临考押题卷01（成都专用）-2025年中考物理冲刺抢押（解析版）

临考押题卷01（成都专用）物理（考试时间：90分钟试卷满分：A卷85分，B卷20分）注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。1．（2025·安徽·一模）如图所示是磁电式电流表的内部构造图，当电流通过时，线圈发生偏转，带动转轴、指针偏转，A、B、C、D四幅图中与电流表工作原理相同的是（）A． B．C． D．【答案】C【详解】磁电式电流表中，当电流通过时，线圈发生偏转，带动转轴、指针偏转，因此电流表的制成原理是通电线圈在磁场中受力转动。A．图中为发电机的原理图，是利用电磁感应现象制成的，与电流表的工作原理无关，故A不符合题意；B．图中为奥斯特实验装置，探究电流的磁效应，与电流表的工作原理无关，故B不符合题意；C．图中为电动机的原理图，是利用通电线圈在磁场中受力而转动的原理制成的，故C符合题意；D．图中是探究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数得关系，与电流表的工作原理无关，故D不符合题意。故选C。2．（23-24九年级下·四川成都·阶段练习）科技强国，中国科技工作者在各个领域一步一个脚印，一次次刷新“中国高度”，如图所示是近年取得的辉煌成就的代表事件。下列有关说法不正确的是（）A．如图甲，中星6D卫星使用的太阳能既是可再生能源又是清洁能源B．如图乙，宇航员在空间站中利用电磁波传递信息向大家拜年C．如图丙，祝融号火星车使用的“中国芯”是超导体材料制成的D．如图丁，中国“华龙一号”核电机组利用的是核裂变释放的能量【答案】C【详解】A．中星6D卫星使用的太阳能可以从大自然源源不断的获取，且使用过程中不产生污染，因此既是可再生能源又是清洁能源，故A正确，不符合题意；B．电磁波可以传递信息且传播不需要介质，所以如图乙，宇航员在空间站中是利用电磁波传递信息向大家拜年，故B正确，不符合题意；C．如图丙，祝融号火星车使用的“中国芯”是半导体材料制成的，故C错误，符合题意；D．由于核聚变技术还未成熟，所以如图丁，中国“华龙一号”核电机组利用的是可控核裂变释放的能量，故D正确，不符合题意。故选C。3．（24-25九年级上·云南·期末）如图所示为某品牌汽车的发动机，其主要结构是内燃机。在正常工作时，需要用水对其冷却，下列说法正确的是（）A．发动机工作时闻到汽油味是扩散现象B．用水冷却发动机是因为水的密度较大C．汽油没有完全燃烧会导致热值减小D．发动机压缩冲程是将内能转化为机械能【答案】A【详解】A．发动机工作时闻到汽油味，是汽油分子进入到空气中，发生扩散的结果，故A正确；B．水的比热容较大大，和其它物质比较，降低相同温度吸收热量多，所以汽车散热器常用水作为冷却剂，用水冷却发动机是因为水的比热容较大，故B错误；C．热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与燃烧情况无关，汽油没有完全燃烧热值不变，故C错误；D．发动机压缩冲程中，压缩燃气，使燃气的内能增大，温度升高，将机械能转化为内能，故D错误。故选A。4．（湖北省黄石市2024-—2025学年九年级下学期3月月考物理�化学试题-初中物理）《淮南子》完整记载的“二十四节气”是中华民族智慧的结晶。下列分析正确的是（

