2025高考化学三轮复习之有机物的结构与性质（选择题）

第26页（共26页）2025高考化学三轮复习之有机物的结构与性质（选择题）一．选择题（共20小题）1．（2025•成都模拟）氘代甲醛与HCN发生加成反应如下：下列说法错误的是（）A．产物Ⅱ含有三种官能团 B．氘代甲醛中σ键与π键数目比为3：1 C．产物Ⅰ可发生水解反应 D．产物Ⅰ与Ⅱ均为手性分子2．（2025•福建模拟）有机物M在碱性条件下可发生的反应如图所示。下列说法不正确的是（）A．M中酮羰基邻位甲基的C—H键极性较强，易断键 B．用红外光谱测出M中含有两种官能团 C．N中含有3个手性碳原子 D．该条件下还可能生成3．（2025•淄博一模）丹参是《本草纲目》记载的一味中药，丹参醇是其有效成分，结构简式如图所示。下列关于丹参醇的说法正确的是（）A．分子中含3个手性碳原子 B．消去反应产物最多有2种 C．红外光谱可鉴定有3种含氧官能团 D．1mol该分子最多与5molH2发生加成反应4．（2025•重庆模拟）2024年，抗艾滋病新药Lenacapavir（如图）问世，疗效显著。下列说法错误的是（）A．该分子能与水分子之间形成氢键 B．该物质能与溴水和NaOH水溶液反应 C．该物质能发生取代、加成、消去、还原反应 D．1个该分子中含有2个手性碳原子5．（2025•衡阳县一模）布洛芬为解热镇痛类非甾体抗炎药，其结构如图所示，下列说法正确的是（）A．布洛芬属于芳香烃 B．1mol布洛芬最多可与1molH2加成 C．布洛芬分子中最多有12个碳原子共平面 D．布洛芬能使酸性高锰酸钾溶液褪色6．（2025•山西一模）有机物X是一种具有除草活性的植物化学物质，在常温下存在如下互变异构平衡。下列说法错误的是（）A．X中含有2种含氧官能团 B．X和Y经催化加氢可得相同产物 C．可用红外光谱区分X和Y D．Y分子中有两个手性碳原子7．（2025•仓山区校级二模）某解热镇痛药主要化学成分（M）的结构简式为。下列有关M的说法错误的是（）A．化学式为C17H15O5N B．C原子的杂化方式为sp3和sp2 C．1molM最多消耗4molNaOH D．含酯基和酰胺基两种官能团8．（2025•江苏二模）化合物Z是一种药物合成中间体，其合成路线如图：下列说法正确的是（）A．X与足量H2加成后的产物中有1个手性碳原子 B．可用银氨溶液检验Y中是否含有X C．Y→Z有H2O生成 D．1molZ与足量NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOH9．（2025•大连模拟）有机物托品酮的合成路线如图（Me为甲基）。下列叙述正确的是（）A．托品酮分子中不含手性碳原子 B．生成D的反应过程涉及加成反应和消去反应 C．1molA与足量银氨溶液反应最多生成2molAg D．利用该反应机理制备的原料相同10．（2025•江苏一模）化合物Z是一种药物中间体，可用下列方法合成。下列说法不正确的是（）A．X→Y的反应为还原反应 B．Y→Z的反应过程中有乙醇生成 C．可用银氨溶液鉴别Y和Z D．1molY最多可以与3molH2反应11．（2025•如皋市模拟）某抗凝血作用的药物Z可用下列反应合成。下列说法正确的是（）A．X与NaHCO3溶液反应可以生成 B．1molY与NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOH C．Z中所有碳原子可能共平面 D．X、Y、Z均易溶于水12．（2025•重庆模拟）达菲的主要成分为磷酸奥司他韦，奥司他韦被称为流感特效药，具有抗病毒的生物学活性，结构简式如图所示，下列关于奥司他韦的说法不正确的是（）A．分子中含有4种官能团 B．分子中含有手性碳原子 C．能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色 D．1mol奥司他韦最多能与2molNaOH反应13．（2025•邵阳模拟）叔丁醇与羧酸发生酯化反应的机理具有其特殊性，可用如图所示表示，已知：连在同一碳原子上的甲基之间存在排斥力。下列说法错误的是（）A．相同条件下，中间体3比R'COOH酸性强 B．中间体2中C—C—C键角大于叔丁醇中C—C—C键角 C．用NaOH溶液中和步骤④产生的H+，有利于提高羧酸叔丁酯的产率 D．