2024-2025学年山东省泰安市高二数学下学期6月月考检测试题（附答案）

2024-2025学年山东省泰安市高二数学下学期6月月考检测试题

（含答案）

一.选择题（共8小题，每小题5分，共40分）

...11.

一知集合“上蜜，8斗厅-6X+8<0},则（）

A.1x|2<x<31B.1x|l<x<4j

C.1x|x>21D.1x|x<4j

2.设QER,则“&>一2”是“函数/（'）=2/+4公+1在（2,+8）上单调递增”的（）

A.充分不必要条件B.必要不充分条件

C.充要条件D.既不充分也不必要条件

3.下列说法中，正确的个数为（）

①样本相关系数，,的绝对值大小可以反映成对样本数据之间线性相关的程度；

②用不同的模型拟合同一组数据，则残差平方和越小的模型拟合的效果越好；

③随机变量J服从正态分布若尸/<3）=0.8,则尸（1<彳<3）=0.3；

33

④随机变量x服从二项分布3（4,夕），若方差r>（x）=z，则P（X=I）=N.

A.1个B.2个C.3个D.4个

4.一个不透明的袋子中装有3个黑球，〃个白球这些球除颜色外大小、质地完全相同，从中任

o

意取出3个球，已知取出2个黑球，1个白球的概率为——，设才为取出白球的个数，则£（X）=（）

3

A.-B.c.1D.2

22

5.下列判断正确的是（）

函数/(x)=J—+9+1,

A.的最小值为2

VX2+9

B.命题“Vx>0,2021*+2021>0”的否定是“三/WO,2021为+2021Vo

C・若mx2-mx-2<0对VxsR恒成立，则一8<相<0

D."x+yW4”是“X,y不都是2”的充分条件

6.小明将1,4,0,3,2,2这六个数字的一种排列设为自己的六位数字的银行卡密码，若两个2之间只

有一个数字，且1与4相邻，则可以设置的密码种数为（）

A.48B.32C.24D.16

7.已知由样本数据点集合{（苍,上亦=1,2「-,〃},求得回归直线方程为j）=2x—1,且（=3,现发现两个

数据点（2.4,3」）和（3.6,6.9）误差较大，去除后重新求得的回归直线/的斜率为1.2,则（）

A.变量x与了具有正相关关系

B.去除后的回归方程为夕=1.2x+1.4

C.去除后V的估计值增加速度变慢

D.去除后相应于样本点（2.5,4）的残差为0.4

8.若0＜不＜/＜。者B有/InX]—xjnx2＜西一》2成立，则a的最大值为（）

A.yB.1C.eD.2e

二.多选题（共3小题，每小题6分，共18分，在每小题的选项中，有多项符合题目要求，全部选对得6

分，选对但不全的得部分分，有选错的得0分）

9.某计算机程序每运行一次都随机出现一个五位二进制数/=%的%为%（例如10100），其中/的各位数

12

中怎（k=2,3,4,5）出现0的概率为一，出现1的概率为《，记X=4+/+%+%，则当程序运行

33

一次时（）

o

A.才服从二项分布B.P（X=1）=—

81

OO

C.琳均值£（X）=§D.X的方差。（X）=3

10.甲罐中有5个红球，5个白球，乙罐中有3个红球，7个白球，先从甲罐中随机取出一球放入乙罐，再

从乙罐中随机取出一球、儿表示事件“从甲罐取出的球是红球”，4表示事件“从甲罐取出的球是白球”，

8表示事件“从乙罐取出的球是红球”.则下列结论正确的是（）

A.4、4为对立事件B.P（B\4）=^-

c.p（45）=tD.。（剧4）+尸（剧4）=1

11.已知函数/（x）=（x2+l）lnx—加（/―1）,则下列说法正确的是（）

A.当m=-i时，曲线歹=/（x）在点（1,/。））处的切线方程为y=2x—2

