2024-2025学年四川省成都市教育集团高三下学期4月联考物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1成都教育集团高2022级高三4月联考试卷物理注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，只将答题卡交回。第Ⅰ卷选择题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。1.如图所示的火灾自动报警器工作原理为：放射源处的镅发生衰变生成镎，粒子使壳内气室空气电离而导电。当烟雾进入壳内气室时，粒子被烟雾颗粒阻挡，于是锋鸣器报警。下列说法正确的是（）A.发生火灾时温度升高，的半衰期变长B.这种报警装置应用了射线贯穿本领强的特点C.发生衰变过程中需要吸收能量D.衰变的本质是原子核内的两个质子与两个中子结合成了一个粒子然后释放出来【答案】D【解析】A．半衰期只由原子核内部决定，与所处环境温度无关，故A错误；B．这种报警装置应用了射线电离本领强的特点，故B错误；C．发生衰变过程中要释放能量，故C错误；D．衰变的本质是原子核内的两个质子与两个中子结合成了一个粒子然后释放出来，故D正确。故选D。2.某电梯的自动门简化如图所示，电梯到达指定楼层后两扇门从静止开始同时向两侧平移，两扇门的移动距离均为0.5m，若门从静止开始以大小相等的加速度先做匀加速运动后做匀减速运动，完全打开时速度恰好为0，则门打开需要的时间为（）A.1s B.2s C.3s D.4s【答案】B【解析】电梯门打开过程中门先从0匀加速运动后做匀减速运动到0，由运动的对称性可知代入数据解得故选B。3.工人用如图甲所示的小推车搬运桶装水，小推车的支架和底板相互垂直。某次工人将质量为20kg的一桶水放到底板上，用力压把手至支架与水平面成30°角时保持静止，如图乙所示，不计水桶与小推车间的摩擦，重力加速度g取，下列说法正确的是（）A.此时支架对水桶的弹力大小为100NB.此时底板对水桶的弹力大小为NC.此时小推车对水桶的作用力小于水桶对推车的作用力D.缓慢减小支架与水平面的夹角，底板对水桶的弹力将减小【答案】D【解析】AB．根据题意，对水桶受力分析，如图所示由平衡条件有，解得，故AB错误；C．由平衡条件可知，小推车对水桶的作用力等于水桶对推车的作用力，故C错误；D．结合上述分析可知，底板对水桶的弹力可知，缓慢减小支架与水平面的夹角，底板对水桶的弹力将减小，故D正确。故选D。4.2024年10月30日，我国“长征二号F”遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射，神舟十九号载人飞船顺利升空。已知引力常量为G，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，视飞船绕地球做匀速圆周运动，其运行周期为T，忽略地球自转。下列说法正确的是（）A.火箭加速升空阶段处于失重状态B.地球的平均密度C.飞船绕地球做匀速圆周运动时离地面高度D.飞船绕地球做匀速圆周运动时的速度可能大于地球的第一宇宙速度【答案】B【解析】A．火箭加速升空阶段，根据牛顿第二定律解得处于超重状态，故A错误；B．在地球表面万有引力等于重力，有根据密度公式解得故B正确；C．根据万有引力提供向心力在地球表面万有引力等于重力，有解得飞船绕地球做匀速圆周运动时离地面高度故C错误；D．根据万有引力提供向心力解得可知轨道半径越小速度越大，试验船的轨道半径不可能小于地球半径，所以试验船绕地球的运行速度不可能大于地球的第一宇宙速度，故D错误。故选B。5.如图所示，倾角为的绝缘斜面固定在水平地面上，该区域存在竖直向上、大小为E的匀强电场。一可视为质点，电荷量为，质量为m的滑块从离地高h的位置，以速度匀速下滑至斜面底端。以下说法正确的是（）A.滑块下滑过程中机械能增加 B.滑块的电势能增加了qEhC.