用18O标记醇羟基，可区别叔丁醇、乙醇与羧酸在酯化反应时的机理差异14．（2025•广东模拟）如图所示的化合物具有消炎作用。关于该化合物，下列说法不正确的是（）A．含有3种含氧官能团 B．三个苯环可能共平面 C．能与氨基酸反应 D．1mol该化合物与足量的Na反应可生成2molH215．（2025•山东模拟）一种利胆药物M的结构如图所示，下列关于M的说法错误的是（）A．不含手性碳原子 B．除H原子外其他原子可能共平面 C．1mol该物质最多与4molH2发生加成反应 D．通过红外光谱可确定该分子中含有11种氢原子16．（2025•河南模拟）下列说法不正确的是（）A．的二溴代物有9种 B．C5H12O有多种同分异构体，其中与氧气发生催化氧化后的产物中，与银氨溶液共热，会产生银镜现象的有4种 C．存在顺反异构 D．有机物最多有21个原子在同一平面上17．（2025•福建模拟）药物Z可用于治疗阿尔茨海默病，其合成路线如图所示。下列说法正确的是（）A．该反应为加成反应，X含有3种含氧官能团 B．Y分子中碳原子都是sp2杂化 C．Z分子含有3个手性碳原子，图中虚线框内所有碳原子可能共平面 D．X和Z不可以用FeCl3溶液或银氨溶液鉴别18．（2025•河南模拟）7.CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用CO2为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如图。已知：反应①中无其他产物生成，下列说法错误的是（）A．X物质名称是1，3﹣二丁烯 B．P可以使溴水褪色 C．P完全水解得到的产物的结构简式为 D．Y通过碳碳双键的加聚反应生成的高分子难以降解19．（2025•河北一模）阿斯巴甜结构如图所示。下列有关该化合物的说法错误的是（）A．分子式为C14H18N2O5 B．分子中含有羧基、氨基、酮羰基、酯基4种官能团 C．既可与酸反应，也可与碱反应 D．能发生加成、取代、氧化、还原反应20．（2024秋•天河区期末）D﹣乙酰氨基葡萄糖是一种天然存在的特殊单糖，结构简式如下。下列说法正确的是（）A．分子式为C8H14NO6 B．与葡萄糖互为同系物 C．能发生缩聚反应 D．分子中含有σ键，不含π键

2025高考化学三轮复习之有机物的结构与性质（选择题）参考答案与试题解析一．选择题（共20小题）题号1234567891011答案ACCDDDCBDDC题号121314151617181920答案ACDDACABC一．选择题（共20小题）1．（2025•成都模拟）氘代甲醛与HCN发生加成反应如下：下列说法错误的是（）A．产物Ⅱ含有三种官能团 B．氘代甲醛中σ键与π键数目比为3：1 C．产物Ⅰ可发生水解反应 D．产物Ⅰ与Ⅱ均为手性分子【答案】A【分析】A．根据产物Ⅱ有氰基、羟基两种官能团，进行分析；B．根据单键是σ键，双键中一个是σ键，另一个是π键，进行分析；C．根据产物Ⅰ中的氰基能发生水解反应生成羧基，进行分析；D．根据分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，进行分析。【解答】解：A．产物Ⅱ有氰基、羟基两种官能团，故A错误；B．单键是σ键，双键中一个是σ键，另一个是π键，则氘代甲醛中σ键与π键数目比为3：1，故B正确；C．产物Ⅰ中的氰基能发生水解反应生成羧基，反应原理为：氰基水解生成酰胺R—CN+H2O→R—CONH2，酰胺进一步水解生成羧酸：R—CONH2+H2O→R—COOH+NH3，故C正确；D．分子中连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，产物Ⅰ与Ⅱ碳原子均连接了4个不同的原子或原子团，均为手性分子，故D正确；故选：A。【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。2．（2025•福建模拟）有机物M在碱性条件下可发生的反应如图所示。下列说法不正确的是（）A．M中酮羰基邻位甲基的C—H键极性较强，易断键 B．用红外光谱测出M中含有两种官能团 C．N中含有3个手性碳原子 D．该条件下还可能生成【答案】C【分析】A．根据受酮羰基的吸电子效应影响，酮羰基邻位甲基的C—H键极性较强，进行分析；B．