洛阳市高中生物必修二第一章遗传因子的发现考点总结

洛阳市高中生物必修二第一章遗传因子的发现考点总结

单选题

1、“敕勒川，阴山下。天似穹庐，笼盖四野。天苍苍，野茫茫。风吹草低见牛羊。”这是南北朝时阴山风光。

今天的邵阳南山牧场重现了这种画面。下图是南山牧场一个山羊种群的毛色（黑毛和白毛）遗传图解.下列有

关叙述正确的是（）

A.图中的全部的黑毛山羊基因型相同

B.图中的全部的白毛山羊基因型相同

C.探究第3代的黑毛山羊个体的基因型，可采用测交的实验方法

D.第3代的白毛山羊是杂合子的概率是2/4

答案：A

分析：分析题图：子一代中白毛羊和白毛羊杂交，后代出现黑毛羊，出现性状分离，说明白毛相对于黑毛为显

性性状（相关基因用A、a表示），则黑毛羊的基因型为aa,子一代白毛羊的基因型均为Aa,亲代中白毛羊的

基因型为Aa,子二代中白毛羊的基因型为AA或Aa0

A、根据分析可知，白毛为显性性状，黑毛为隐性性状，所以图中的全部的黑毛山羊基因型相同，都是aa,A正

确；

B、子二代中白毛羊基因型为AA或Aa,而其它白毛个休基因型均为Aa,B错误；

C、黑毛为隐性性状，黑毛个体的基因型为aa,无需测交以鉴定，C错误；

D、第3代的白毛山羊基因型为AA或Aa,是杂合子的概率是2/3,D错误。

故选A。

2、在孟德尔两对相对性状杂交实验中，R黄色圆粒豌豆（YyRr）自交产生F2,下列表述正确的是（）

A.R产生的花粉中，基因型为Yr.yr的比例为1:1

B.R产生4个配子，YR:yr:Yr:yR比例为1:1:1:1

C.R产生基因型yr的卵细胞和基因型yr的精子数量之比为1：1

D.基因自由组合定律是指R产生的精子和卵细胞可以随机组合

答案：A

解析：根据题意分析可知：孟德尔两对相对性状的杂交实验，遵循基因的自由组合定律，R黄色圆粒豌豆YyRr.

在减数分裂过程中，同源染色体分寓，非同源染色体上的非等位基因自由组合，能产生4种配子，R黄色圆粒

豌豆（YyRr）自交产生卜2为Y_R_:Y_rr:yyR_:yyrr=y:3:3:1。

A、R产生的花粉中的精子基因型为YR、yr、Yr、yR,比例为1：1：1：1.A正确；

B、1个R个体能产生YR、yr、Yr、yR4种配子若干个，其比例为1：1：1：1,B错误；

C、R产生基因型yr的卵细胞数量比基因型yr的精子数量少，即雄配子多于雌配子，C错误；

D、基因的自由组合是指R在减数分裂过程中，同源染色体分离，非同源染色体上的非等位基因自由组合，D错

误。

故选A。

3、人类的ABO血型是由常染色体上的基因广、广和i三者之间互为等位基因决定的。I,基因产物使得红细胞表面

带有A抗原，基因产物使得红细胞表面带有B抗原。W基因型个体红细胞表面有A抗原和B抗原，ii基型个

体红细胞表面无A抗原和B抗原。现有一个家系的系谱图（如图），对家系中各成员的血型进行检测，结果如

表，其中表示阳性反应，表示阴性反应。

个体1234567

A抗原抗体++-++--

B抗原抗体+-++-+-

下列叙述正确的是（）A.个体5基因型为I'i,个体6基因型为W

B.个体1基因型为IT,个体2基因型为I丫或I'i

C.个体3基因型为。或件,个体4基因型为W

D.若个体5与个体6生第二个孩子.该孩子的基因型一定是ii

2

答案：A

分析：由题表可知，呈阳性反应的个体红细胞表面有相应抗原，如个体1的A抗原抗体呈阳性，B抗原抗体也

呈阳性，说明其红细胞表面既有A抗原，又有B抗原，则个体1的基因型为1丫。

A、个体5只含A抗原，个体6只含B抗原，而个体7既不含A抗原也不含B抗原，故个体5的基因型只能是

个体6的基因型只能是广i,A正确；

B、个沐1既含A抗原又含B抗原，说明其基因型为1丫。个体2只含A抗原，但个体5的基因型为件，所以个

体2的基因型只能是I*B错误；

C、由表格分析可知，个体3只含B抗原，个体4既含A抗原又含B抗原，个体6的基因型只能是广i,故个体3

的基因型只能是此个体4的基因型是IfC错误；

D、个体5的基因型为自，个体6的基因型为1%故二者生的孩子基因型可能是广、件、1丫、ii,：）错误。

故选A。

4、豌豆种子的黄色（丫）对绿色（y）为显性，圆粒（R）对皱粒（r）为显性。一株黄色圆粒豌豆与一株黄色皱

粒豌豆杂交，其子代黄色圆粒占3/8,黄色皱粒占3/8,绿色圆粒占1/8,绿色皱粒占1/8,则其亲本最可能的基

因型是（）

A.YyRrxYyrrB.YyRrxYYrrC.YYRrxyyRrD.yyRrxYyrr

答案:A

分析：根据题干信息分析，让绿色圆粒豌豆与黄色皱粒豌豆杂交，则亲本可能的基因型为yyR_、YJT,再根据后

代的表现型分析亲本的基因型，据此答题。

据题意可知：豌豆种子的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒（R）对皱粒（r）为显性。让黄色圆粒豌豆与黄