B.若对任意的看,》2€（0,+%）（为/X2）,都有/（?1*）〉0,则实数加的取值范围是（7』

C.当勿>1时，/（X）既存在极大值又存在极小值

D.当">1时，/（X）恰有3个零点%,》2，七，且工/2'=1

三.填空题（共3小题，每小题5分，共15分）

12.记/'（x）,g'（x）分别为函数/（x）,g（x）的导函数.若存在/eR,满足/（Xo）=g（x（））且

/'（Xo）=g'（Xo），则称％为函数/Xx）与g（x）的一个“S点”.已知：九〃eR,若函数/（》）=蛆2+内与

g（x）=Inx存在"S点”,则实数m的取值范围为.

13.已知（1-2x）5（l+ax）4的展开式中f的系数为一26,则实数。的值为.

14.在一个抽奖游戏中，主持人从编号为1,2,3且外观相同的空箱子中随机选择一个，放入一件奖品，再将

箱子关闭，也就是主持人知道奖品在哪个箱子里，当抽奖人选择了某个箱子后，在箱子打开之前，主持人

先随机打开另一个没有奖品的箱子，并问抽奖人是否愿意更改选择.现在己知甲选择了1号箱，若用4表示

i号箱有奖品。=1,2,3）,用与表示主持人打开i号箱子«=2,3）,则。（&四）=.

四.解答题（本大题共5小题，共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）

15.已知集合/=卜卜3<x<2},函数的定义域为集合B.

（1）当。=1时，求4cB；

（2）设命题pxeA,命题q：B，若P是°的充分不必要条件，求实数Q的取值范围.

16.在—2］的展开式中，

（1）求二项式系数最大的项；

（2）若第左项是有理项，求左的取值集合.

（3）系数的绝对值最大的项是第几项；

17.新冠肺炎疫情防控时期，各级各类学校纷纷组织师生开展了“停课不停学”活动，为了解班级线上学

习情况，某位班主任老师进行了有关调查研究.

（1）从班级随机选出5名同学，对比研究了线上学习前后两次数学考试成绩，如下表：

线上学习前成绩X1201101009080

线上学习后成绩y145130120105100

(1)求y关于x的线性回归方程;

人£卜厂司(.匕一力E苍乂一〃xy

参考公式：在线性回归方程§=加+机2=J--------——=v-----------,£=亍—断

£(玉-x)汇：-“1)一

1=11=1

(2)针对全班45名同学(25名女生，20名男生)的线上学习满意度调查中，女姓满意率为80%,男生满

意率为75%,填写下面列联表，判断能否在犯错误概率不超过0.01的前提下，认为线上学习满意度与学生

性别有关？

满意人数不满意人数合计

男生

女生

合计

参考~:「喘黑£

18.杭州亚运会的三个吉祥物是琮琮、宸宸和莲莲，他们分别代表了世界遗产良渚古城遗址、京杭大运河

和西湖，分别展现了不屈不挠、坚强刚毅的拼搏精神，海纳百川的时代精神和精致和谐的人文精神.甲同

学可采用如下两种方式购买吉祥物，方式一：以盲盒方式购买，每个盲盒19元，盲盒外观完全相同，内部

随机放有琮琮、宸宸和莲莲三款中的一个，只有打开才会知道买到吉祥物的款式，买到每款吉祥物是等可

能的；方式二：直接购买吉祥物，每个30元.

(1)甲若以方式一购买吉祥物，每次购买一个盲盒并打开.当甲买到的吉祥物首次出现相同款式时，用才

表示甲购买的次数，求X的分布列；

(2)为了集齐三款吉祥物，甲计划先一次性购买盲盒，且数量不超过3个，若未集齐再直接购买吉祥物，

以所需费用的期望值为决策依据，甲应一次性购买多少个盲盒？

19.已知/(x)=—ge2x+4eX—仪―5.