根据不同的化学键或官能团吸收频率不同，在红外光谱图上将处于不同位置，从而可以获得分子中含有何种化学键或官能团，进行分析；C．根据手性碳原子是连接4个互不相同的原子或原子团的碳原子，进行分析；D．根据M转变为N的过程中先发生了酮羰基的加成反应，后发生羟基的消去反应，进行分析。【解答】解：A．受酮羰基的吸电子效应影响，酮羰基邻位甲基的C—H键极性较强，易断键，故A正确；B．不同的化学键或官能团吸收频率不同，在红外光谱图上将处于不同位置，从而可以获得分子中含有何种化学键或官能团，M中含有酮羰基、碳碳双键两种官能团，可以用红外光谱法测出其中的官能团信息，故B正确；C．手性碳原子是连接4个互不相同的原子或原子团的碳原子，N中含有2个手性碳原子，如中*所示，故C错误；D．M转变为N的过程中先发生了酮羰基的加成反应，后发生羟基的消去反应，观察到M中含有两个不对称的酮羰基，推测该条件下还可能生成，故D正确；故选：C。【点评】本题主要考查有机物的结构和性质等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。3．（2025•淄博一模）丹参是《本草纲目》记载的一味中药，丹参醇是其有效成分，结构简式如图所示。下列关于丹参醇的说法正确的是（）A．分子中含3个手性碳原子 B．消去反应产物最多有2种 C．红外光谱可鉴定有3种含氧官能团 D．1mol该分子最多与5molH2发生加成反应【答案】C【分析】A．与碳相连的四个原子或基团均不同的碳原子为手性碳；B．能发生消去反应的是醇羟基；C．该分子中的含氧官能团有羟基、羰基、醚键；D．该分子中含有2个碳碳双键、2个羰基、1个苯环。【解答】解：A．与碳相连的四个原子或基团均不同的碳原子为手性碳，分子中与羟基相连的两个碳原子为手性碳原子，则分子中含2个手性碳原子，故A错误；B．能发生消去反应的是醇羟基，该分子中两个醇羟基所在碳原子的邻位碳原子上有氢原子，且结构不对称，消去反应产物最多有3种，故B错误；C．该分子中的含氧官能团有羟基、羰基、醚键，共3种，所以红外光谱可鉴定有3种含氧官能团，故C正确；D．该分子中含有2个碳碳双键、2个羰基、1个苯环，所以1mol该分子最多与7molH2发生加成反应，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握有机物的结构、官能团、有机反应为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，题目难度不大。4．（2025•重庆模拟）2024年，抗艾滋病新药Lenacapavir（如图）问世，疗效显著。下列说法错误的是（）A．该分子能与水分子之间形成氢键 B．该物质能与溴水和NaOH水溶液反应 C．该物质能发生取代、加成、消去、还原反应 D．1个该分子中含有2个手性碳原子【答案】D【分析】A．该分子中含有N—H结构，能与水分子之间形成氢键；B．该物质含有C＝C、C≡C，能发生加成反应，该物质含有C—F键，能发生取代反应；C．该物质含有C≡C，可以发生加成反应，含有酰胺基、C—F键，可以发生水解反应，C—F键的邻位碳上含有H原子，可以发生消去反应、C≡C、杂环可以加氢，发生还原反应；D．1个该分子中含有1个手性碳原子。【解答】解：A．该分子中含有N—H结构，能与水分子之间形成氢键，故A正确；B．该物质含有C＝C、C≡C，能与溴水发生加成反应，该物质含有C—F键，能够和NaOH水溶液发生取代反应，故B正确；C．该物质含有C≡C，可以发生加成反应，含有酰胺基、C—F键，可以发生水解反应，即发生取代反应，C—F键的邻位碳上含有H原子，可以发生消去反应、C≡C、杂环可以加氢，发生还原反应，故C正确；D．根据手性碳原子的定义可知，1个该分子中含有1个手性碳原子，如图中星号所示：，故D错误；故选：D。【点评】本题主要考查有机物的结构与性质，属于基本知识的考查，难度中等。5．（2025•衡阳县一模）布洛芬为解热镇痛类非甾体抗炎药，其结构如图所示，下列说法正确的是（）A．布洛芬属于芳香烃 B．1mol布洛芬最多可与1molH2加成 C．布洛芬分子中最多有12个碳原子共平面 D．布洛芬能使酸性高锰酸钾溶液褪色【答案】D【分析】A．布洛芬中含有C、H、O三种元素；B．布洛芬中苯环能与氢气加成；C．