一轮创新思维物理（人教版）练习第二章章末检测

一、单项选择题A．0 B．mg，竖直向上C．mg，东偏北方向D.eq\r(2)mg，东偏北方向解析：孔明灯做匀速直线运动，故所受合外力为0，因此空气的作用力的大小F空＝mg，方向竖直向上，故选B.答案：B2．(2018·广东深圳调研)在固定的斜面体Q上放一物块P，P静止不动；现分别将沿平行斜面向上、水平向左、竖直向下和垂直纸面向外(未画出)的力F作用于P，P仍静止不动，如图所示．下列判断正确的是()A．图甲中Q对P的支持力增大B．图乙中Q对P的摩擦力减小C．图丙中P受到的合外力增大D．图丁中P所受的摩擦力增大解析：图甲中，Q对P的支持力等于P的重力垂直斜面方向的分力，与F的大小无关，所以Q对P的支持力不变，故A错误；图乙中，把F分解到沿斜面方向和垂直于斜面方向，根据平衡条件可知，P受到的摩擦力等于重力沿斜面向下的分力与F沿斜面向下的分力之和，所以摩擦力增大，故B错误；P处于静止状态，合力为零，则图丙中P受到的合外力不变，故C错误；图丁中，施加垂直纸面向外的力F，根据平衡条件可知，P受到的摩擦力Ff＝eq\r(F2＋mgsinθ2)＞mgsinθ，所以P所受摩擦力增大，故D正确．答案：D3.风洞是进行空气动力学实验的一种重要设备．一次检验飞机性能的风洞实验示意图如图所示，AB代表飞机模型的截面，OL是拉住飞机模型的绳．已知飞机模型重为G，当飞机模型静止在空中时，绳恰好水平，此时飞机模型截面与水平面的夹角为θ，则作用于飞机模型上的风力大小为()A.eq\f(G,cosθ) B．GcosθC.eq\f(G,sinθ) D．Gsinθ解析：作用于飞机模型上的风力F垂直于AB向上，风力F的竖直分力等于飞机模型的重力，即Fcosθ＝G，解得F＝eq\f(G,cosθ)，A正确．答案：A4.(2018·安徽第三次联考)如图所示，一圆环套在竖直光滑的杆上，杆的直径比环的内径略小，圆环通过轻弹簧与放在地面上的物块相连，开始时弹簧处于原长，由静止释放圆环，到圆环向下的速度达到最大的过程中(此过程物块一直保持静止)()A．圆环受到的合力在减小B．杆对圆环的作用力在减小C．地面对物块的摩擦力在减小D．地面对物块的支持力在减小解析：圆环从静止到速度最大的过程中，对圆环分析可知，其速度不断增大，加速度不断减小，所受的合力不断减小，A项正确；由于环在向下运动的过程中，弹簧的长度不断减小，弹力不断增大，弹力沿水平方向的分力不断增大，对环水平方向研究知，杆对圆环的作用力不断增大，B项错误；对环、弹簧和物块整体研究，地面对物块的摩擦力与杆对环的作用力等大反向，因此地面对物块的摩擦力不断增大，C项错误；对环、弹簧和物块整体研究知，由于环沿竖直方向向下的加速度不断减小，知地面对物块的支持力不断增大，D项错误．答案：A5．(2016·山西右玉一模)如图所示，物块A和滑环B用绕过光滑定滑轮的不可伸长的轻绳连接，滑环B套在与竖直方向成θ＝37°的粗细均匀的固定杆上，连接滑环B的绳与杆垂直并在同一竖直平面内，滑环B恰好不能下滑，滑环和杆间的动摩擦因数μ＝0.4，设滑环和杆间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则物块A和滑环B的质量之比为()A.eq\f(7,5) B.eq\f(5,7)C.eq\f(13,5) D.eq\f(5,13)解析：设物块A和滑环B的质量分别为m1、m2，若杆对B的弹力垂直于杆向下，因滑环B恰好不能下滑，则由平衡条件有m2gcosθ＝μ(m1g－m2gsinθ)，解得eq\f(m1,m2)＝eq\f(13,5)；若杆对B的弹力垂直于杆向上，因滑环B恰好不能下滑，则由平衡条件有m2gcosθ＝μ(m2gsinθ－m1g)，解得eq\f(m1,m2)＝－eq\f(7,5)(舍去)．综上分析可知应选C.答案：C二、多项选择题6.(2018·大庆中学期中)如图，物块M在静止的传送带上以速度v匀速下滑时，传送带突然启动，方向图中箭头所示，若传送带的速度大小也为v，则传送带启动后()A．M静止在传送带上B．M可能沿传送带向上运动C．M受到的摩擦力不变D．M下滑的速度不变解析：当传送带静止时，物块受到的摩擦力方向沿传送带向上，大小f＝μmgcosθ，当传送带开始运动时，物块仍相对传送带向下运动，所以受到的摩擦力方向仍沿斜面向上，由于接触面间的正压力不变，所以仍有f＝μmgcosθ，即物块的受力不变，所以仍做匀速直线运动，C、D正确．答案：CD7.(2018·安徽淮北一中模拟)如图所示，M、N两物体叠放在一起，在恒力F作用下，一起向上做匀加速直线运动，则关于两物体受力情况的说法正确的是()A．物体M一定受到4个力B．物体N可能受到4个力C．物体M与墙之间一定有弹力和摩擦力D．