2025年河南省五岳在线考试高三第五次模拟考试生物试卷含解析

2025年河南省五岳在线考试高三第五次模拟考试生物试卷注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：（共6小题，每小题6分，共36分。每小题只有一个选项符合题目要求）1．破坏蛙脑保留脊髓，获得脊蛙，暴露该脊蛙左后肢屈反射的传入神经元和传出神经元。下图为该脊蛙屈反射的反射弧结构示意图，a和b为电表。下列说法正确的是（）A．刺激该脊蛙左后肢趾皮肤就可引起屈反射B．骨骼肌的收缩过程中，肌膜上并不形成动作电位C．传入神经元和传出神经元的突触就是该反射弧的反射中枢D．在该反射弧上某处进行1次刺激，可验证兴奋的传导是双向的，传递是单向的2．将一株生长正常的绿色植物置于密闭无色透明的玻璃容器内，在一定强度的光照下培养，随培养时间的延长，玻璃容器内CO2浓度的变化趋势不可能是（）A．一直降低，直至为零B．一直保持稳定，不发生变化C．降低至一定水平时保持相对稳定D．升高至一定水平时保持相对稳定3．可遗传变异是生物的遗传物质发生改变而导致的变异，但是科学家却发现一些特别的变异：虽然DNA的序列没有改变，但是变异却可以遗传给后代，把这种现象称为表观遗传。下列关于基因和性状的关系说法错误的是（）A．基因可以通过控制蛋白质的结构直接控制生物体的性状，也可以通过控制酶的合成来控制代谢过程进而控制生物体的性状B．基因与基因，基因与基因产物，基因和环境之间相互作用，共同调控生物的性状C．表观遗传中，核内遗传物质在亲子代之间传递不再遵循孟德尔遗传规律D．表观遗传的一种解释：基因在转录和翻译过程中发生了一些稳定性的改变4．下列各图表示单克隆抗体制备过程的各阶段图解。请根据图分析下列四个选项，其中说法不正确的一项是（）A．单克隆抗体制备过程的顺序是：B．在单克隆抗体制备过程中之所以选用B淋巴细胞和骨髓瘤细胞，是因为它们融合后的杂交瘤细胞具有在体外大量繁殖、产生特异性抗体的特性C．单克隆抗体具有特异性强、灵敏度高，并可以大量制备的优点，所以可以制成“生物导弹”D．由图中可看出，此过程运用的技术手段有动物细胞融合和动物组织培养5．北极熊生活在北极的冰原和浮冰上，海洋食物链中主要以海豹为食，陆地食物链中主要以驯鹿为食，食物网关系如图所示，以下叙述正确的是（）A．图中的鱼类、北极狐都属于第二营养级B．冰原和浮冰不同地段的物种组成的差异体现了群落的垂直结构C．北极熊滞留在海洋中的时间延长，可使鱼类的数量先减少后趋于稳定D．农药DDT随污染的水流进入北极，北极熊体内该物质的浓度最高6．真核细胞有边界，有分工合作的若干组分，有对细胞的遗传和代谢进行调控的信息中心。下列有关真核细胞的叙述正确的是（）A．细胞生命系统的边界是细胞的最外层结构B．细胞的信息中心就是细胞代谢和遗传的中心C．植物细胞内的色素均存在于原生质层内D．高等动物体内的大多数细胞不会形成纺锤体二、综合题：本大题共4小题7．（9分）图甲为某植物光合速率随环境条件变化的曲线。图乙表示该植物两昼夜吸收或释放CO2的变化，S1～S5表示曲线与X轴围成的面积。请据图回答下列问题：（1）光合作用过程中，O2和有机物(C6H12O6)中的氧分别来源于原料中的_____和_____。（2）图甲中t2→t3，限制光合作用速率的主要外界因素是_____。（3）图乙DE段波动的主要外界因素是_____。第二天中_____点(填字母)植株积累的有机物最多。（4）图乙中S2明显小于S4，造成这种情况的外界因素是_____。如果S1＋S3＋S5>S2＋S4，则该植物在这两昼夜内______(填能或不能)生长。（5）将该植物放在常温下暗处理2h，质量减少2mg，再用适当光照射2h，测其质量比暗处理前增加6mg，则该植物的实际光合速率是_____mg/h。8．（10分）玉米中因含支链淀粉多而具有黏性（由基因D控制）的籽粒和花粉遇碘变棕色；含直链淀粉多不具有黏性（由基因d控制）的籽粒和花粉遇碘变蓝色。D对d完全显性，位于3号染色体上。科研人员发现可稳定遗传的黏性玉米品种甲具有抗病基因E和耐干旱基因H，其中H基因位于5号染色体上。基因位置如下图所示：将玉米品种甲与玉米品种乙进行测交实验，F1自交，检测F2群体中不同植株的基因型，发现不同基因型个体数如下表。