）A．惊蛰：“微雨众卉新，一雷惊蛰始”，雨的形成是熔化，需要放热B．夏至：“荷风送香气，竹露滴清响”，露的形成是液化，需要放热C．秋分：“风起白苹初日晚，霜雕红叶欲秋分”，霜形成是凝华，需要吸热D．大寒：“厚冰无裂文，短日有冷光”，水结冰时温度降低，不断吸热【答案】B【详解】A．雨的形成是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A错误；B．露的形成是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B正确；C．霜的形成是空气中的水蒸气遇冷直接由气态变为固态，属于凝华现象，凝华放热，故C错误；D．水结冰是水由液态变为固态凝固形成的，冰是晶体，晶体在凝固过程中温度不变，凝固过程不断放出热量，故D错误。故选B。5．（2025·江苏连云港·一模）2025年2月10日，我国17岁运动小将熊诗芮勇夺亚冬会单板滑雪女子大跳台比赛的冠军，如图是熊诗芮比赛时的情景，熊诗芮在空中上升过程中，熊诗芮的（）A．动能减少，重力势能增加 B．动能减少，重力势能减少C．动能增加，机械能增加 D．动能增加，机械能不变【答案】A【详解】熊诗芮在空中上升过程中，熊诗芮的质量不变，速度变小，高度变大，动能减小，重力势能增加，由于存在空气阻力，部分机械能转化为其它形式的能，机械能减小，故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。6．（2025·山西·一模）“羌笛何须怨杨柳，春风不度玉门关”。如图所示，是我国少数民族特有的古老的气鸣管乐器——羌笛，下列有关羌笛蕴含的声学知识分析正确的是（）A．吹奏羌笛时，一定是物体振动发出的声音B．能分辨出羌笛声是因为声音的响度不同C．“不度玉门关”是因为羌笛声不能在固体中传播D．羌笛声在真空中的传播速度约为340m/s【答案】A【详解】A．声音是由物体的振动产生的，因此吹奏羌笛时，一定是物体振动发出的声音，故A正确；B．音色表示声音的品质与特色，因此能分辨出羌笛声是因为声音的音色不同，故B错误；C．“不度玉门关”并非因为羌笛声不能在固体中传播，而是因为玉门关地处偏远，故C错误；D．真空不能传声，因此羌笛声不能在真空中传播，故D错误。故选A。7．（24-25九年级上·江西赣州·期末）爱劳动的小明同学进入厨房，看到电饭锅后估测了相关物理量，下列符合实际的是（）A．正常工作电流约0.5AB．正常工作电压为380VC．电饭锅加热挡的功率约为100WD．电饭锅中发热体的电阻约50Ω【答案】D【详解】A．电饭锅正常工作电流约5A，故A不符合题意；B．电饭锅正常工作电压为220V，故B不符合题意；C．电饭锅加热挡的功率约为1000W，故C不符合题意；D．电饭锅中发热体的电阻约为接近50Ω，故D符合题意。故选D。8．（17-18八年级下·北京·期末）在“探究二力平衡条件”的实验中，将系于轻质小卡片两对角的细线分别斜跨过左右吸在黑板上的滑轮，在细线的两端挂上钩码，如图所示。此时作用在卡片上的两个力大小相等、方向相反。若要证明：“两个力平衡的必要条件之一是必须作用在同一直线上”，则下列实验操作正确的是（）A．手扶卡片，在右侧加挂一个钩码，松手B．手扶卡片，使其竖直向下移动一些，松手C．手扶卡片，绕其中心在竖直平面旋转90°，松手D．手扶卡片，将右侧滑轮竖直向下移动至与左侧滑轮在同一水平线上，松手【答案】C【详解】A．手扶卡片，在右侧加挂一个钩码，松手，此时力的大小不同，右侧力大，不能平衡，验证二力平衡与力的大小的关系，故A错误；B．手扶卡片，使其竖直向下移动一些，此时力的方向不在同一直线上，方向并不相反，没有控制好变量，故B错误；C．手扶卡片，绕其中心在竖直平面旋转90°，两个力不在同一直线上，松手后小卡片不能平衡，发生转动，最后小卡片静止时，两个力又处于同一直线上；所以这个操作是探究相互平衡的两个力是否必须处于同一直线上，故C正确；D．因为左右两侧各通过一个定滑轮，定滑轮的位置虽然不等高，但是当两个力大小相等，方向相反，还是作用在同一直线上，作用在同一个物体上，小卡片还是处于静止状态，不能验证两个力还必须作用在同一条直线上才能彼此平衡，故D错误。故选C。9．（24-25九年级下·广东深圳·开学考试）同学们课后找到一些与物理相关的情形，以下说法中正确的是（）A．如甲图，向两张纸中间吹气，两张纸会向中间靠拢，是因为流速越小的位置压强越小B．