2025届广西壮族自治区高三下学期5月三模物理试题

2025届广西壮族自治区高三下学期5月三模物理试题一、单选题1．2024年6月25日，嫦娥六号返回器准确着陆于预定区域，实现世界首次月球背面采样返回。相关研究表明，月壤中氦-3储量极为丰富，每100吨氦-3原料足可以解决全球一年的电力供应。氦-3常见的一种核反应为：，对于该反应，下列说法正确的是（

）A．X是中子 B．该反应为裂变反应C．该反应需在高温下才能进行 D．的比结合能大于的比结合能2．《考工记》中记载：“马力既竭，辀犹能一取焉”，意思是马对车不施加拉力了，车还能继续向前运动一段距离。若马拉着车以速度在平直路面上匀速行驶，车受到的阻力大小为车重的倍，重力加速度大小为。则马对车不施加拉力后，车运动的位移大小为（

）A． B． C． D．3．发光二极管的发光帽由透明环氧树脂制成，它由半径为的半球体与半径为的圆柱体组成，如图为过半球球心的竖直截面图。当用平行单色光垂直于圆柱体底面入射，经过半径上点的光线恰好在圆弧面上发生全反射，已知，则该透明环氧树脂材料的折射率为（

）A． B． C．2 D．34．如图所示，地球从外到内分为地壳、地幔、地核三部分，其中地核质量约为地球总质量的0.32倍，半径约为地球半径的0.55倍。地壳、地幔、地核视其质量均匀分布，已知质量均匀分布的球壳对壳内物体的万有引力为零，则地幔和地核交界处的重力加速度大小与地球表面的重力加速度大小之比为（

）A．1.06 B．0.95 C．0.58 D．0.555．某水电站发电机的输出功率为，发电机的输出电压为。通过升压变压器升压后向远处输电，输电线的总电阻为，在用户端用降压变压器把电压降为。要求在输电线上损失的功率控制在，则（

）A．输电线上通过的电流为 B．降压变压器原线圈的电压为C．升压变压器匝数比为 D．降压变压器匝数比为6．2025年3月21日，在自由式滑雪和单板滑雪世锦赛男子单板滑雪坡面障碍技巧决赛中，中国选手苏翊鸣获得银牌。如图所示，某次训练中，运动员从左侧高坡的点滑下，再从斜坡上的点，以的初速度沿与斜坡成方向飞出，在空中完成规定动作后落在斜坡上的点。不计空气阻力，重力加速度大小，下列说法正确的是（）A．在研究运动员空中姿态时可将其视为质点B．运动员在空中飞行时，相同时间内速度变化量不同C．运动员在空中飞行的时间为D．运动员落到点时的速度方向与方向垂直7．如图所示，直角三角形中，，其区域内存在磁感应强度大小为、方向垂直纸面向外的匀强磁场，点处的粒子源可向磁场区域各个方向发射速度大小为（为粒子的比荷）的带正电的粒子。不考虑粒子的重力和相互间作用力，下列说法正确的是（

）A．边上有粒子到达区域的长度为B．边上有粒子到达区域的长度为C．从边射出的粒子在磁场中运动的最短时间为D．从边射出的粒子在磁场中运动的最长时间为二、多选题8．如图所示，一定质量的理想气体的循环由下面4个过程组成：为等压过程，为绝热过程，为等压过程，为绝热过程。下列说法正确的是（

