山东省日照市日照港中学等四校九年级上学期期末考试物理试题

20222023学年山东省日照市日照港中学等四校九年级（上）期末物理试卷一、单选题（本大题包括10小题，每题3分，共30分）1.下列关于温度、热量和内能的说法中正确的是（）A.物体温度升高，一定吸收了热量 B.物体放出热量时，温度一定降低C.物体温度升高，内能一定增加 D.物体内能增加时，温度一定升高【答案】C【解析】【详解】A．物体温度升高，除了吸收了热量，进行热传递，也可能是因为对物体做功，故A错误；B．物体放热时温度可能不变，如晶体在凝固过程中放热但温度不变，故B错误；C．同一物体分子个数是一定的，当温度升高时，分子的热运动越剧烈，则分子的动能就越大，从而使物体的内能增加，故C正确；D．物体内能增加，温度不一定升高，如晶体在熔化过程吸热，内能增加但温度不变，故D错误；故选C。2.由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化显著。因此（）A.白天的海风多是从陆地吹向海面，夜晚的海风多是从海面吹向陆地B.白天的海风多是从海面吹向陆地，夜晚的海风多是从陆地吹向海面C.白天和夜晚的海风多是从陆地吹向海面D.白天和夜晚的海风多是从海面吹向陆地【答案】B【解析】【详解】水的比热容比泥土沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地；晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面。故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。3.初温相同的铜和铅，它们的比热容之比是3:1，质量之比是2:3，若它们吸收相等的热量，铜升高的温度与铅升高的温度之比是（）A.1:2 B.2:1 C.2:9 D.9:2【答案】A【解析】【详解】由题知铜和铅吸收的热量之比为因为所以即所以铜和铅升高温度的比值为故选A。4.用两个相同的加热器，分别对质量相等的甲、乙两种液体加热，其温度随时间变化的图象如图所示，由图象可知（）A.甲的比热容比乙大B.甲的比热容比乙小C.甲和乙的比热容相等D.开始加热时，甲和乙的比热容为零【答案】B【解析】【详解】ABC．甲乙两物质质量相等，热源相同，由图像可知，升高相同的温度时，乙所需的加热时间更长，说明乙的吸热能力更强，乙的比热容比甲大，故AC错误，B正确；D．比热容是物质的一种性质，只与物体的种类和状态有关，与是否加热无关，故D错误。故选B。5.如图所示描述的物理过程，下列分析正确的是（）A.图甲：厚玻璃筒内的空气被压缩时，空气的温度升高，内能不变B.图乙：瓶子内的空气推动塞子做功后，瓶子内空气的内能增大C.图丙：试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气的内能增加D.图丁：汽缸内的气体推动活塞向下运动，内能转化为机械能，气体内能减少【答案】D【解析】【详解】A．图甲中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故A错误；B．图乙中瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小，故B错误；C．图丙中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减少，故C错误；D．图丁中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，气体的内能减少，故D正确。故选D6.下列家用电器中，正常工作时电流最大的是（）A.立式空调 B.节能灯C.收音机 D.手机【答案】A【解析】【详解】立式空调的工作电流约10A，节能灯的工作电流约0.1A，收音机的工作电流约0.05A，手机的工作电流约0.1A。所以正常工作时电流最大的立式空调。故A符合题意，BCD不符合题意。故选A。7.新冠病毒疫情防控期间，为了严格控制区分外来车辆出入小区，很多小区装备了门禁系统，内部车辆可以被自动识别，横杆启动；外部车辆不能被识别，需要门卫人员按动按钮才能将门打开。若将门禁系统看作一个自动开关，按钮看作一个手动开关，其内部电路最接近下图中的（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【详解】小区内部车辆门禁系统可以自动识别将门打开，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，则两个开关单独都能打开大门，即两开关并联后再与电动机串联。故C符合题意，ABD不符合题意。故选C。8.如图所示，当开关S1、S2闭合时，两灯都能正常发光，当开关S2断开时（）A.