如乙图，把自制气压计从山顶移到山下，细管内的水柱上升C．如丙图，菜刀磨得很锋利是为了减小压强D．如丁图，人在做俯卧撑时，可以把人看作一个省力杠杆【答案】D【详解】A．当向两张纸中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小，纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小，流速越小的位置压强越大，故A错误；B．如乙图，把自制气压计从山顶移到山下，大气压增大，根据瓶内压强等于大气压加上水柱压强可知，细管内的水柱下降，故B错误；C．如丙图，菜刀磨得很锋利是为了减小受力面积，增大压强，故C错误；D．做俯卧撑时，胳膊用的力是动力，人的重力是阻力；以脚尖为支点，从脚尖到人的重力作用线的距离为阻力臂，从脚尖到胳膊对身体支持力作用线的距离是动力臂，由图可知阻力臂小于动力臂，所以是省力杠杆，故D正确。故选D。10．（24-25八年级下·湖南·期中）2024年5月5日汤姆斯杯暨尤伯杯赛在成都决出冠军。国羽男、女队均在决赛中战胜印度尼西亚队，夺得中国队历史上第11座汤姆斯杯和第16座尤伯杯，也是时隔12年再度包揽汤尤杯。如图所示为运动员比赛时击球的情景，下列说法正确的是（）A．球拍对球的力大于球对球拍的力 B．球对球拍的力改变了球的运动状态C．球对球拍的力使球拍发生了形变 D．球拍对球的力是球发生形变而产生的【答案】C【详解】A．球拍对球的力和球对球拍的力是一对相互作用力，二者大小相等，故A错误；B．击球时，球受到了球拍的力，运动状态发生了变化，因此是球拍对球的力改变了球的运动状态，故B错误；C．力可以改变物体的形状，击球时，球受到球拍的作用，使球发生了形变，由于力的作用是相互的，球拍也受到球对其的作用，即球对球拍的作用使球拍发生了形变，故C正确；D．弹力是由施力物体形变产生的，球拍对球的力的施力物体是球拍，所以是由球拍形变产生的，故D错误。故选C。11．（2025·山西忻州·一模）随着科技的进步，电池充电桩越来越多，电气火灾也是频繁发生。下列措施不符合安全用电的是（）A．定期检查充电桩线路，不使用老化、损坏或未达标的电线B．充电桩安装的位置要远离易燃物，避免电线交叉和挤压C．电池充电桩着火，首先采取的措施是切断电源D．电池充电桩着火，应立刻用水灭火，以防火势快速蔓延【答案】D【详解】A．老旧的电线绝缘皮损坏后应及时更换，否则容易造成触电事故，故A不符合题意；B．为了防止出现火灾，充电桩安装的位置要远离易燃物，避免电线交叉和挤压，故B不符合题意；CD．万一有充电桩起火，应先关闭电源再施救；生活用水是导体，电器着火不能直接用水灭火，否则可能引起触电事故，故C不符合题意，D符合题意。故选D。12．（24-25九年级上·陕西西安·期末）如图-1，是我国古代的计时工具——多级漏刻。如图-2，是箭壶的模型示意图，其中箭舟与箭壶底部未接触。让漏壶中的水慢慢滴入箭壶，随着箭壶内的水逐渐增多，木块与箭杆组成的箭舟也慢慢上浮，古人从盖孔处看箭杆上的标记，就能知道具体的时刻。当箭壶中液面缓慢升高时，下列说法正确的是（

）A．水对箭壶底部压强不变 B．箭舟排开水的体积变大C．箭舟受到的浮力变大 D．箭舟排开水的重力不变【答案】D【详解】A．当箭壶中液面缓慢升高时，水的密度不变，由p=ρgh可知，水对箭壶底部压强变大，故A错误；BCD．箭舟漂浮在水面，所受的浮力等于箭舟的重力，箭舟的重力不变，所以浮力也不变，由阿基米德原理可知排开水的重力不变，水的密度不变，由F浮=ρ水gV排可知箭舟排开水的体积不变，故D正确，BC错误。故选D。13．（24-25九年级上·江苏南京·期末）小明同学设计了“楼道门禁”模型。光线较暗时，光控开关闭合提供照明；通过刷脸或输入密码时开关闭合，门锁打开。下列电路设计符合要求的是（）A． B． C． D．