2025年宁夏银川市六盘山高级中学高考物理二模试卷

第1页（共1页）2025年宁夏银川市六盘山高级中学高考物理二模试卷一、选择题：本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1．（4分）我国科研团队利用高分辨率的激光光谱技术，精确测量了锂原子中特定激发态之间的能级跃迁频率，发现了以往理论模型未能准确预测的微小频率偏移。基于此，以下说法正确的是（）A．该频率偏移现象违背了能量守恒定律 B．原子从高能级向低能级跃迁时，吸收光子的能量等于两能级的能量差 C．原子吸收特定频率的光子发生跃迁后，其核外电子的动能增大 D．该精确测量成果有助于改进和完善现有的原子结构理论2．（4分）水星和地球绕太阳做匀速圆周运动，已知水星的公转周期约为88天，则水星（）A．轨道半径比地球的大 B．角速度比地球的大 C．线速度比地球的小 D．加速度比地球的小3．（4分）如图所示，运送菜品的小车沿等螺距轨道向下做匀速率运动，该轨道各处弯曲程度相同，在此过程中，该小车（）A．始终处于平衡状态 B．始终处于失重状态 C．始终处于超重状态 D．重力功率始终不变4．（4分）光导纤维按沿径向折射率的变化可分为阶跃型和连续型两种。阶跃型的光导纤维分为内芯和外套两层，内芯的折射率比外套的大。连续型光导纤维的折射率中心最高，沿径向逐渐减小，外表面附近的折射率最低。关于光在连续型光导纤维中的传播，下列四个图中能正确表示传播路径的是（）A． B． C． D．5．（4分）如图1所示，在绘制单摆做简谐运动的图像时，甲、乙两同学用不同摆长的沙摆和同样长的纸带，分别作出如图2和图3所示实验结果。已知实验中图2、图3纸带运动的平均速度大小相等，则甲、乙同学所用沙摆的摆长L甲：L乙为（）A．9：16 B．16：9 C．3：4 D．4：36．（4分）如图所示，A点有一个电荷量为+Q的点电荷，在距A点2r处有一个点电荷B，在以A点为圆心半径为r的球面上有一点C，AC和AB垂直。要使C点的场强与AB平行，则点电荷B（）A．带负电，电荷量为55Q B．带负电，电荷量为5Q C．带正电，电荷量为55Q D．带正电，电荷量为5Q7．（4分）如图所示，半径为R的刚性圆形线框悬挂在弹簧测力计下端，通有adcba方向的电流，开始时与匀强磁场边界AB相切。现将线圈沿竖直方向缓慢上提，提起高度为0.4R时弹簧测力计的读数为F，提起高度为R时弹簧测力计的读数为2F，提升过程中电流大小恒为I。则磁感应强度大小为（）A．FIR B．5F2IR C．5FIR（多选）8．（6分）现如今的街头“老头乐”品牌层出不穷，给老年人带来了方便的同时，也存在着大量的交通安全问题，例如许多廉价的电动车无气囊，在电动车事故中，气囊可防止90%的头部受伤，大大减小损伤程度。设气囊的缓冲层与头部的撞击时间延长至10ms以上，人头部的质量约为2kg，则下列说法正确的是（）A．气囊减小了驾驶员头部撞击过程中的动量变化率 B．气囊减少了驾驶员头部撞击过程中撞击力的冲量 C．事故中气囊对头部的冲量与头部对气囊的冲量相同 D．若事故中头部以6m/s的速度水平撞击缓冲层，则头部受到的撞击力最多为1200N（多选）9．（6分）为实现自动计费和车位空余信息的提示和统计功能等，某智能停车位通过预埋在车位地面下方的LC振荡电路获取车辆驶入驶出信息。如图甲所示，当车辆驶入车位时，相当于在线圈中插入铁芯，使其自感系数变大，引起LC电路中的振荡电流频率发生变化，计时器根据振荡电流的变化进行计时。某次振荡电路中的电流随时间变化如图乙所示，下列说法正确的是（）A．t1刻，线圈L的磁场能为零 B．t2时刻，电容器C带电量最大 C．t2﹣t3过程，电容器C带电量逐渐增大 D．由图乙可判断汽车正驶离智能停车位（多选）10．（6分）如图1所示，磁悬浮列车利用电磁感应原理进行驱动。可简化为如下情景：矩形金属框MNPQ固定在列车下方，轨道区域内存在垂直于金属框平面的磁场，磁感应强度沿Ox方向按正弦规律分布，最大值为B0，其空间变化周期为2d，整个磁场始终以速度v1沿Ox方向向前平移，列车在电磁力驱动下沿Ox方向匀速行驶的速度为v2，且v1＞v2。