斜面与滑块接触面之间的动摩擦因数 D.若撤去电场，滑块将向下做减速直线运动【答案】C【解析】A．滑块匀速下滑，动能不变，重力势能减小，则机械能减小，故A错误；B．滑块所受电场力竖直向下，滑块下滑过程中电场力做正功，则电势能减少了，故B错误；C．滑块匀速下滑，受力平衡，即解得故C正确；D．若撤去电场，则有滑块以初速度释放仍能匀速下滑，故D错误。故选C6.如图所示的甲、乙两个电路，电感线圈的自感系数足够大，直流电阻为；两白炽灯泡和定值电阻的阻值也均为。先闭合开关，待电路达到稳定后，灯泡均能发光，再将开关断开，最终两灯都熄灭。对于开关闭合、断开后灯泡亮度变化情况，下列说法中正确的是（）A.同时闭合开关，甲、乙电路中的灯泡同时亮起B.同时闭合开关，甲电路中灯泡先闪亮一下再稳定发光C.断开开关，甲、乙两电路中灯泡都先闪亮一下再延迟熄灭D.断开开关，甲电路中灯泡延迟熄灭、乙电路中灯泡先闪亮一下再延迟熄灭【答案】D【解析】AB．甲电路闭合开关，由于线圈的自感现象，灯泡缓慢变亮，乙电路闭合开关，灯泡瞬间变亮，AB均错误。CD．甲电路在开关闭合稳定后，通过灯泡的电流与通过电感线圈的电流相等，再断开开关，由于线圈的自感作用，灯泡延迟熄灭；乙电路在开关闭合稳定后，通过的电流大于通过灯泡的电流，再断开开关，将阻碍电流变化，通过的电流将流经灯泡，使得断开后瞬间，通过灯泡的电流变大，所以灯泡先闪亮再延迟熄灭，C错误，D正确。故选D。7.北京某中学的教室有一朝南的合金窗，教室所处位置地磁场的磁感应强度水平分量大小为B，方向垂直于窗框水平边且指向室内。窗的窗扇竖直边长为，水平边长为，一学生在教室内将封闭的窗扇向外推开的过程用时为t。对该过程判断正确的是（）A.窗扇的水平边上各点的线速度相等B.通过窗扇的磁通量大小在不断增大C.从学生视角，窗扇产生顺时针方向的电流D.窗扇的平均感应电动势大小为【答案】D【解析】A．窗扇水平边上各点做同轴的圆周运动，其速度大小随距离的转轴的增大而增大，所以窗扇的水平边上各点的线速度不相等，故A错误；B．由于教室所处位置地磁场的磁感应强度水平分量方向垂直于窗框水平边且指向室内，所以转到过程中与磁场垂直面积减小，故磁通量的大小不断减小，故B错误；C．根据右手定则可以判断出窗扇转动过程中竖直边切割磁场产生的电流方向从上到下，即窗扇产生逆时针方向的电流，故C答案错误；D．窗扇开始的磁通量为转过的磁通量为由此可得故D正确；故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.半圆柱形玻璃砖的横截面如图所示，MN为直径，一细束复色光沿半圆柱形玻璃砖的半径方向从P点射入，在圆心O点分散成a、b两束单色光，a光恰好在玻璃砖底部发生全反射，b光从玻璃砖底部射出，，下列说法正确的是（）A.玻璃砖对b光的折射率大于对a光的折射率B.a光的频率大于b光的频率C.在玻璃砖中，a光的传播速度大于b光的传播速度D.玻璃砖对单色光a的折射率为【答案】BD【解析】ABC．光以同一入射角入射，光刚好发生全反射，光没有发生全反射，根据折射定律可知，玻璃砖对光的折射率大于对光的折射率，光的频率大于光的频率，在玻璃砖中光的传播速度，所以在玻璃砖中光的传播速度大于光的传播速度，故B正确，AC错误；D．光恰好发生全反射，其临界角玻璃砖对单色光的折射率故D正确。故选BD。9.一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图如图所示，此时P点偏离平衡位置的位移大小是振幅的二分之一。已知该波的波速v=8m/s，则此后P点第二次达到平衡位置的时间可能是（）A. B. C. D.【答案】AB【解析】由波形图可知λ=4m，由解得假设波沿x轴正方向传播，则P点此时沿y轴负方向振动，又P点偏离平衡位置的位移大小是振幅的二分之一，故P点第一次到平衡位置的时间为，故P点从开始到第二次达到平衡位置的时间为假设波沿x轴负方向传播，则P点此时沿y轴正方向振动，故P点第一次到平衡位置的时间为故P点从开始到第二次达到平衡位置的时间为故选AB。