色皱粒豌豆杂交，后代中黄色和绿色两种豌豆的数量比为（3/8+3/8）:（1/8+1/8）=3:1,则亲本中黄色的基因型都

为Yy.,后代中圆粒和皱粒两种豌豆的数量比为（3/8+1/8）:（3/8+1/8）=1:1,则亲本中圆粒和皱粒的基因型为

Rrxrr,综合来看亲本基因型为YyRrxYyrr,A正确。

故选口。

5、下列有关遗传基本概念的叙述，正确的是（）

A.相对性状指同一种生物的同一种性状的不同表现类型，如棉花的细绒与长绒

B.性状分离指在杂种后代中出现不同基因型个体的现象

C.等位基因指位于同源染色体同一位置上控制相对性状的基因

D.表现型指生物个体表现出来的性状，若基因型相同，表现型一定相同

3

答案：c

分析：相对性状是指同种生物的同一性状的不同表现类型；性状分离是指在杂种后代中，同时显现出显性性状

和隐性性状的现象；表现型二基因型+环境，基因型是表现型的内因，表现型相同，基因不一定相同。

A、相对性状是指同种生物的同一性状的不同表现类型，如棉花的细绒与粗绒，短绒与长绒，A错误；

B、性状分离是指杂种后代中显现不同表现型个体的现象，B错误；

C、等位基因是指位于同源染色体同一位置上控制相对性状的基因，如A和a,C正确；

D、表现型是指生物个体表现出来的性状，基因型相同，表现型一般相同，如果环境不同，其表现型可能不同，

D错误。

故选C。

6、某动物种群中AA、Aa和aa基因型的个体分别占25%、50%、25%若aa个体没有繁殖能力，其他个体间随

机交配，则下一代AA、Aa、aa个体的数量比为

A.3：3：1B.4：4：1C.l：2：0D.1：2：1

答案：B

AA、Aa和aa基因型的个体依次占25乐50%、25%O若该种群中的aa个体没有繁殖能力，则具有繁殖能力的个

体中，AA占25%+(25%+50%)=1/3,Aa占2/3,因此A的基因频率为1/3+2/3xl/2=2/3,a的基因频率为

1/3。根据遗传平衡定律，AA、Aa个体间随机交配，后代中AA的频率:(2/3)2=4/9,Aa的频率;

2x173x2/3=4/9,aa的频率=(1/3)2=1/9,因此，AA：Aa：aa=4：4：1,B项正确，A、C、D项错误。

故选Bo

【定位】现代生物进化理论的主要由容

小提示：位于常染色体上的基因频率计算

(1)已知各基因型个体的数量，求基因频率。此类题型可用定义公式计算，即某基因的频率=[(该基因纯合子

个体数x2+杂合子个体数)+(总个体数x2)卜100%。

(2)已知基因型频率，求基因频率,此类题型可以将百分号去掉，按定义公式计算或直接用"某基因的基因频

率;该基因纯合子的百分比+杂合子百分比的1/2”来代替。如基因A的频率=AA的频率+l/2Aa的频率，基

因a的频率=1-基因A的频率。

7、报春花的花色白色(只含白色素)和黄色(含黄色锦葵色素)由两对等位基因(A和a,B和b)共同控制，两对等位

基因独立遗传(如图所示)。现选择AABB和aabb两个品种进行杂交，得到R,R自交得%下列说法正确的是()