设金属框总电阻为R，宽PQ＝L，长NP＝d。t＝0时刻，磁场分布的B﹣x图像及俯视图如图2所示，此时MN、PQ均处于磁感应强度最大值位置处。下列说法正确的是（）A．t＝0时回路磁通量为0，感应电动势为0 B．t＝0时金属框受到的电磁驱动力为4BC．匀速运动过程中金属框感应电流方向、受安培力合力方向都在周期性变化 D．匀速运动过程中金属框发热的功率为2二、实验题（本小题共2小题）11．（6分）某实验小组验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示，将小球向下拉到某一位置释放后，小球上下来回运动，利用手机录制一段视频，并用某软件对视频进行逐帧分析，得出每一帧对应的时间及小球所在位置。已知小球质量m＝0.05kg，当地重力加速度g取9.8m/s2，弹簧劲度系数k＝1.38N/m，视频帧率为30fps（每秒30帧）。取竖直向上为正方向，竖直方向位移用y表示，利用重力势能Ep1＝mgy，动能Ek=12m（1）本次测量的部分数据如表所示，当小球下落位移为﹣0.02000m时，请计算：（结果均保留4位小数）①弹簧的弹性势能Ep2＝J；②系统的机械能E＝J。时间（s）位移（m）速度（m/s）动能（J）重力势能（J）弹性势能（J）机械能（J）0.066667﹣0.02000﹣0.61190.0094﹣0.0098①②0.100000﹣0.04648﹣0.92300.0213﹣0.02280.00150.00000.133333﹣0.08153﹣1.19940.0360﹣0.03990.00460.0007（2）测量多组数据并绘制动能、重力势能、弹性势能、机械能随时间变化情况如图乙所示（图中各物理量单位均为国际单位，纵轴表示能量，横轴表示时间），由图乙可得出的实验结论是。A.小球在重力作用下机械能守恒B.小球在重力和弹簧弹力作用下机械能守恒C.小球与弹簧组成的系统在重力和系统内弹力作用下机械能守恒12．（12分）某小组用图甲所示电路测量毫安表G的内阻Rg。毫安表G量程Ig＝3mA，内阻Rg约60Ω～90Ω，可供选择的器材如下：A.滑动变阻器R1（最大阻值500Ω）；B.滑动变阻器R2（最大阻值5kΩ）；C.电阻箱R（0～999.9Ω）；D.电压表（量程0～300mV）；E.电源E（电动势约为6V）；F.开关、导线若干（1）实验中，滑动变阻器应选用（选填“R1”或“R2”）；（2）实验前，应将图乙中滑动变阻器的滑片移到（选填“左端”或“右端”）；（3）闭合开关S1，开关S2接a，调节滑动变阻器的滑片，电表示数如图所示，毫安表G内阻的测量值Rg＝Ω；（结果保留三位有效数字）（4）闭合开关S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使毫安表G的指针满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关S2接b，调节电阻箱的阻值使毫安表G的指针指在1.50mA处，记下电阻箱的阻值R＝76.8Ω，则毫安表G内阻的测量值Rg′＝Ω；（5）该小组认为在（4）中测得毫安表G的内阻较为准确，你（选填“同意”或“不同意”）该观点，理由是。三、解答题（本大题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（8分）某校冬季篮球比赛在球馆内进行，篮球被带入球馆前，球内气体的温度t1＝﹣3℃，压强p1=1.35×10（1）求温度为t2时球内气体压强p2；（2）比赛要求篮球内气体压强p＝1.6×105Pa，则需充入一定质量的气体，设充气过程中球内气体温度保持t2不变，求充入球内气体的质量与原来球内气体质量的比值k。14．（12分）如图所示，有一竖直平面内的平面直角坐标系xOy，t＝0时刻将一质量为m＝0.1kg的小球，从坐标原点O处沿y轴以v0＝2m/s的初速度向下抛出，小球在运动过程中始终受除重力以外的恒力F作用，恒力F平行于平面直角坐标系xOy，小球运动的轨迹方程为x=54y（1）小球运动过程中的加速度大小和方向；（2）恒力F的大小和方向；（3）当OP与x轴正方向夹角为60°时，小球在P点具有的动能。