）A．过程中，气体内能增加B．过程中，气体内能不变C．过程中，气体吸收热量D．整个过程中，气体从外界吸收的总热量可以用所围的面积表示9．如图所示为两列相干水波在时刻的叠加情况，其中实线表示波峰，虚线表示波谷。若两列波的振幅均保持不变，波速为，波长为。、、、在一条直线上，下列说法正确的是（）A．、、三点都是振动加强点B．时、两点变成振动减弱点C．质点既不是振动加强点也不是振动减弱点D．在至的时间内，点通过的路程为10．如图所示，两根足够长的平行金属光滑导轨、固定在倾角为的斜面上，导轨电阻不计。与间距为，与间距为。在与区域有方向垂直斜面向下的匀强磁场，在与区域有方向垂直斜面向上的匀强磁场，两磁场的磁感应强度大小均为。在与区域中，将质量为，电阻为，长度为的导体棒置于导轨上，且被两立柱挡住。与区域中将质量为，电阻为，长度为的导体棒置于导轨上。由静止下滑，经时间恰好离开立柱，、始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触，重力加速度大小为。则（）A．两导体棒最终做匀速直线运动B．时刻，的速度大小为C．内，下滑的距离为D．中电流的最大值为三、解答题11．某实验小组利用手机物理工坊（Phyphox）探究圆周运动向心加速度的影响因素。该小组先探究向心加速度与角速度的关系，实验装置如图（a）所示，步骤如下：①将自行车倒置，并将手机固定在自行车后轮上；②打开手机物理工坊，选择向心加速度测量功能，转动后轮；③改变手机在自行车后轮上固定的位置，重复上述实验；④利用手机物理工坊得到向心加速度与角速度的关系如图（b）和图（c）所示。(1)探究向心加速度与角速度的关系，利用的科学思想方法是_____；A．等效替代 B．控制变量 C．微小量放大(2)作图像，得到图（b），可以初步得到结论：转动半径一定时，；(3)改变自变量，作图像，得到图（c），图中A、B两次实验中，转动半径（选填“>”“=”或“<”）。12．某水果加工厂的苹果自动分拣装置的示意图如图甲所示，该装置能把大小不同的苹果按一定质量标准自动分拣为大苹果和小苹果，装置中R1为半导体薄膜压力传感器，托盘置于R1上，托盘所受重力不计。苹果经过托盘时对R1产生压力，半导体薄膜压力传感器R1的阻值随压力F变化的图像如图乙所示。初始状态衔铁水平，当电阻箱R2两端电压时，控制电路使电磁铁工作吸动衔铁，并保持一段时间，确保苹果在衔铁上运动时电磁铁保持吸合状态。已知电源电动势，内阻，取重力加速度大小。(1)当质量较大的苹果通过托盘时，对应的压力传感器R1的阻值（填“较大”或“较小”）。(2)现以0.3kg为标准质量将苹果分拣开，根据题述条件可知，质量小于0.3kg的小果将通过（填“上通道”或“下通道”），电阻箱R2的阻值应调为Ω（结果保留一位小数）。(3)若要将分拣标准质量提高到0.40kg，仅将R2的阻值调为Ω即可实现。（结果保留一位小数）(4)若电源长时间未使用，内阻r增大，但电动势不变，则分拣标准质量将会（填“变大”“变小”或“不变”）。13．如图所示，一位滑雪者，人与装备的总质量为，以的初速度沿山坡匀加速直线滑下，山坡倾角为，滑雪者受到的阻力（包括摩擦和空气阻力）为总重力的0.1倍，已知重力加速度大小，求(1)滑雪者滑下的加速度大小；(2)滑雪者沿山坡滑行的位移大小。14．如图所示，竖直面内有一长为、宽为的长方形ABCD，M、N分别为AD与BC的中点。四个电荷量均为Q（Q未知）的点电荷位于长方形的四个顶点，A、D处点电荷带正电，B、C处点电荷带负电。一个质量为m、电荷量为（可视为点电荷）的带电小球从M处由静止释放，小球运动到MN中点O处时速度为。已知重力加速度大小为g，不计空气阻力，求:(1)M、O两点间的电势差；(2)小球到达N点时的速度大小；(3)已知在电荷量为Q的点电荷产生的电场中，将无限远处的电势规定为零时，距离该点电荷r处的电势为，其中k为静电力常量，多个点电荷产生的电场中某点的电势等于每个点电荷单独存在时该点的电势的代数和，求点电荷Q的电荷量。15．如图所示，凹形槽放置在光滑水平地面上，完全相同的两物块、（可视为质点）分别置于槽的左侧和中点，a、b、c的质量相等，槽内底部长为。现给一水平向右的初速度，此后和、和各发生一次碰撞，且和恰好未发生碰撞。所有的碰撞均视为弹性碰撞，碰撞时间极短，且碰撞前后速度交换，重力加速度大小为。求(1)a、b、c的最终速度；(2)和碰撞前瞬间的速度大小；(3)从开始运动至、、三者刚好共速时，的位移。参考答案1．C【详解】A．根据核反应方程的两个守恒，可得X的质量数为1，电荷数为1，因此X是质子，故A错误。BC．