江苏省2025年高考模拟试卷（二）解析版

江苏省2025年高考模拟试卷（二）

物理

一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题列出的四个选项中，只有

一项符合题目要求）

1.如图所示，光滑圆轨道固定在竖直面内，是轨道的水平直径，。为圆心，一个小球静止在轨道的最

低点A。现给小球水平向左的初速度，小球沿圆轨道向上运动到。点时刚好离开圆轨道，此后小球恰能通

过E点，E为。点上方与O等高的位置，与水平方向的夹角为6,不计小球的大小，则（）

A

A.0=30°B.6=37。C.6>=45°D.6=53。

【答案】C

【解析】小球刚要脱离圆轨道时，小球的速度大小为匕，此时对小球

.有片

小球脱离轨道后，小球将做斜抛运动，则小球在。点时的水平方向

vx=匕sin6

xDE=Reos3

t=^-

匕

在竖直方向

vy=V]cos6

竺

g

以上各式联立，解得

・AV2

sin6=——

2

即

e=45°

故选Co

2.纵跳仪是运动员用来测试体能的一种装备，运动员用力从垫板上竖直跳起，后又自由落回到垫板上，此

时仪器上会显示跳起的最大高度。运动员某次测试时，仪器显示的高度为80cm。运动员的质量为60kg,

不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.运动员在空中运动过程中处于超重状态

B.运动员在空中运动的时间约为0.4s

C.运动员起跳时，测试板对其做功为960J

D.运动员起跳过程和落回过程中，测试板对其冲量的方向相同

【答案】D

【解析】A.运动员在空中运动过程中，只受重力，加速度向下，处于失重状态，A错误；

B.运动员某次测试时，仪器显示的高度为h=80cm=0.8m。则运动员在空中运动的时间为

T”.8s

B错误；

C.根据功能关系可知运动员起跳时，测试板对其做功为0,c错误；

D.运动员起跳过程和落回过程中，测试板对运动员的力向上，则冲量的方向相同，D正确。

故选D。

3.如图甲，M、N是倾角6=37°传送带的两个端点，一个质量为5kg的物块，以4m/s的初速度自M点沿

传送带向下运动。物块运动过程的图像如图乙所示，取g=10m/s2,下列说法正确的是（）

A.物块最终从N点离开传送带

B.物块与传送带间的动摩擦因数为0.6

C.物块经过4s回到M点

D.物块从释放到离开传送带的过程中因摩擦而产生的内能为450J

【答案】D

【解析】A.根据回图像可知4s时物块与传送带达到共速，方向沿传送带向上，之后与传送带相对静止,

一起做匀速运动，故物块最终从M点离开传送带，故A错误；

B.根据v-f图像可知加速度

=—=1.5m/s2

At

根据牛顿第二定律

/nmgcos0—mgsin3=ma

联立解得

15

〃=­

16

故B错误；

C.VI图像面积表示位移，当回到M点时位移为0,而4s时，f轴上下面积和不为0,故C错误；

D.由乙图可知4s时物块与传送带达到共速，此时传送带位移为

xx=vt=2x4m=8m

小物块的位移为

2

x2=4x4--^-xl.5x4=4m

两者相对位移为

Ax=+x2=12m

摩擦而产生的内能为

Q=W=f-Ax=jumgcos夕Ar=450J

故D正确。

故选D。

4.天宫空间站是我国独立建设的空间站系统。空间站沿图中椭圆轨道逆时针运行，图表是空间站现阶段的

运行参数。已知M、N是椭圆轨道短轴的两个端点，月球的公转周期为27天。下列说法正确的是（）

M

N

国籍中国轨道参数

长度55m近心点高度350km

加压空间体积340m3远心点高度450km

空载质量110吨轨道倾角42°

载人上限6轨道周期90min

A.空间站与地心连线和月球与地心连线在相等时间内扫过的面积相等

B.空间站从M点运行到N点的最短时间小于45分钟

C.月球绕地球运行的轨道半长轴约为空间站绕地球运行轨道半长轴的18倍

D.空间站在远心点的速度一定大于7.9km/s

【答案】B

【解析】A.空间站和月球不是同一物体，运行轨道不同，则空间站与地心连线和月球与地心连线在相等时

间内扫过的面积不相等，故A错误；

B.根据开普勒第二定律，空间站距离地球越近，速度越大，所以空间站从M点运行到N点的时间小于半

个周期，即小于45分钟，故B正确；

C.根据

得

故c错误;