（保留2位有效数字）15．（16分）如图所示，在xOy坐标系第一象限内有两个四分之一圆弧MN、PQ，圆弧圆心均在坐标原点O处，MN的半径为R，MN，PQ间有一电压为U0（未知）的辐向电场。MN外侧第一象限内存在匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里。从PQ上各处飘入电场的电子，其初速度几乎为0，这些电子沿径向加速后进入磁场。从M点进入磁场的电子直接从磁场中N点射出。已知电子的电荷量为e，质量为m。（1）求电压U0；（2）若电压为U0（3）若电压为3U0，求MN上进入磁场的电子在磁场中经过区域的面积S。

2025年宁夏银川市六盘山高级中学高考物理二模试卷参考答案与试题解析一．选择题（共7小题）题号1234567答案DBDCAAB二．多选题（共3小题）题号8910答案ADBDBD一、选择题：本题共10小题，共46分，在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8-10题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。1．（4分）我国科研团队利用高分辨率的激光光谱技术，精确测量了锂原子中特定激发态之间的能级跃迁频率，发现了以往理论模型未能准确预测的微小频率偏移。基于此，以下说法正确的是（）A．该频率偏移现象违背了能量守恒定律 B．原子从高能级向低能级跃迁时，吸收光子的能量等于两能级的能量差 C．原子吸收特定频率的光子发生跃迁后，其核外电子的动能增大 D．该精确测量成果有助于改进和完善现有的原子结构理论【分析】能量守恒定律同样适用于微观领域；原子从高能级向低能级跃迁时要放出光子；根据牛顿第二定律分析；根据该成果的意义分析。【解答】解：A、能量守恒定律同样适用于微观领域，故A错误；B、原子从高能级向低能级跃迁时，放出光子的能量等于两能级的能量差，故B错误；C、原子吸收特定频率的光子发生跃迁后，从低能级向高能级跃迁，电子的半径增大，设原子核的带电荷量为Q，根据牛顿第二定律有kQer2=D、该精确测量成果有助于改进和完善现有的原子结构理论，故D正确。故选：D。【点评】知道原子从高能级向低能级跃迁要释放光子，从低能级向高能级跃迁要吸收光子，且只能吸收特定频率的光子。2．（4分）水星和地球绕太阳做匀速圆周运动，已知水星的公转周期约为88天，则水星（）A．轨道半径比地球的大 B．角速度比地球的大 C．线速度比地球的小 D．加速度比地球的小【分析】A.结合题意，根据开普勒第三定律，即可分析判断；B.结合前面分析，根据角速度与周期的关系，即可分析判断；C.万有引力提供向心力，据此列式，即可分析判断；D.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列式，即可分析判断。【解答】解：A.根据开普勒第三定律可知，公转周期越小，轨道半径越小，由题知，水星的公转周期约为88天，小于地球的公转周期，则水星轨道半径比地球的小，故A错误；B.根据角速度与周期的关系可知：ω=2π由此可知，周期越小，角速度越大，因为水星的公转周期小于地球的公转周期，则水星角速度比地球的大，故B正确；C.万有引力提供向心力，可得：GMmr解得：v=GM结合前面分析可知，水星轨道半径比地球的小，则水星线速度比地球的大，故C错误；D.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律可得：GMmr解得：a=GM结合前面分析可知，水星轨道半径比地球的小，则水星加速度比地球的大，故D错误；故选：B。【点评】本题考查不同轨道上的卫星或行星（可能含赤道上物体）运行参数的比较，解题时需注意，赤道上运行的物体与同步卫星处在同一个轨道平面，并且运行的角速度相等，所以比较赤道上物体与一般卫星的运行参数时，可以通过同步卫星建立联系。3．（4分）如图所示，运送菜品的小车沿等螺距轨道向下做匀速率运动，该轨道各处弯曲程度相同，在此过程中，该小车（）A．