布洛芬分子中最多有11个碳原子共平面；D．布洛芬分子中与苯环相连的碳原子上有H。【解答】解：A．芳香烃为含苯环的烃；布洛芬中含有C、H、O三种元素，属于烃的衍生物，故A错误；B．布洛芬中苯环能与氢气加成，1mol布洛芬最多可与3molH2加成，故B错误；C．苯环上的2个碳原子共面，碳碳单键能旋转，则布洛芬分子中最多有11个碳原子共平面，故C错误；D．布洛芬分子中与苯环相连的碳原子上有H，所以布洛芬能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使高锰酸钾褪色，故D正确；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。6．（2025•山西一模）有机物X是一种具有除草活性的植物化学物质，在常温下存在如下互变异构平衡。下列说法错误的是（）A．X中含有2种含氧官能团 B．X和Y经催化加氢可得相同产物 C．可用红外光谱区分X和Y D．Y分子中有两个手性碳原子【答案】D【分析】A．X中含有羟基、酮羰基、碳碳双键三种官能团；B．X中碳碳双键、（酮）羰基能催化加氢，Y中（酮）羰基能催化加氢；C．X和Y的分子式相同，含有的官能团种类不同；D．Y分子中没有连接四种不同基团的碳原子。【解答】解：A．X中含有羟基、酮羰基、碳碳双键三种官能团，其中有两种含氧官能团，故A正确；B．Y中（酮）羰基能催化加氢，X中碳碳双键、（酮）羰基能催化加氢，产物均为，故B正确；C．X和Y的分子式相同，含有的官能团种类不同，可用红外光谱区分二者，故C正确；D．Y分子中没有连接四种不同基团的碳原子，故Y分子中不含有手性碳原子，故D错误；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。7．（2025•仓山区校级二模）某解热镇痛药主要化学成分（M）的结构简式为。下列有关M的说法错误的是（）A．化学式为C17H15O5N B．C原子的杂化方式为sp3和sp2 C．1molM最多消耗4molNaOH D．含酯基和酰胺基两种官能团【答案】C【分析】A．其化学式为C17H15O5N；B．M中含有苯环、酯基和甲基；C．M中含有1个酰氨基、2个酯基且酯基水解后会形成2个酚羟基；D．分子中含酯基和酰胺基。【解答】解：A．其化学式为C17H15O5N，故A正确；B．M中含有苯环、酯基和甲基，C原子的杂化方式为sp3和sp2，故B正确；C．M中含有1个酰氨基、2个酯基且酯基水解后会形成2个酚羟基，则1molM最多消耗5molNaOH，故C错误；D．M中含酯基和酰胺基，两种官能团，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。8．（2025•江苏二模）化合物Z是一种药物合成中间体，其合成路线如图：下列说法正确的是（）A．X与足量H2加成后的产物中有1个手性碳原子 B．可用银氨溶液检验Y中是否含有X C．Y→Z有H2O生成 D．1molZ与足量NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOH【答案】B【分析】A．连接4个不同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子；B．含有醛基的有机物能和银氨溶液发生银镜反应；C．Y中酚羟基和酯基发生取代反应生成Z和CH3CH2OH；D．酯基水解生成的羧基、酚羟基都能和NaOH以1：1反应。【解答】解：A．连接4个不同的原子或原子团的碳原子为手性碳原子，X与足量氢气加成后的产物中环上连接支链的碳原子都是手性碳原子，有3个手性碳原子，故A错误；B．含有醛基的有机物能和银氨溶液发生银镜反应，X能发生银镜反应、Y不能发生银镜反应，所以可以用银氨溶液检验Y中是否含有X，故B正确；C．Y中酚羟基和酯基发生取代反应生成Z和CH3CH2OH，没有H2O生成，故C错误；D．酯基水解生成的羧基、酚羟基都能和NaOH以1：1反应，Z中酯基水解生成酚羟基、羧基和醇羟基，所以1molZ最多消耗3molNaOH，故D错误；故选：B。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系、手性碳原子的判断方法是解本题关键，题目难度不大。