D.7.9km/s是第一宇宙速度，是贴着地球表面做匀速圆周运动的速度，根据

2

八Mmv

G——=m——

r~r

轨道半径越大，线速度越小，空间站在远心点的速度一定小于7.9km/s,故D错误。

故选B。

5.某实验小组做了一个“坐井观天”的光学实验。如图所示，先给深度为〃的竖直圆柱形水槽注一半水，

再在水槽底端正中央。点放置一单色的点光源，测得最大视角为90。（视角为两折射光线反向延长线所夹

的角度），假设单色光在水中的折射率为则圆柱形水槽的直径d为（）

:卢仔二二

【答案】B

【解析】因为最大视角为90。，则折射角为

4=45°

由折射定律

%=30°

由几何关系解得

hh

d=2(-tan45°+-tan30°)=(1+

22

故选B»

6.如图所示，一辆具有长方形车厢的小车内有两根长为乙的绳子，绳子一端系着一个质量为机的小球，另

一端系在车顶前后相距为Z,的°、b两点上，小车先在水平的路面上行驶，后在上坡路段行驶，则下列说法

正确的是（）

A.在水平路面匀速行驶时，绳对a点的拉力为我理

2

B.在上坡路段匀速行驶时，绳对。点的拉力小于对6点的拉力

C.在水平路面上加速行驶时，加速度越大，绳对。点的拉力就越大

D.在上坡路段匀速行驶时，坡度越大两绳对小球的拉力的合力就越大

【答案】B

【解析】A.在水平路面匀速行驶时，两绳拉力相等，合力等于重力，由平衡可得

2Tcos30=mg

可得一根绳上拉力的大小为

y/3mg

3

选项A错误;

BD.在上坡路段匀速行驶时，小球受力平衡，两绳对小球的拉力的合力等于重力，若坡面的倾角为。可知

Tbcos60-7^cos60=mgsin6

可知

Tb>Ta

即绳a的拉力小于绳6的拉力，所以B正确，D错误；

C.在水平路面上加速行驶时

Thcos60—qcos60=ma

加速度越大，绳6的拉力就越大，绳6的拉力的竖直分力也增大，则绳。的拉力竖直分力减小，即绳。的拉

力减小，故C错误。

故选Bo

7.某兴趣小组对机械波的特性开展研究，如图甲所示为研究过程中简谐波，=。时刻的波形图，图乙为平衡

位置处于2m处质点M的振动图像，则（）

A.该列波的传播方向沿x轴负向传播

B.该列波的传播速度为4m/s

C.质点〃在5s时处于平衡位置

D.质点M在2s内沿x轴运动了8m

【答案】C

【解析】A.由图乙可知，t=o时刻，质点"沿y轴正方向振动，结合图甲，由同侧法可知，该列波的传

播方向沿X轴正向传播，故A错误；

B.由图甲可知，该波的波长为4m,由图乙可知，该波的周期为2s,则该列波的传播速度为

v=t=gm/s=2m/s

故B错误；

C.质点加经过

t=5s=2T+-T

2

恰好回到平衡位置，沿y轴负方向振动，故c正确；

D.质点不能随波移动，故D错误。

故选C。

二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题列出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）

8.如图所示，半径为R的圆形区域内有垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为2,一束质量均为

机、带电荷量均为q（q>0）的粒子从尸点沿竖直方向以不同速率射入磁场，尸点与圆心的连线与竖直方向之

间的夹角为60。，不计粒子重力及粒子间的相互作用，下列说法正确的是（）

A

A.该束粒子射出磁场时速度方向与过出射点的磁场区域圆半径的夹角为60。

5兀m

B.若粒子恰好从。点射出，则其在磁场中运动的时间为fT

6qB

C.若粒子恰好从A点射出，则其在磁场中运动的速度为心”

m

D.从B点射出的粒子比从A点射出的粒子在磁场中运动的时间短

【答案】ABC

【解析】A.根据题意可知，粒子从尸点射入磁场时，速度方向与过入射点的圆形磁场半径之间的夹角为60。,

如图所示

图甲

由几何知识可知，该束粒子射出磁场时速度方向与过出射点的磁场区域圆半径的夹角也为60。，A正确；

B.若粒子恰好从C点射出，粒子的运动轨迹如图甲所示，根据几何关系可知，粒子在磁场中转过的圆心角

为150。，运动的时间为

150°2t71_m____57_1_m________

360°qB6qB

B正确；

C.若粒子恰好从A点射出，粒子的运动轨迹如图乙所示

A

C

图乙

根据几何关系可知，轨迹半径

r=V37?