始终处于平衡状态 B．始终处于失重状态 C．始终处于超重状态 D．重力功率始终不变【分析】分析小车的运动情况，确定合外力是否为零；分析竖直方向有无加速度，进而判断小车的运动状态；因轨道等螺距，可等效为小车沿倾角为θ的斜面匀速下滑，根据重力功率公式P＝mgvsinθ分析重力的功率变化情况。【解答】解：A、小车做曲线运动，具有向心加速度，所受合外力不为零，其运动过程中处于非平衡状态，故A错误；BC、轨道等螺距，且小车的速率不变，所以小车运动过程在竖直方向的速度不变，小车在竖直方向没有加速度，所以小车既不处于超重状态，也不处于失重状态，故BC错误；D、轨道等螺距，可等效为小车沿倾角为θ的斜面匀速下滑，重力功率为P＝mgvsinθ，可知重力功率始终不变，故D正确。故选：D。【点评】解答本题时，要注意物体做曲线运动时，合力不为零，处于非平衡状态。4．（4分）光导纤维按沿径向折射率的变化可分为阶跃型和连续型两种。阶跃型的光导纤维分为内芯和外套两层，内芯的折射率比外套的大。连续型光导纤维的折射率中心最高，沿径向逐渐减小，外表面附近的折射率最低。关于光在连续型光导纤维中的传播，下列四个图中能正确表示传播路径的是（）A． B． C． D．【分析】发生全反射的条件是光从光密介质进入光疏介质，入射角大于等于临界角。光从光密介质进入光疏介质，若不发生全反射时，折射角大于入射角。【解答】解：在连续型光导纤维的折射率中心最高，沿径向逐渐减小，可知光从光密进入光疏介质，未发生全反射时，折射角大于入射角，故A、B错误。从空气进入光导纤维时，折射角小于入射角，故C正确，D错误。故选：C。【点评】解决本题的关键知道发生全反射的条件，以及知道光从光密进入光疏、从光疏进入光密，折射角和入射角之间的大小关系。5．（4分）如图1所示，在绘制单摆做简谐运动的图像时，甲、乙两同学用不同摆长的沙摆和同样长的纸带，分别作出如图2和图3所示实验结果。已知实验中图2、图3纸带运动的平均速度大小相等，则甲、乙同学所用沙摆的摆长L甲：L乙为（）A．9：16 B．16：9 C．3：4 D．4：3【分析】根据题意求出两单摆的周期关系，然后根据单摆周期公式求出两单摆摆长之比。【解答】解：实验中图2、图3纸带运动的平均速度大小相等，由图2与图3所示可知，纸带运动时间t＝2T甲＝1.5T乙，由单摆周期公式T＝2πLg可知：L=gT故选：A。【点评】根据图示情景求出两单摆的周期关系是解题的前提，应用单摆周期公式即可解题。6．（4分）如图所示，A点有一个电荷量为+Q的点电荷，在距A点2r处有一个点电荷B，在以A点为圆心半径为r的球面上有一点C，AC和AB垂直。要使C点的场强与AB平行，则点电荷B（）A．带负电，电荷量为55Q B．带负电，电荷量为5Q C．带正电，电荷量为55Q D．带正电，电荷量为5Q【分析】由题意，结合点电荷电场强度公式、几何关系、矢量合成法则分析列式，即可分析判断ABCD正误。【解答】解：A点有一个电荷量为+Q的点电荷，则A处点电荷在C点形成的电场沿AC方向，大小为：EA要使得C点合电场与AB平行，则根据矢量合成法则可知，B处点电荷在C点形成的电场沿CB方向，故B点是负电荷；设CB与AB的夹角为θ，由几何关系可知：sinθ=rBC，则：EB且：EBsinθ＝EA，联立可得：QB故A正确，BCD错误；故选：A。【点评】本题主要考查电场强度的叠加，解题时需注意，多个电荷在电场中某点的电场强度为各个点电荷单独在该点产生的电场强度的矢量和。7．（4分）如图所示，半径为R的刚性圆形线框悬挂在弹簧测力计下端，通有adcba方向的电流，开始时与匀强磁场边界AB相切。现将线圈沿竖直方向缓慢上提，提起高度为0.4R时弹簧测力计的读数为F，提起高度为R时弹簧测力计的读数为2F，提升过程中电流大小恒为I。则磁感应强度大小为（）A．FIR B．5F2IR C．5FIR【分析】线圈缓慢上提，线圈处于平衡状态，应用平衡条件与安培力公式求出磁感应强度大小。【解答】解：提起高度为0.4R时，线圈在磁场中的有效长度L1＝2R2提起高度为R时线圈在磁场中的有效长度L2＝2R由左手定则可知，线圈受到的安培力竖直向下线圈缓慢运动，由平衡条件得：F＝mg+BIL1，2F＝mg+BIL2，解得：B=5F故选：B。