10.如图所示，实线是实验小组某次研究平抛运动得到的实际轨迹，虚线是相同初始条件下平抛运动的理论轨迹。分析后得知这种差异是空气阻力影响的结果。实验中，小球的质量为m，水平初速度为，初始时小球离地面的高度为h。已知小球落地时速度大小为v，方向与水平面的夹角为，小球在运动过程中受到的空气阻力大小与速率成正比，比例系数为k，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.小球落地时重力的功率为mgv B.小球下落的时间为C.小球下落过程的水平位移大小为 D.小球下落过程空气阻力所做的功为【答案】BD【解析】A．小球落地时重力的功率为故A错误；B．利用微元法，小球下落过程，在竖直方向上根据动量定理有其中解得小球下落的时间为故B正确；C．同理，在水平方向上根据动量定理有其中解得小球下落过程的水平位移大小为故C错误；D．小球下落的过程，根据动能定理有解得小球下落过程空气阻力所做的功为故D正确。故选BD。第Ⅱ卷非选择题三、实验题：本题共2小题，每空2分，共14分。11.如图所示，甲图为探究小车匀变速直线运动规律的装置，乙图是某次实验获取的一段纸带。实验中打点计时器每隔0.02s打一个点，A、B、C、D、E、F、G是纸带上的计数点，相邻两个计数点之间还有四个点未画出，请回答以下问题：（1）除了图甲中标出的器材外，还需要______。（请填选项前的字母序号）A.天平 B.刻度尺C.秒表 D.弹簧测力计（2）打C点时小车的速度大小为______m/s，小车的加速度大小为______。（计算结果均保留两位有效数字）【答案】（1）B（2）0.480.80【解析】【小问1详析】A．实验目是研究小车的匀变速直线运动规律，不需要用天平测量钩码、小车的质量，故A错误；B．实验中需要利用刻度尺测量纸带点迹之间的间距，故B正确；C．打点计时器是一种计时仪器，不需要用秒表测量时间，故C错误；D．实验目的是研究小车的匀变速直线运动规律，不需要用弹簧测力计测量钩码的重力，故D错误。故选B。小问2详析】[1]相邻两个计数点之间还有四个点未画出，可知两个计数点时间则C点速度大小[2]逐差法可知加速度大小12.某课外活动小组设计了如图甲所示的电路图测量电源电动势和内阻，电压表和电流表内阻未知。（1）按照图甲连接电路，将电阻箱R调到最大值，保持断开，将单刀双掷开关掷向a，改变电阻箱R的阻值得到一系列电流表的读数I，作出图像如图乙所示，由图像的斜率和纵轴截距可求出电源电动势和内阻，由于电流表分压的原因，与真实值相比较，电动势测量结果______；（选填“偏大”“偏小”或“相等”）（2）将电阻箱R调到最大值后，闭合开关，将单刀双掷开关掷向b，改变电阻箱R的阻值得到一系列电压表的读数U，作出图像如图丙所示，由于电压表分流的原因，与真实值相比较，内阻测量结果______；（选填“偏大”“偏小”或“相等”）（3）将乙、丙两个图像综合起来考虑，可以避免由于电表内阻带来的系统误差。测得图乙和图丙中图线斜率分别为、，纵轴截距分别为、，则电源的电动势______，内阻______。【答案】（1）相等（2）偏小（3）【解析】【小问1详析】根据闭合电路欧姆定律E=I（R+r）变形得到与R的关系式根据数学知识得知，图像斜率的倒数等于电源的电动势E，则可知，电动势的测量值与真实值相比相等。【小问2详析】根据闭合电路欧姆定律得变形得因此图像的纵轴截距电源的电动势图像的斜率电源内阻由图示电路图可知，由于电压表的分流作用，通过电源的电流大于，这是造成系统误差的原因；若考虑电源电压表内阻，则表达式为变形得则由数学规律可知，电动势E偏小；内阻偏小。【小问3详析】由以上分析可知，小题（1）中电动势是准确的，所以而小题（2）的丙图像的斜率联立解得。