4

基因B

基因A

白色我I黄色锦奏色*

（前体物质）

A.F＞的表现型是黄色

B.F2中黄色：白色的比例是9：7

C.F2的白色个体中纯合了占3/1G

D.F2中黄色个体自交有2/3会出现性状分离

答案：D

分析：根据图示信息，显性基因A控制以白色素为前体物合成黄色锦葵色素的代谢过程。B存在时可抑制其表

达,所以其基因型和性状的关系是：AB、aaB、aabb表现为白色.A-bb表现为黄色。

R的基因型为AaBb,表现型为白色，A错误；F2中黄色：白色的比例是3:13,B错误；F2的白色个体应为AB

⑼、aaB-（3）,aabb（1）,其中纯合子有AABB⑴、aaBB⑴、aabb（1）,所以F2的白色个体中纯

合子占3/13tC错误；F?中黄色个体的基因型为l/3AAbb,2/3Aabb,所以黄色个体自交有2/3会出现性状分离，

D正确。

小提示：正确分析题图信息，明确每种基因型的表现型是解答本题的关键，另外还需熟练掌握两对相对性状的

杂交实验中F2的基因型及比例。

8、椎实螺是雌雄同体的动物，一般进行异体受精，但分开饲养时，它们进行自体受精。已知椎实螺外壳的旋向

是由一对核基因控制的,右旋（D）对左旋（d）是显性，旋向的遗传规律是子代旋向只由其母本核基因型决定

而与其自身基因型无关。对以下杂交后结果的推测（设杂交后全部分开饲养）错误的是（）

A.9DDxddd,F.全是右旋，F2也全是右旋

B.$ddx6Dd,R全是左旋，R中石旋：左旋二1：1

C.9ddx6DD,Fi全是左旋，F?也全是左旋，F3中右旋：左旋二3：1

D.9DDxddd,R全是右旋，F?也全是右旋，F3中右旋：左旋=3：1

答案：C

分析：椎实螺外壳的旋向是由一对核基因控制的，右旋（D）对左旋（d）是显性，旋向的遗传规律是子代旋向

只由其母本核基因型决定而与其自身基因型无关。例如：如果2ddx6DD-R：Dd,由于亲本母方是dd,P表

现型是左旋；F二是F1的自交后代，有三种基因型，即DD：Dd：dc=l：2：1。F1代基因型是Dd,决定的是右旋

5

螺，故R自交的子代E全是右旋螺。

A、9DDxddd,Fi(Dd)表现型与母本(DD)相同，全是右旋。R全部分开饲养自交，R表现型与R(Dd)

相同，全是右旋，A正确；

B、2ddxdDd,Fi(l/2Dd.l/2dd：l,表现型与母本(dd)相同，全是左旋；R全部分开饲养自交，R表现型

与R(l/2Dd.l/2dd)相同，故F?中右旋：左旋二1：LB正确；

C、$ddxdDD,R(Dd)表现型与母本(dd)相同，全是左旋，R全部分开饲养自交，R(1DD:2Dd:ldd)

表现型与F.(Dd)相同，全是右旋；F，表现型与F2(1DD：2Dd：ldd)相同，右旋：左旋二3：LC错误；

D、9DDx8dd,R(Dd)表现型与母本(DD)相同，全是右旋。R全部分开饲养自交，F2(1DD：2Dd：

ldd),表现型与R(Dd)相同，全是右旋，F,表现型与Fz(1DD:2Dd:ldd)相同，右旋：左旋=3:1,D

正确n

故选C。

9、在孟德尔的豌豆杂交实验中，涉及到了自交和测交。下列相关叙述中正确的是()