【答案】B【详解】由题意可知，光线较暗时，光控开关闭合，灯泡发光，即光控开关控制灯泡；通过刷脸或输入密码时开关闭合，门锁打开，说明刷脸或密码开关均能控制电动机，即两开关并联；光线较强时，灯泡可以不工作，说明灯泡与电动机是并联的，故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。14．（24-25八年级下·重庆·阶段练习）图所示为眼球的基本结构。目前主要的两大类近视眼手术方案如下：角膜屈光手术和屈光性人工晶体植入术。前者是利用激光对角膜进行精确切削，改变角膜的曲率或厚度使其会聚能力变从而使光线经过眼部折射后能够聚焦在视网膜上；后者是将人工晶体制作成度数合适的透镜植入在角膜和晶状体之间，从而达到矫正近视的目的。【答案】弱凹【详解】[1][2]近视眼的形成原因：晶状体过厚即晶状体和角膜构成的透镜对光的偏折能力变强，或眼睛的前后距离过长，使物体的像成在视网膜前。角膜屈光手术和屈光性人工晶体植入术。前者是利用激光对角膜进行精确切削，改变角膜的曲率或厚度使其会聚能力变弱从而使光线经过眼部折射后能够聚焦在视网膜上；后者是将人工晶体制作成度数合适的凹透镜植入在角膜和晶状体之间，从而达到矫正近视的目的。15．（24-25八年级上·四川成都·期末）中国传统文化博大精深，传统民间艺人会制作一种“糖画”，如图甲所示，艺人先将糖放在勺子里加热使其熔化，再将液态糖汁倒在玻璃板上冷却（填物态变化名称）；已知在糖汁塑形成画的过程中，糖汁温度保持不变，由此推断糖的熔化图像类似于图乙中的（选填“a”或“b”）。【答案】凝固b【详解】[1]将液态糖汁倒在玻璃板上冷却硬化定型的过程是液态的糖变为固态的过程，是凝固过程。[2]糖在凝固时，糖汁温度保持不变，有一定的凝固点是晶体，糖的熔化图像类似于图乙中的b。16．（2025年江西省南昌市中考物理一模卷）某校举行了秋季运动会，如图所示的是运动会上接力赛交接棒瞬间。参赛的选手穿鞋底花纹较深的鞋是为了增大，完成传棒后传棒运动员不能立即停下来是因为他具有。【答案】摩擦惯性【详解】[1]参赛的选手穿鞋底花纹较深的鞋，是为了在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦。[2]完成传棒后传棒运动员不能立即停下来是因为他具有惯性，要保持原来的运动状态继续向前运动。【点睛】17．（23-24八年级下·四川遂宁·期末）2024年4月30日，太空“出差”半年的神舟十七号乘组汤洪波、唐胜杰、江新林成功返回地球家园。返回舱在减速降落过程中，表面温度高达到3000℃以上，返回舱所受合力的方向是向的，机械能（选填“增大”、“减小”、“不变”）。【答案】上减小【详解】[1]返回舱向下做减速运动，此时返回舱受到的阻力大于其受到的重力，所受合力的方向是向上的。[2]返回舱在减速降落过程中，质量不变，速度减小，高度减小，则动能减小，重力势能减小，因物体的机械能为动能与重力势能之和，所以，机械能减小。18．（24-25九年级上·河南许昌·期末）小明发明了一种自动拍照装置，其电路原理如图甲所示，图乙是压敏电阻阻值随着压力的变化图像，闭合开关S，当有人踩在压敏电阻R上时，电磁铁的磁性（填“变强”“变弱”或“不变”），（填“照相机”或“灯”）开始工作。【答案】变强照相机【详解】[1][2]由图乙可知，压敏电阻R的阻值随着压力的增大而减小。当有人踩在压敏电阻R上时，压力变大，压敏电阻阻值变小，根据欧姆定律得电磁铁电路电流变大，电磁铁磁性变强，衔铁被吸下，照相机开始工作。19．（24-25九年级上·全国·课后作业）如图所示是小李同学为探究“电流与电压的关系”设计的电路图，他准备根据此电路图连接好实物电路并进行实验。实验时，应该控制不变；若在实验前检查仪器时，发现电流表的指针在零刻度线左侧，则他接下来的操作是。