(1)当a=3时，求/(x)的单调区间；

(2)若/(x)有两个极值点X1巧，证明：/(须)+/(%)+项+九2<0・

数学试题答案

一.选择题(共8小题，每小题5分，共40分)

1.已知集合人制占<5,5=卜厅一6X+8<0},则3MUB=o

A.\x\2<x<3}B.{x|l〈x<4}

c{x|x>2}D.<4}

【答案】B

【解析】

【分析】根据题意，利用不等式的解法求得/={x|x<l或x>3}和8={x[2<x<4},结合集合的运算

法则，即可求解.

11113—x

【详解】由不等式——<-,可得--―-<0,解得x<l或x>3,

x-12x-122(x-l)

即4={xIx<1或x>3},

又由不等式6x+8=(x—2)(x—4)<0,解得2<x<4,即8={x[2<x<4},

则为Z={x11<x<3},所以(«/)U5={x|lWx<4}

故选:B.

2.设aeR,则“4>—2”是“函数/")=2/+4依+1在(2,+8)上单调递增”的()

A.充分不必要条件B.必要不充分条件

C.充要条件D.既不充分也不必要条件

【答案】A

【解析】

【分析】根据题意，由二次函数的对称轴和函数的单调性的关系以及充分性与必要性的应用，即可得到结

果.

【详解】函数/(%)=2犬+4ax+l的对称轴为x=—a,

由函数/(x)=2/+4ax+1在(2,+8)上单调递增可得—aW2,即a2—2,

所以“a>—2”是“函数/(月=2必+4/+1在(2,+8)上单调递增”的充分不必要条件.

故选：A

3.下列说法中，正确的个数为()

①样本相关系数，,的绝对值大小可以反映成对样本数据之间线性相关的程度;

②用不同的模型拟合同一组数据，则残差平方和越小的模型拟合的效果越好;

③随机变量J服从正态分布N(l,b2),若尸/＜3)=0.8,则尸(1＜彳＜3)=0.3；

④随机变量x服从二项分布3(4,p),若方差r＞(x)=z，则P(X=I)=R.

A.1个B.2个C.3个D.4个

【答案】C

【解析】

【分析】根据相关系数的性质，二项分布的性质，拟合效果的衡量以及正态分布的性质，对每个选项进行

逐一分析，即可判断和选择.

【详解】相关系数的绝对值越接近于1,成对样本数据之间线性相关的程度越强，故①正确；

用不同的模型拟合同一组数据，则残差平方和越小的模型拟合的效果越好，故②正确；

已知随机变量J服从正态分布N(1Q2),若。值＜3)=0.8,则。=0.8—0.5=03,故③正确;

若随机变量X服从二项分布3(4,夕)，则方差。(X)=7,所以4夕(1—0)=7，

所以口[也]，所以P(X=I)=C；(}(?=W或P(X=I)=C；&]]="，故④错误.

故选：C.

4.一个不透明的袋子中装有3个黑球，〃个白球这些球除颜色外大小、质地完全相同，从中任

o

意取出3个球，已知取出2个黑球，1个白球的概率为一，设才为取出白球的个数，则E(X)=()

3

A.-BC.1D.2

2-I

【答案】A

【解析】

9

【分析】根据取出2个黑球，1个白球的概率为一求出〃的值，再求出才的分布列，根据数学期望的定义

即可计算.

C2cl9

【详解】由题可知，-^=—,解得〃=3,

J+32°

才的可能取值为01,2,3,

3

C1OY()0201Q「31

尸(X=0)=W=-L,0(x=l)=*=2,0(x=2)=当=2,P(x=3)=W=',

\JCl20v7d20V7d20V'20

；.£（X）=0x—+lx—+2x—+3x—=1.5.