【点评】本题考查了安培力做一下物体的平衡问题，分析清楚线圈的受力情况、求出线圈的有效长度的解题的前提与关键，应用平衡条件即可解题。（多选）8．（6分）现如今的街头“老头乐”品牌层出不穷，给老年人带来了方便的同时，也存在着大量的交通安全问题，例如许多廉价的电动车无气囊，在电动车事故中，气囊可防止90%的头部受伤，大大减小损伤程度。设气囊的缓冲层与头部的撞击时间延长至10ms以上，人头部的质量约为2kg，则下列说法正确的是（）A．气囊减小了驾驶员头部撞击过程中的动量变化率 B．气囊减少了驾驶员头部撞击过程中撞击力的冲量 C．事故中气囊对头部的冲量与头部对气囊的冲量相同 D．若事故中头部以6m/s的速度水平撞击缓冲层，则头部受到的撞击力最多为1200N【分析】根据动量定理推导出动量变化率与作用力的关系，再进行分析；根据牛顿第三定律以及冲量的定义分析气囊对头部的冲量与头部对气囊的冲量关系；根据题中条件代入计算头部受到的撞击力。【解答】解：AB、根据动量定理I＝FΔt＝Δp，可得F=ΔpΔt，由于气囊的缓冲与头部的撞击时间Δt延长了，从而减小了对头部的作用力F，也即减小了驾驶员头部撞击过程中的动量变化率C、根据牛顿第三定律，气囊对头部的作用力与头部对气囊的作用力等大反向，且作用时间相同，根据冲量的定义有I＝F•t，可知事故中气囊对头部的冲量与头部对气囊的冲量大小相等，方向相反，故C错误；D、由题意，若事故中头部以6m/s的速度水平撞击缓冲层，则头部受到的撞击力大小最多为F=解得F＝1200N，故D正确。故选：AD。【点评】本题的关键要掌握动量定理，并能用来分析缓冲问题，要抓住缓冲过程中，驾驶员头部动量变化量不变，动量变化率减小，受到的作用力减小。（多选）9．（6分）为实现自动计费和车位空余信息的提示和统计功能等，某智能停车位通过预埋在车位地面下方的LC振荡电路获取车辆驶入驶出信息。如图甲所示，当车辆驶入车位时，相当于在线圈中插入铁芯，使其自感系数变大，引起LC电路中的振荡电流频率发生变化，计时器根据振荡电流的变化进行计时。某次振荡电路中的电流随时间变化如图乙所示，下列说法正确的是（）A．t1刻，线圈L的磁场能为零 B．t2时刻，电容器C带电量最大 C．t2﹣t3过程，电容器C带电量逐渐增大 D．由图乙可判断汽车正驶离智能停车位【分析】根据电流的变化分析磁场能的变化以及确定其他物理量；根据LC振荡电路的频率公式结合图像分析判断。【解答】解：A.t1时刻电流最大，磁场能最大，故A错误；B.t2时刻，电流为零，电容器C带电量最大，故B正确；C.t2﹣t3过程，电流逐渐达到最大，电容器放电，电容器C带电量逐渐减小，故C错误；D.从图乙中可知，振荡电流周期变小，振荡电流频率变大，根据f=1故选：BD。【点评】本题考查LC振荡电路的基本规律，属于基础题目，对学生要求较低，解题关键是理解电路中充放电过程，灵活应用周期公式解题。（多选）10．（6分）如图1所示，磁悬浮列车利用电磁感应原理进行驱动。可简化为如下情景：矩形金属框MNPQ固定在列车下方，轨道区域内存在垂直于金属框平面的磁场，磁感应强度沿Ox方向按正弦规律分布，最大值为B0，其空间变化周期为2d，整个磁场始终以速度v1沿Ox方向向前平移，列车在电磁力驱动下沿Ox方向匀速行驶的速度为v2，且v1＞v2。设金属框总电阻为R，宽PQ＝L，长NP＝d。t＝0时刻，磁场分布的B﹣x图像及俯视图如图2所示，此时MN、PQ均处于磁感应强度最大值位置处。下列说法正确的是（）A．t＝0时回路磁通量为0，感应电动势为0 B．t＝0时金属框受到的电磁驱动力为4BC．匀速运动过程中金属框感应电流方向、受安培力合力方向都在周期性变化 D．匀速运动过程中金属框发热的功率为2【分析】根据磁感线总条数分析t＝0时回路磁通量大小。t＝0时，线圈的PQ和MN边都切割磁感线产生同向的感应电动势，总的感应电动势E＝2B0L（v1﹣v2），根据闭合电路欧姆定律求出感应电流大小，再由安培力公式求金属框受到的电磁驱动力。