9．（2025•大连模拟）有机物托品酮的合成路线如图（Me为甲基）。下列叙述正确的是（）A．托品酮分子中不含手性碳原子 B．生成D的反应过程涉及加成反应和消去反应 C．1molA与足量银氨溶液反应最多生成2molAg D．利用该反应机理制备的原料相同【答案】D【分析】A．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；B．A和B、C发生取代反应生成D；C．醛基和银氨溶液发生银镜反应时，醛基和Ag的物质的量之比为1：2；D．的原料都是、HN（CH3）2、HCHO。【解答】解：A．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，如图，托品酮中含有2个手性碳原子，故A错误；B．A和B、C发生取代反应生成D，所以生成D的反应类型是取代反应，故B错误；C．醛基和银氨溶液发生银镜反应时，醛基和Ag的物质的量之比为1：2，A分子中含有2个醛基，所以1molA与足量银氨溶液反应最多生成4molAg，故C错误；D．的原料都是、HN（CH3）2、HCHO，所以的原料相同，故D正确；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，注意反应中断键和成键方式，题目难度不大。10．（2025•江苏一模）化合物Z是一种药物中间体，可用下列方法合成。下列说法不正确的是（）A．X→Y的反应为还原反应 B．Y→Z的反应过程中有乙醇生成 C．可用银氨溶液鉴别Y和Z D．1molY最多可以与3molH2反应【答案】D【分析】A．X中硝基发生还原反应生成Y中氨基；B．CH3COCOOCH2CH3水解生成CH3CH2OH；C．含有醛基的有机物能发生银镜反应；D．苯环和氢气以1：3发生加成反应，醛基和氢气以1：1发生加成反应。【解答】解：A．X中硝基发生还原反应生成Y中氨基，则X生成Y的反应为还原反应，故A正确；B．CH3COCOOCH2CH3水解生成CH3CH2OH，根据Y、Z的结构简式知，Y→Z的反应过程中有乙醇生成，故B正确；C．含有醛基的有机物能发生银镜反应，Y能发生银镜反应、Z不能发生银镜反应，所以可以用银氨溶液鉴别Y、Z，故C正确；D．苯环和氢气以1：3发生加成反应，醛基和氢气以1：1发生加成反应，1molY最多消耗4molH2，故D错误；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。11．（2025•如皋市模拟）某抗凝血作用的药物Z可用下列反应合成。下列说法正确的是（）A．X与NaHCO3溶液反应可以生成 B．1molY与NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOH C．Z中所有碳原子可能共平面 D．X、Y、Z均易溶于水【答案】C【分析】A．苯酚的酸性弱于碳酸，而苯甲酸的酸性强于碳酸；B．1molY与NaOH溶液反应，生成、CH3COONa、CH3OH；C．Z分子中，所有碳原子包含在苯环所在平面、乙烯所在平面内；D．X分子中含有羟基、羧基两个亲水基，易溶于水。【解答】解：A．苯酚的酸性弱于碳酸，而苯甲酸的酸性强于碳酸，所以X与NaHCO3溶液反应可以生成，但不能生成，故A错误；B．1molY与NaOH溶液反应，生成、CH3COONa、CH3OH，最多消耗3molNaOH，故B错误；C．Z分子中，所有碳原子包含在苯环所在平面、乙烯所在平面内，两平面共用两个碳原子，则所有碳原子可能共平面，故C正确；D．Y、Z分子中所含的基团均难溶于水，X分子中含有羟基、羧基两个亲水基，易溶于水，则Y、Z难溶于水，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。12．（2025•重庆模拟）达菲的主要成分为磷酸奥司他韦，奥司他韦被称为流感特效药，具有抗病毒的生物学活性，结构简式如图所示，下列关于奥司他韦的说法不正确的是（）A．分子中含有4种官能团 B．分子中含有手性碳原子 C．能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色 D．1mol奥司他韦最多能与2molNaOH反应【答案】A【分析】A．分子中含有酯基、氨基、酰胺基、醚键、碳碳双键；B．