20202020

故选：A

5.下列判断正确的是（）

1

A.+/,的最小值为2

G+9

B.命题“Vx>0,2021*+2021>0”的否定是“三/W0,2021为+2021Vo

C.若冽一—mx-2<o对\/xeR恒成立，则一8(加<0

D."x+yH4”是“x,y不都是2”的充分条件

【答案】D

【解析】

【分析】利用基本不等式即可判断A；根据全称量词命题的否定为存在量词命题即可判断B；举出反例，如

当m=0时，机/-机x-2<0恒成立，即可判断C；根据充分条件的定义即可判断D.

【详解】解：对于选项A：令/=&+9«23），则，+1之2时/=1,显然命题为假命题;

对于选项B：命题“\/x>0,2021*+2021>0”的否定是〉0,2021”。+2021V0”，则题中的命

题为假命题；

对于选项C,当〃7=0时，机，-zwx-2<0恒成立，所以选项C错误；

对于选项D,“x+yw4”能够推出“x,V不都是2"所以该命题是真命题.

故选D

6.小明将1,4,0,3,2,2这六个数字的一种排列设为自己的六位数字的银行卡密码，若两个2之间只

有一个数字，且1与4相邻，则可以设置的密码种数为（）

A.48B.32C.24D.16

【答案】C

【解析】

【分析】根据相邻问题用捆绑法和不相邻问题用插空法即可求解.

【详解】1与4相邻，共有A；=2种排法，

两个2之间插入1个数，

共有㈤=2种排法，再把组合好的数全排列，共有A；=6种排法，

贝！I总共有2x2x6=24种密码.

故选：C

7.已知由样本数据点集合｛（4乂）|力=1,2,…求得回归直线方程为》=2x-1,且1=3,现发现两个

数据点（2.4,3.1）和（3.6,6.9）误差较大，去除后重新求得的回归直线/的斜率为1.2,则（）

A.变量x与了具有正相关关系

B.去除后的回归方程为y=1.2x+1.4

C.去除后了的估计值增加速度变慢

D.去除后相应于样本点（2.5,4）的残差为0.4

【答案】ABC

【解析】

【分析】根据回归直线一定经过样本中心点，及残差概念等来逐项判断.

【详解】对于A选项，因为回归直线方程为夕=2x-1,2>0,所以变量x与了具有正相关关系.故A正确；

对于B选项,当1=3时，歹=3x2-1=5,样本中心点为（3,5）,去掉两个数据点（2.4,3.1）和（3.6,6.9）后，

样本中心点还是（3,5）,又因为去除后重新求得的回归直线/的斜率为1.2,所以5=3x1.2+。，解得a=1.4,

所以去除后的回归方程为9=L2x+1.4,故B正确；

对于C选项，因为2>1.2,所以去除后y的估计值增加速度变慢，故C正确；

对于D选项，因为9=12x2.5+14=4.4,所以了-»=4-4.4=一0.4,故D错误.

故选：ABC.

8.若0<%</。都有々In%—X]In/<x1-x2成立，贝！]a的最大值为（）

A.yB.1C.eD.2e

【答案】B

【解析】

【分析】原不等式可转化为------L<------令/（%）=——利用导数可得/（x）在（0」）上单调

再％2X

递增，又由题意可得函数/（X）在（0,可上单调递增，从而即可得”的最大值.

1+lnxl+lnx/、1+lnx、-Inx

【详解】解：原不等式可转化为-----L＜--------9-令/(x)=--------,则/=

西次2XX

当xe(0,1)时，*(x)〉0,则/'(x)单调递增；当xe(l,+s)时，/'(力＜0,则/(x)单调递减.

由于0＜西＜/都有/(再)＜/(%2),

所以函数/⑴在(0,。］上单调递增，

所以。W1,

所以a的最大值为1.

故选：B.

