江西省赣抚吉十二校2026届高三上学期第一次联考物理试卷（含答案）

431431525物理试题第1页(共8页)乙物理试题第2页(共8.页)压为400V,k₁=1:5,输电导线的总电阻R₀=4Ω,用户获得的电压为C.降压变压器的输入电压为1980V的输出功率变为1.1kW的速度为v;若电容器开始带电量为Q,且满足,金属棒初速的质量之比为2:1,下列说法正确的是A.细线a、c拉力之比为3:1C.细线b与竖直方向的夹角为60°物理试题第3页(共8页)最大值a₂=√3g。g为重力加速度大小，滑块与水平面的动摩擦因数AA=3I:将橡皮筋一端固定在长木板的左端，测出橡皮筋的原长；橡皮筋ViI08x/m甲乞“空票)前当真物理试题第4页(共8页)枭元元(2)已知水的密度为1.0×10³kg/m³,重力加速度为g=9.8m/s²,图乙中图线的斜率为4.0×10²m-²,截距为5.5×10⁻³m,则可以求得果均保留三位有效数字)12.(9分)某同学准备利用下列器材测量电池的电动势和内阻。E.导线和开关根据如图甲所示的电路进行实验操作。表，则新电流表量程是电流表G量程的 (2)闭合开关，多次调节电阻箱，记录电阻箱的阻值R和电流表G的读数I。用Rg表示电流表G的内阻，E表示电源电利用测量的数据，作出图线，如图乙所示，由图可得E= V(保留三位有效数字),r=Ω(保留一位小数)。13.(10分)一个足球的容积是2.5L。用打气筒给这个足球打气，每打一次都把体积为125mL、压强与大气压相同、温度与环境温度相同的气体打进足球内。如果在打气前足球就已经是球形并且里面的压强与大气压相同，已知大气压强为po,已知外界环境温度to=27℃。(1)不考虑足球容积变化和气体的温度变化，求打了20次后足球内部空气的压强是大气压的多少倍?(2)考虑足球容积变化和气体的温度变化，打了20次后，足球的容积比原来增大了1%,温度升高至30℃,求足球内部空气的压强是大气压的多少倍?14.(12分)如图，在平面直角坐标系xOy的第一象限内存在方向垂直于坐标平面向外的匀强磁场，第二象限内存在沿c轴正方向的匀强电场。一带电量为q(q>0)、质量为m的粒子从x轴上的A点(一L,0)沿y轴正方向以初速度vo进入第二象限，经电场偏转后从y轴上的点进人第一象限的磁场，后又回到第二象限的电场，不计粒子重力。求：(1)匀强电场的场强大小E;15.(17分)如图所示，一足够长的固定斜面倾角为θ且sinθ=0.2,t=0时质量为m₁=1kg的物块A由静止开始沿斜面下滑，t=8s时物块A的速度达到8m/s,与静止在斜面上的物块B发生第一次碰撞，碰后物块A的速度反向，大小为6m/s,t=14s时A与B发生第二次碰撞。A与B视为质点，碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短，重力加速度为g=(1)物块A与斜面间的摩擦力大小；(2)物块B的质量；(3)整个过程中物块B与斜面间的摩擦生热。赣抚吉十二校2026届高三第一次联考物理参考答案一、单项选择题(本大题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一个选项符合题目要求)题号1234567CCACBCA到1.C【解析】β射线的穿透能力比α射线穿透能力强，A错误；原子核9Y发生β衰变的方程为根据电荷数和质量数守恒可得Z=40,故B错误；由图可知，恰好衰变一半，根据半衰期的定义可得半衰期T=84.7h—20.6h=64.1h,,根据半衰期公式有,变形得到,解得t=3T=192.3h,C正确；β衰变过程中会释放能量，原子核变得更稳定，比结合能越大的原子核越稳定，所以Y的比结合能小于Zr的比2.C【解析】物块在下滑过程中系统竖直方向合外力不为零，水平方向不受外力作用，故物块和弧形槽组成的系统水平方向动量守恒，竖直方向动量不守恒，故A错误；弧形槽置于光滑水平地面上，物块下滑过程中对弧形槽压力的水平分量使弧形槽向左加速，动能增大，此过程中物块和弧形槽组成的系统只有物块的重力做功，系统机械能守恒，故物块机械能必定减少，由此推知弧形槽对物块的支持力做负功，故B错误；小物块下滑过程中，物块、弧形槽组成的系统满足水平方向动量守恒，系统初始水平方向动量为零，设小球滑到底端时二者速度大小分别为UM、7m,取向左方向为正，该过程由动量守恒定律得MvM-mvm=0,故得MvM=mvm,若M>m,则vm>vM,小物块在水平面上做匀速运动，撞击弹簧前后速度等大反向，因此能追上弧形槽，故C正确；设物块再次滑上弧形槽，上升到最高点h'时系统水平向左的速度为v,由动量守恒定律得Mvm+mvm=(M+m)v,由全过程满足机械能守恒,物块从初始状态下滑到底端时满足机械能守恒,故得,即物块不会上升至初始高度，故D错误。强度大小相等，设为E。,当只在A、D两点放置电荷时，O点的场强大小为E=√E8+E=√2Eo,再在B点放置负点电荷时，O点的场强大小为E′=√5E₀,则E;A、D两点的正电荷在O点产生的电势相等，设为40,则φ=2go,B点负点电荷在O点产生的电势为一4。则,A正确。4.C【解析】静止卫星和地球赤道上的物体具有相同的角速度，根据向心加速度和角速度的关系可,A错误；对b、c由万有引力定律有,由以上两式解,B错误；wa=wc,根据可得,可知wew,即它们的角速度大小关系为wa=w.