四、计算题：本题共3小题，共40分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。13.某充气式座椅简化模型如图所示，质量相等且导热良好的两个光滑薄壁汽缸C、D通过质量、厚度均不计的活塞a、b封闭质量相等的两部分同种气体A、B，活塞通过轻弹簧相连，系统静置在水平面上。已知汽缸的质量为M，气柱A的初始高度为L，初始环境温度为，轻弹簧的劲度系数为k，原长为，大气压强为，重力加速度为g，活塞的横截面积为S，弹簧形变始终在弹性限度内，活塞始终未脱离汽缸。（1）求初始时气体A的压强；（2）求初始时气柱B的高度；（3）若环境温度缓慢降至，求稳定后座椅的高度。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详析】对A分析，设气体A的压强为，对汽缸C由平衡条件解得初始时气体A的压强【小问2详析】设气体B的压强为，对活塞b有解得由于气体A、B在初始时温度相同，则由玻意耳定律解得初始时气柱B的高度为【小问3详析】对B气体由盖—吕萨克定律解得由胡克定律得解得弹簧的压缩量为由（1）（2）问可得A气体变化与B气体一致，则稳定后座椅的高度14.如图所示，已知截面为矩形的管道长度为l，宽度为a，高度为b。其中相距为a的两侧面是电阻可忽略的导体，该两侧导体与某种金属直导体连成闭合电路，相距为b的顶面和底面是绝缘体，将电阻率为的水银沿图示方向通过矩形导管，假设沿流速方向上管道任意横截面上各点流速相等，且水银流动过程中所受管壁摩擦力与水银流速成正比。为使水银在管道中匀速流过，就需要在管道两端加上压强差。初始状态下，整个空间范围内无磁场，此时测得在管道两端加上大小为的压强差时水银的流速为，则：（1）求水银受到管壁的摩擦力与其流速的比例系数k；（2）在管道上加上垂直于两绝缘面，方向向上，磁感应强度大小为B的匀强磁场，若水银的流速仍为不变，已知金属直导体电阻为R，求电路中电流I；（3）在（2）问的情况下，求此时管道两端的压强差p。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小问1详析】由题意得，水银受到管壁的摩擦力的表达式可设为又水银受到的压力为因为水银匀速流动，所以根据平衡条件有整理后有【小问2详析】加上磁场后，当稳定时有其中该装置等效电源的内阻由闭合电路欧姆定律有联立上式，解得【小问3详析】水银流过某横截面受管壁的摩擦力，安培力和压力，由平衡条件有其中解得15.空间中存在如图所示的匀强磁场，其中一、四象限的磁感应强度大小为B1，二、三象限的磁感应强度大小为B2，方向均垂直纸面向里，满足。t=0时刻，处于坐标原点O的一个静止的中性粒子分裂成两个带电粒子a与b，质量分别为ma和mb，已知a带正电，初速度为x轴正方向，不考虑重力及粒子之间的相互作用。则：（1）a，b粒子分别在B1和B2区域中运动时，对应的圆周运动的周期之比与半径之比；（2）若a粒子带电量为+q，初始速度为v0，则该粒子经过y轴的坐标和时刻；（3）若a，b两粒子能再次在磁场分界面（即y轴）上相遇，ma和mb满足的条件。【答案】（1），；（2）见解析，见解析；（3）见解析【解析】（1）带电粒子在磁场中运动的周期运动半径粒子分裂时动量守恒，电荷守恒所以（2）a粒子在两磁场运动做圆周运动，如图所示轨迹为两个半圆。在磁场B1中运动时间t1到交界处，向上运动的距离d1a粒子在两磁场运动做圆周运动，在磁场B2中运动时间t2到交界处，向下运动距离d2结合周期性可知其中（3）b粒子的运动轨迹如图所示的另两个半圆，根据上面的推导可以得到粒子b到y轴的位置与时刻a、b在分合面处相遇应满足结合，满足条件的只有带入数据有（）满足的解为（0,2），（1,1），（2,0），两粒子的质量比为成都教育集团高2022级高三4月联考试卷物理注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，只将答题卡交回。