物体M与N之间一定有摩擦力解析：M、N两物体一起向上做匀加速直线运动，合力向上，对MN整体进行受力分析，受到重力和F，墙对M没有弹力，否则合力不能向上，也就不可能有摩擦力；对N进行受力分析，N受到重力，M对N的支持力，这两个力的合力不能向上，所以还受到M对N向上的静摩擦力，则N也给M一个沿斜面向下的静摩擦力，再对M进行受力分析，M受到重力、推力F、N对M的压力以及N给M沿斜面向下的静摩擦力，一共4个力，故A、D正确，B、C错误．答案：ADA．细绳对O点的拉力一定增大B．C对B的摩擦力一定增大C．地面对C的摩擦力一定增大D．地面对C的支持力一定增大解析：OP与PQ间绳的夹角变大，而合力不变，绳子拉力增大，故A正确；C对B的摩擦力可能增大，可能减小，故B错误；对BC整体而言，PQ间绳的拉力沿水平方向的分力等于地面对C的静摩擦力，故地面对C的摩擦力一定增大，故C正确；OQ间绳的拉力在竖直方向的分力不变，对ABC整体在竖直方向受到的外力不变，地面对C的支持力不变，故D错误．答案：AC三、非选择题9．(2018·湖南省长沙一中月考)某同学用如图甲所示的装置验证“力的平行四边形定则”．用一木板竖直放在铁架台和弹簧所在平面后，其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：A．如图丙，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；B．卸下钩码，然后将两绳套系在弹簧下端，用两弹簧秤将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的________及两弹簧秤相应的读数．图乙中B弹簧秤的读数为________N；C．在坐标纸上画出两弹簧秤拉力FA、FB的大小和方向如图丙所示，请在图丙中作出FA、FB的合力F′；D．已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图丙所示，观察比较F和F′，得出结论．解析：根据验证平行四边形定则的实验原理要记录细绳套AO、BO的方向和拉力大小，拉力大小由弹簧秤读出，分度值为0.1N，估读一位为11.40N.答案：方向11.40如图所示10．(2017·广东深圳调研)把两根轻质弹簧串联起来测量它们各自的劲度系数，如图甲所示．(1)未挂钩码之前，指针B指在毫米刻度尺如图乙所示的位置上，记为________cm；(2)将质量50g的钩码逐个挂在弹簧Ⅰ的下端，逐次记录两弹簧各自的伸长量；所挂钩码的质量m与每根弹簧的伸长量x可描绘出如图丙所示的图象，由图象可计算出弹簧Ⅱ的劲度系数kⅡ＝________N/m；(取重力加速度g＝9.8m/s2)(3)图丙中，当弹簧Ⅰ的伸长量超过17cm时其图线为曲线，由此可知，挂上第________个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度，这对测量弹簧Ⅱ的劲度系数________(选填“有”或“没有”)影响(弹簧Ⅱ的弹性限度足够大)．解析：(1)刻度尺的读数为11.50cm；(2)弹簧Ⅱ的劲度系数kⅡ＝eq\f(4×50×10－3×9.8,7×10－2)N/m＝28N/m；(3)由图线可知：eq\f(4,14)＝eq\f(n,17)，解得n≈4.9，则可知挂上第5个钩码时，拉力已经超过它的弹性限度；因为弹簧Ⅱ的图线仍为直线，故这对测量弹簧Ⅱ的劲度系数没有影响．答案：(1)11.50(11.45～11.55)(2)28(3)5没有11.(2018·牡丹江一中期中)如图所示，细绳OA的O端与质量m＝1kg的重物相连，A端与轻质圆环(重力不计)相连，圆环套在水平棒上可以滑动；定滑轮固定在B处，跨过定滑轮的细绳，两端分别与重物m、重物G相连，若两条细绳间的夹角φ＝90°，OA与水平棒的夹角θ＝53°，圆环恰好没有滑动，不计滑轮大小，整个系统处于静止状态，滑动摩擦力等于最大静摩擦力．(已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6)求：(1)圆环与棒间的动摩擦因数；(2)重物G的质量M.解析：(1)因为圆环恰好没有滑动，即所受的静摩擦力刚好达到最大值，有Ff＝μFN.对圆环进行受力分析，则有μFN－FTcosθ＝0，FN－FTsinθ＝0，代入数据解得μ＝eq\f(1,tanθ)＝0.75.(2)对于重物m有Mg＝mgcosθ，解得M＝mcosθ＝0.6kg.答案：(1)0.75(2)0.6kg(1)当劈静止时绳子的拉力大小．(2)地面对劈的支持力大小．(3)若地面对劈的最大静摩擦力等于地面对劈支持力的k倍，为使整个系统静止，k值必须满足什么条件？解析：对小球进行受力分析如图1所示Tcos30°＋FN1cos30°＝mgTsin30°＝FN1sin30