A.自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交不能

B.测交可以用来判断一对相对性状的显隐性，自交不能

C.纯合子自交的后代不会发生性状分离，测交后代会

D.自交和测交都能用来检验显性个体是纯合子还是杂合子

答案：D

分析：自交是指植物中自花受粉和同株异花受粉，可以是纯合子(显性纯合子或隐性纯合子)自交、杂合子自

交。杂交是基因型不同的生物个体之间相互交配的方式，可以是同种生物个体杂交，也可以是不同种生物个体

杂交。测交是指杂种子一代个体与隐性类型之间的交配，主要用于测定R的基因型，也可以用来判断另一个个

体是杂合子还是纯合子。

鉴定生物是否是纯种，对于植物来说可以用测交、自交的方法，其中测交是最简单的方法；对于动物来讲则只

能用测交的方法。采用自交法，若后代出现性状分离，则此个体为杂合子；若后代中没有性状分离，则此个体

为纯合子。采用测交法，若后代中只有显性性状，则被鉴定的个体为纯合子；若后代中既有显性性状又有隐性

性状出现，则被鉴定的个体为杂合子。

A、自交可以用来判断某一显性个体的基因型，测交也能，A错误；

B、测交不可以用来判断一对相对性状的显隐性，但自交能，B错误；

C、若待测的个体是隐性纯合子，则测交后代也不会发生性状分离，C错误；

6

D、根据自交和测交结果均可判断某显性个体是否为纯合子，D正确。

故选D。

10、已知果蝇的灰体和黄体受一对等位基因控制。某间学用一只灰体雌蝇与一只黄体雄蝇杂交，子代中2灰体：

?黄体：6灰体：白黄体为1：1：1：1。下列哪一组交配既能判断基因的显隐性关系又能判断基因是位于X染

色体还是常染色体上

A.子代？灰体x6灰体

B.子代2黄体X6黄体

C.子代2黄体x3灰体

D.子代？灰体x6黄体

答案：A

分析：根据题意分析可知，果蝇的灰体和黄体，这对相应形状显隐性关系和等位基因所在染色体都是未知，性

状角度来看，黄比灰的整体来说还是1:1关系，有可能是常染色体，也可能是性染色体遗传。假设控制灰体的基

因为A,控制黄体的基因为a,则实脸中亲本黄体雄蝇基因型为X“Y或aa,灰体雌蝇基因型为X'X'或Aa,而杂

交子代出现性状分离,那么子代的基因型为：？灰体X“X"或Aa、？黄体XX或灰体X'Y或Aa、&黄体X，

或aao

A、若选择子代？灰体X%'或Aax3灰体X、或Aa杂交，后代若发生性状分离，且只在雄性中出现黄体，则灰

体对黄体为显性且基因位于X染色体上，否则该基因位于常染色体上，A符合题意；

B、若选择子代？黄体XX'或aax5黄体XY或aa杂交，后代无论基因位于X染色体上还是常染色体上，后代

雌雄中均都为黄体，B不符合题意；

C、若选择子代2黄体XX或aax6灰体X、或Aa杂交，子代如果出现雌性全为灰体、雄性全为黄体，则说明

该基因位于X染色体上且灰体为显性性状，但是若位于常染色体上，则子代无论雌雄都有灰体和黄体，且显隐

性无法判断，C不符合题意；

D、若选择子代？灰体X'X"或Aax占黄体X"Y或aa杂交，无论基因位于常染色体还是X染色体上，后代无论雌

雄都是既有灰体又有黄体，D不符合题意。

故选Ao

11、某同学用小球做遗传规律模拟实验。每次分别从甲乙两个箱子中随机抓取一个小球并记录字母组合：将抓

取的小球分别放回原来小桶后，再多次重复。下列分析错误的是（）

7

甲乙

A.若仅模拟基因分离定律，则只要一个箱子即可

B.若模拟基因自由组合定律，则甲乙都代表雌性器官或都代表雄性器官

C.甲、乙两个箱子中两种颜色的小球数目之比均为1：L且两箱子中小球总数一定要相等

D.若要模拟雌雄配子的随机结合，则甲乙分别代表雌性和雄性器官

答案：C

分析：分离定律又称孟德尔第一定律。其要点是：决定生物体遗传性状的一对等位基因在配子形成时彼此分开,

随机分别进入一个配子中。自由组合规律是当代生物遗传学三大基本定律之一。当具备俩对（或大量对）相对

性状的亲本开展混种杂交，在子一代造成配子时，在等位基因分离出来的与此同时，非同源染色体上的遗传基

因主要表现为自由组合。

A、一个箱子中可以放两种小球，模数等位基因，因此若仅模拟基因分离定律，则只要一个箱子即可，A正确；

B、若模拟基因自由组合定律，则甲乙都代表雌性器官或都代表雄性器官，甲乙中代表两对等位基因，B正确；

C、甲、乙两个箱子中两种颜色的小球数目之比均为1：1,但两箱子中小球总数不一定要相等，C错误；

D、若要模拟雌雄配子的随机结合，则甲乙分别代表雌性和雄性器官，甲乙中拿出的小球代表雌雄配子，D正确。

故选C。

12、两对相对性状的杂交实验中，E只有一种表现型，R自交，如果F2的表现型及比例分别为9:796:1.15:1

和9:34那么R与隐性个体测交，与此对应的性状分离比分别是（）

A.1:2:1.4:1.3:1和1:2:1

B.3:1,4:1.1:3和1:3:1

C.1:3,1:2:1.3:1和1:1:2

D.3:1.3:1.1:4和1:1:1

答案：C

8

解析：1.自由组合定律特殊分离比的解题技巧：

(1)看R的表现型比例，若表现型比例之和是16,不管以什么样的比例呈现，都符合基因的自由组合定律。

(2)将异常分离比与正常分离比9：3：3：1进行对比，根据题意将具有相同表现型的个体进行“合并同类

项”，如比值为9：3：4,则为9：3：(3+1),即4为后两种性状的合并结果。再如12：3：1即(9+3)：3：1,

12出现的原因是前两种性状表现一致的结果。

2.根据题意，R为双杂合子AaBb,日与隐性个体测交，后代的基因型比例为AaBb:Aabb:aaBb:aabb=l:1:

1：lo

F.(AaBb)自交，F?的分离比为9：7时，说明当双显性基因同时出现时为一种表现型，其余的基因型为另一种

表现型，即9(A_B_):7(3A_bb+3aaB_+laabb),则F：与隐性个体测交，得到的性状分离比是AaBb:

(Aabb+aaBb+aabb)=1:3；F?的分离比为9:6:1时，说明生物的基因型为9A_B_:(3A_bb+3aaB_):

laabb,则E与隐性个体测交，得到的表现型分离比是AaBb：(Aabb+aaBb):aabb=l:2:1；Fz的分离比为

15：1时，说明生物的基因型为(9A_B^+3A_bb+3aaBj:laabb,则R与隐性个体测交，得到的表现型分离比

是(AaBb+Aabb+aaBb):aabb=3:1；E的分离比为9:3:4时，说明生物的基因型为9A_B_:3A_bb:

(3aaB_+laabb)或9A_B_：3aaB_：(3A_bb+laabb),则R与隐性个体测交，后代的分离比为lAaBb：

lAabb:(laaBb+laabb)=1：1：2或lAaBb:laaBb:(lAabb+laabb)=1:1：20

故选C。

13、下列遗传实例中，属于性状分离现象的是()