由洛伦兹力提供向心力可知

V2

qvB=m——

r

解得

_qBr_yfiqBR

v—•—•

mm

c正确；

D.从8点射出的粒子在磁场中转过的圆心角大于从A点射出的粒子在磁场中转过的圆心角，根据

6271m

t=------------

2%qB

可知从2点射出的粒子比从A点射出的粒子在磁场中运动的时间长，D错误。

故选ABCo

9.有一电荷量分布均匀且带电量为十。的圆环，在其轴线上距离圆心x处产生的电场强度大小如图所示。

一质量为山、电荷量为q的带电粒子，在圆心右侧紧靠圆心处由静止释放，仅在电场力作用下沿轴线向右

运动。下列说法正确的是（）

r

V+

A.该粒子带负电

B.该粒子沿轴线运动过程中电势能逐渐减少

C.该粒子运动过程中最大加速度约为小号

m

D.该粒子从r运动到2厂过程中电场力做的功约为

【答案】BCD

【解析】A.均匀带电+Q的圆环在其右侧轴线上产生的场强向右，带点粒子从静止释放向右运动，说明所

受电场力向右，该粒子带正电，A错误；

B.该粒子沿轴线运动过程中电场力做正功，电势能逐渐减少，B正确；

C.粒子受电场力最大时，加速度最大，即

〃_qEm_\.9qE0

m“m---m-----

C正确；

D.E-尤图像中图线与坐标轴围成的面积可以表示电势差，故该粒子从r运动到2厂电场力做功约为

W=O.SqEor

D正确。

故选BCD。

10.如图甲所示为我国自主研制的北斗导航系统中采用的星载氢原子钟，其计时精度将比星载锄原子钟高

一个数量级，原子钟是利用“原子跃迁”的频率来计时的，这个频率很高并极其稳定，所以它的计时精度

也非常高，图乙为氢原子的能级图，下列说法正确的是（）

nE/eV

00--------------------------------------------0

5----------------------------0.54

4----------------------------0.85

3----------------------------1.51

2-------------------------------3.40

1-------------------------------13.6

乙

A.欲使处于"=2能级的氢原子被电离，可用单个光子能量为4eV的光照射该氢原子

B.用能量为12.5eV的电子轰击处于基态的氢原子，一定不能使氢原子发生能级跃迁

C.一群处于〃=3能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射的光能使逸出功为2eV的钾发生光电效应

D.一群处于〃=4能级的氢原子向低能级跃迁时，最多产生6种频率的光

【答案】ACD

【解析】A.处于〃=2能级的氢原子的能级为-3.4eV,要是其电离，至少需要吸收3.4eV的能量，因此，只

要入射光的光子的能量大于3.4eV,就能使该氢原子吸收光子被激发而电离，故A正确；

B.用能量为12.5eV的实物粒子电子轰击处于基态的氢原子，氢原子可以吸收部分电子能量，从而跃迁到

77=3或者〃=2能级，故B错误;