分子中所连的四个基团不同的碳原子是手性碳原子；C．分子结构中含有碳碳双键，氨基；D．分子结构中的酯基、酰胺基在NaOH溶液中水解生成羧酸钠。【解答】解：A．分子中含有酯基、氨基、酰胺基、醚键、碳碳双键5种官能团，故A错误；B．分子中所连的四个基团不同的碳原子是手性碳原子；六元环中连有氨基、酰胺基、醚键氧原子的碳原子均为手性碳原子，故B正确；C．分子结构中含有碳碳双键，可以与溴发生加成反应，碳碳双键、氨基能被酸性KMnO4溶液氧化，故该物质能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色，故C正确；D．分子结构中的酯基、酰胺基在NaOH溶液中水解生成羧酸钠，1mol奥司他韦能与2molNaOH反应，故D正确；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。13．（2025•邵阳模拟）叔丁醇与羧酸发生酯化反应的机理具有其特殊性，可用如图所示表示，已知：连在同一碳原子上的甲基之间存在排斥力。下列说法错误的是（）A．相同条件下，中间体3比R'COOH酸性强 B．中间体2中C—C—C键角大于叔丁醇中C—C—C键角 C．用NaOH溶液中和步骤④产生的H+，有利于提高羧酸叔丁酯的产率 D．用18O标记醇羟基，可区别叔丁醇、乙醇与羧酸在酯化反应时的机理差异【答案】C【分析】A．中间体2和R'COOH生成中间体3时，碳氧双键中氧原子的电子云密度减小，导致O—H键的极性增大，易电离出氢离子；B．中间体2中连接甲基的碳原子采用sp2杂化，叔丁醇中连接甲基的碳原子采用sp3杂化；C．酯基能和NaOH溶液反应；D．根据图知，叔丁醇和羧酸发生酯化反应时，叔丁醇脱去—OH、羧酸脱去—COOH中的氢原子生成H2O；乙醇和羧酸发生酯化反应时，羧酸脱去—OH，乙醇脱去—OH中的氢原子生成H2O。【解答】解：A．中间体2和R'COOH生成中间体3时，碳氧双键中氧原子的电子云密度减小，导致O—H键的极性增大，易电离出氢离子，所以中间体3比R'COOH酸性强，故A正确；B．中间体2中连接甲基的碳原子采用sp2杂化，叔丁醇中连接甲基的碳原子采用sp3杂化，则中间体2中C—C—C键角大于叔丁醇中C—C—C键角，故B正确；C．羧酸叔丁酯能和NaOH反应发生水解反应，所以用NaOH溶液中和步骤④产生的H+，不利于提高羧酸叔丁酯的产率，故C错误；D．根据图知，叔丁醇和羧酸发生酯化反应时，叔丁醇脱去—OH、羧酸脱去—COOH中的氢原子生成H2O；乙醇和羧酸发生酯化反应时，羧酸脱去—OH，乙醇脱去—OH中的氢原子生成H2O，用18O标记醇羟基，叔丁醇和羧酸发生酯化反应时18O存在于H218O种，CH3CH218OH和羧酸发生酯化反应时，18O存在于酯中，所以可区别叔丁醇、乙醇与羧酸在酯化反应时的机理差异，故D正确；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查对比、分析、判断及知识综合运用能力，明确图中断键和成键方式是解本题关键，题目难度不大。14．（2025•广东模拟）如图所示的化合物具有消炎作用。关于该化合物，下列说法不正确的是（）A．含有3种含氧官能团 B．三个苯环可能共平面 C．能与氨基酸反应 D．1mol该化合物与足量的Na反应可生成2molH2【答案】D【分析】A．分子中含有羧基、醚键、羟基；B．三个苯环通过碳碳单键连接，碳碳单键可旋转；C．含有羧基；D．1mol该化合物含有1mol羧基和1mol羟基。【解答】解：A．分子中含有羧基、醚键、羟基3种含氧官能团，故A正确；B．三个苯环通过碳碳单键连接，碳碳单键可旋转，故可能共平面，故B正确；C．含有羧基，能与氨基酸反应，故C正确；D．羧基和羟基能与钠反应，1mol该化合物含有1mol羧基和1mol羟基与足量的Na反应可生成1molH2，故D错误；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。15．（2025•山东模拟）一种利胆药物M的结构如图所示，下列关于M的说法错误的是（）A．不含手性碳原子 B．除H原子外其他原子可能共平面 C．1mol该物质最多与4molH2发生加成反应 D．通过红外光谱可确定该分子中含有11种氢原子【答案】D【分析】A．