A.某非嚼性水稻产生的花粉既有糯性的又有非糯性的

B.对某未知基因型的个体进行测交后子代的性状表现不同

C.一对表现型正常的夫妇生了一个正常的女儿和色盲的儿子

D.纯合红花和纯合白花的植物杂交，所得E的花色表现均为粉红花

答案：C

分析：性状分离是指具有一对相对性状的亲本杂交，R全部个体都表现显性性状，R自交，G个体大部分表现显

性性状，小部分表现隐性性状的现象，即在杂种后代中，同时显现出显性性状和隐性性状的现象。

A、某非糯性水稻产生的花粉既有糯性的又有非糯性的，能直接证明孟德尔的基因分离定律,但不属于性状分离

现象，A错误；

B、测交是验证孟德尔分离定律的一种方法，不属于性状分离现象，B错误；

C、一对表现型正常的夫妇生了一个正常的女儿和色盲的儿子，亲本只有一种性状，后代出现不同的性状，这属

9

于性状分离现象，c正确；

D、纯合红花和纯合白花的植物杂交，所得R的花色表现为粉红花，属于不完全显性，不属于性状分离，D错误。

故选C。

14、在模拟孟德尔杂交实验时，有学生取两个信封，装入信封的圆纸片上有的写上“A"，有的写上“a”（如

图）。下列叙述错误的是（)

A.两个信封分别代表了父本和母本

B.分别从两个信封内随机取出1张圆纸片组合在一起，记录组合结果后，要将其放回原信封内

C.将分别从两个信封内随机取出的2张圆纸片组合在一起的过程模拟了雌雄配子的随机结合

D.若要模拟自由组合定律，则须在两信封中各加入适量且等量的标有“B”和"b”的圆纸片

答案：D

分析：由图可知，两只信封内均装入两种纸片即A和a,每只信封相当于不同的亲本。

A、两个信封分别代表了父本和母本，里面的圆纸片模拟雌雄配子，A正确；

R、分别从两个信封内随机取出1张圆纸片组合在一起，记录组合结果后，要将其放回原信封内，要保证每次拿

出任何一张圆片的概率相同，B正确；

C、分别从两个信封内随机取出的2张圆纸片分别相当于雌雄配子，二者的组合模拟的是雌雄配子的随机结合，

C正确；

D、若要模拟自由组合定律，可以将其中一个信封中的圆纸片改为“B”和七”即可，D错误。

故选D。

15、某单子叶植物的抗病（T）对易感病t为显性，高杆（D）对矮和（d）显性，两对等位基因独立遗传。现用

基因型为①TTdd、②ttDD、③ttdd三个品种进行实验，下列说法正确的是（）

A.若要验证基因的分离定律，可用①和②进行杂交，观察R的表现型和比例

B.若要验证基因的自由组合定律，可用①和③杂交所得的R进行自交，观察F「的表现型和比例

C.若要验证基因的分离定律，可用②和③进行杂交，观察R的表现型及比例

10

D.若要验证基因的自由组合定律，可用①和②进行杂交，所得的R与③进行杂交，观察F二的表现型及比例

答案：D

分析：L基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；

生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立

地随配子遗传给后代。

2.基因自由组合定律的实质：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂

过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。

A、分离定律是一对等位基因杂合子自交，后代表现型为3:1,因此可用①和②杂交所得的R进行自交，观察

卜的表现型和比例，A错误；

B、自由组合定律，双杂合子自交，子代表现型及比例为9：3：3：L因此可用①和②进行杂交进行自交，观

察F?的表现型和比例，B错误；

C、若要验证基因的分离定律，可用②和③进行杂交的R进行自交观察F?的表现型和比例，C错误；

D、若要验证基因的自由组合定律，可用①和②进行杂交，所得的R与③进行杂交，观察F二的表现型及比例，D

正确。

故选D。

多选题

16、某同学做了性状分离比的模拟实验：在2个小桶内各装入20个等大的方形积木（红色、蓝色各10个，分

别代表“配子”D、d）,分别从两桶内随机抓取1个积木并记录，直至抓完桶内积木。结果DD：Dd：dd:

12：6：2,他感到失望。下列给他的建议和理由中合理的是（）

A.把方形积木改换为质地、大小相同的小球，以便充分混合，避免人为误差

B.每次抓取后，应将抓取的积木放回原桶，保证每种积木被抓取的概率相等

C.增加重复抓取的次数，保证实验统计样本数目足够大

D,将某桶内的2种积木各减少到一半，因为卵细胞的数量比精子少得多

答案：ABC

分析：性状分离比的模拟实验中实验结果失败的原因是：（1）方形积木不易混匀，导致实验误差较大；（2）

每次抓取后没有将抓取的积木放回原桶，使每种配子被抓取的概率不相等。

A、使用方块可能使两种积木混合不均匀，因此应把方形积木改换为质地、大小相同的小球，以便充分混合，避

免人为误差，A正确；

11

B、如果每次抓取后没有将抓取的积木放回原桶，会使每种配子被抓取的概率不相等，所以每次抓取后，应将抓

取的配子放回原桶，以保证每种配子被抓取的概率相等，B正确；

C、继续重复抓取，如重复抓50To0次，以保证足够大的样本数，减少实验误差，C正确；

D、该学生抓取的结果不符合1：2：1,原因是其操作存在错误，而非因为卵细胞的数量比精子少得多，D错误。

故选ABCo

17、实验者利用基因工程技术将某抗旱植株的高抗旱基因R成功转入到一抗旱能力弱的植株品种的染色体上，

并得到如图所示的三种类型。下列说法中正确的是（）

A.若自交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为75%,则目的基因的整合位点属于图中类型II和III