电压表示数变小 B.电压表示数不变C.电流表示数变大 D.电流表示数不变【答案】B【解析】【详解】AB．由电路图可知，两灯泡并联，开关S1控制干路，开关S2控制L2支路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的总电流，因电源的电压不变，所以，开关S1闭合，S2断开前后，电压表的示数不变，故B符合题意，A不符合题意；CD．两个开关都闭合时，电流表测电路中的总电流，开关S1闭合，S2断开时，电流表测量通过L1的电流，根据并联电路的电流关系可知，电流表的示数变小，故CD不符合题意。故选B。9.如图所示的电路中，正常发光的三盏灯中突然有两盏灯L2、L3熄灭，经检查保险丝完好，在插座没有插入任何用电器的情况下，用试电笔插进插座的两孔，氖管均发光。造成这一现象的原因是（）A.一定是插座发生短路了 B.一定是进户的零线BD之间断了C.一定是进户的零线BC之间断了 D.一定是进户的零线CD之间断了【答案】C【解析】【详解】A.插座处发生短路，会使保险丝熔断，试电笔的氖管不会发光，故A错误；B.C.试电笔插进插座的两孔，氖管均发光，说明零线的短路出在插座之前，即进户的零线BC之间断了，故B错误，C正确；D.进户的零线CD之间断了，试电笔插进插座的两孔，应只有一个孔氖管发光，故D错误。10.R0是定值电阻，R是红外线热敏电阻，其阻值随人体温度变化的图像如图丙所示。闭合开关S后，对该电路分析正确的是（）A.体温越高，R的阻值越大B.体温越高，电压表的示数越大C.体温越低，R两端的电压越小D.体温越低，通过的电流越大【答案】B【解析】【详解】由图乙可知，两电阻串联，电压表测R0两端电压。由图丙可知，R随温度升高阻值变小；AB．体温越高，R的阻值越小，串联电路的总电阻变小，根据欧姆定律，电路中电流变大，R0两端电压变大，电压表示数变大，故A错误，B正确；CD．体温越低，R的阻值越大，串联电路的总电阻变大，根据欧姆定律，电路中电流变小，由串联电路电流规律可知，通过R0的电流变小。由U=IR可知，R0两端电压变小，根据串联电路电压规律，R两端的电压变大，故CD错误。故选B。二、多选题（本大题包括5小题，每题4分，选不全得3分，错选得0分，共20分）11.如图，闭合开关，灯泡不亮，在闭合开关且不拆开导线的情况下，将M接电源“+”极，N依次试触E、F、G接线柱，发现电压表示数前两次为零，第三次接近3V，若故障只有一个，则可能是（）A.电源没电 B.开关断路C.灯泡断路 D.灯泡短路【答案】B【解析】【分析】【详解】将M接电源“+”极，N接E，无示数，说明可能存在断路，且断路不在变阻器，N接F，无示数，说明断路灯泡也没断路，N接G，有示数，说明断路可能在开关，且电源有电，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。12.新型智能手机无线充电技术应用了电磁感应原理，当交变电流通过充电底座中的线圈时，线圈产生磁场，带有金属线圈的智能手机靠近该磁场（如图）就能产生电流，通过“磁生电”来实现充电。下列设备也是利用“磁生电”原理工作的是（）A.电烙铁 B.电动机 C.发电机 D.电磁起重机【答案】C【解析】【详解】A．电流通过电烙铁时产生热量，所以电烙铁是根据电流的热效应来工作，故A不符合题意；B．电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，故B不符合题意；C．发电机的工作原理是电磁感应，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生，发电机工作原理是磁生电，故C符合题意；D．电磁起重机在有电流通过时产生磁场，工作原理是电流的磁效应，故D不符合题意。故选C。13.商场和超市出口处的报警器由检测天线、检测门、检测器构成。营业员在结账后，会将贴在商标上具有磁性的软标签消磁。若商品的软标签未经消磁而经过检测通道，检测天线便检测到商品上标签的磁性，从而将机械运动转化为电流，显示在仪表上。由此可见，报警器的原理与下列图中原理相同的是（  ）A. B.C. D.【答案】D【解析】【详解】根据原题中“从而将机械运动转化为电流，显示在仪表上。”可知，该过程是将机械能转化为电能的过程，利用的是电磁感应现象。A．该图是奥斯特实验，说明的是通电导体周围存在磁场，故A不符合题意；B．该图是验证通电导体在磁场中受力运动情况，该过程是将电能转化为机械能，故B不符合题意；C．该图验证的是同名磁极相互排斥的规律，故C不符合题意；D．动圈式话筒是当人对着话筒讲话时，膜片就随着声音颤动，从而带动连在一起的音圈在磁场中作垂直切割磁感线的运动，线圈两端就会产生感应电动势，从而完成声电转换。利用的是电磁感应，故D符合题意。故选D。14.要使电热器在单位时间内供热减少一半，以下方法中正确的是（）A.电压不变，电阻增大到原来的2倍B.电阻丝不变，把通过它的电流减少一半C.保持电压不变，把电阻丝的电阻减小一半D.把电热器的电阻和加它两端的电压均减小一半【答案】AD【解析】【详解】A．由可得，电压不变，电阻增大到原来的2倍时，电流所做的功将变为原来的；故A正确；

