湖北省十一校2025届高三下学期第二次联考（二模）物理试题 含解析

鄂南高中黄冈中学黄石二中荆州中学龙泉中学武汉二中孝感高中襄阳四中襄阳五中宜昌一中夷陵中学届高三湖北省十一校第二次联考物理试题（考试时间：分钟试卷满分：分）注意事项：在答题卡上的指定位置。选择题的作答：每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。答题卡上的非答题区域均无效。一、选择题：本题共小题，每小题4分，共分。在每小题给出的四个选项中，第题只有一项符合题目要求，第题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.2025年开年之际，我国大科学装置建设在不断推进，在安徽合肥科学岛，国际唯一的超导托卡马克大科学装置集群，正在加快推动核聚变能源的开发和应用。下列核反应方程属于核聚变的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】AB为人工核转变，D为核裂变，C属于轻核聚变。故选C。2.如图所示，等边三棱镜，一束单色光与成角射入三棱镜，经AB边折射进入三棱镜的折射角刚好等于从AC边射出三棱镜的入射角，则三棱镜的折射率为（）第1页/共17页A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】如图，依题意有AB边入射光线入射角为，折射角为30°，则折射率故选B3.襄阳五中一年一度的体育节活动中，篮球是男同学们最喜爱的运动项目之一，在一次比赛中，小峰同学投出了一个漂亮的三分球。假设在这次投篮过程中篮球刚好垂直击中篮板后落入篮筐，把篮球出手后到击中篮板的过程按时间三等分，篮球受到的空气阻力不计，从篮球出手后开始计时，连续三段相同时间内篮球上升的竖直高度分别计为，则为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】逆向思维为平抛运动，竖直方向为自由落体运动，时间等分，则故选C。4.北京时间2025年1月7日04时0025号卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，该卫星主要用于卫星燃料补加与延寿服务技术验证。经过一第2页/共17页个月的时间，实践25号抵达同步轨道，并成功给北斗三号G7星加注了142公斤肼类燃料，实现了全球首次卫星在轨加注燃料。若后期还要给同轨道上的另一颗卫星加注燃料，加注前两卫星的位置如图所示，则是要想实现加注燃料，对实践25号星操作正确的是（）A.实践25号卫星直接加速与卫星A对接即可B.实践25号卫星和卫星A对接时具有相同的速度C.实践25号卫星受到地球的万有引力一定大于卫星A受到地球的万有引力D.实践25号卫星对卫星A加注燃料时处于静止状态【答案】B【解析】【详解】ABD．航天器对接，后面的航天器应先减速降低高度，再加速提升高度，通过适当控制，使后面的航天器追上前面的航天器时恰好具有相同的速度，相对静止，故B正确，AD错误；C．由于不知道实践25号卫星和卫星A质量大小，故无法比较受到地球的万有引力大小，故C错误。故选B。5.小汽车已成我们家庭的重要交通工具，若某国产小汽车的驾驶员与汽车总质量为，其减震系统由四个相同的竖直弹簧组成，每个弹簧的劲度系数为。当汽车行驶过路面凸起后，车身在竖直方向做简谐振动（设在水平方向上汽车做匀速直线运动，不计空气阻力，取重力加速度若振幅为，则振动过程中的最大加速度大小为（）A.B.C.D.【答案】B【解析】可得第3页/共17页故选。6.如图所示，正六边形线框的六条边和对角线均用完全相同材质和粗细的金属棒，固定于匀强磁场中，线框平面与磁感应强度方向垂直，线框顶点、与直流电源两端相接，已如导体棒受到的安培力大小为，则线框受到的安培力的大小为（）A.B.C.7FD.【答案】C【解析】的电阻为的电流为受到的安培力大小为由左手定则可知安培力垂直向上，导体棒等效长度为导体棒受到的安培力大小为由左手定则可知安培力垂直向上，通过导体棒的电流为导体棒受到的安培力大小为由左手定则可知安培力垂直的电流为等效长度为导体棒受到的安培力大小为由左手定则可知安培力垂直向上，线框受到的安培力的大小为故选C。7.在竖直平面内，质量的小球A用长为的不可伸长的轻绳悬挂于点，点正下方用不可伸长的轻绳竖直悬挂一质量也为的小球BAAA第4页/共17页都可视为质点，忽略空气阻力，取。下列说法正确的是（）A.小球A在与小球发生碰撞前小球A的速度大小为B.小球A在与小球B发生碰撞后小球B的速度大小为C.