云南省大理州鹤庆县2024-2025学年高二上学期期末考试物理检测试题（附答案）

云南省大理州鹤庆县2024-2025学年高二上学期期末考试物理检测试题注意事项:1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写清楚。2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。一、选择题:本题共10小题，共46分，在给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，每小题4分。第8-10题，在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，每小题6分，全对得6分，选对但不全得3分，有选错得0分。1.如图所示的磁场中与磁场垂直放置两个面积相同的闭合线圈S1(左)、S2(右),由图可知穿过线圈S1、S2的磁通量大小关系正确的是()穿过线圈S1的磁通量较大 穿过线圈S2的磁通量较大

C.穿过线圈S1、S2的磁通量一样大 D.无法比较2.如图所示，一列简谐横波向左传播，振幅为A，周期为T，波长为λ，已知t＝0时刻介质中a质点的位移为，则T时刻()质点a位于平衡位置上方且位移大于 质点a位于平衡位置上方且位移小于

C.质点a在O点位置的左侧λ处 D.质点a在O点位置的右侧λ处3.反射式速调管是常用的元器件之一，反射式速调管内的x轴与管内静电场的方向平行，x轴上的电势φ随x的分布情况如图所示，A、B两点的坐标分别为xA=−0.5cm、xB=0.25cm。一电子从x=-1.0cm处由静止释放，电子仅在电场力作用下在x轴上运动。下列说法正确的是(  )A.电子在A、B两点的加速度大小相等B.电子运动过程中的最大速度为20eVC.A点到坐标原点和坐标原点到B点间的电场强度大小之比为1：2D.电子从A点到坐标原点和从坐标原点到B点，所受电场力的冲量大小之比为2：14.如图所示，在光滑水平面的左侧固定一竖直挡板，A球在水平面上静止放置，B球向左运动与A球发生正碰，B球碰撞前、后的速率之比为3∶1，A球垂直撞向挡板，碰后原速率返回．两球刚好不发生第二次碰撞，则A、B两球的质量之比为()A.1∶2 B.2∶1 C.1∶4 D.4∶15.如图，a、b、c、d、e、f为正六边形的顶点，在顶点a上放置一带电量为＋Q的点电荷，其余顶点分别放置带电量均为－Q的点电荷，则正六边形的中心O处的场强大小为()0 D.6.(2023·江苏宿迁市高二期中)在生产生活中，光的干涉应用非常广泛，下列图中没有涉及光的干涉现象的是()A.阳光下彩色的肥皂膜B.用单色光检测工件表面平整度C.光导纤维传递光学信息D.单色光通过双缝在屏幕上形成明暗相间条纹7.如图所示，ABC为边长为L的等边三棱镜的截面图，一束单色光照射在AB边上的D点，入射角为45°，三棱镜对光的折射率为2，折射光线在BC面的反射光照射到AC面的E点(图中未标出)，不考虑光在AC面的反射，光在真空中的传播速度为c，则光从D点传播到E点所用的时间为()A.大于2Lc B.等于2Lc

C.小于8.如图所示，长直导线P、Q分别通以大小相同的电流，AB连线长度是CD连线长度的二倍，两者互为中垂线，P、Q分别为AO、BO的中点，则()A.O点的磁感应强度为零 B.C点的磁场方向垂直于CD连线向右