【答案】电阻将电流表指针调零【详解】[1]由控制变量法可知，探究“电流与电压的关系”，控制电阻不变，改变电阻两端电压，观察电流的变化。所以需要控制电阻不变。[2]在实验前，指针在零刻度线左侧，说明指针没有正对零刻度线，接下来的操作是将电流表指针调零。20．（24-25九年级上·四川成都·期末）实验室提供以下器材用来设计多挡位电加热器：电压稳定为的电源，足够数量的开关和导线，发热电阻丝且阻值都不变。如果电路连接方式不做限制，利用这些器材设计出的电加热器最多能有个挡位。其中使用功率最高的挡位每分钟发热量为J。【答案】41800【详解】[1]根据并联电路的电阻特点可知，当R1、R2并联时，电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，电加热器处于最高挡位；根据串联电路的电阻特点可知，当R1、R2串联时，电路中的总电阻最大，总功率最小，电加热器处于最低温挡位；当电路中只有R1或只有R2工作时，由于R1、R2的阻值不同，由可知，电路中的功率不同，电加热器处于不同的挡位，所以利用这些器材设计出的电加热器最多能有四个挡位。[2]根据并联电路的电阻特点可知，其中使用功率最高的挡位的总功率为每分钟发热量为Q=Pt=30W×60s=1800J21．（24-25八年级上·山东潍坊·期末）如图所示，水池的侧壁上安装了一盏小射灯A，B是水池中平静的水面位置，A点发出的平行于主光轴的光线经凸透镜折射后射向水面，最后反射到水池另一侧壁上。请画出完整的光路图（要求保留必要的作图痕迹）。【答案】【详解】平行于凸透镜主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点；光从空气斜射入水中，反射角等于入射角，据此做出反射光线，如图所示：22．（24-25九年级上·江苏宿迁·期末）按照题目要求作图图（a）是一款水管扳手钳，其中AOB部分可视为一个杠杆，其简化示意图如图（b）所示，请在图（b）中画出杠杆平衡时的阻力臂及作用在B点的最小动力；【答案】【详解】由题知，O点为支点，从O点作F2作用线的垂线，支点到垂足的距离为阻力臂l2；若动力作用在B点，以OB为动力臂是最长的力臂，此时力最小，则连接OB为最长力臂，再过B点做OB的垂线，即动力F1的作用线，以O为支点，F1、F2作用效果相反，F1使杠杆顺时针转动，则F1使杠杆逆时针转动，F1的方向向上，如图所示23．（2024·四川成都·一模）图是工人利用直臂高空车对成都大运会火炬塔进行装饰作业的情景。其中一台高空车重力为，轮胎与地面接触的总面积为2000cm2，g取10N/kg。(1)求此高空车停放在水平地面上时对地面的压强；(2)若高空车将一名质量为65kg的工人从地面匀速送到高度为20米的半空，求高空车对工人做的功。【答案】(1)(2)【详解】（1）受力面积，此高空车停放在水平地面上时对地面的压强（2）高空车对工人施加的力高空车对工人做的功24．（2024·四川成都·二模）如图所示，电源电压恒定，R1、R2是定值电阻，R1＝15Ω，电流表的量程为0~3A，滑动变阻器R3标有“50Ω，0.5A”字样。只闭合开关S1，电流表的示数为0.6A，再闭合开关S2、S3，电流表的示数变为1.5A。求：（1）开关S1、S2、S3都闭合时，R2的阻值为多大？（2）若只闭合开关S3，移动变阻器滑片并保证电路安全，则变阻器R3接入电路的阻值范围？【答案】（1）10Ω；（2）3~50Ω【详解】解：（1）由图可知，只闭合开关S1，电路中只有R1工作，由欧姆定律可知电源电压U＝U1＝I1R1＝0.6A×15Ω＝9V由图可知，开关S1、S2、S3都闭合时，R2、R2并联，R3被短路，电流表测量干路电流I＝1.5A，根据并联电路的电压特点可知R1、R2电路的电压相等，都等于电源电压U2＝U1＝U＝9V根据并联电路的电流特点可知通过R2的电流I2＝I-I1＝1.5A-0.6A＝0.9A由欧姆定律可知R2的阻值（2）由图可知，只闭合开关S3，R1、R3串联，根据电流表量程和滑动变阻器的规格可知，电流中的最大电流I大＝0.5A，由欧姆定律可知串联电路的最小总电阻根据串联电路的电阻特点可知滑动变阻器连入电路的最小阻值R3小＝R-R1＝18Ω-15Ω＝3Ω滑动变阻器连入电路的阻值越大，电路总电阻越大，电路安全，所以变阻器R3接入电路的阻值范围为3~50Ω。