小球A和小球B发生碰撞后，小球B上升的最大高度与小球A释放的高度相同D.小球A和小球B发生碰撞后小球B在上摆的过程中轻绳不会松弛【答案】B【解析】【详解】A.小球A先由落体运动至关于过O点的水平线对称的位置，由机械能守恒定律得得0垂直绳方向分速度沿弧线下摆至B处，机械能守恒设A与B碰前速度为，由机械能守恒定律得得故错误；BA和B发生弹性碰撞，根据动量守恒根据机械能守恒解得，第5页/共17页故正确；C.由于小球A下落至绳绷直时有机械能损失，故B球上升最大高度一定小于球释放高度，故错误；.由于B球不能做完整得圆周运动，要想绳子不松弛，小球不能过圆心等高位置（本题图中OB上升得最大高度为，对小球B上摆过程有机械能守恒定律得解得越过了圆心高度，绳会松弛，故D错误。故选B。8.如图所示，边长为、绕线匝、总电阻为的正方形线圈处于磁感应强度为、水平向右的匀强磁场中，线圈以角速度绕轴匀速转动，外接电阻值为，则下列说法正确的是（）A.图示状态时理想电压表的示数B.从图示位置转过时理想电压表的示数为C.从图示位置转过时理想电压表的示数为0第6页/共17页D.线圈从图示位置转过的过程中，通过电阻的电荷量为【答案】BD【解析】【详解】ABC．线圈在匀强磁场中以恒定角速度转动，产生感应电动势的最大值为电压表的示数为有效值，电压表示数为AC错误，正确；D．在时间段内，通过电阻的电荷量为由闭合回路欧姆定律可知，回路中的电流为由法拉第电磁感应定律可知感应电动势为在时间段内，磁通量的变化量为由以上各式联立解得正确。故选BD。9.在竖直平面内有一方向斜向上且与水平方向夹角为的带电小球，用长为的不可伸长的绝缘细线悬挂于点，如图所示。开始时小球静止在点，细线恰好水平。现剪断细线，将小球从最低点以某一初速度竖直向上抛出，小球恰好能够经过点，重力加速度为，则以下判断正确的是（）A.小球从到过程中，其电势能增加了B.小球从到过程中，其动能增加了第7页/共17页C.小球从到过程中，小球做的是匀变速曲线运动D.小球从到过程中，其机械能增加了【答案】BCD【解析】【详解】C．当小球静止于点时，细线恰好水平，说明重力和电场力的合力方向水平向右，电场力与重力合力为小球从到做的是类平抛运动，所以C正确；ABD．合外力做功为则动能增加了；这一过程重力做功有动能定理得则电势能减小，根据功能关系知机械能增加，选项A错误，BD正确。故选BCD。10.如图所示，一弹性轻绳（绳的弹力与其伸长量成正比）左端固定在A点，自然长度等于AB。弹性绳跨过由固定轻杆固定的定滑轮连接一个质量为在一条水平线上，小球从点由静止释放，当滑到点时速度恰好为零，已知两点间距离为为的中点，小球在点时弹性绳的拉力为，小球与杆之间的动摩擦因数为0.4，弹性绳始终处在弹性限度内，重力加速度为。下列说法正确的是（）A.对于由弹性绳和小球组成的系统，在阶段损失的机械能等于在阶段损失的机械能第8页/共17页B.小球从到克服弹性绳弹力做功C.在点给小球一个竖直向上的速度小球恰好能回到点D.若只把小球质量变为，则小球从点由静止开始运动，到达点时的速度大小为【答案】AD【解析】【详解】A．当小球运动到某点点，弹性绳的伸长量是，小球受到如图所示的四个力作用其中将正交分解，则的水平分量为小球水平方向平衡，则又的竖直分量为段与段弹性绳和小球组成的系统机械能的减小量等于段弹性绳和小球组成的系统机械能的减小量，故A正确；B．小球从到，根据动能定理有解得克服弹性绳弹力做功为故B错误；C．对小球从运动到过程，应用动能定理得若小球恰能从点回到点，应用动能定理得第9页/共17页联立求解得故C错误；D点时根据动能定理有解得小球到达点时的速度大小故D正确。故选AD。二、非选择题：本题共5小题，共分。滑的滑轮和，将绳子打一个结点，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数读出三根绳子的拉力和，回答下列问题：（1）改变钩码个数，实验可能完成的是___________A.钩码的个数B.钩码的个数C.钩码的个数D.钩码个数（2）在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是___________A.标记结点的位置，并记录三段绳子的方向B.量出三段绳子的长度C.用量角器量出三段绳子之间的夹角D.用天平测出钩码的质量第10页/共17页（3）在作图时，你认为___________（填“甲”或“乙”）是正确的。【答案】（1）CD（2）A（3）甲【解析】【小问1详解】实验中的分力与合力的关系必须满足：，CD正确。故选CD。【小问2详解】在拆下钩码和绳子前，最重要的一个步骤是标记结点的位置，并记录三段绳子的方向，从而确定三个力的大小和方向。