二.多选题(共3小题，每小题6分，共18分，在每小题的选项中，有多项符合题目要求，全部选对得6

分，选对但不全的得部分分，有选错的得0分)

9.某计算机程序每运行一次都随机出现一个五位二进制数月=%的%为%(例如10100)，其中力的各位数

12_

中%(4=2,3,4,5)出现0的概率为一，出现1的概率为、，记、=。2+4+。4+。5，则当程序运行

33

一次时()

Q

A.X服从二项分布B.P(X=1)=—

81

QQ

C.才的均值£(X)=3D.X的方差£>(X)=3

【答案】ABC

【解析】

【分析】分别写出X的可能取值，并计算其概率，推导出X〜再根据二项分布的性质求出结果

即可.

【详解】由于二进制数4的特点知每一个数位上的数字只能填0,1,且每个数位上的数字再填时互不影响,

故以后的5位数中后4位的所有结果有5类：

①后4个数位出现4个0,X=0,记其概率为P(X=0)=(；)='；

238

②后4个数位出现1个1,X=l，记其概率为P(X=1)=C；

81

2

2「24

③后4个数位出现2个1,X=2,记其概率为P(X=2)=C；

I81

2332

④后4个数位出现3个1,X=3,记其概率为尸(X=3)=C：

I81

2!416

⑤后4个数位出现4个1,X=4,记其概率为P(X=4)=

81

所以X〜5^4,—

,故A正确;

3

2O

又尸(X=l)=c；—,故B正确;

I81

2Q

,：.E(X)=4x-=-,故C正确;

21Q

,的方差£>(X)=4X§X]=3,故D错误.

故选：ABC.

10.甲罐中有5个红球，5个白球，乙罐中有3个红球，7个白球，先从甲罐中随机取出一球放入乙罐，再

从乙罐中随机取出一球、4表示事件”从甲罐取出的球是红球”，出表示事件“从甲罐取出的球是白球”，

B表示事件”从乙罐取出的球是红球”.则下列结论正确的是()

B.P(剧4)=《

A.%、刈为对立事件

c.p(4s)=^-D.。(剧4)+尸(剧4)=1

【答案】ABC

【解析】

【分析】根据对立事件、条件概率等知识对选项进行分析，从而确定正确答案.

【详解】A选项，由于4c4=0，4=。，所以4、4为对立事件，A选项正确.

B选项，尸(面4)='±L=±,B选项正确

c选项，尸(45)=』xJ±L=,c选项正确.

v171010+111

337

D选项，P（B\4）=--=—,P（B\4）+P（S|4）=—^1,所以D选项错误.

故选：ABC

11.己知函数/（x）=（x2+l）lnx—加（妙―1）,则下列说法正确的是（）

A.当加=-1时，曲线歹=/（"在点（L/。））处的切线方程为歹=2x—2

B.若对任意的看,乙€（0,+8）（七WX?）,都有则实数加的取值范围是（7』

C.当勿>1时，/（x）既存在极大值又存在极小值

D.当">1时，/（X）恰有3个零点七,々,工3，且再々工3=1

【答案】BCD

【解析】

【分析】根据导数的几何意义即可判断A；对于B,由题意知/（x）在（0,+8）上单调递增，则/''（xlNO在

（0,+0上恒成立，构造函数力（x）=7'（x）,利用导数求出〃（x）的最小值，即可判断；对于C,结合B选

项，根据极值的定义判断即可；对于D,结合C,再根据零点的存在性定理分析即可判断.