根据楞次定律分析感应电流方向，并判断安培力的合力方向是否变化。根据电流的有效值求金属框发热的功率。【解答】解：A、由图可知，t＝0时回路中左侧向里的磁感线与右侧向外的磁感线条数相等，磁通量抵消，回路磁通量为0，但是线圈的PQ和MN边都切割磁感线产生同向的感应电动势，则感应电动势不为0，故A错误；B、t＝0时金属框产生的感应电动势E＝2B0L（v1﹣v2）感应电流I=金属框受到的电磁驱动力为F=2BC、根据楞次定律，匀速运动过程中金属框感应电流方向做周期性变化，但是受安培力合力方向不变，故C错误；D、匀速运动过程中金属框产生的感应电流按正弦规律变化，因最大值为I=则金属框发热的功率为P=(I故选：BD。【点评】解答本题时，要明确金属框相对于磁场的运动方向，根据右手定则或楞次定律判断感应电流方向。要注意感应电动势与金属框与磁场间的相对速度大小有关。二、实验题（本小题共2小题）11．（6分）某实验小组验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示，将小球向下拉到某一位置释放后，小球上下来回运动，利用手机录制一段视频，并用某软件对视频进行逐帧分析，得出每一帧对应的时间及小球所在位置。已知小球质量m＝0.05kg，当地重力加速度g取9.8m/s2，弹簧劲度系数k＝1.38N/m，视频帧率为30fps（每秒30帧）。取竖直向上为正方向，竖直方向位移用y表示，利用重力势能Ep1＝mgy，动能Ek=12m（1）本次测量的部分数据如表所示，当小球下落位移为﹣0.02000m时，请计算：（结果均保留4位小数）①弹簧的弹性势能Ep2＝0.0003J；②系统的机械能E＝﹣0.0001J。时间（s）位移（m）速度（m/s）动能（J）重力势能（J）弹性势能（J）机械能（J）0.066667﹣0.02000﹣0.61190.0094﹣0.0098①②0.100000﹣0.04648﹣0.92300.0213﹣0.02280.00150.00000.133333﹣0.08153﹣1.19940.0360﹣0.03990.00460.0007（2）测量多组数据并绘制动能、重力势能、弹性势能、机械能随时间变化情况如图乙所示（图中各物理量单位均为国际单位，纵轴表示能量，横轴表示时间），由图乙可得出的实验结论是C。A.小球在重力作用下机械能守恒B.小球在重力和弹簧弹力作用下机械能守恒C.小球与弹簧组成的系统在重力和系统内弹力作用下机械能守恒【分析】（1）根据动能表达式结合图像数据计算，机械能等于重力势能、弹性势能和动能之和；（2）根据机械能守恒的条件分析判断。【解答】解：（1）当小球下落位移为﹣0.02000m时，弹簧的弹性势能为：Ep2则系统的机械能为E＝Ep1+Ep2+Ek＝﹣0.0098J+0.0003J+0.0094J＝﹣0.0001J（2）A．小球只在重力作用下机械能守恒，故A错误；BC．小球在重力和弹簧弹力作用下，小球的机械能不守恒，但小球与弹簧组成的系统在重力和系统内弹力作用下机械能守恒，故B错误，C正确。故选：C。故答案为：（1）0.0003，﹣0.0001；（2）C。【点评】本题关键掌握验证机械能守恒定律的实验原理和机械能守恒的条件。12．（12分）某小组用图甲所示电路测量毫安表G的内阻Rg。毫安表G量程Ig＝3mA，内阻Rg约60Ω～90Ω，可供选择的器材如下：A.滑动变阻器R1（最大阻值500Ω）；B.滑动变阻器R2（最大阻值5kΩ）；C.电阻箱R（0～999.9Ω）；D.电压表（量程0～300mV）；E.电源E（电动势约为6V）；F.开关、导线若干（1）实验中，滑动变阻器应选用R2（选填“R1”或“R2”）；（2）实验前，应将图乙中滑动变阻器的滑片移到左端（选填“左端”或“右端”）；（3）闭合开关S1，开关S2接a，调节滑动变阻器的滑片，电表示数如图所示，毫安表G内阻的测量值Rg＝80.0Ω；（结果保留三位有效数字）（4）闭合开关S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片，使毫安表G的指针满偏；保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关S2接b，调节电阻箱的阻值使毫安表G的指针指在1.50mA处，记下电阻箱的阻值R＝76.8Ω，则毫安表G内阻的测量值Rg′＝76.8Ω；（5）该小组认为在（4）中测得毫安表G的内阻较为准确，你不同意（选填“同意”或“不同意”）该观点，理由是将开关S2接b时电路电流增大，流过电阻箱的电流大于流过毫安表的电流，毫安表内阻测量值小于真实值。