故选A。【小问3详解】F3的方向一定竖直向下，由于测量误差F1和F2的合力方向可能偏离竖直方向，所以甲是正确的。12.线柱，两个接线柱之间最多只能接一个元件，黑箱内所接的元件不超过两个，某实验小组进行了以下操作步骤：①用直流电压挡测量：、、三点间均无电压。②改用欧姆挡测量：、间正反接阻值不变。③用欧姆挡测量：黑表笔接、红表笔接时测得的阻值较小，反接时测得的阻值较大。④用欧姆挡测量：黑表笔接、红表笔接测得阻值比黑表笔接、红表笔接时测得的阻值大。第11页/共17页(1)上述第①步操作中说明了：_______。(2)多用电表调至欧姆挡，在正式测量电阻前需要进行的实验操作是______。(3)该小组选择了“”挡正确操作后，第②步实验操作测得的示数如图乙所示，则阻值为_______。(4)请在图甲中画出黑箱内的元件及正确的接法。_______(5)该实验小组选择了多用电表的某个功能挡和电阻箱来测量电源的电动势和内阻，作出图像如图丙______________中测量的电动势_______（选填“大于”“等于”或“小于”）电源真实的电动势。【答案】①.黑箱内的电学元件中没有电源②.欧姆调零③.2200④.⑤.1.5⑥.2.5⑦.等于【解析】【分析】【详解】(1)[1]步骤①中用直流电压挡测量，、、三点间均无电压说明黑箱内的电学元件中没有电源。(2)[2]多用电表调至欧姆挡，在正式测量电阻前需要进行的实验操作是欧姆调零。(3)[3]由题图可知，在20～30之间有5个小格，则每一个小格为2，该电阻的读数为。(4)[4]用欧姆挡测量，、与接与的特性可知，接二极管的正极；用欧姆挡测量，黑表笔接、红表笔接测得阻值比黑表笔接、红表笔接时测得的阻值大，则说明与之间比与之间多一个电阻。综合以上的分析可知，黑箱内的电学元件可能是一个定值电阻和一个二极管，电路的结构如图所示。(5)[5][6][7]由，变形为：第12页/共17页根据图像斜率和截距的意义应有：，，可得。结合图像可知，多用电表使用的是电流表的功能，由于多用电表存在内阻，由闭合电路欧姆定律得则可见多用电表的内阻对的测量结果没有影响。13.导热性能良好、内壁光滑的汽缸开口竖直向上放置，其上端口装有固定卡环，如图1所示。质量、横截面积的活塞将一定质量的理想气体封闭在缸内。现缓慢升高环境温度，气体从状态A变化到状态的图像如图2所示，已知大气压强，重力加速度。求：（1）状态时气体的压强；（2）气体从A到的过程中气体内能增加了，则这一过程中气体吸收的热量是多少？【答案】（1）（2）【解析】【小问1详解】A状态气体压强为第13页/共17页由变化到，根据查理定律有又由于解得【小问2详解】从A到为等压过程，外界对气体做功为根据热力学第一定律有解得14.道且在圆形轨道内部存在竖直向下、大小为的匀强电场、平直轨道，其中点左侧平直轨道以及弹射器内壁均是光滑的，右侧平直轨道是粗糙的，且滑块1、2（均可视为质点）与水平轨道之间的动摩擦因数均为，圆轨道的半径，与轨道平滑连接。现缓慢向左推动质量的滑块1，其受到的弹力随压缩量的变化关系如图乙所示，压缩量为时，弹射器1的滑块2发生碰撞并粘合为一体，不计空气阻力，假设在运动过程中滑块所带电荷量保持不变，重力加速度。（1）求弹射器被锁定时具有的弹性势能大小及碰后粘合体的速度；（2）若粘合体恰好通过圆轨道的最高点，求粘合体通过圆轨道最低点时受到的支持力大小；（3）要使粘合体能进入圆轨道运动且不脱离轨道，求平直轨道段的长度范围。【答案】（1），（2）第14页/共17页（3）或【解析】【小问1详解】弹力与压缩量的图像与横轴围成的面积表示克服弹力做功由功能关系得弹簧储存的弹性势能为对物块1，由能量守恒定律得解得滑块1被弹出后的速度滑块1与2发生完全非弹性碰撞，由动量守恒定律得解得碰撞后粘合体的速度【小问2详解】粘合体恰好通过最高点，根据牛顿第二定律可得解得粘合体从点到最高点过程由动能定理可得解得在点，对粘合体由牛顿第二定律可得解得【小问3详解】要使滑块能进入圆轨道运动，则至少能够到达点，有解得①若粘合体沿圆弧轨道到达与圆心等高处时速度为零，粘合体同样不会脱离轨道，则对全程由动能定理可得解得2点的速度应大于等于第15页/共17页，对从碰后至到达最高点过程，由动能定理可得解得综上所述，要使碰后粘合体不脱离轨道，轨道长度范围为或。15.的螺线管线圈内存在垂直线圈平面向上的匀强磁场，磁感应强度随时间变化的规律为，线圈左侧有电容为的超级电容器，平行倾斜金属导轨可通过单刀双掷开关分别与线圈和电容器相连，倾斜导轨与水平金属导轨间通过一小段光滑绝缘圆弧平滑连接。已知倾斜导轨的倾角，倾斜导轨和水平