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子；B．苯环是平面结构，碳碳双键是平面结构，单键经过旋转，可以共面，醚键上的两条键可以旋转，也能共面，酰胺基也是平面结构，烃基经过旋转，碳原子也可以共面；C．该物质含有苯环、碳碳双键能和氢气发生加成反应，酰胺基不和氢气发生加成反应；D．通过核磁共振氢谱可以确定该分子含有11种氢原子。【解答】解：A．连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，分子中不含有手性碳原子，故A正确；B．苯环是平面结构，碳碳双键是平面结构，单键经过旋转，可以共面，醚键上的两条键可以旋转，也能共面，酰胺基也是平面结构，烃基经过旋转，碳原子也可以共面，故分子中除H原子外其他原子可能共平面，故B正确；C．该物质含有苯环、碳碳双键能和氢气发生加成反应，酰胺基不和氢气发生加成反应，故1mol该物质最多与4molH2发生加成反应，故C正确；D．分子中有11类氢原子，如图所示：，则通过核磁共振氢谱可以确定该分子含有11种氢原子，故D错误；故选：D。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。16．（2025•河南模拟）下列说法不正确的是（）A．的二溴代物有9种 B．C5H12O有多种同分异构体，其中与氧气发生催化氧化后的产物中，与银氨溶液共热，会产生银镜现象的有4种 C．存在顺反异构 D．有机物最多有21个原子在同一平面上【答案】A【分析】A．的二溴代物有、；B．与氧气发生催化氧化后的产物中，与银氨溶液共热，会产生银镜现象说明含有醛基；C．（顺式）、（反式）；D．苯环、碳碳双键是平面型结构，碳碳三键是直线型结构，与它们相连的原子共平面，一定在一个平面上，由于单键可以旋转。【解答】解：A．的二溴代物有、有10种，故A错误；B．与氧气发生催化氧化后的产物中，与银氨溶液共热，会产生银镜现象说明含有醛基，则该物质含有—CH2OH结构，满足条件的同分异构体有：、、、，共4种，故B正确；C．分子中含有碳碳双键，且双键两端的碳原子所连基团不同的分子具有顺反异构；存在顺反异构：（顺式）、（反式），故C正确；D．苯环、碳碳双键是平面型结构，碳碳三键是直线型结构，与它们相连的原子共平面，一定在一个平面上，由于单键可以旋转，有机物最多有21个原子在同一平面上，故D正确；故选：A。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。17．（2025•福建模拟）药物Z可用于治疗阿尔茨海默病，其合成路线如图所示。下列说法正确的是（）A．该反应为加成反应，X含有3种含氧官能团 B．Y分子中碳原子都是sp2杂化 C．Z分子含有3个手性碳原子，图中虚线框内所有碳原子可能共平面 D．X和Z不可以用FeCl3溶液或银氨溶液鉴别【答案】C【分析】A．X含有醚键、醛基；B．Y分子中只有碳氧双键上的碳原子是sp2杂化，其余碳原子都是sp3杂化；C．分子中所连的四个基团不同的碳原子是手性碳原子；D．X和Z都不含有酚羟基，不能用氯化铁溶液鉴别；X含有醛基，Z不含有醛基。【解答】解：A．该反应为加成反应，X含有醚键、醛基2种含氧官能团，故A错误；B．Y分子中只有碳氧双键上的碳原子是sp2杂化，其余碳原子都是sp3杂化，Y分子中碳原子不全是sp2杂化，故B错误；C．分子中所连的四个基团不同的碳原子是手性碳原子；Z分子含有3个手性碳原子，图中虚线框内，含有苯环和羰基2个平面，单键可以旋转，故所有碳原子可能共平面，故C正确；D．X和Z都不含有酚羟基，不能用氯化铁溶液鉴别；X含有醛基，Z不含有醛基，X和Z可以用银氨溶液鉴别，故D错误；故选：C。【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。18．（2025•河南模拟）7.CO2的资源化利用有利于实现“碳中和”。利用CO2为原料可以合成新型可降解高分子P，其合成路线如图。已知：反应①中无其他产物生成，下列说法错误的是（）A．X物质名称是1，3﹣二丁烯 B．P可以使溴水褪色 C．P完全水解得到的产物的结构简式为 D．Y通过碳碳双键的加聚反应生成的高分子难以降解【答案】A【分析