C.A、B两点的磁感应强度相同 D.C、D两点的磁感应强度相同9.如图所示，一质量M＝3.0kg的长木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m＝1.0kg的小木块A．现以地面为参考系，给A和B以大小均为4.0m/s，方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，但最后A并没有滑离长木板B．站在地面上的观察者看到在一段时间内小木块A正在做加速运动，则在这段时间内的某时刻木板相对地面的速度大小可能是()A.1.8m/s B.2.4m/s C.2.6m/s D.3.0m/s10.如图所示,一光滑斜面固定在水平地面上,斜面倾角为45°,其底端固定一轻质弹簧,将质量为m的物块从斜面顶端由静止释放,顶端距弹簧上端距离为l,弹簧的劲度系数为k,弹簧的最大压缩量为,已知重力加速度为g,弹簧弹性势能为Ep=kx2,其中x是形变量,简谐运动周期T=2π,则下列说法正确的是()A.速度最大时的压缩量为B.物块的最大动能为mg-C.物块的最大加速度为gD.从静止释放到压缩量最大的时间为+二、非选择题（共54分）11.（6分）某同学利用单摆测定当地的重力加速度．(1)为了减小测量周期的误差，实验时需要在适当的位置做一标记，当摆球通过该标记时开始计时，该标记应该放置在摆球摆动的________．A．最高点B．最低点C．任意位置(2)用停表测量单摆的周期．当单摆摆动稳定且到达计时标记时开始计时并记为n＝1，单摆每经过标记记一次数，当数到n＝60时停表的示数如图甲所示，该单摆的周期是T＝________s(结果保留三位有效数字)．(3)若用最小刻度为1mm的刻度尺测摆线长，测量情况如图乙所示．O为悬挂点，从图乙中可知单摆的摆线长为________m；用游标卡尺测量摆球的直径如图丙所示，则球的直径为________cm；单摆的摆长为________m(计算结果保留三位有效数字)．(4)若用l表示摆长，T表示周期，那么重力加速度的表达式为g＝________.12.（9分）在“导体电阻率的测量”实验中，某实验小组利用如图(1)所示的电路测量电阻丝Rx(阻值约为10Ω)的电阻，可供选择的器材有：电池组E(电动势约为3V，内阻约为1Ω)电流表A1(量程0～3A，内阻约为0.5Ω)电流表A2(量程0～0.3A，内阻约为1Ω)电压表V1(量程0～20V，内阻约为60kΩ)电压表V2(量程0～1V，内阻为3kΩ)定值电阻R1=6kΩ定值电阻R2=30kΩ滑动变阻器R(0～20Ω)开关一个，导线若干(1)实验中电流表应选，电压表应选，定值电阻应选；(2)按照图(1)所示实验的原理图，完成图(2)中的实物连线；()(3)使用螺旋测微器测量金属丝的直径如图(3)所示，则直径为mm；(4)实验小组测得金属丝的电阻为9Ω，长度为30.01cm，利用所测数据可求得金属丝电阻率为Ω⋅m(保留两位有效数字)。13.（10分）质量m＝2.0×10－4kg，电荷量q＝1.0×10－6C的带正电微粒静止在空间范围足够大的匀强电场中，电场强度为E1，在t＝0时刻，电场强度突然增加到E2＝4.0×103N/C，场强方向保持不变，到t＝0.20s时刻再把电场方向改为水平向右．场强大小保持不变，重力加速度g取10m/s2，求：(1)原来电场强度E1的大小；(2)t＝0.20s时刻带电微粒的速度大小；(3)带电微粒运动速度水平向右时的动能．14.（13）如图所示，倾角为30°的粗糙斜面与光滑水平轨道通过一小段圆弧在C点相接，水平轨道的右侧与半径R＝0.32m的光滑竖直半圆形轨道相连．质量为0.5kg的物体B静止在水平轨道上，一质量为0.1kg的A物体以v0＝16m/s的速度与B发生正碰，结果B恰好能通过半圆形轨道的最高点．A、B均可看成质点，除第一次碰撞外，不考虑A、B间其他的相互作用力，已知A与斜面间的动摩擦因数μ＝35(1)碰撞过程中A对B的冲量大小；(2)A从第一次冲上斜面到离开斜面的时间．15.