第Ⅰ卷选择题一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。1.如图所示的火灾自动报警器工作原理为：放射源处的镅发生衰变生成镎，粒子使壳内气室空气电离而导电。当烟雾进入壳内气室时，粒子被烟雾颗粒阻挡，于是锋鸣器报警。下列说法正确的是（）A.发生火灾时温度升高，的半衰期变长B.这种报警装置应用了射线贯穿本领强的特点C.发生衰变过程中需要吸收能量D.衰变的本质是原子核内的两个质子与两个中子结合成了一个粒子然后释放出来【答案】D【解析】A．半衰期只由原子核内部决定，与所处环境温度无关，故A错误；B．这种报警装置应用了射线电离本领强的特点，故B错误；C．发生衰变过程中要释放能量，故C错误；D．衰变的本质是原子核内的两个质子与两个中子结合成了一个粒子然后释放出来，故D正确。故选D。2.某电梯的自动门简化如图所示，电梯到达指定楼层后两扇门从静止开始同时向两侧平移，两扇门的移动距离均为0.5m，若门从静止开始以大小相等的加速度先做匀加速运动后做匀减速运动，完全打开时速度恰好为0，则门打开需要的时间为（）A.1s B.2s C.3s D.4s【答案】B【解析】电梯门打开过程中门先从0匀加速运动后做匀减速运动到0，由运动的对称性可知代入数据解得故选B。3.工人用如图甲所示的小推车搬运桶装水，小推车的支架和底板相互垂直。某次工人将质量为20kg的一桶水放到底板上，用力压把手至支架与水平面成30°角时保持静止，如图乙所示，不计水桶与小推车间的摩擦，重力加速度g取，下列说法正确的是（）A.此时支架对水桶的弹力大小为100NB.此时底板对水桶的弹力大小为NC.此时小推车对水桶的作用力小于水桶对推车的作用力D.缓慢减小支架与水平面的夹角，底板对水桶的弹力将减小【答案】D【解析】AB．根据题意，对水桶受力分析，如图所示由平衡条件有，解得，故AB错误；C．由平衡条件可知，小推车对水桶的作用力等于水桶对推车的作用力，故C错误；D．结合上述分析可知，底板对水桶的弹力可知，缓慢减小支架与水平面的夹角，底板对水桶的弹力将减小，故D正确。故选D。4.2024年10月30日，我国“长征二号F”遥十九运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射，神舟十九号载人飞船顺利升空。已知引力常量为G，地球半径为R，地球表面重力加速度为g，视飞船绕地球做匀速圆周运动，其运行周期为T，忽略地球自转。下列说法正确的是（）A.火箭加速升空阶段处于失重状态B.地球的平均密度C.飞船绕地球做匀速圆周运动时离地面高度D.飞船绕地球做匀速圆周运动时的速度可能大于地球的第一宇宙速度【答案】B【解析】A．火箭加速升空阶段，根据牛顿第二定律解得处于超重状态，故A错误；B．在地球表面万有引力等于重力，有根据密度公式解得故B正确；C．根据万有引力提供向心力在地球表面万有引力等于重力，有解得飞船绕地球做匀速圆周运动时离地面高度故C错误；D．根据万有引力提供向心力解得可知轨道半径越小速度越大，试验船的轨道半径不可能小于地球半径，所以试验船绕地球的运行速度不可能大于地球的第一宇宙速度，故D错误。故选B。5.如图所示，倾角为的绝缘斜面固定在水平地面上，该区域存在竖直向上、大小为E的匀强电场。一可视为质点，电荷量为，质量为m的滑块从离地高h的位置，以速度匀速下滑至斜面底端。以下说法正确的是（）A.滑块下滑过程中机械能增加 B.滑块的电势能增加了qEhC.斜面与滑块接触面之间的动摩擦因数 D.若撤去电场，滑块将向下做减速直线运动【答案】C【解析】A．滑块匀速下滑，动能不变，重力势能减小，则机械能减小，故A错误；B．滑块所受电场力竖直向下，滑块下滑过程中电场力做正功，则电势能减少了，故B错误；C．滑块匀速下滑，受力平衡，即解得故C正确；D．若撤去电场，则有滑块以初速度释放仍能匀速下滑，故D错误。故选C6.如图所示的甲、乙两个电路，电感线圈的自感系数足够大，直流电阻为；两白炽灯泡和定值电阻的阻值也均为。