EEEeeeHHHhhh39120815912160请回答下列问题:（1）玉米耐干旱基因的遗传遵循__________定律，判断的依据是_________。玉米抗病性状和黏性性状的遗传不遵循自由组合定律，判断的依据是____________________。（2）研究人员通过数学统计发现F2群体中EE、Ee、ee基因型个体的数量比总是1：3：2，并且发现F1产生的雌配子育性正常，进而推测带有E基因的花粉成活率低。请利用已有的品种甲、乙、F1，设计实验验证上述推测，要求写出实验步骤并预期实验结果（不考虑交叉互换）。方法一、实验步骤：____________________________，实验结果：____________________。方法二、实验步骤：_______________________。实验结果：________________________。（3）进一步研究发现品种乙3号染色体上有两个紧密连锁在一起的基因P1和P2（如图），P1编码抑制花粉发育的毒性蛋白，P2编码能解除该毒性蛋白作用的保护性蛋白。品种甲3号染色体上无基因P1和P2。①据此可知，F1带有E基因花粉成活率低的原因是P1在减数第一次分裂时期表达，而P2可能在_________细胞中表达。②P1和P2被称为自私基因，其“自私性”的意义是使_________更多地传递给子代。9．（10分）图1是某生态系统部分生物关系示意图。请回答下列问题：（1）该生态系统中大型真菌和跳虫以碎屑中的________________（有机物或无机物）为食，_______生态系统通常以该种食物链为主。（2）由于乔木的遮挡程度不同，导致了不同区域地表的草本植物、真菌等生物种类和数量有一定差异，地表生物的这种区域差异分布是________________的一种表现。（3）为了有助于了解该生态系统中蝗虫种群的特性及其与环境的适应关系，需要收集数据以绘制该种群的________________。而调查该种群的________________，是预测预报蝗虫是否成灾的基础。（4）图2是图1生态系统中某两个营养级（甲、乙）的能量流动示意图，其中a~f表示能量值，a为甲的同化量。若甲为第一营养级，则甲的净初级生产量为________________（用图2中字母和计算符号表示）；乙粪便中食物残渣的能量包含在b至f中________________字母代表的能量值中。10．（10分）某富养化河流的生态修复结构如下图1，图2中箭头及序号表示河流生态系统能量流动的方向和过程，箭头旁的数值是同化量或迁入量（106cal．m-1．a-1）（1）图1利用生态系统中的_________________这一成分，降解有机污染物。河底通入空气，有利于____________类微生物的代谢活动，该生态系统污染修复过程中，生物种类增加，营养结构日趋复杂，这属于群落的__________________演替。（2）分析图2，该生态系统中的总能量为______________×106cal．m-1．a-1。鱼类→食鱼鸟类的能量传递效率为____________（保留2位有效数字）。鱼类粪便中食物残渣的能量包含在箭头____________中（请在②③④⑤⑥⑦⑧⑨中选择）。11．（15分）“绿水青山，就是金山银山”，南方某地为了恢复被破坏的常绿阔叶林而停止砍伐一段时间后，该地逐渐得以恢复。请回答以下问题：（1）该地区某植物种群具有的特征有______（填序号）。①出生率②垂直分层现象③年龄组成④空间特征⑤复杂的种间关系⑥丰富度（2）该地区常绿阔叶林的恢复过程中群落的演替类型为_____________，其速度比裸岩上进行的演替要快一些，速度较快的原因除了植物的种子或者繁殖体可能保留外，还可能是原有的______条件得到了基本保留。（3）太阳能输入该生态系统的第一营养级后，以______能的形式在生物群落中流动。输入第一营养级能量的去向，一部分____；一部分____。（4）该地区某养鸡场为了提高家禽产蛋率，在增加营养的基础上延长光照时间，这一过程中光刺激传递的信息属于______信息。生态系统中，各种各样的信息在生命活动的正常进行、生物种群的繁衍、____等方面起着重要作用。（5）与苔原生态系统相比，常绿阔叶林生态系统的抵抗力稳定性更高，原因是___。