（18分）如图所示，质量为m的小圆环A套在足够长的光滑水平杆上，质量为3m的光滑小球B通过长度为L的轻绳与A连接，初始时轻绳处于水平伸直状态，A、B均静止，质量为m的物体C静止在粗糙水平地面上，物体C位于A环正下方L处，某时刻释放小球B，B到达最低点时轻绳恰好断裂，之后B在水平地面上向左运动，并且与物体C发生碰撞，所有碰撞均视为弹性正碰，已知重力加速度为g，物体C与粗糙水平地面间的动摩擦因数为μ，不计空气阻力，小球A、B和物体C均可视为质点，求：（1）轻绳断裂时，A、B各自的速度大小；（2）小球B开始释放到轻绳断裂，小圆环A通过的位移；（3）物体C发生的总位移.1.【正确答案】A穿过线圈S1的磁感线条数多,故穿过线圈S1的磁通量较大.A正确，B、C、D错误.2.【正确答案】A由于波向左传播，质点a正处于位移为的位置向上振动，由于越远离平衡位置速度越小，因此再次回到位移为时的时间将大于T，则T时质点a还没有回到位移为的位置，所以T时刻质点a位于平衡位置上方且位移大于，选项A正确，B错误；波向左传播，质点不随波迁移，由题图可知质点a在O点位置的右侧，且大于处，选项C、D错误。3.【正确答案】Cφ−x图像斜率的物理意义电场强度，即A点到坐标原点和坐标原点到B点间的电场均为匀强电场，根据匀强电场中电势差与电场强度的关系U=Ed可知，A点到坐标原点和坐标原点到B点间的电场强度大小之比为1：2，选项C正确；电子受到的电场力F=Eq，结合牛顿第二定律可知，电子在A、B两点的加速度大小之比为1：2，选项A错误；电子从A点到坐标原点，根据动能定理可知qU=E4.【正确答案】D设A、B的质量分别为mA、mB，B的初速度为v0，取B的初速度方向为正方向，由题意知，两球刚好不发生第二次碰撞，说明A、B碰撞后速度大小相等，方向相反，分别为v03和－v03，则根据动量守恒定律有mBv0＝mA·5.【正确答案】D根据对称性，可知b处和e处点电荷在O点处产生的场强大小相等、方向相反，相互抵消：c处与f处点电荷在O点处产生的场强大小相等、方向相反，相互抵消；所以根据电场的叠加原理可知，O处的场强等于a处和d处两个点电荷产生的电场的叠加，因此O点的电场强度大小为E＝Ea＋Ed＝＋＝，选项D正确．6.【正确答案】C阳光下彩色的肥皂膜、用单色光检测工件表面平滑度为薄膜干涉现象，A、B错误；光导纤维传递光学信息利用光的全反射，没有涉及光的干涉现象，C正确；单色光通过双缝在屏幕上形成明暗相间条纹为双缝干涉现象，D错误。7.【正确答案】B设光在三棱镜中的折射角为θ，则根据折射定律有n=sin45做出光路图如图所示根据几何关系可知∠BDE=60∘，所以△BDE为等边三角形，而∠FEC=60由此可知光在三棱镜中传播的距离为s=DE+EF=DB+AD=L可得传播的时间为t=sv，而n=8.【正确答案】CD设直导线P在O点的磁感应强度大小为B，竖直向下，同理可知，直导线Q在O点的磁感应强度大小也为B，竖直向下，故O点处的磁感应强度为2B，方向竖直向下，A错误；直导线P在C点的磁感应强度方向垂直PC方向斜向右下方，直导线Q在C点的磁感应强度方向垂直QC方向斜向左下方，且因为PC=QC，所以P、Q在C点产生的场强大小相等，故合场强方向竖直向下，B错误；P处导线在A、B两点处产生的磁场方向分别是竖直向上和竖直向下，Q处导线在A、B两点处产生的磁场方向分别是竖直向下和竖直向上，根据磁场的叠加原理及对称性可知，则A、B两点的磁感应强度相同，C正确；直导线P在D点的磁感应强度方向垂直PC方向斜向左下方，直导线Q在D点的磁感应强度方向垂直QC方向斜向右下方，且因为PD=QD，所以P、Q在D点产生的场强大小相等，故合场强方向竖直向下。故由对称性可知C、D两点的磁感应强度相同，D正确。故选CD。9.【正确答案】BC以A、B组成的系统为研究对象，系统动量守恒，取水平向右为正方向，从A开始运动到A的速度为零的过程中，由动量守恒定律得(M－m)v0＝MvB1，代入数据解得vB1＝2.67m/s.