【分析】（1）求出电路的最小电阻，然后选择滑动变阻器。（2）根据图示电路图确定滑片的位置。（3）根据电表量程确定其分度值，根据指针位置读数，然后应用欧姆定律求解。（4）根据实验电路图应用并联电路特点分析答题。（5）根据实验电路图分析实验误差，然后答题。【解答】解：（1）电路最小电阻约为R=EIg=63×1（2）由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，为保护电路，闭合开关前滑片要置于左端。（3）由图示毫伏表可知，其分度值是10mV，读数是160mV；由图示毫安表可知，其分度值是0.1mA，读数是2.00mA，毫安表内阻测量值Rg=UI=160×1（4）保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关S2接b，电路电流不变，当毫安表指针指在1.50mA处时，流过电阻箱的电流为1.50mA，由并联电路特点可知，毫安表内阻等于电阻箱阻值，即毫安表内阻Rg′＝R＝76.8Ω。（5）保持滑动变阻器滑片的位置不变，将开关S2接b，毫安表与电阻箱并联，电路总电阻减小，电路电流变大，干路电流大于3mA，当毫安表指针指在1.50mA处时，流过电阻箱的电流大于1.50mA，电阻箱阻值小于毫安表内阻，实验认为毫安表内阻等于电阻箱阻值，则毫安表内阻测量值小于真实值。故答案为：（1）R2；（2）左端；（3）80.0；（4）76.8；（5）不同意；将开关S2接b时电路电流增大，流过电阻箱的电流大于流过毫安表的电流，毫安表内阻测量值小于真实值。【点评】理解实验原理是解题的前提，分析清楚电路结构，应用欧姆定律即可解题。三、解答题（本大题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案不能得分。有数据计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13．（8分）某校冬季篮球比赛在球馆内进行，篮球被带入球馆前，球内气体的温度t1＝﹣3℃，压强p1=1.35×10（1）求温度为t2时球内气体压强p2；（2）比赛要求篮球内气体压强p＝1.6×105Pa，则需充入一定质量的气体，设充气过程中球内气体温度保持t2不变，求充入球内气体的质量与原来球内气体质量的比值k。【分析】（1）根据查理定律列式求解压强；（2）根据玻意耳定律列式解答。【解答】解：（1）球从室外带入球馆，球内气体做等容变化，根据查理定律有p1T1=p2T2，由T1＝t（2）设在球馆内将压强为p2、体积为Vx的气体充入体积为V0的篮球内，气体做等温变化，根据玻意耳定律有pV0＝p2（V0+Vx），则k=VxV答：（1）温度为t2时球内气体压强p2为1.4×105Pa；（2）充入球内气体的质量与原来球内气体质量的比值k为17【点评】考查气体的实验定律的应用，会根据题意进行准确分析解答。14．（12分）如图所示，有一竖直平面内的平面直角坐标系xOy，t＝0时刻将一质量为m＝0.1kg的小球，从坐标原点O处沿y轴以v0＝2m/s的初速度向下抛出，小球在运动过程中始终受除重力以外的恒力F作用，恒力F平行于平面直角坐标系xOy，小球运动的轨迹方程为x=54y（1）小球运动过程中的加速度大小和方向；（2）恒力F的大小和方向；（3）当OP与x轴正方向夹角为60°时，小球在P点具有的动能。（保留2位有效数字）【分析】（1）根据题意分析可知，小球沿y轴方向做匀速直线运动，沿x轴方向做初速度为零的匀加速直线运动，根据分位移得到轨迹方程，对照小球运动的轨迹方程为x=5（2）小球做类平抛运动