【详解】解：对于A,当用一时，/（x）=（x2+l）lnx+x2—1,所以/（1）=0,/（x）=2xlnx+^^+2x，

所以/'（1）=4,

所以曲线丁=/（x）在点（1J。））处的切线方程为y=4（x—1）,

即y=4x-4,故A错误；

有小）-/（%）〉0,

对于B,因为对任意的事,》2e（0,+℃）（再力12），都

玉-x2

所以/（x）在（0,+“）上单调递增,

即=2xlnx+入——2mx=x[21nx+l+4—2加]20在（0,+“）上恒成立,

XkX

令h（x）=21nx+l+J—2加，

当x>l时，〃(x)>0,当O<X<1时，〃(x)<0,

所以“X)在(0,1)上单调递减，在(1,+到上单调递增，

所以"x)在尤=1处取得最小值h(l)=2-2m,

所以2-2加20,解得加£1,

即实数加的取值范围是(一*1],故B正确；

x

对于C,当"〉1时，由B选项知，^()min=2-2m<0,

令〃(x)=4x2-2x+1-2In2x,%>1,

所以/(x)=8x—2—2="马二>0在。,+*上恒成立，

XX

所以〃3在(1,+8)上单调递增，所以〃(x)〉〃⑴=3-21n2>0,

所以〃(「一|=4m2-2m+l-21n2m>0,

\2mJ

又7z(x)在(0,1)上单调递减，所以存在5使得=

又小'")=1+±>。，

又“X)在(1,+8)上单调递增，所以存在毛€(1了。，使得〃5)=0,

所以当0<尤时,#(x)>0,/(X)为增函数，

当匕<丫<工5时，/,(x)<0,/(x)为减函数，

当4>招时,f^(x)>0,/(x)为增函数,

故/(X)既存在极大值又存在极小值，故C正确；

对于D,因为/(l)=(12+l)lnl—加(仔―1)=0,

由C选项知/任4)>/(1)=0,/(%5)</(1)=0,

当X-0时，当Xf+co时，—+00,

故函数/(X)有三个零点，不妨设为为，X2,x3,(0<%!<1,x2=1,x3>1),

[1)11

又/(xj+/—=(x；+1)InX]-加(x；-1)+—+1In---m-1

x

7\i)石)

=(x；+l)lnX]+m(1-x；1+j[InX]-m

x\

c[、

=1——7[(x；+l)lnX]+加(l—x；)]=0,

IxiJ-

1

故有=—，贝！IXxX2X3=1,

X1

即当">1时，/(x)恰有3个零点西,》2，七，且花》2七=1，故D正确.

故选：BCD.

【点睛】本题考查了导数的几何意义，考查了利用导数研究函数的单调性问题及极值问题，考查了利用导

数解决函数的零点问题，有一定的难度.

三.填空题(共3小题，每小题5分，共15分)

12.记/'(x),g'(x)分别为函数/(x),g(x)的导函数.若存在与eR,满足/(%)=g(x°)且

/'(叫))=g'(Xo)，则称/为函数/(x)与g(x)的一■个"S点".已知：,若函数/(x)=znx?+放与

g(x)=lnx存在"S点”，则实数切的取值范围为.

【答案】卜

L2e)

【解析】

【分析】分别求出/‘(X),g'(x),然后根据“S点”的定义，列出方程，构造〃(x)=Elx>0),通

X

过导数求出Mx).即可.

【详解】函数/(x)=〃£+7a与g(x)=Inx,则/'(x)=2加x+〃与g'(x)=」，

X

mxl+nx0=\nx0

1inz\1—1nJC/\

由题意得《1,则加=令“X=—r^(x>0),

v72v7

2mx0+n=-x0x

%

C3、

则"(x)=3+；lnx,令/(x)=0,则x=

所以xee2,+co时，则〃'(x)>0,故〃(x)单调递增;

XI)

C3A

xe0,e2时，贝故〃（x）单调递减；

3

,、3h（xy/e"--——J-

所以〃X在5处取得极小值，也是最小值，-Zin/3丫2e3,且尤-内时，

e2

I）

A（x）^+oo,所以实数加的取值范围为一J，+°°]

故答案为：一J"#00]

13.已知（1-2x）5（l+ax）4的展开式中f的系数为—26,则实数。的值为.

【答案】3或打

3

【解析】

【分析】按照二项式展开即可.

2522

【详解】,**（1一2x）“l+ax）4_Q_IOX+4OX+...+32X）（1+4ax+6ax+4/d+//）的展开式中

的系数为-26,

6a2—10x4（2+40=6a2-40o+40=—26，

解得a—3或—.