当从开始运动到A、B速度相同的过程中，取水平向右为正方向，由动量守恒定律得(M－m)v0＝(M＋m)vB2，代入数据得vB2＝2m/s.木块A加速运动的过程为从其速度为零至与B共速，且此过程中B始终减速，则在木块A正在做加速运动的时间内，B的速度范围为2m/s＜vB＜2.67m/s.故选B、C．10.【正确答案】ABD物块的速度最大时,其所受的合力为零,则mgsin45°=kx,解得x=,A正确。从物块开始运动到速度最大过程,由机械能守恒定律可得mg(l+x)sin45°=kx2+Ek,得Ek=mg-,B正确。当物块位于最大位移处时,回复力最大,物块的加速度最大,故当弹簧压缩量最大时,其加速度最大,根据牛顿第二定律有k-mgsin45°=mamax,得最大加速度为amax=g,C错误。物块从释放到与弹簧接触的过程,加速度大小为a==g,运动时间为t1=;从与弹簧接触到弹簧被压缩到最短,物块做简谐运动,振幅为A=-=,压缩弹簧到平衡位置的过程中,位移大小为振幅的,时间为t2=,从平衡位置到压缩量最大的时间为t3=,从静止释放到压缩量最大的时间为t=t1+t2+t3,得t=+,D正确。11.【正确答案】(1)B(2)2.28(3)0.99152.0751.00(4)(1)为了减小测量周期时由操作者引起的偶然误差，实验时需要在摆球速度大的点做标记，即最低点．(2)用停表测量单摆的周期，为减小实验误差需测量多个周期的总时间．根据题意可知从n＝1到n＝60共有59个时间间隔，每一个时间间隔为个周期，故为29T，根据停表读出此时间间隔为Δt＝67.4s．代入数据解得，此时单摆的周期为2.28s.(3)用最小刻度为1mm的刻度尺测得单摆的摆线长为99.15cm＝0.9915m，用游标卡尺测量摆球的直径，此游标尺为20分度，读数为20mm＋×15mm＝20.75mm＝2.075cm，单摆的摆长为l＝(0.9915＋)m＝1.001875m，计算结果保留三位有效数字，故摆长为1.00m.(4)根据单摆周期公式T＝2π可知g＝.12.【正确答案】(1)A2V2R1(2)见解析(3)1.213/1.214/1.215(4)3.5×(1)电路最大电流约为I=E电压表V1的量程太大；电压表V2的量程太小，但可以进行改装，故电压表应选V2。定值电阻应选R1，改装后的电压表的量程为U=(2)实物连线，如图(3)金属丝的直径为d=1mm+21.4×0.01mm=1.214mm(4)由R=ρLS13.【正确答案】(1)2.0×103N/C(2)2m/s(3)1.6×10－3J(1)场强为E1时，带正电微粒处于静止状态，根据平衡条件得，mg＝E1q，解得E1＝＝2.0×103N/C．(2)当电场强度增加到E2时，电场力大于重力，微粒开始向上做匀加速直线运动，设0.20s时微粒的速度大小为v，根据牛顿第二定律得，E2q－mg＝ma，根据运动学公式得v＝at，联立解得v＝2m/s.(3)电场方向改为水平向右后，带电微粒在竖直方向做匀减速直线运动，水平方向做匀加速直线运动，设带电微粒速度达到水平向右所用的时间为t′，带电微粒在水平方向电场中的加速度为a′.竖直方向上，v＝gt′，解得t′＝0.20s水平方向上，qE2＝ma′，解得a′＝20m/s2.此时带电微粒的速度v′＝a′t′＝4m/s，带电微粒的动能Ek＝mv′2＝1.6×10－3J.14.【正确答案】(1)2N·s(2)1.5s(1)B恰好能通过最高点，故在最高点由重力提供向心力，由牛顿第二定律有，mBg＝mBv设A、B碰后B的速度大小为vB，则B从碰后到B运动到D点的过程中由动能定理有，－mBg·2R＝12mBvD2－1联立代入数据解得，vB＝4m/s故A对B的冲