<w,根振可知周期大小关系为Ta=T.>T,C正确；b、c相邻两次相距最近的过程中，b多转动一5.B【解析】由乙图可知，0.1s时Q处于平衡位置且向下振动，可知波沿x轴负方向传播，根据图像可得，周期为T=0.2s,波长为λ=8m,所以波速为,质点P的平衡位置坐标为m,,此后质点P第三次到达平衡位置即x=12m处的振动状态传到质点P处，需要时间s,此时的时刻6.C【解析】由升压变压器两端的电压比等于匝数比，则；,解得,理想变压器两端的功率不变，故有P₂=P₁=10kW,输电导线中的电流,则导线上损失功W,B错误；降压变压器的输入电,所以7.A【解析】若电容器开始不带电，给金属棒水平向右的初速度vo,导体棒最终匀速运动速度为v₁时此时电容器两板间电压等于金属棒产生的感应电动势，即U=BLv₁,整个过程中由动量定理—BIL△t=mv₁-mo,其中I△t=Q=CU=CBLv₁,解得;若电容器开始带电量为Q,金属棒初速度为0,闭合开关后，电容器放电，金属棒向右加速运动，则当金属棒切割磁感线产生的电动势跟电容器两极板之间的电压相等时，金属棒中电流为零，此后金属棒将匀速运动下去；设闭合开关S后，电容器的放电时间为△t,金属棒获得的速度为v₂,由动量定理可得BIL△t=mv₂—0,其中,解得,联立Q可,A正确。二、多项选择题(本大题共3小题，每小题6分，共18分。每小题给出的4个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)题号898.BC【解析】两个小球1和2的质量分别为2m和m,选取1、2两球整体为研究对象，受力如图所示，F。F利用正交分解法，得Fasin30°=F。,Facos30°=3mg,解得Fa=2√3mg,F=√3mg,A错误；选取球2为研究对象，由平衡条件可得F₆=√(mg)²+F?=2mg,细线a、b拉力之比为√3:1,B正确；对球2根据受力平衡有F₆cosθ=mg,解得细线b与竖直方向的夹角为θ=60°,C正确；对整体分析可知F.=3mgtanα,若保持c水平，减小a与竖直方向的夹角α,线c的拉力减小，D错误。9.AD【解析】发生全反射的条件是光由光密介质射向光疏介质，所以n₁>n2,A正确，C错误；频率越大的光，介质对它的折射率越大，根据可知光在光纤中传播的速度越小，B错误；当入射角为θ时，设光的折射角为r,根据折射定律有,由数学知识可知,根据几何关系可知，光的传播距离为x= ,由知传播速度为,则传播的时间为,D正确。10.ABD【解析】当电场方向与竖直向上方向的夹角为θ1时，滑块向右加速的加速度达到最大，此时有Fsinθ₁-μ(mg—Fcosθ₁)=ma₁,,根据数学知识可得F(√1+μ²)sin(θ₁+a)=μmg十ma₁,则有;同理当电场方向与竖直方向的夹角为向下θ₂时，此时有Fsinθ₂+或减速加速度分别最大时，不等式均取等号，联立可得,A所以有,当加速正确；代入可得α=30°,此时三、非选择题(本题共5小题，共54分)11.(6分)(1)2.05(或2.04、2.06)(2分)(2)24.5(2分)0.0138(2分)【解析】(1)刻度尺的最小分度为1mm,则读数为l₅=2.05cm。(2)设小桶质量为m,当小桶中水的体积为V时，由平衡条件可知kx=mg+pVg,变形可得,以小桶中水的体积V为横坐标，弹簧伸长量x为纵坐标，则图线的斜率,代入数据解得k=24.5N/m;由可知直线的截距,代入数据解得m=0.0138kg。12.(9分)(1)5(1分)②(2分)15.0(2分)4.4(2分)(3)等于(1分)大于(1分)【解析】(1)根据并联电路电流分配关系，电流与电阻成反比，当电流表满偏时Ig=0.10A,流过电阻R。的电流为0.40A,则干路电流为0.50A,则量程为0.50A,即新电流表量程是电流表G量程的5倍。(2)根据闭合电路欧姆定律得E=IRg+5I(R,解得E=15.0V,r=4.4+r),整理得,结合图像可(6)如果电流表为理想电流表，则E=5I(R+r),整理得,结合图像可得2A-¹,1,解得E′=15.0V,r′=6Ω,即测得的电动势等于真实值，测得的内阻大于真实值。代入数据得p。(2.5+20×0.125)=2.5p(2分)解得p=2po………………(1分)(2)状态1:p₁=po,T₁=300K,V₁=(2.5+20×0.125)L(1分)状态2:V₂=(1+1%)×2.5L,T₂=303K(1分)由理想气体方程可得解得pz=2po(1分)14.(12分)【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运沿x轴方向有2,vπ=at………………………(1分)y方向匀速，……………………(1分)联立解得…………………………(1分)(2)由(1)可知……………(1分)则粒子进入磁场时的速度大小………(1分)设粒子进入磁场时速度与y轴正方向夹角为θ,则………(1分)解得θ=37°…………………(1分)粒子在磁场中的运动轨迹刚好与x轴相切时，半径最大，如图所示由题意可知vo=8m/s,v₁=—6m/s