先闭合开关，待电路达到稳定后，灯泡均能发光，再将开关断开，最终两灯都熄灭。对于开关闭合、断开后灯泡亮度变化情况，下列说法中正确的是（）A.同时闭合开关，甲、乙电路中的灯泡同时亮起B.同时闭合开关，甲电路中灯泡先闪亮一下再稳定发光C.断开开关，甲、乙两电路中灯泡都先闪亮一下再延迟熄灭D.断开开关，甲电路中灯泡延迟熄灭、乙电路中灯泡先闪亮一下再延迟熄灭【答案】D【解析】AB．甲电路闭合开关，由于线圈的自感现象，灯泡缓慢变亮，乙电路闭合开关，灯泡瞬间变亮，AB均错误。CD．甲电路在开关闭合稳定后，通过灯泡的电流与通过电感线圈的电流相等，再断开开关，由于线圈的自感作用，灯泡延迟熄灭；乙电路在开关闭合稳定后，通过的电流大于通过灯泡的电流，再断开开关，将阻碍电流变化，通过的电流将流经灯泡，使得断开后瞬间，通过灯泡的电流变大，所以灯泡先闪亮再延迟熄灭，C错误，D正确。故选D。7.北京某中学的教室有一朝南的合金窗，教室所处位置地磁场的磁感应强度水平分量大小为B，方向垂直于窗框水平边且指向室内。窗的窗扇竖直边长为，水平边长为，一学生在教室内将封闭的窗扇向外推开的过程用时为t。对该过程判断正确的是（）A.窗扇的水平边上各点的线速度相等B.通过窗扇的磁通量大小在不断增大C.从学生视角，窗扇产生顺时针方向的电流D.窗扇的平均感应电动势大小为【答案】D【解析】A．窗扇水平边上各点做同轴的圆周运动，其速度大小随距离的转轴的增大而增大，所以窗扇的水平边上各点的线速度不相等，故A错误；B．由于教室所处位置地磁场的磁感应强度水平分量方向垂直于窗框水平边且指向室内，所以转到过程中与磁场垂直面积减小，故磁通量的大小不断减小，故B错误；C．根据右手定则可以判断出窗扇转动过程中竖直边切割磁场产生的电流方向从上到下，即窗扇产生逆时针方向的电流，故C答案错误；D．窗扇开始的磁通量为转过的磁通量为由此可得故D正确；故选D。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.半圆柱形玻璃砖的横截面如图所示，MN为直径，一细束复色光沿半圆柱形玻璃砖的半径方向从P点射入，在圆心O点分散成a、b两束单色光，a光恰好在玻璃砖底部发生全反射，b光从玻璃砖底部射出，，下列说法正确的是（）A.玻璃砖对b光的折射率大于对a光的折射率B.a光的频率大于b光的频率C.在玻璃砖中，a光的传播速度大于b光的传播速度D.玻璃砖对单色光a的折射率为【答案】BD【解析】ABC．光以同一入射角入射，光刚好发生全反射，光没有发生全反射，根据折射定律可知，玻璃砖对光的折射率大于对光的折射率，光的频率大于光的频率，在玻璃砖中光的传播速度，所以在玻璃砖中光的传播速度大于光的传播速度，故B正确，AC错误；D．光恰好发生全反射，其临界角玻璃砖对单色光的折射率故D正确。故选BD。9.一列沿x轴传播的简谐横波在t=0时刻的波形图如图所示，此时P点偏离平衡位置的位移大小是振幅的二分之一。已知该波的波速v=8m/s，则此后P点第二次达到平衡位置的时间可能是（）A. B. C. D.【答案】AB【解析】由波形图可知λ=4m，由解得假设波沿x轴正方向传播，则P点此时沿y轴负方向振动，又P点偏离平衡位置的位移大小是振幅的二分之一，故P点第一次到平衡位置的时间为，故P点从开始到第二次达到平衡位置的时间为假设波沿x轴负方向传播，则P点此时沿y轴正方向振动，故P点第一次到平衡位置的时间为故P点从开始到第二次达到平衡位置的时间为故选AB。10.如图所示，实线是实验小组某次研究平抛运动得到的实际轨迹，虚线是相同初始条件下平抛运动的理论轨迹。分析后得知这种差异是空气阻力影响的结果。实验中，小球的质量为m，水平初速度为，初始时小球离地面的高度为h。已知小球落地时速度大小为v，方向与水平面的夹角为，小球在运动过程中受到的空气阻力大小与速率成正比，比例系数为k，重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.