该反应属于核聚变，需要在高温下才能进行，故B错误，C正确。D．反应物的稳定性小于生成物的稳定性，因此的比结合能小于的比结合能，故D错误。故选C。2．B【详解】根据牛顿第二定律有根据运动学公式有联立解得故选B。3．A【详解】如图所示根据全反射临界角公式可知解得故选A。4．A【详解】设地球质量为M，半径为R，则地球表面的重力加速度大小地幔和地核交界处的重力加速度大小则有故选A。5．C【详解】A．输电线上损失的功率为，根据可得输电线通过的电流故A错误；BCD．升压变压器为理想变压器，有又可得输电线上损失的电压升压变压器原、副线圈的匝数比可得降压变压器原线圈两端电压降压变压器原、副线圈的匝数比可得故C正确，BD错误。故选C。6．D【详解】A．在研究运动员空中姿态时，运动员的大小和形状不能忽略，因此不能将其视为质点，A错误；B．运动员在空中飞行时，仅受重力作用，加速度为重力加速度，则相同时间内速度变化量可见相同时间内速度变化量相同，B错误；C．由题意可知，将运动的运动情况分解，如图所示从B点到离斜面最远点过程中，运动员在垂直斜面方向上有又联立代入数据可得由对称性可知，运动员在空中飞行的时间为C错误；D．运动员落到点时的垂直斜面方向的速度沿斜面方向的速度运动员落到点时的速度与斜面的夹角所以运动员落到点时的速度与斜面的夹角为30°，而初速度与斜面的夹角为60°，所以速度方向与方向垂直，D正确。故选D。7．C【详解】AB．粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力得解得如图所示由几何关系可得边上有粒子到达区域的长度为由几何关系可得边上有粒子到达区域的长度为故AB错误；C．如图所示粒子从边上点射出时，对应的圆心角最小，所用时间最短，由几何关系可知，最小圆心角为，则最短时间为故C正确；D．如图所示粒子从边上点射出时，对应的圆心角最大，所用时间最长，由几何关系可知，最大圆心角为，则最长时间为故D错误。故选C。8．AD【详解】A．为等压过程，体积增大，根据可知温度升高，气体内能增加，A正确；B．为绝热过程，由图可知体积增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知内能减小，B错误；C．为等压过程，体积减小，外界对气体做功；根据可知温度降低，内能减少，根据热力学第一定律可知气体放出热量，C错误；D．图像与V轴围成的面积代表功，而整个过程回到a状态时气体与初态相比温度不变，内能不变，可知整个过程气体从外界吸收的总热量与做的总功相同，所以整个过程中，气体从外界吸收的总热量可以用所围的面积表示，D正确。故选AD。9．AD【详解】A．AD两点为波峰与波峰叠加，B点为波谷与波谷叠加，、、三点都是振动加强点。故A正确；B．、两点一直为振动加强点。故B错误；C．质点为振动加强点。故C错；D．在至的时间内，点经历了半个周期，通过的路程等于振幅的2倍，振幅为10cm，则通过的路程为。故D正确；故选AD。10．BD【详解】A．若a棒最终做匀速直线运动，则有此时对b棒则有可见两导体棒最终不会都做匀速直线运动，A错误；B．设时刻，的速度大小为v，a棒产生的感应电动势由闭合电路欧姆定律分析b受力解得B正确；C．在时间t内，对a棒由动量定理有解得C错误；D．由闭合电路欧姆定律，a棒中的电流满足对b棒，由牛顿第二定律对a棒，由牛顿第二定律显然，当电流最大时，最大，有即解得D正确。故选BD。11．(1)B；(2)向心加速度随角速度的增大而增大；(3)【详解】（1）探究向心加速度与角速度的关系，利用的科学思想方法是控制变量法。故选B。（2）由图（b）可知，转动半径一定时，向心加速度随角速度的增大而增大。（3）根据公式可知，图像的斜率为转动半径，则由图（c）可知转动半径。12．(1)较小；(2)上通道10.5；(3)8.0；(4)变大【详解】（1）苹果通过托盘时，质量较大的苹果托盘对R1的压力较大，根据图乙可知，R1的阻值较小；（2）[1]若苹果质量小于0.3kg时，则R1阻值增大，分压增大，由于电源电动势不变，R2两端分压减小，电衔铁将不被吸合，小苹果将通过上通道；[2]当苹果质量为0.3kg时，此时为使该装置达到分拣目的，R2的阻值满足解得（3）同理当苹果质量为0.40kg时，此时为使该装置达到分拣目的，R2的阻值满足解得（4）若电源长时间未使用，内阻r增大，但电动势不变，根据可知内阻r增大，则实际要吸引衔铁打开通道时的电阻偏小，需要的压力偏大，即分拣标准质量将会偏大13．(1)；(2)【详解】（1）由题意阻力由牛顿第二定律得①解得（2）由运动学公式解得14．(1)；(2)；(3)【详解】（1）小球从M运动到