3

故答案为：。=3或以.

3

14.在一个抽奖游戏中，主持人从编号为1,2,3且外观相同的空箱子中随机选择一个，放入一件奖品，再将

箱子关闭，也就是主持人知道奖品在哪个箱子里，当抽奖人选择了某个箱子后，在箱子打开之前，主持人

先随机打开另一个没有奖品的箱子，并问抽奖人是否愿意更改选择.现在已知甲选择了1号箱，若用4表示

i号箱有奖品。=1,2,3）,用片表示主持人打开i号箱子«=2,3）,则。（阕员）=

2

【答案】j

【解析】

【分析】分奖品在1、2和3号箱里三种情况，根据全概率公式计算即可.

【详解】奖品在1号箱里，主持人可打开2,3号箱,

故P（用4）=}奖品在2号箱里,

主持人打开3号箱的概率为1,故尸（用|4）=1；

奖品在3号箱里，主持人只能打开2号箱,

故P（53|4）=0，由全概率公式可得尸(四)=ZL0(4)

P（网4）=；1+I+O，；，P（加为）=p（a）p（aa）

尸（员）

2

2

故答案为：—.

四.解答题（本大题共5小题，共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）

15.已知集合/={闻-3＜》＜2},函数g（x）=『一（：+1）的定义域为集合B.

（1）当。=1时，求4cB;

（2）设命题0：xeA,命题0：xeB,若0是o的充分不必要条件，求实数Q的取值范围.

【答案】（1）/n8=（—3,1）U{2}

（2）（-CO,-4]U（2,+OO）

【解析】

【分析】（1）根据题意得3={x|x＜l或x»2},再求交集运算即可；

（2）由题知8={x|xNa+l或x＜。},B,再根据集合关系求解即可.

【小问1详解】

X-(6Z+1)x-2

解：当时，g（x）二

x-ax-l

由题意二二2»0,解得x<l或x»2,所以3={x|x<l或xN2},

x—1

又/={x|-3<xW2},

所以403=(—3,1)U{2}.

【小问2详解】

f(x-6z)[x-(tz+l)]>0

解：由题意x-一(a一+\]^>0,即「\,解得：x*+l或

x-ax-awO

因为)是。的充分不必要条件，

所以，集合A是集合5的真子集，

所以。〉2或。+1<—3,角牟得。>2或

故实数。的取值范围(-*-4]U(2,+s).

(1)求二项式系数最大的项；

(2)若第左项是有理项，求左的取值集合.

(3)系数的绝对值最大的项是第几项；

【答案】(1)1120%-6

(2){1,3,5,7,9)

(3)第6项和第7项

【解析】

【分析】(1)利用二项式定理求出通项，二项式系数最大的项为中间项，求解即可;

(2)当4-9尸为整数时为有理项，即可求解；

2

(3)设第r+1项的系数的绝对值最大，列方程组即可求解.

【小问1详解】

&LGJ=(_了C；2"。，，=0,1,…,8,

二项式系数最大的项为中间项，即第5项，

4_20

所以7；=(-1)4C^24X~=1120-；

【小问2详解】

=G(6广=(_了C；2"。，，=0,1,…,8,

当4—为整数时为有理项，即r=0,2,4,6,8,

2

则左的取值集合为｛1,3,5,7,9｝；

【小问3详解】

设第r+1项的系数的绝对值最大,

21

r1M—>----

fc：2>cr2:9一：,解得5WrW6,

则《88,所以）

C；2r>C；+12r+112

---->----

8-7'r+\

故系数的绝对值最大的项为第6项和第7项.

17.新冠肺炎疫情防控时期，各级各类学校纷纷组织师生开展了“停课不停学”活动，为了解班级线上学

习情况，某位班主任老师进行了有关调查研究.