答：（1）开关S1、S2、S3都闭合时，R2的阻值为10Ω；（2）只闭合开关S3，移动变阻器滑片，变阻器R3接入电路的阻值范围为3~50Ω。25．（2024·四川成都·一模）小明同学在“探究串联电路电压的规律”实验中，设计了如图所示的电路。（1）小明用电压表测量两端的电压时，直接选用0~3V的量程，小丽说这样不行，规范的操作方法是先用0~15V的量程进行；（2）纠正错误，获得第一组实验数据后，他们接下来应该；（3）分析实验数据，发现，你认为下列解释合理的一项是。A．实验有误差，应继续换不同规格的灯泡多次实验B．应反复断开、闭合开关，测出各次电压值C．电压表不准确，应该换一个电压表继续实验D．实际的导线、开关、电源等元件也有电阻，两端有较小电压【答案】试触换用不同规格的灯泡重复实验D【详解】（1）[1]当不确定电压表测量对象两端的电压大小时，为了防止电压表被损坏，应该使用大量程进行试触，再根据指针偏转情况选择合适的电压表量程。（2）[3]获得第一组实验数据后，为了避免偶然性，得出普遍性规律，他们接下来应该换用规格不同的灯泡重复实验。（3）[4]实际的导线、开关、电源等元件也有电阻，两端有较小电压，即参与分压的电阻不仅仅是两个灯泡的电阻，所以两灯的电压之和小于电源电压。故选D。26．（2024·四川成都·二模）在“密度知识应用交流会”上，每个小组对密度应用的探究课题做陈述报告。小欢组的报告是：测量“金牌”的密度。陈述如下：我们的课题是测量“金牌”的密度，这是小乐在跆拳道比赛中获得的金牌，如图所示。（1）所用器材有：电子秤、量筒。我们发现金牌不能直接放入量筒，于是到实验室找来溢水杯，进行如下操作：①用电子秤测出金牌的质量为70.2g；②将溢水杯盛满水，如图所示；③将金牌缓慢浸没在盛满水的溢水杯内，用量筒收集溢出的水，如图所示；④理论分析可得，金牌的体积溢水杯溢出水的体积；⑤用量筒测出溢出水的体积，如图所示；（2）请同学们用测得的质量和体积计算金牌的密度：；（3）请帮我们分析实验的误差来源：（写出一条即可）；（4）这个误差会导致测出的金牌密度与实际密度相比偏。【答案】等于体积测量大【详解】（1）[1]根据排水法，金牌的体积等于溢水杯溢出水的体积。（2）[2]量筒的分度值为，示数为，即金牌的体积为，则金牌的密度为（3）[3]利用溢水杯测量体积时，误差会比较大。（4）[4]利用溢水杯测量体积时，若水并没有真正装满，会使得测得的体积偏小，根据，会导致测出的金牌密度与实际密度相比偏大。1．（2024·四川成都·三模）新一代人造太阳“中国环流三号”取得重大科研进展，实现了高功率稳定的403秒稳态长脉冲高约束模等离子体运行，创造了新的世界纪录！关于太阳的研究，长达了几千年，下列有关说法正确的是（

）A．太阳是人类的“能源之母”，煤、风能等能源都间接来自太阳能B．在太阳内部氢原子核在超高温下发生裂变，释放出巨大的核能C．太阳辐射包含可见光、紫外线、红外线等，红外线可用于消毒D．光导纤维利用光能传输信息的原理，传输过程光能的损耗很大【答案】A【详解】A．太阳是人类的“能源之母”，煤、石油、风能、谁能等能源都间接来自太阳能，故A正确；B．在太阳内部氢原子核在超高温下发生不可控的核聚变，释放出巨大的核能，故B错误；C．太阳辐射包含可见光、紫外线、红外线等，紫外线可用于消毒，故C错误；D．光导纤维利用光能传输信息的原理，传输过程光能的损耗比电在电线传导的损耗低得多，故D错误。故选A。2．