参考答案一、选择题：（共6小题，每小题6分，共36分。每小题只有一个选项符合题目要求）1、D【解析】

1、神经调节的基本方式是反射，它是指在中枢神经系统参与下，动物或人体对内外环境变化作出的规律性应答。完成反射的结构基础是反射弧。反射弧由感受器、传入神经、神经中枢、传出神经、效应器组成；2、静息电位（外正内负）主要是钾离子外流造成的，动作电位主要是钠离子内流造成的。【详解】A、实现反射需要具备完整的反射弧和足够的刺激，因此刺激该脊蛙左后肢趾皮肤若是刺激强度不强，不会引起屈反射，A错误；B、骨骼肌的收缩过程中，肌膜上也会形成动作电位，B错误；C、屈反射的反射中枢位于脊髓，C错误；D、刺激电位计b与骨骼肌之间的传出神经，观察到电位计b有电位波动和左后肢屈腿，电位计a未出现电位波动，即可验验证兴奋能在神经纤维上双向传导，而在反射弧中只能单向传递，D正确。故选D。2、A【解析】

根据题意分析可知：生长正常的绿色植物置于密闭的玻璃容器内，一定强度的光照下培养，既进行光合作用，又进行呼吸作用，光合作用大于呼吸作用时，二氧化碳浓度减少，光合作用小于呼吸作用时，二氧化碳浓度增加，光合作用等于呼吸作用时，二氧化碳浓度不变。【详解】AC、若此光照强度下，光合作用强度大于呼吸作用强度，则容器内二氧化碳浓度降低，但降低到一定水平后维持稳定，不会为零，A错误，C正确；B、若此光照强度下，绿色植物光合作用强度等于呼吸作用强度时，则容器内二氧化碳浓度一直保持稳定，B正确；D、若此光照强度下，光合作用强度低于呼吸作用强度，则容器内二氧化碳浓度增加，但增加到一定水平时维持稳定，D正确。故选A。3、C【解析】

基因通过中心法则控制性状，包括两种方式：（1）可通过控制蛋白质的结构直接控制生物的性状，例如：镰刀型细胞贫血症：血红蛋白基因突变→血红蛋白结构异常→红细胞呈镰刀状蔗糖多→水分保留少；囊性纤维病：CFTR基因缺失3个碱基→CFTR蛋白结构异常→功能异常。（2）通过控制酶的合成控制代谢过程，间接控制生物体的性状，例如：豌豆粒型：豌豆淀粉分支酶基因异常（插入外来DNA序列）→不能正常合成淀粉分支酶→淀粉少→皱粒；白化病：酪氨酸酶基因异常→缺少酪氨酸酶→制约酪氨酸转化为黑色素→白化病。【详解】A、基因可以通过控制蛋白质的结构直接控制生物体的性状，也可以通过控制酶的合成来控制代谢过程进而控制生物体的性状，A正确；B、基因与基因，基因与基因产物，基因和环境之间相互作用共同调控生物的性状，B正确；C、表观遗传中，核内遗传物质在亲子代之间传递仍然遵循孟德尔遗传规律，C错误；D、生物体基因的碱基序列保持不变，但基因表达（转录和翻译）过程中发生变化导致表型发生可遗传变化的现象，叫作表观遗传，D正确。故选C。【点睛】本题主要考查学生对基因、蛋白质、性状之间关系的理解，解题的关键理解基因决定蛋白质的合成来控制生物性状。4、D【解析】