（1）从班级随机选出5名同学，对比研究了线上学习前后两次数学考试成绩，如下表:

线上学习前成绩X1201101009080

线上学习后成绩了145130120105100

（1）求了关于x的线性回归方程;

Z卜,（弘-y）E卬一〃盯_

参考公式：在线性回归方程§=鼠+鼠2=J-----——=v--------,%=亍—5

〃1）

1=1Z=1

（2）针对全班45名同学（25名女生，20名男生）的线上学习满意度调查中，女姓满意率为80%,男生满

意率为75%,填写下面列联表，判断能否在犯错误概率不超过0.01的前提下，认为线上学习满意度与学生

性别有关？

满意人数不满意人数合计

男生

女生

合计

参考公式和皿鬻黑£

【答案】（1）j=1.15x+5;（2）列联表详见解析，不能.

【解析】

【分析】（1）求出5名学生线上线下的平均成绩，代入线性回归方程计算即可；

（2）根据满意度的百分比分别计算出男女生满意和不满意人数填入表格，然后把数据代入所给的公式计算,

把结果和给出的参考值作比较，从而得到答案.

【详解】（1）x=100>7=120

X%-x）（K—y）

20x25+10x10+0+15x10+20x201150

1.15

202+102+02+102+202WOO

所以。=亍—菽=120—1.15、100=5,

所以线性回归方程:U5x+5

（2）列联表如下:

满意人数不满意人数合计

男生15520

女生20525

合计351045

提出假设Ho：学生线上学习满意度与学生性别无关,

计算得：片=45（7叱。。）2」印61

20x25x35x1056

因为K?»0.161<6.635

所以在犯错误概率不超过0.01的前提下，不能认为线上学习满意度与学生性别有关.

【点睛】本题考查线性回归方程及2x2列联表，这种题目数据虽然较多，但是给出了所有复杂的计算结果,

只是把给出的计算值代入公式计算，运算一定算对.

18.杭州亚运会的三个吉祥物是琮琮、宸宸和莲莲，他们分别代表了世界遗产良渚古城遗址、京杭大运河

和西湖，分别展现了不屈不挠、坚强刚毅的拼搏精神，海纳百川的时代精神和精致和谐的人文精神.甲同

学可采用如下两种方式购买吉祥物，方式一：以盲盒方式购买，每个盲盒19元，盲盒外观完全相同，内部

随机放有琮琮、宸宸和莲莲三款中的一个，只有打开才会知道买到吉祥物的款式，买到每款吉祥物是等可

能的；方式二：直接购买吉祥物，每个30元.

（1）甲若以方式一购买吉祥物，每次购买一个盲盒并打开.当甲买到的吉祥物首次出现相同款式时，用才

表示甲购买的次数，求X的分布列；

（2）为了集齐三款吉祥物，甲计划先一次性购买盲盒，且数量不超过3个，若未集齐再直接购买吉祥物，

以所需费用的期望值为决策依据，甲应一次性购买多少个盲盒？

【答案】（1）分布列详见解析

（2）买2个

【解析】

【分析】（1）根据独立重复试验概率计算公式、排列组合数的计算公式求得X的分布列.

（2）根据甲一次性购买的吉祥物盲盒的个数进行分类讨论，通过计算各种情况下的总费用来求得正确答案.

【小问1详解】

由题意可知X所有可能取值为2,3,4,

R1A2(-,14A37

p(x=2)=—=-,^(^=3)=^^=-,P(X=4)=-^-=

所以X的分布列如下:

X234

142

P———

399

【小问2详解】

设甲一次性购买x个吉祥物盲盒，集齐三款吉祥物需要的总费用为Z.

依题意，x可取0,1,2,3.

方案1：不购买盲盒时，则需要直接购买三款吉祥物，总费用Z]=3x30=90元.

方案2：购买1个盲盒时，则需要直接购买另外两款吉祥物，

总费用Z2=19+2x30=79元.

方案3：购买2个盲盒时，

当2个盲盒打开后款式不同，