B.I和II杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%

C.II和川杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为7/8

D.三种转基因植株都需要逐代自交以获得能稳定遗传的抗旱植株

答案:BC

分析：根据图解可知：I图个体减数分裂产生的配子全含有R基因，该个体自交，后代中全部是高抗旱性植株；

II图个体减数分裂产生的配子有一半含R基因，该个体自交，后代中抗旱能力弱植株占的比例是1/2x172=1/4,

高抗旱性植株所占比例为1-1/4=3/4；川图个体减数分裂产生的配子有3/4含R基因，该个体自交，后代中抗旱

能力弱植株占1/4x1/4=1/16,高抗旱性植株所占的比例为1-1/16=15/16。

A、由以上分析可知：III的两个R基因分别位于两条非同源染色体上，该个体减数分裂产生的配子有3/4含R基

因，该个体自交，后代中抗旱能力薨植株占1/4x1/4=1/16,高抗旱性植株所占的比例为1-1/16=15/16,A错误；

B、I产生的配子中都有R基因，因此，它与II杂交产生的后代中高抗旱性植株所占比例为100%,B止确；

C、III个体可以产生四种配子，与II杂交，后代中高抗旱性植株所占比例为7/8,C正确；

D、I类型类似于纯合子，其获得稳定遗传（纯合子）的抗旱植株不需要逐代自交，D错误。

故选BC。

18、下列关于孟德尔运用假说一演绎法研究遗传规律活动成功原因的叙述中，错误的是（）

12

A,所作假设的核心是“性状是位于染色体上的基因控制的”