单克隆抗体的制备：

1.细胞来源：B淋巴细胞：能产生特异性抗体，在体外不能无限繁殖；骨髓瘤细胞：不产生专一性抗体，体外能无限繁殖。

2.杂交瘤细胞的特点：既能大量增殖，又能产生特异性抗体。

3.两次次筛选：①筛选得到杂交瘤细胞（去掉未杂交细胞以及自身融合的细胞）；②筛选出能够产生特异性抗体的细胞群。

4.两次抗体检测：专一抗体检验阳性。

5.提取单克隆抗体：从培养液或小鼠腹水中提取。

6.单克隆抗体的优点：特异性强、灵敏度高，并可能大量制备。【详解】A、单克隆抗体制备过程包括获取免疫能力的效应B细胞和骨髓瘤细胞、诱导细胞融合和筛选出杂交瘤细胞、克隆化培养和抗体检测并筛选出能分泌所需抗体的杂交瘤细胞、体外或体内培养杂交瘤细胞、获取大量单克隆抗体。因此按单克隆制备过程的顺序用箭头把代表各图解的字母连接为，A正确；

B、在单克隆抗体产生过程中，之所以选用B淋巴细胞和骨髓瘤细胞，融合成D表示杂交瘤细胞，具备融合前两种细胞的优点，既能无限繁殖，又能产生特定的抗体，B正确；C、单克隆抗体特异性强、灵敏度高，与抗癌药物结合可制成“生物导弹，C正确；D、此过程运用的技术手段有动物细胞培养和动物细胞融合技术，D错误。

故选D。【点睛】本题考查细胞融合和单克隆抗体制备的相关知识，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力。5、D【解析】

分析题图：图示为食物网，其中藻类、苔藓和地衣属于生产者，其余动物均为消费者，生态系统的成分还缺少分解者、非生物的物质和能量。【详解】A、图中的鱼类、北极狐都属于第三营养级，A错误；B、冰原和浮冰不同地段的物种组成的差异体现了群落的水平结构，B错误；C、北极熊滞留在海洋中的时间延长，北极熊以海豹为食，短时间内海豹数量减少，鱼类数量增加，由于鱼类受到食物短缺，天敌存在的原因，最终可使鱼类的数量趋于稳定，C错误；D、农药DDT随污染的水流进入北极，由于生物富集作用，北极熊体内该物质的浓度最高，D正确。故选D。6、D【解析】

细胞核包括核膜（将细胞核内物质与细胞质分开）、染色质（主要由DNA和蛋白质组成）、核仁（与某种RNA（rRNA）的合成以及核糖体的形成有关）、核孔（核膜上的核孔能实现核质之间频繁的物质交换和信息交流）。细胞核的功能：细胞核是遗传物质贮存和复制的场所，是细胞遗传和代谢的控制中心。【详解】A、真核生物包括动物、植物和真菌，植物和真菌细胞的最外层结构是细胞壁，但细胞生命系统的边界都是细胞膜，A错误；

B、细胞的信息中心是细胞核或拟核，代谢的中心是细胞质基质，B错误；

C、植物细胞内含色素的细胞器有叶绿体和液泡，原生质层包括细胞膜、液泡膜以及两层膜之间的细胞质，细胞液中的色素不在原生质层内，C错误；

D、动物体内只有进行有丝分裂和减数分裂的细胞才会出现纺锤体，而动物体内大部分细胞高度分化，不具有增殖能力，D正确。

故选D。【点睛】本题考查细胞核的结构和功能，突出考查生命观念、科学思维等核心素养。二、综合题：本大题共4小题7、H2OCO2CO2浓度温度Ⅰ光照强度和温度不能5【解析】