（2023·四川成都·一模）“大漠孤烟直，长河落日圆”，图是小李在旅途中拍摄的长河落日的美丽景象，关于水中的“落日”，下列说法正确的是（）A．水中“落日”与天空中的太阳一样亮，也是光源B．河水中水有多深，水中“落日”离水面就有多深C．水中“落日”移动速度与天空中的太阳移动的速度相等D．水中“落日”能用照相机拍摄，所以是实像【答案】C【详解】AD．水中“落日”属于平面镜成像，是太阳在水中成的虚像，自身不能发光，所以不是光源，故A、D错误；B．根据平面镜成像特点可知，水中的“落日”到水面的距离等于“落日”到水面的距离，与水的深度无关，故B错误；C．根据平面镜成像特点可知，像与物体关于平面镜对称，则水中“落日”移动速度与天空中的太阳移动的速度相等，故C正确。故选C。3．（2024·四川成都·模拟预测）图甲所示为一款新型水杯，将沸水倒入杯中，轻摇几下后，水温便可降至55℃左右，并能保温3小时。图乙为其内部结构图，杯壁的不锈钢夹层中有晶体传热材料，其在常温下是固态，会随着温度的变化发生可逆的固液转换。取300g该晶体材料，用酒精灯对其进行加热，其温度与吸收的热量关系如图丙所示。已知酒精的热值为3×107J/kg。下列分析错误的是（）A．该晶体材料的熔点为50℃B．该晶体材料的比热容为0.88×103J/（kg·℃）C．在BC段，该晶体材料的内能保持不变D．若加热到C点状态时，测得消耗酒精1g，则酒精灯的加热效率为26.4%【答案】C【详解】AC．将沸水倒入杯中，轻摇几下后，水温便可降至55℃左右，对沸水降温时，该材料发生了熔化；根据图示可知，晶体在BC段吸收热量，内能变大，温度不变，为熔化过程，熔点为50℃，故A正确，不符合题意；C错误，符合题意；B．由丙图可知，该物质从30℃升高到50℃，吸收了5.28×103J的热量，根据Q=cmΔt可知，该物质的比热容为故B正确，不符合题意；D．加热到C点状态时，测得消耗酒精1g，酒精放出的热量为加热到C点状态时，吸收的热量为7.92×103J，酒精灯的加热效率为故D正确，不符合题意。故选C。4．（2023·四川成都·一模）如图所示，每个滑轮重为6N，物体A重GA＝100N，物体B重GB＝60N，F1＝16N，F2＝8N，此时物体A相对于地面静止，物体B以0.1m/s的速度在物体A表面向左做匀速直线运动，绳重及滑轮转轴的摩擦等次要因素忽略不计。下列说法正确的是（）A．拉力F2的功率为0.8WB．滑轮组的机械效率为75%C．如果增大F2，物体A可能向左运动D．物体A与地面之间的摩擦力为2N，方向向右【答案】BD【详解】A．由图可知，滑轮组绳子的有效股数n＝3，则绳子自由端移动的速度为则F2的功率为故A错误；D．因绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，所以，由可得，物体B受到的摩擦力为因物体A对物体B水平向右的摩擦力和物体B对物体A水平向左的摩擦力是一对相互作用力，所以，物体B对物体A水平向左的摩擦力因物体A静止时处于平衡状态，其合力为零，所以，由可知，地面对物体A的摩擦力方向水平向右，此时物体A受到水平向右的拉力F1和地面对A的摩擦力f、物体B对物体A水平向左的摩擦力作用处于平衡状态，由物体A受到的合力为零可得则地面对A的摩擦力大小为方向向右，故D正确。B．滑轮组的机械效率为故B正确；C．如果增大F2，B将做加速运动，B对A的压力和接触面的粗糙程度不变，B与A之间的摩擦力不变，A受力不变，还是处于静止状态，故C错误。故选BD。5．（2022·四川成都·模拟预测）如图所示的电路，已知电源电压不变，灯泡L标有“3V