B.为脸证正确与否，设计并完成了测交实验

C.测交属于“演绎”环节

D.提出问题是建立在纯合亲本杂交和F.自交两组豌豆遗传实验上的

答案：AC

分析：孟德尔发现遗传定律用了假说演绎法，其基本步骤：提出问题一作出假说-演绎推理-实验验证一＞得出

结论。

A、孟德尔所作假设的核心内容是“性状是遗传因子控制的”，孟德尔并未提出“基因一词，A错误；

B、为了验证作出的假设是否正确，孟德尔设计并完成了测交实验，B正确；

C、测交属于验证环节，一对性状的杂交实验中预测测交结果为高：矮二1：1属于"假说一演绎”的演绎推理，

C错误；

D、提出问题是建立在纯合亲本杂交和R自交两组豌豆遗传实验基础上的，D正确。

故选AC。

19、下列关于生物遗传规律的说法，正确的是（）

A.基因分离定律是基因自由组合定律的基础

B.基因分离和基因自由组合都发生在减数分裂和受精作用过程中

C.两对或两对以上相对性状的遗传都遵循基因自由组合定律

D.基因型为Aa的个体连续自交，后代中纯合子所占的比例逐渐增大

答案：AD

分析：基因分离定律的实质：等位基因随同源染色体的分开而分离；时间：减数第一次分裂后期。基因自由组

合定律的实质：非同源染色体上的非等位基因自由组合；时间：减数第一次分裂后期。

A、基因自由组合定律的实质是同源染色体上等位基因分离，非同源染色体上非等位基因自由组合，说明基础是

基因分离定律，A正确；

B、基因分离定律和基因自由组合定律都发生在减数第一次分裂后期，B错误；

C、在有性生殖核遗传中，控制两对或两对以上相对性状的基因位于非同源染色体上时，遗传才遵循基因自由组

合定律，C错误；

13

D、基因型为Aa的个体连续自交，后代中纯合子所占的比例逐渐增大，杂合子所占的比例逐渐减小，D正确。

故选AD。

小提示：

20、已知鼠的灰色与白色是一对相运性状，由一对遗传因子控制。如图为鼠的毛色的遗传图解，则下列判断正

确的是（）

A.1.2号的遗传因子组成相同，3.6号的遗传因子组成相同

B.7号与4号的遗传因子组成相同的概率为1/2

C.4号一定是杂合子，3号一定是纪合子

D.E的结果表明发生了性状分离

答案：ACD

分析：分析题图：鼠的黑色与白色受一对等位基因（相关基因用A、a表示）控制，遵循基因的分离定律.一对

黑色鼠（1和2.4和5）生了一只黑色和一只白色共两只鼠，说明出现了性状分离，黑色对白色为显性。

A、1.2号的基因型均为Aa,3.6的基因型均为aa,A正确；

B、4号的基因型为Aa,7号的基因型及概率为1/3AA或2/3Aa,因此两者基因型相同的概率为2/3,B错误；

C、由于6号为白色，基因型为aa,故4号的基因型只能是杂合子Aa,3号为白色，基因型为aa,一定是纯合

子，C正确；

D、由分析可知，R和F2的结果均表明发生了性状分离，D正确0

故选ACDo

21、某植物的茎杆高度由两对等位基因（A/a,B/b）控制，纯种高茎与纯种矮茎杂交，R均表现为高茎，R自交

得到如图所示的结果。下列相关叙述箱送的是（）

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p高茎X矮茎

F1高茎

自交

F29/16高茎3/16中茎4/16矮茎

A.两对等位基因的遗传遵循自由组合定律

B.R测交后代中中茎植株所占的比例为1/2

C.若Fz的高茎植株自由交配，则后代中的中茎植株占16/81

D.茎杆高度的遗传存在隐性基因纯合遮盖高茎基因表达的现象

答案:BC

分析：题意分析，某实验小组让纯种高茎和纯种矮茎杂交，所得R全为高茎，再让R高茎自交，得到的F2的表

现型及比例为高茎:中茎:矮茎=9:3:4:为933:1的变式），说明两对基因符合基因的自由组合定徨，且子一代的

基因型为AaBb表现型为高茎。高茎的基因型是A_B_,中茎是A_bb（或者aaB_）,矮茎是aabb、aaB_（或

A_bb）o

A、题意分析，某实验小组让纯种高茎和纯种矮茎杂交，所得F：全为高茎，再让R高茎自交，得到的F2的表现

型及比例为高茎:中茎:矮茎=9:3:4（为933:1的变式），说明两对基因符合基因的自由组合定律，A正确；

B、F1测交即AaBb和aabb,后代中中茎即A_bb（或aaB_）植株所占的比例为1/4,B错误;