光合作用是指绿色植物通过叶绿体，利用光能把二氧化碳和水转变成储存着能量的有机物，并释放出氧气的过程。光合作用的光反应阶段（场所是叶绿体的类囊体膜上）：水的光解产生[H]与氧气，以及ATP的形成。光合作用的暗反应阶段（场所是叶绿体的基质中）：CO2被C5固定形成C3，C3在光反应提供的ATP和[H]的作用下还原生成淀粉等有机物。【详解】（1）光合作用过程中，水的光解产生氧气，暗反应过程中CO2先被C5固定形成C3，C3在光反应提供的ATP和[H]的作用下还原生成有机物（C6H12O6），所以O2和有机物(C6H12O6)中的氧分别来源于原料中的H2O和CO2。（2）图甲中t2时刻为光饱和点，若在t2时刻增加光照，则光合作用速率将不变。若t3时刻增加CO2浓度，光合速率将增加，故t2→t3，限制光合作用速率的主要外界因素CO2浓度。（3）图乙DE段波动的主要外界因素是夜间温度变化影响植物的呼吸作用。I点表示此刻该植物的光合作用强度和呼吸作用强度相同。I点之后净光合速率小于0，光合作用逐渐减弱，直到停止。因此第二天中Ⅰ点积累的有机物最多。

（4）据图分析可知，图乙中S2明显小于S4，造成这种情况的外界因素是光照强度和温度。如果S1+S3+S5＞S2+S4，表示植物夜间消耗的有机物大于白天积累的有机物，因此该植物在这两昼夜内不能生长。

（5）暗处理2h，重量减少2mg，说明呼吸速率为1mg/h。再用适当光照射2h，测其重量比暗处理前增加6mg，则比暗处理后增加6+2=8mg，故净光合速率为8÷2=4mg/h，实际光合速率=净光合速率+呼吸速率=4+1=5mg/h。【点睛】本题以图形为载体，考查学生对光合作用过程和呼吸作用过程的联系。光合作用和呼吸作用过程是考查的重点和难点，可以通过流程图分析，表格比较，典型练习分析强化学生的理解。8、基因分离F2中HH、Hh、hh的比例为1:2:1（F2中耐干旱植株比例为3/4）玉米控制抗病性状的基因E和控制黏性性状的基因D位于同一对染色体上将F1种植下去，收集其花粉并用碘液染色，观察统计花粉的颜色、数量和比例花粉颜色有两种，棕色:蓝色为1:2以F1为父本，品种乙为母本进行杂交，统计F2的抗病情况和比例F2中抗病个体与不抗病个体比例为1:2精细胞（花粉）亲本的遗传信息（亲本的遗传物质、亲本的DNA）【解析】

分析题中甲品种的细胞图可知，D、E连锁于3号染色体上，这两对基因的遗传不遵循自由组合定律；H基因位于5号染色体上，与D、E基因独立遗传，遵循自由组合定律。稳定遗传的黏性玉米品种甲基因型为DDEEHH，乙品种的基因型为ddeehh，F1基因型为DdEeHh，F1自交，只考虑E、e一对基因，F1产生的雌配子为E（占1/2）、e（占1/2），由F2群体中EE、Ee、ee基因型个体的数量比总是1:3:2，ee占2/6，可推算出e的雄配子占2/3，E的雄配子占1/3，故E的雄配子（花粉）的成活率为1/2。【详解】（1）据表可知，F2中HH、Hh、hh的比例为1:2:1，因此玉米耐干旱基因的遗传遵循基因分离定律；据图可知，玉米控制抗病性状的基因E和控制黏性性状的基因D位于同一对染色体上，因此玉米抗病性状和黏性性状的遗传不遵循自由组合定律。（2）方法1：由题干可知E基因和D基因位于同一条染色体上，所以可以通过D基因判断E基因是否存在，含D的花粉遇碘变棕色，再由F2群体中EE、Ee、ee基因型个体的数量比总是1:3:2，可推知含有E的花粉死亡率为1/2，只考虑D、d和E、e两对基因，则F1的基因型为DdEe，产生的配子及比例为DE（棕色）:de（蓝色）=1:2。方法2：如果只考虑E、e一对基因，让F1为父本，其基因型为Ee，产生的雄配子及数量比例为E:e=1:2，乙为母本，其基因型为ee，则F2的基因型及比例为Ee（抗病）:ee（不抗病）=1:2。（3）①据题干可知，F1为杂合子，一条3号染色体上携带D、E基因，另一条3号染色体上携带d、e、P1、P2基因，P1在减数第一次分裂时期表达，使次级精母细胞中含有毒蛋白，而P2在部分精细胞（花粉）中表达，解除了精子的毒性，从而使含E的花粉成活率低。②P1和P2被称为自私基因，其“自私性”的意义是使亲本的遗传信息（亲本的遗传物质、亲本的DNA）更多的传递给子代，“自私”地维持了物种自身地稳定性。【点睛】本题考查基因自由组合定律和基因连锁情况的分析，解题关键是由F2的比例推出E精子的成活率。9、有机物陆地空间异质性存活曲线种群密度a-bc【解析】