B．由可得，电阻不变，通过导体的电流减少一半时，电流所做的功将变为原来的；故B错误；

C．由可得，电压不变，电阻丝的电阻减半时，电流所做的功将变为原来的2倍；故C错误；

D．由可得，电阻和电压均减半时，电流所做的功将变为原来的；故D正确。

故选AD。15.如图所示，闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A.电流表读数变小 B.电磁铁的磁性增强C.电路总电阻变小 D.弹簧测力计示数变小【答案】BC【解析】【详解】C．由电路图可知，定值电阻、滑动变阻器和电磁铁构成串联电路，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，故C正确；A．由可知，电源电压不变时，电路电阻变小时，电路中的电流变大，即电流表的读数变大，故A错误；B．而电磁铁的磁性与通过的电流有关，电流增大时，电磁铁的磁性增强，故B正确；D．此时铁球受到的磁场力变大，弹簧测力计受到的拉力增大，示数变大，故D错误；故选BC三、填空题（本大题包括2小题，每空1分，共6分）16.如图是一款“运动手环”，其主要部分是一段内置有一小块磁铁的密闭的空心塑料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶上就会显示出运动的步数。此过程将_______能转化为电能，与______的工作原理相同。【答案】①.机械②.发电机【解析】【详解】[1]运动手环产生电流的过程，是将机械能转化为电能。[2]运动手环中的磁铁反复运动，线圈中便会产生电流，是因为线圈切割了磁感线，从而产生感应电流，这与发电机的工作原理相同。17.石墨烯被称为“黑金”、“新材料之王”，科学家甚至预言石墨烯将“彻底改变21世纪”．如图所示，利用石墨烯制成的只有一个碳原子厚度，约为0.335nm的二维碳膜，是目前最薄、强度最大、导电导热性能最强的一种新型纳米材料．该二维碳膜的厚度为____m，按照导电性能划分，它属于_____（选填“导体”或“绝缘体”）．【答案】①.3.35×1010（或0.335×109）②.导体【解析】【详解】第一空．1nm=10−9m,0.335nm=0.335×10−9m=3.35×10−10m.第二空．由题知，该二维碳膜是导电导热性能最强的一种新型纳米材料，因此属于导体．18.串联和并联是用电器之间最常见的两种连接方式。通过你的观察，街上的路灯之间是______连接的，判断的依据是：一盏路灯损坏不亮了，这盏路灯______（选填“影响”或“不影响”）其他路灯的通断。【答案】①.并联②.不影响【解析】【分析】【详解】[1][2]街上的路灯一个损坏，并不影响其它路灯的使用，说明街上的路灯互不影响，符合并联的特点，所以是并联的。四、作图题（本大题包括2小题，共4分。）19.如图所示，根据安全用电的原则，分别把电水壶的3条接线连接到插头上。（）【答案】【解析】【详解】为了安全开关要接在火线上，外壳要接地，如图20.如图所示，小磁针静止在通电螺线管左侧，请标出磁感线方向及小磁针的N极．【答案】【解析】【详解】由安培定则可知，图中通电螺线管的右端为N极，左端为S极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判定小磁针的右端为N极、左端为S极．根据磁感线都是从磁体的N极出发，回到S极，可以标出磁感线的方向，如上图所示。五、实验探究题（本题共3小题，每空1分，共18分）21.在“测量额定电压为2.5V的小灯泡的电功率”的实验中。(1)用笔画线代替导线，将图甲补充完整（）；(2)正确连线后闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，电路故障可能是小灯泡______；(3)排除故障后，移动滑片至某一位置时电压表的示数为2.2V，为使小灯泡正常发光，应将滑片向______（选填“左”或“右”）移动；(4)当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电流为______A；额定功率为______W；(5)下表记录了部分实验数据，分析数据可知，小灯泡的电阻随电压的增大而______（选填“增大”“减小”或“不变”）；实验序号电压U/V电流I/A电功率P/W灯泡亮度11.00.140.14很暗21.70.220.374较暗32.5正常43.00.320.96较亮(6)若仅将小灯泡换成阻值为5Ω定值电阻，利用本实验器材还能完成下列哪个实验______（选填序号）。