C、Fj的高茎是A_B_,单独分开计算A=2/3,a=1/3,B=2/3,b=l/3,若F2的高茎植株自由交配，则后代中的中

茎植株即A_bb（或者aaB_）2/3>2/3x1/3x1/3+2x1/3x2/3x1/3x1/3=8/81,C错误；

D、由于高茎的基因型是A_B_,中茎是A_bb（或者aaBj,矮茎是aabb、aaB_（或A_bb）,那么茎杆高度的

遗传存在隐性基因纯合遮盖高茎基区表达的现象，D正确；

故选BCo

22、两个具有不同遗传背景的纯合转基因小鼠B和P品系，进行同品系交配及品系间交配繁育，得到R,

（PBR表示母本为P,父本为B；BPA同理），观察亲代和品系间杂交后代R在热敏（在热板上感受到热刺激的

反应时间越短，表明对热越敏感）实验中的行为差异，实验结果如下图所示，下列相关实验结果分析合理的是

（）

15

A.该杂交过程中涉及自交和正、反交，同品系间交配产生R代为实验组

B.B品系热敏强于P品系，F1行为特征为父系遗传，雌性R中无明显不同

C.据R代小鼠表现可知，热敏与热钝为一对相对性状，由一对等位基因控制

D.小鼠的行为特征与亲本的遗传背景影响关系密切，是可以遗传的行为特征

答案：BD

分析：题图分析：图中的实验结果涉及的是亲代BP品系及正交、反交获得的R在热敏实验中的行为差异；又知

在热板上感受到热刺激的反应时间越短，表明对热越敏感，B与P相比，B品系在热板上感受到热刺激的反应时

间越短，因此热敏性高于P品系。子一代雄鼠中，以B为父本、P为母本获得的子一代热敏性高于以B为母本、

P为父本杂交获得的子一代，而对于子一代雌鼠，正交、反交获得的子一代热敏性没有显著差异。品系间交配产

生的F1代显示，后代雄性的热敏性与父本相同，表现为父系遗传，而后代雌性的热敏性没有明显的不同，位于

父母本之间。

A、该实验的对象是小鼠（动物），同品系交配不能称为自交，且同品系交配产生的F1代应该作为对照组，A错

误；

B、根据以上分析已知，B品系热敏强于P品系，雄性后代的行为特征为父系遗传，但是雌性后代中没有明显不

同，B正确；

C、根据以上分析已知，雄性后代的行为特征为父系遗传，雌性后代中没有明显不同，不能得出“热敏与热钝为

一对相对性状，由一对等位基因控制”的结论，C错误；

D、小鼠的行为特征与亲本的遗传背景影响有关，为可遗传的行为特征，D正确。

故选BDO

小提示：

23、耗牛有黑色、黄色、白色三种毛色，由位于两对常染色体上的基因M、m和A、a控制。M基因与黑色素

合成有关，且黑色素的量与M数量无关；八基因抑制M基因表达，且人数量越多抑制效果越强,基因型

16

为AAMM和aamm的个体进行杂交获得R,下列相关叙述正确的是（）

A.白色耗牛的基因型有5种

B.R均表现为黄色

C.R交配产生的E白色耗牛中，纯合子占3/7

D.R交配产生的F?中，黑色：黄色：白色为6：3：7

答案：ABC

分析：分析题目可知，M基因控制黑色素合成，A基因抑制M基因表达，且抑制效果与数量有关，则aaMM、

aaMm为黑色，AaMM、AaMm为黄色，AAMM、AAMm、AAmm、Aamm、aamm为白色。

A、根据分析，白色耗牛的基因型有AAMM、AAMm、AAmm、Aamm、aamm共5种，A正确，

B、R基因型为AaMm,则表现为黄色，B正确；

C、R交配得到F2,F2中白色基因型及其比例为AAMM：AAMm:AAmm：Aamm：aamm=l：2:1：2：1,则

纯合子占比为3/7,C正确；

D、R交配产生的F?中，黑色为aaMM,aaMm,占3/16,黄色为AaMM、AaMm,占6/16,白色为AAMM、

AAMm、AAmm、Aamm、aamm,占7/16,则黑色：黄色：白色为3:6:7,D错误。

故选ABCo

24、水稻的雄性不育受一组复等位基因Ms\Ms'和Ms'"中控制，其中Ms,和Ms"中控制可育，Ms'控制不育。

现有雄性不育植株甲和基因型为Ms'Ms'的植株乙杂交，R植株全部表现为雄性可育，R自交后代中雄性不育植

株占1/8。下列说法中错误的是（）

A.这三个基因的显隐性关系为MsA>MsSMs,h

B.甲的基因型为Ms'Ms\R植株均为杂合子

C.F.自交后代雄性可育植株中纯合子所占的比例为1/3

D.若让R不同基因型的植株杂交，则子代中雄性不育植株占1/4

答案:BC

分析：雄性不育植株甲（Ms［）和基因型为的植株乙杂交，R植株全部表现为雄性可育：Ms'Ms\

MsA,）,R自交后代中雄性不育（Ms1植株占1/8=1/2X1/4,说明甲为且显隐性的关系为

Ms'>Ms>Ms''o

A、据以上分析可知，三个基因的显隐性关系为Ms'Ms'MsCA正确；

17

B、甲的基因型为Ms'MsCR植株(Ms'Ms\Ms''Msh)均为杂合子，B错误；

C、F>(l/2Ms'Ms'和l/ZMs'Ms，自交后代雄性不育Ms'Ms=l/2、l/4=l/8,因此雄性育植株占7/8,可育纯合

子为Ms'Ms=l/2xl/4x2=2/8.MscbMsch=l/2xl/4=l/8,及雄性可育植株占后代的3/8,因此雄性可育植株中纯

合子所占的比例为3/7,C错误；

D、若让R不同基因型的植株(MsMs\Ms''Msh)杂交,则子代为IMs'Ms*、1MS'MS\1MSAMSC\IMS'MS：

其中雄性不育植株(MS'MT)占1/4D正确。

故选BCO

25、一豌豆杂合子(Aa)植株自然状态下生长，下列叙述正确的是()

A.若自交后代AA:Aa：aa=2：3：1,可能是含有隐性遗传因子的花粉50%死亡造成的

B.若自交后代Aa：Aa:aa=2：2：1,可能是隐性个体50%死亡造成的

C.若自交后代AA:Aa:aa=4：4：1,可能是含有隐性遗传因子的配子50%死亡造成的

D.若自交后代AA：Aa:aa=l：2：1,可能是花粉50皱死亡造成的

答案：ACD

分析：基因分离定律：在生物体细胞中，控制同一性状的遗传因子成对存在，不相融合；在形成配子时，成对

的遗传因子发生分离，分离后的遗传因子分别进入不同的配子中。

A、Aa植株中雌配子有1/2A、l/2a,雄配子a有50%的致死，说明雄配子是l/2A+l/2xl/2a,也就是雄配子中

有2/3A、l/3a.所以后代各种基因型的频率：(172x2/3)AA：(1/2x273+1/2x1/3)Aa：(1/2x1/3)

aa=2：3：1,A正确；

B、一豌豆杂合子(Aa)植株自交时，后代各种基因型所占的比例为AA：Aa：aa=1：2：1,若隐性个体50%死

亡，则自交后代的基因型比例是AA：Aa:aa=l：2：lxl/2=2：4：1,才可能是隐性个体有50帕勺死亡造成，B

错误；

C、若含有隐性基因的配子有50%的死亡，则配子中A的频率为2/3,a的频率为1/3,自交后代的基因型比例是

(2/3x2/3)AA:(2/3xl/3x2)Aa:(l/3xl/3)aa=4：4：1,C正确；

D、若花粉有50%的死亡，雄配子中A与a的比例不变，所以自交后代的基因型比例仍是1：2：1,D正确。

填空题

26、假如雌雄配子的结合不是随机的，F?中还会出现3:1的形状分离比吗？

18

答案：不会，满足孟德尔实验条件之一是雌、雄配子结合机会相等，即任何一个雄配子（或雌配子）与任何一

个雌配子（或雄配子）的结合机会相等，才能出现3:1的性状分离比。

解析：略

27、异常分离比9：3：3：1变式（会分析理解，不死记）

异常比相对于孟德尔的表现型比测交后代比

15：1(9A_B_+3A_bb+3aaB_)laabb

9：79AB：(3Abb+3aaB+laabb)

13：3(9A_B_+3A_bb+laabb):3aaB一或(9AB+3aaB+laabb):3Abb

12:3:1(9A_B_+3A_bb)：3aaB_：laabb或(9AB+3aaBJ：3Abb：laabb

9AB：(3Abb+3aaB)：laabb1：2：1

9A_B_：3A_bb：(3aaB_-laabb)或9AB：3aaB：(3Abb+laabb)1：1：2

答案：

异常比相对于孟德尔的表现型比测交后代比

15：1(9AB+3Abb+3aaB)laabb3：1

9：79AB:(3Abb+3aaB+laabb)1：3

(9A_B_+3A_bb+laabb)：3aaB_

13：33:1

或(9AR+3aaR+laabb)：3Ahh

(9A_B_+3A_bb):

12：3：13aaB_:laabb或(9AB+3aaBJ：2：1：1

3Abb：laabb

9：6：19AB:(3Abb+3aaB):laabb1：2：1

9A_B_:3A_bb:(3aaB