.5，A、B错误；刚释放时物块的加速度大小为a′＝＝m/s2＝30m/s2，由牛顿第二定律得kx－F＝ma′，代入数据解得k＝175N/m，C正确，D错误。]2、B[忽略空气阻力，抛出后的谷粒1和谷粒2都只受重力作用，所以两谷粒的加速度相gAO到P的分运动可知，谷粒2从O到P的运动时间长，故t<tC错误；从O到P的过程中，两谷粒水平位移x＝vt＝vtt<tv>v2在最高点的速度(水平分速度v)小于v，B正确；两谷粒从O到P位移相同，时间不同，平均速度不同，D错误。]3、D[物块所受拉力F的冲量为I＝Ft，方向与水平方向夹角为θ，故A错误；物块所受重力的冲量为I＝mgt≠0，故C错误；由动量定理可知I＝2mv＝Ftcosθ，故B错误，D正确。]C[由粒子运动的轨迹可知粒子带正电，AA点到B点的过程中静电力做BW＋W＝ΔE＝－0.5JA点的动能比在B点多0.5J,CA点的机械能比在B点少1.5J，C正确。]5、A[根据右手螺旋定则可知，b在O点产生的磁场方向竖直向上，d在O点产生的磁场c在Obcd三根导线中电流大小相等，与O点的距离均相等，三根导线在O点产生的磁感应强度的大小相等，所以在O点产生的O到a方向，故A正确。]6、B[分析可知ab、cd边受到的安培力等大反向，ad、bc边受到的安培力大小不相等(所处磁场强弱不同)、但方向相反，导线框的合安培力水平向左，则导线框在竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做减速直线运动，当速度为0时，导线框上升的高度h＝，a点的纵坐标y＝h＋y，解得y＝1.6m,A错误，B正确；由功能关系可知，导线框产生的焦耳热Q＝m(vcos53°)2Q＝1.8JC0t0＝＝0.4s，t0之后导线框做自由落体运动，回路中没有感应电流，速度大小v＝g(t－t)，解得v＝1m/s，D错误。]D[aaaa光可babAv＝共4页第1页a光的传播速度一定小于bBsinC＝可知，a光的临界角较小，则以相同的入射角从水中射向空气，则首先发生全反射的一定是a光，若在空气中只能看到一种光，一定是b光，选项C错误；因a光的频率大于b光频率，可知分别照射同一光电管，若b光能引起光电效应，则a光一定也能，选项D正确。]8、AC[两脚分别站在左、右踏板上并双腿用力使左、右踏板张开时，在左、右脚对踏板向外的静摩擦力作用下，踏板向外张开，两后轮呈“外八”形态，故A正确，B错误；两力作用下，踏板向内合拢，两后轮呈“内八”形态，故C正确，D错误。]9、ABD[由重力做功的特点得重力做的功为W＝mgL，A正确；悬线的拉力始终与v垂直，不做功，B正确；空气阻力做的功等于空气阻力与路程的乘积，WF阻＝－F阻πL，C错误，D正确。]10、BD[设汽缸和活塞的质量分别为M和m，则汽缸内气体的压强p＝p－，当外界ppV＝CV的重力之和，因活塞与汽缸的重力不变，则弹簧弹力不变，则L不变，汽缸下移，则H变ABp＝CVLhHCD正确。故选BD。]二、非选择题5小题，共60分）分）[解析](1)滑块通过光电门A的时间大于通过光电门B端高，可调节旋钮使轨道右端降低一些。(2)用游标卡尺测量遮光条宽度为d＝4mm＋6×mm＝4.30mm。(3)滑块通过光电门A的速度为v＝滑块通过光电门B的速度为v＝从A到Ba＝＝＝。[答案](1)降低(2)4.30分）[解析](1)滑块从D到达左侧最高点F经历DC、CB、BF三个过程，现以DF整个过程为研究对象，运用动能定理得mgh－μmgcosθ＝0共4页第2页解得h＝。(2)通过分析可知，滑块最终滑至C点的速度为0时对应在斜面上的总路程最大，由动能定理得mgRcosθ－μmgcosθs＝0解得s＝。[答案](1)(2)分）[解析](1)振幅A＝10cm，T＝s＝0.2s。(2)振子在周期时具有正向最大加速度，故有负向最大位移，其位移—时间图像如图所示。(3)设振动方程为x＝Asin(ωt＋φ)当t＝0时，x＝0，则sinφ＝0得φ＝0或φ＝π，当再过较短时间，x为负值，所以φ＝π所以振动方程为x＝10sin(10πt＋π)cm。[答案](1)10cm0.2s(2)图见解析(3)x＝10sin(10πt＋π)cm分）[解析](2)b端。(4)由闭合电路的欧姆定律得E＝I(r＋R＋R＋θr)，整理得＝(r＋R＋R)＋θ，结合题图(b)可得k＝，d＝(r＋R＋R)，解得E＝，r＝－R－R。(5)S接1I开关S接2I的圆心角θ，则r＝。(6)由(4)、(5)得E＝＝，r＝－R－R＝R－R。共4页第3页[答案](2)b(4)－R－R0(5)见解析图(6)R－RA分）[解析](1)由右手定则可判断感应电流由a流向b，b相当于电源的正极，故b端电势高当金属棒匀速运动时，由平衡条件得F＝mgsin37°＋F安其中F＝BIL＝＝2N由题图乙可知v＝1.0m/s联立解得F＝5N。(2)从金属棒开始运动到刚达到稳定状态，由动能定理得(F－mgsin37°)s－W＝mv2又克服安培力所做的功等于整个电路产生的焦耳热，代入数据解得Q＝W＝7.35J两电阻产生的焦耳热与阻值成正比，故金属杆上产生的焦耳热为Q＝Q＝1.47J。(3)进入匀强磁场导体棒做加速度减小的加速运动，由