图1为某生态系统的部分生物关系图，其中草本植物、乔木为生产者，蝗虫、蜘蛛、杂食性鸟为消费者，大型真菌、跳虫为分解者。图2是生态系统中某两个营养级之间的能量流动示意图，a表示甲的同化量，d表示乙的同化量，b、e分别表示甲、乙呼吸作用散失的能量，c、f分别表示甲、乙流向分解者的能量。一般来说，流入某一营养级的能量在足够长的时间内的去路可以有三条：①自身呼吸消耗；②流入下一营养级；③被分解者分解。【详解】（1）分解者作用：分解者将死亡的有机体分解为简单的无机物并释放出能量。大型真菌和跳虫作为分解者，是以碎屑中的有机物为食。该食物链是腐食食物链，陆地生态系统以腐食食物链为主，海洋生态系统以捕食食物链为主。（2）地表生物的这种区域差异分布是群落的水平结构，体现了空间异质性。（3）种群存活曲线反映了各物种的死亡年龄分布状况，有助于了解种群的特性及其与环境的适应关系。种群密度大小是进行害虫预测预报及研究种群动态的基础。（4）甲的净初级生产量=总初级生产量（同化量a）-呼吸消耗量（b）；乙粪便中的能量归属于上一营养级被分解者利用的能量（c）。【点睛】本题考查生态系统的成分以及能量的流动的相关知识，意在考查识图能力，运用所学知识解决问题的能力。10、分解者需氧型次生60.78.1%⑦【解析】

1.次生演替是指在原有植被虽已不存在，但原有土壤条件基本保留，甚至还留下了植物的种子或其他繁殖体〔如能发芽的地下茎)的地方发生的演替，如火灾过后的草原，过量砍伐的森林，弃耕的农田上进行的演替。还有火烧、病虫害、严寒、干旱水淹水等等。2.（1）能量流动的起点是生产者通过光合作用所固定的太阳能。流入生态系统的总能量就是生产者通过光合作用所固定的太阳能的总量。（2）能量流动的渠道是食物链和食物网。能量的去向一般有4个方面：一是呼吸消耗；二是用于生长、发育和繁殖，也就是贮存在枃成有机体的有机物中；三是死亡的遗体残骸、排泄物等被分解者分解掉；四是流入下一个营养级的生物体内。（1）能量流动的特点是单向流动和逐级递减。能量在沿食物链传递的平均效率为10%~20%，能量传递效率=下一营养级同化的能量/上一营养级同化的能量×100%。【详解】（1）生态系统中的分解者能够将有机物分解成无机物，利用这一点可降解河床中的有机污染物。河底通入空气，增加水中的溶氧量，有利于需氧型类微生物的代谢活动。根据以上次生演替的概念可知，该生态系统污染修复过程中，生物种类增加，营养结构日趋复杂，使得河底发生了次生演替。（2）由图2可知，该生态系统中的总能量即生产者同化的总能量加上人工输入的能量，即水生植物固定的(太阳能60+迁入量0.7)×106cal．m-1．a-11=60.7×106cal．m-1．a-1。鱼类→食鱼鸟类的能量传递效率=食鱼鸟类同化量/鱼类同化量×100%=(0.5÷6)×100%=8.1%。鱼类粪便中食物残渣属于水生植物残体，因此食物残渣的能量包含在箭头⑦中。【点睛】本题考查生态系统的知识点，要求学生掌握生态系统的成分，特别是把握分解者的类型和作用，识记次生演替的概念，能够识图获取有效信息，结合生态系统能量流动的过程解决问题，理解流经生态系统的总能量和能量传递效率的计算，把握能量流经每一营养级时的去向，这是突破该