小球落地时重力的功率为mgv B.小球下落的时间为C.小球下落过程的水平位移大小为 D.小球下落过程空气阻力所做的功为【答案】BD【解析】A．小球落地时重力的功率为故A错误；B．利用微元法，小球下落过程，在竖直方向上根据动量定理有其中解得小球下落的时间为故B正确；C．同理，在水平方向上根据动量定理有其中解得小球下落过程的水平位移大小为故C错误；D．小球下落的过程，根据动能定理有解得小球下落过程空气阻力所做的功为故D正确。故选BD。第Ⅱ卷非选择题三、实验题：本题共2小题，每空2分，共14分。11.如图所示，甲图为探究小车匀变速直线运动规律的装置，乙图是某次实验获取的一段纸带。实验中打点计时器每隔0.02s打一个点，A、B、C、D、E、F、G是纸带上的计数点，相邻两个计数点之间还有四个点未画出，请回答以下问题：（1）除了图甲中标出的器材外，还需要______。（请填选项前的字母序号）A.天平 B.刻度尺C.秒表 D.弹簧测力计（2）打C点时小车的速度大小为______m/s，小车的加速度大小为______。（计算结果均保留两位有效数字）【答案】（1）B（2）0.480.80【解析】【小问1详析】A．实验目是研究小车的匀变速直线运动规律，不需要用天平测量钩码、小车的质量，故A错误；B．实验中需要利用刻度尺测量纸带点迹之间的间距，故B正确；C．打点计时器是一种计时仪器，不需要用秒表测量时间，故C错误；D．实验目的是研究小车的匀变速直线运动规律，不需要用弹簧测力计测量钩码的重力，故D错误。故选B。小问2详析】[1]相邻两个计数点之间还有四个点未画出，可知两个计数点时间则C点速度大小[2]逐差法可知加速度大小12.某课外活动小组设计了如图甲所示的电路图测量电源电动势和内阻，电压表和电流表内阻未知。（1）按照图甲连接电路，将电阻箱R调到最大值，保持断开，将单刀双掷开关掷向a，改变电阻箱R的阻值得到一系列电流表的读数I，作出图像如图乙所示，由图像的斜率和纵轴截距可求出电源电动势和内阻，由于电流表分压的原因，与真实值相比较，电动势测量结果______；（选填“偏大”“偏小”或“相等”）（2）将电阻箱R调到最大值后，闭合开关，将单刀双掷开关掷向b，改变电阻箱R的阻值得到一系列电压表的读数U，作出图像如图丙所示，由于电压表分流的原因，与真实值相比较，内阻测量结果______；（选填“偏大”“偏小”或“相等”）（3）将乙、丙两个图像综合起来考虑，可以避免由于电表内阻带来的系统误差。测得图乙和图丙中图线斜率分别为、，纵轴截距分别为、，则电源的电动势______，内阻______。【答案】（1）相等（2）偏小（3）【解析】【小问1详析】根据闭合电路欧姆定律E=I（R+r）变形得到与R的关系式根据数学知识得知，图像斜率的倒数等于电源的电动势E，则可知，电动势的测量值与真实值相比相等。【小问2详析】根据闭合电路欧姆定律得变形得因此图像的纵轴截距电源的电动势图像的斜率电源内阻由图示电路图可知，由于电压表的分流作用，通过电源的电流大于，这是造成系统误差的原因；若考虑电源电压表内阻，则表达式为变形得则由数学规律可知，电动势E偏小；内阻偏小。【小问3详析】由以上分析可知，小题（1）中电动势是准确的，所以而小题（2）的丙图像的斜率联立解得。四、计算题：本题共3小题，共40分。解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。13.某充气式座椅简化模型如图所示，质量相等且导热良好的两个光滑薄壁汽缸C、D通过质量、厚度均不计的活塞a、b封闭质量相等的两部分同种气体A、B，活塞通过轻弹簧相连，系统静置在水平面上。已知汽缸的质量为M，气柱A的初始高度为L，初始环境温度为，轻弹簧的劲度系数为k，原长为，大气压强为，重力加速度为g，活塞的横截面积为S，弹簧形变始终在弹性限度内，活塞始终未脱离汽缸。（1）求