2025-2026学年度湖北省荆州市荆州中学高三上学期8月年级教学质量检测物理（含答案）

荆州中学2025～2026学年上学期8月考试高三年级物理试题一、选择题（1-7题只有一个选项正确，选对弹性。某同学拍摄了该过程，并得出了篮球运动的v-t图像，如图所示4.制作陶瓷时，在水平面内匀速转动的台面上有一些陶屑。假设陶6.工人在河堤的硬质坡面上固定一垂直坡面的挡板板平面与坡面的交线为MN，7MNQ=θ。若建筑材料与坡面、挡板间的动摩擦A．gsin2θ-μgcosθ-μgsinθcosθB．gsinθcosθ-μgcosθ-μgsin2θC．gsinθcosθ-μgcosθ-μgsinθcosθD．gcos2θ-μgcosθ-μgsin2θ），A．若v1<v2，则f=μmg，方向向左B．若v1>v2，则f=μmg，方向向左C．若v1=v2，且物块m保持匀速运动，则f=0D．若v1=v2，且物块m保持匀速运动，则f=m0g方向向左二、实验题（本题共2小题，共18分。请把118分）在“研究小球做平抛运动的规律”的(1)如图甲所示的实验中，观察到两球同时落(2)该同学用频闪照相机拍摄到如图所示的小球平算结果保留两位有效数字，当地重力加速度大小g=10m/s2）。(2)为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力，(3)保持槽码质量不变，改变小车上砝码的质量，均为T。下列加速度算式中，最优的是单选，填正确答案标号）。(4)以小车和砝码的总质量M为横坐标，加速度的倒数为纵坐标，甲、乙两组重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案必须明（2）若小球的角速度wrad/s，则细线对小球的拉力FT1及锥面对小球的弹力FN1分别为多少；（3）若小球的角速度wrad/s（3）若小球的角速度wrad/s，求细线对小球的从圆轨道B点以vm/s的初速度进入轨道，并通过最高点A点，接着从AL2荆州中学2025～2026学年上学期8月考试高三年级物理试题一、选择题123456789CCADDBABDBCBC11、(1)自由落体运动匀速直线运动【详解】（1）[1]用小锤打击弹性金属片，B球就水平飞出，同时A球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动；[2]因为观察到的现象是球1落到水平木板上击中球2，可知球1在水平方向上的运动规律与球2相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动。（2）[1]在竖直方向上，根据匀变速直线运动的规律可得Δy=L=gT2解得T=0.02s[2]在水平方向，根据匀速直线运动可得(2)B(3)D（4）反比槽码【详解】（1）A．为了使小车所受的合外力大小近似等于槽码的总重力，故应使小车质量远大于槽码质量，故A错误；B．为了保证小车所受细线拉力等于小车所受合力，则需要调整垫块位置以补偿阻力，也要保持细线和长木板平行，故B正确；C．补偿阻力时不能移去打点计时器和纸带，需要通过纸带上点迹是否均匀来判断小车是否做匀速运动，故C错误；D．根据操作要求，应先打开打点计时器再释放小车，故D错误。故选B。（2）根据逐差法可知S5S1=4a1T2S6S2=4a2T2S7S3=4a3T2S8S4=4a4T2联立可得小车加速度表达式为故选D。（3）[1]根据图像可知与M成正比，故在所受外力一定的条件下，a与M成反比；[2]设槽码的质量为m，则由牛顿第二定律mg=(m+M)a化简可得amgg故斜率越小，槽码的质量m越大，由图可知甲组所用的槽码质量比乙组的更大。三、计算题131）5s，36m2）不能【分析】（1）抓住两车相距最大时的临界条件：两车速度相等展开计算即可；（2）分析乙车到达终点经过的时间，再求出甲车在此过程中经过的位移，比较即可求解。【详解】（1）根据题意可知，甲车速度小于乙车时距离一直在被拉远，因此当甲、乙两车的速度相等时两车距离最大，则有代入数据得到所以经过5s两车间距最大，此过程中甲车位移为乙车位移为两车最大距离为（2）因为乙车做匀速运动，所以乙车到达终点所需时间为乙乙假设再经过t2时间后，甲车恰好超过乙车，则有解得1所以到达终点线时甲车不能超过乙车。14.(1)若要小球刚好离开锥面，则小球只受重力和细线拉力，根据牛顿第二定律有15.(1)4m/s,方向水平向右(2)1.2m(3)2s，43.5J【详解】（1）滑块从B点到A点，根据动能定理—mg×2Rmvmv解得滑块在A点时的初速度大小为vA=4m/s方向水平向右。（2）滑块从A点到C点做平抛运动，设C点的速度竖直方向为vy则tanθ=解得vy=3m/s在竖直方向上，滑块做自由落体运动，则vy=gt在水平方向上x=vAt解得AC两点间的水平距离为x=1.2m（3）滑块运动在C点时的速度大小为vCm/s则滑块运动到薄板上后，对滑块，设加速度为a1，根据牛顿第二定律mgsinθ-μ2mgcosθ=ma1解得a1=2m/s2对薄板，设加速度为a2，根据牛顿第二定律Mgsinθ-μ1（M+m）gcosθ+μ2mgcosθ=Ma2解得a2=7m/s2设经过时间t1小滑块与薄板达到共同速度v1，小滑块位移为x1，薄板位移为x2，则有解得t1=1s根据运动学公式v1=a2t1=7m/s，xt1=6m，xa2tm因为x1-x2<L1，x2<L2，所以此后滑块和薄板一起加速运动，在t1时间内，滑块与薄板摩擦产生的热量为Q1=μ2mgcosθ(x1-x2)=15J设滑块和薄板一起加速运动的加速度为a3，根据牛顿第二定律（M+m）gsinθ-μ13解得a3=4m/s2设滑块和薄板一起加速时间为t2，则v1ta3tL2-x2-L1解得t2=0.5s设薄板运动到D点时，滑块的速度为v2，此后小滑块继续以a1的加速度加速下滑，设加速到D点的时间为t3，则v2=v1+a3t2=9m/s，v2ta1tL1-x1+x