C.处于〃=3能级的氢原子向基态跃迁时，辐射出的光子的能量分别为12.09eV大于钾的逸出功2eV,从而

能使钾发生光电效应，故C正确；

D.一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时最多产生光的种数为

C：=T=6

即6种频率的光，故D正确。

故选ACDo

三、非选择题（本大题共5小题，共54分。第11题6分，第12题9分，第13题10分，第

14题12分，第15题17分。其中13—15题解答时要求写出必要的文字说明、方程式和重要

的演算步骤，若只有最后答案而无演算过程的不得分；有数值计算时，答案中必须明确写出

数值和单位。）

11.某班物理小组计划用一台具有摄像功能的数码相机来研究弹簧做功的规律。该小组设计的装置如图甲

所示，光滑水平桌面离地高度为H=0.8m,轻质弹簧左端固定于竖直挡板上，挡板到桌面右端的距离恰好

等于弹簧的原长。

光滑水平桌面

图甲图乙

实验时将一质量为m=200g的小滑块（可视为质点）置于被压缩弹簧的右端，释放后小滑块在弹力的作用

下向右运动，并离开桌面做平抛运动（不计空气阻力），用数码相机将滑块运动过程拍成视频，改变滑块的

释放位置再拍，获得多个视频，每个视频都是由相同时间间隔的照片连贯而成，通过电脑将这些照片按时

间顺序制作成频闪照片（如图乙所示），筛选出5张频闪照片，用刻度尺测得照片中的桌面离地高度

/z=50.0mm,再测出5张照片中的x和s,记录到下表中。取重力加速度g=10m/s2。

频闪照片序号12345

x/mm4.08.012.016.018.0

s/mm32.064.295.9128.6143.3

（1）分析图乙中滑块的位置分布规律，可知该相机每秒能拍摄一张照片。

（2）根据表中数据在答题卡相应坐标图（如图丙）中画出s—龙图像___o

（3）若测得s—•尤图像的斜率为k,则弹簧对滑块的功W可以表示成

…小D.…

57mm

【解析】根据

.12

h=2gt

可得

由图可知，相机在0.4s内能拍摄6张照片，在1s内能拍摄15张照片;

(2)[2]图线如图；

(3)[3]弹簧对滑块做功等于滑块得到的动能

12

Vv=—mv0

按照比例关系

由图线可知

s=kx

联立解得

WJg%2

4/i2

故选C。

12.新能源汽车已经普遍走进了我们的生活，某校学生实验小组通过网络查到某品牌电动汽车的铭牌如图

所示，已知该车电池采用的是刀片电池技术，整块电池是由15块刀片电池串联而成，其中一块刀片电池由

8块电芯串联而成。现将一块刀片电池拆解出来，测量其中一块电芯的电动势E和内阻r,实验中除了导线

和开关外，还可利用的器材有：

XXX汽车有限公司制造

品牌XXX制造国中国

整车型号BYD6470ST6HEV2乘坐人数5

制造年月2021年03月

发动机排量1498mL发动机型号BYD472QA

发动机最大净功率78W

驱动电机型号TZ220XYF

驱动电机峰值功率132kW

动力电池系统板定电压320V

动力电池系统饭定容量26Ah最大允许总质1875g

A.直流电压表Vi、V2，量程均为IV,内阻约为3kQ；

B.定值电阻Ro,阻值为7Q；

C.最大阻值为8kQ的电阻箱；

D.滑动变阻器R/最大阻值约为10Q；

E.滑动变阻器&最大阻值约为5kQ。

(1)实验前利用1A恒流电源对电芯进行充电，充满的时间约为h(保留三位有效数字)；

(2)电压表量程不够，需要改装，但是又不知道电压表内阻的准确值，小刚打算将Vi改装成量程为3V的电

压表。他先将电阻箱与电压表Vi串联后，连成图甲所示的电路，其中R?/应选用—(选填R/或七)。

将滑动变阻器滑片P移至最右端，同时将电阻箱阻值调为零,再闭合开关，将滑动变阻器的滑片P调到适

当位置，使电压表刚好满偏。

(3)保持滑片P的位置不变，调节电阻箱，使电压表示数为V,不改变电阻箱的阻值，电压表和电阻箱

的串联组合，就是改装好的量程为3V的电压表。

（4）小刚利用改装后的电压表，连接成图乙所示的电路测量电芯的电动势和内阻，这里的RP2应选用—（选

填R/或&）。移动滑动变阻器滑片，读出电压表Vi、V2的多组数据5、U2,描绘出U/-U2图像如图丙所示，

图中直线斜率为左，纵轴截距为m则电芯的电动势£=,内阻厂=o（均用％、a、&表示）

【答案】（1）0.217

（2因

3。3%

（4）Ri------------

i）1一3左1一3左

【解析】（1）实验前利用1A恒流电源对电芯进行充电，充满的时间约为

q_26

h»0.217h

I-15x8x1

(2)