A．探究电流与电阻的关系B．探究电流与电压的关系【答案】①.②.断路③.左④.0.3⑤.0.75⑥.增大⑦.B【解析】【详解】(1)[1]将电压表和灯泡并联，如图所示：(2)[2]闭合开关，小灯泡不亮，电流表无示数，可能电路中存在断路，电压表有示数，可能灯泡断路。(3)[3]要使灯泡正常工作，灯泡两端电压应从2.2V增大到2.5V，由串联分压可知滑动变阻器的电阻要减小，根据实物图可知滑片应向左端移动，使电压表的示数为2.5V。(4)[4][5]由图乙可知，电流表的量程是00.6A，电流表的分度值是0.02A，电流表的示数是0.3A，小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W(5)[6]由实验数据可知，4次实验的电阻R1=≈7.1ΩR2=≈7.7ΩR3=≈8.3ΩR4=≈9.4Ω由实验数据可知，小灯泡的电阻随电压的增大而增大。(6)[7]A．探究电流与电阻关系时，应控制电阻两端的电压不变，改变定值电阻的阻值，只有一个电阻，不能完成此实验，不符合题意。B．探究电流与电压的关系时，应控制电阻的阻值不变，改变电阻两端的电压，能完成此实验，符合题意。故选B。22.如图所示，甲、乙两个完全相同的玻璃瓶内有阻值分别为R甲、R乙的电阻丝且R甲<R乙，瓶中插入温度计a、b。(1)利用此装置探究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关时，在两瓶中加入质量、初温都相同的煤油。闭合开关一段时间，可以通过观察______情况，判断电阻丝产生热量的多少，在此采用的方法是______，此实验采用煤油而不采用水的原因是______；(2)此方案是探究______和时间相同时，电流通过电阻丝产生的热量与______大小的关系，且______（填“甲”或者“乙”）瓶的温度计示数升高的快；(3)在甲、乙两瓶内换用质量、初温都相同的不同液体，且电阻丝的阻值______时，可以比较不同物质的吸热能力。若温度计a比温度计b温度升高得慢，则甲、乙两瓶内液体的比热容关系是c甲______c乙（填“大于”“小于”或“等于”）。【答案】①.温度计示数变化②.转换法③.水的比热容太大，温度变化不明显④.电流⑤.电阻⑥.乙⑦.相同⑧.大于【解析】【详解】(1)[1][2]由于电阻丝放出热量多少不易直接观察，实验通过比较温度计的示数来判断电阻丝产生热量的多少，这利用的是转换法。[3]因为水的比热容大于煤油的比热容，吸收相同热量的情况下，水的温度变化不如煤油明显，所以实验选用煤油。(2)[4][5][6]由电路图可知，电路是串联的，闭合开关后，通过两个电阻丝的电流和通电时间也相同，由可知，电阻越大的产生的热量越多，因为R甲<R乙，所以乙瓶放出的热量更多，乙瓶温度计示数上升的快。(3)[7]换用电阻相同的电阻丝，改变烧瓶内液体的种类，控制液体质量相同，相同时间内放出热量相同，通过观察温度计的示数变化比较不同物质的吸热能力。[8]由于相同时间内液体吸收的热量相同，若温度计a比温度计b温度升高得慢，由可知，甲液体的比热容大于乙液体的比热容。23.电与磁之间存在着相互的联系，彰显物理现象的对称、统一之美。（1）如图1所示，小雨利用干电池、导线和小磁针进行实验。①通电后小磁针发生偏转，断电后小磁针复位。实验表明_____。（2）小雨又将直导线绕成螺线管形状，在螺线管的两端各放一个小磁针，并在硬纸板上均匀地撒满铁屑。通电后观察小磁针的指向及铁屑的排列情况，如图2。实验结果表明，通电螺线管外部的磁场与_____的磁场一样。（3）在螺线管中插入软铁棒，制成电磁铁。下列设备中没有用到电磁铁的是_____。A．大型发电机B．电磁起重机C．电炉【答案】①.通电导体周围存在磁场②.条形磁体③.C【解析】【详解】（1）①[1]此实验为奥斯特实验，实验中观察到通电后小磁针发生偏转，说明小磁针受到磁场力作用，断电后小磁针复位，磁场消失，实验表明通电导体周围存在磁场。（2）[2]铁屑的分布情况显示磁感线的形状，实验结果表明，通电螺线管外部的磁场与条形磁体的磁场一样，两端磁性最强，中间磁性最弱。（3）[3]A．发电机是利用电磁感应现象，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中产生感应电流，将机械能转化为电能，大型发电机中的磁场是利用电磁铁产生的，故A不符合题意；B．电磁起重机是利用电磁铁通电时有磁性，断电时没磁性，磁性的强弱可以通过电流的大小和线圈的匝数控制，故B不符合题意；C．电炉是利用电流的热效应工作的，电能转化为内能，没有利用电磁铁，故C符合题意。故选C。六、计算题（本大题包括2小题，共22分。解答时应写出必要的文字说明、主要公式