0.3A”字样，其阻值会随温度变化。将滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，电压表的示数为3.8V，R1的功率为P1；只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，电流表的示数为0.3A，R1的功率为P2；闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，已知P1︰P2=1︰9。下列选项正确的是（）A．电源电压为6VB．滑动变阻器的最大阻值为38ΩC．电功率P2的大小为0.15WD．当有电流通过灯泡L时，灯泡的最小功率与最大功率之比为1︰45【答案】BD【详解】A．只闭合开关S1，移动滑片至最左端时，滑动变阻器接入阻值为0，此时R1与灯泡L串联。电流表的示数为0.3A，此时灯泡L正常发光，灯泡两端的电压为3V，根据串联电路电压规律可得①R1的功率为②闭合开关S1和S2，移动滑片至某一位置时，电阻R1、R2串联，灯泡L被短路，电压表测量R2两端的电压。电压表和电流表的示数分别为2.5V和0.4A，根据串联电路电压规律可得③联立①③可得U=4.5V，R1=5Ω，故A错误；C．将R1=5Ω带入②可得故C错误；B．当滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，R1、R2全部阻值和灯泡L串联，电压表测R2两端的电压。电压表的示数为3.8V，R1的功率为④由于，所以④除以②得解得R2大=38Ω，故B正确；D．当滑动变阻器R2的滑片置于最右端，只闭合开关S1时，此时，R1、R2全部阻值和灯泡L串联，此时电路中电流最小，最小电流为灯泡两端的电压为UL小=U-3.8V-0.1A×5Ω=4.5V-3.8V-0.5V=0.2V所以灯泡的最小功率为PL小=UL小I小=0.2V×0.1A=0.02W当滑片移到最左端时，只闭合S1，此时R1与灯泡L串联。电流表的示数为0.3A，此时灯泡L正常发光，灯泡两端的电压为3V，灯泡功率最大，最大功率为PL大=U额I额=3V×0.3A=0.9W所以当有电流通过灯泡L时，灯泡的最小功率与最大功率之比为故D正确。故选BD。6．（2023·四川成都·二模）在一次实践活动中，小林对全智能孵化器（如图）进行了探究。这种全智能孵化器使用方便，自动控温、自动翻蛋、自动补水。工作电压220V恒温总功率60W温度控制范围25℃～40℃湿度范围小于85%

（1）使用孵化器，安全至关重要。小林首先认真阅读了使用说明书，并对一些重要的注意事项作出了如下分析，你认为不合理的是：A．箱内保持一定的温度利于小鸡的胚胎发育；B．孵化器的自动控温功能可以节约人力成本；C．侧面水瓶中装的水越多，孵化器能够自动补水的时间越长；D．孵化器使用两孔插头，可以防止漏电触电事故发生。（2）小林观察孵化器铭牌（如表）后，开始利用物理知识进行测算，孵化器每天24小时保持恒温总功率工作，孵化出一批小鸡需要21天。若电费单价为0.5元/，则孵化器孵化出一批小鸡所花的电费为元；（3）小林仔细观察孵化器，发现有一个排气装置，排气扇时断时续地工作，他猜测排气扇与加热器之间不可能是串联，其理由是；（4）小林继续对孵化器的设计和使用说明进行探究，他提出了下列猜想，你认为不合理的是：A．观察到加热元件能够自动转动，是为了让鸡蛋受热均匀；B．若长时间不往侧面水瓶中加水，鸡蛋会变得很干燥，更有利于孵化小鸡；C．原理图中指示灯与加热元件是并联而不是串联，可能是因为两者的额定电流相差很大。【答案】D15.12加热器工作时，排气扇没有工作（或加热器与排气扇互相不影响）B【详解】（1）[1]A．箱内温度恒定，有利于小鸡的胚胎发育，故A不符合题意；B．自动控温功能，减少人工作环节，可以节约人力成本，故B不符合题意；C．侧面水瓶中装的水越多，需要自动补水的时间越长，故C不符合题意；D．两孔插头不能起到防止漏电触电事故发生的作用，应该使用三孔插头，故D符合题意。故选D。（2）[2]由表中数据可知，孵化器恒温总功率为P=60W=0.06kW孵化一批小鸡消耗的电能为花费的电费为（3）[3]排气扇和加热器工作