不知道电压表内阻的准确值，还要扩大电压表的量程，就需要设置恒定的电压，因此图甲中分压用的滑动

变阻器应选用电阻远小于电压表内阻的与，以减小电压表分流带来的误差。

（3）当电阻箱阻值为零，滑动变阻器的滑片P调到电压表刚好满偏，说明分压为IV。保持滑片P的位置

不变，即分压保持为IV,当调节电阻箱，使电压表的示数为（V时，电压表和电阻箱的串联组合的电压为

IV。这说明当电压表的示数为IV时，电压表和电阻箱的串联组合的电压为3V,这就是改装好的3V电压表。

（4）[1]由于定值电阻凡阻值为70,为了让V,表能尽可能取得合适的数值，应选用阻值较小的滑动变阻

器与。

[2][3]根据闭合电路欧姆定律可得

3UU2

3Ul=E-'~r

凡

整理得

图像的斜率为

k=—二—

3RQ+3r

纵轴截距为

a=-^

3RQ+3r

解得

13.某民航客机在一万米左右高空飞行时，需利用空气压缩机来保持机舱内外气体压强之比为4：1。机舱

内有一导热汽缸，活塞质量〃z=2kg、横截面积S=10cm2,活塞与汽缸壁之间密封良好且无摩擦。客机在地

面静止时，汽缸如图（a）所示竖直放置，平衡时活塞与缸底相距〃=8cm；客机在高度〃处匀速飞行时，汽

缸如图（b）所示水平放置，平衡时活塞与缸底相距/2=10cm。汽缸内气体可视为理想气体，机舱内温度可

认为不变。已知大气压强随高度的变化规律如图（c）所示地面大气压强po=l.OXlO5Pa,地面重力加速度

g=10m/s2。

（1）判断汽缸内气体由图（a）状态到图（b）状态的过程是吸热还是放热，并说明原因；

（2）客机在地面静止时，汽缸内封闭气体的压强.；

（3）求高度九处大气压强，并根据图（c）估测出此时客机的飞行高度。

【答案】（1）吸热，原因见解析；（2）1.2xlO5Pa;（3）104m

【解析】（1）由题意，根据热力学第一定律AU=W+。可知，由于气体温度不变，体积膨胀，气体对外做

功，而内能保持不变，因此可知吸热。

（2）初态封闭气体的压强

Pi=Po+--=1.2x1（）5pa

（3）根据

P[l[S=p212s

可得

p2=0.96x105Pa

机舱内外气体压之比为4：1,因此舱外气体压强

5

p；=lp2=0.24xl0Pa

对应表可知飞行高度为104m。

14.如图所示，在平面直角坐标系又分中，第一象限内有沿x轴负方向的匀强电场，第二、三、四象限内

有垂直于坐标平面向外的匀强磁场。质量为“、电荷量为g的带正电粒子，从y轴上的力点(0,8Z)以

大小为警%、方向在坐标平面内与了轴负方向成45。角的初速度进入第一象限，由x轴上的5点(Z,0)

第一次进入第四象限，一段时间后垂直于y轴进入第三象限。粒子的重力和空气阻力均忽略不计，

sin53°=0.8,cos53°=0.6,求：

(1)粒子进入第四象限时的速度大小和方向；

(2)匀强磁场的磁感应强度大小；

(3)粒子离开/点后第1次经过p轴时的位置坐标；

(4)从粒子离开/点到第5次经过y轴所用的总时间。

4mv1270413乃、L

【答案】(1)v。，方向与x轴负方向成53°角；(2)—n(3)(0,--L)；(4)(―+-^)-

5qL27144%

【解析】(1)粒子在电场中的运动过程中有

8L=vAcos45%

sin450+匕

t=L

21

联立解得

40.“u。

匕=^—v0sin45°

则

腺=%

方向与X轴负方向成53°角;

（2）由几何关系可知

L

cos37°

D次

qvBB=m—

r

联立解得

2=皿

5qL

（3）由几何关系可知

解得

y=——L

2

则坐标为（0,）；

（4）粒子由力运动到B的过程中所用时间为

8L10L

’1=---------------------=----------

vAcos450%

粒子在磁场中运动的时间为

2711n

1=----

qB

粒子在电场中沿x轴方向做匀减速直线运动，有

vx=vAsin45°-叫

解得

50L

粒子在电场中做匀变速直线运动的时间为

14%

a

则粒子从离开力点后到第5次经过y轴的总时间为

%=4+%2+G

综上可得

z270413万、L

总7144%

15.智能机器人自动分拣快递包裹系统被赋予“惊艳世界的中国黑科技”称号。分拣机器人工作效率高，

落袋准确率达99.9%。在供包台工作人员将包裹放在机器人的水平托盘上，智能扫码读取包裹目的地信息，

经过大数据分析后生成最优路线，包裹自动送至方形分拣口。如图甲，当机器人抵达分拣口时，速度恰好

减速为零，翻转托盘使托盘倾角缓慢增大，直至包裹滑下，将包裹投入分拣口中(最大静摩擦力近似等于

滑动摩擦力，重力加速度g大小取lOm/s?)。如图乙，机器人A把质量1kg的包裹从供包台沿直线运至

相距L=45m的分拣口处，在运行过程中包裹与水平托盘保持相对静止。已知机器人A运行最大加速度

a=3m/s2,