2024-2025学年浙江省浙东北县域名校发展联盟高二下学期4月期中物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1浙东北县域名校发展联盟（ZDB）2024/2025学年第二学期期中考试高二物理试卷考生须知：1．本卷共8页，满分100分，考试时间90分钟；2．答题前，请在答题纸指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字；3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效；4．考试结束后，只需上交答题纸。选择题部分一、选择题I（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列选项中，属于国际单位制基本单位的是（）A.长度 B.千克 C.伏特 D.牛顿【答案】B【解析】千克是国际单位制基本单位；伏特、牛顿都是国际单位制中的导出单位；长度是物理量，不是单位。故选B。2.以下叙述中，符合物理史实的是（）A.伽利略通过观测、分析和计算发现了行星绕太阳运动的规律B.麦克斯韦通过实验观察到了电磁波的反射、折射、干涉和衍射等现象C.牛顿认为物体受到力的作用才会运动起来，不受力就会停止运动D.托马斯-杨最早成功完成了光的双缝干涉实验，有力地证明了光是一种波【答案】D【解析】A．开普勒通过观测、分析和计算发现了行星绕太阳运动的规律，选项A错误；B．麦克斯韦只是预言了电磁波的存在，赫兹通过实验观察到了电磁波的反射、折射、干涉和衍射等现象，选项B错误；C．亚里士多德认为物体受到力的作用才会运动起来，不受力就会停止运动，牛顿认为运动的物体如果不受力，它将保持原来的静止状态或者做匀速直线运动不变，选项C错误；D．托马斯-杨最早成功完成了光的双缝干涉实验，有力地证明了光是一种波，选项D正确。3.如图所示，倾角为的光滑斜面固定在水平地面上，重力为的木块在水平向右的推力的作用下，恰好沿着斜面匀速上滑，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.若让木块匀速下滑，则水平向右的推力小于B.木块一共受4个力作用C.木块对斜面的作用力大于D.斜面对木块的作用力等于【答案】C【解析】A．因斜面光滑，所以不管木块沿斜面上滑还是下滑，木块均受力平衡，受力情况不变，即若让木块匀速下滑，则水平向右的推力等于，故A错误；BCD．木块受到重力、支持力和水平推力共三个力作用，其受力示意图如图所示根据木块受力平衡可知，斜面对木块的作用力根据牛顿第二定律可知，木块对斜面的作用力故BD错误，C正确；故选C。4.2021年2月10日，我国“天问一号”火星探测器成功被火星捕获，经变轨后从“调相轨道”进入“停泊轨道”，如图所示，阴影部分和为探测器分别在两个轨道上运行时与火星球心的连线在相等时间内扫过的面积，下列说法正确的是（）A.图中两阴影部分的面积和大小相等B.探测器在点的加速度大于在点的加速度C.探测器从“调相轨道”进入“停泊轨道”，周期变大D.探测器从“调相轨道”进入“停泊轨道”，需要在点加速【答案】B【解析】A．根据开普勒第二定律可知探测器在同一轨道上相等时间内与火星的连线扫过的面积相等，但是图中两阴影部分不在同一轨道，故不相等，故A错误；B．根据可知探测器在点的加速度大于在点的加速度，故B正确；C．根据开普勒第三定律可知，从“调相轨道”进入“停泊轨道”探测器的轨道半长轴变小，故周期变小，C错误；D．探测器从“调相轨道”进入“停泊轨道”做向心运动，故需要在点减速，故D错误。故选B。5.袋鼠是世界上跳得最远的哺乳动物，如图所示。袋鼠某次跳跃时，最高点距离水平地面，落地点距离起跳点。将袋鼠视为质点，不计空气阻力，取，则其起跳后的运动过程可视为斜抛运动。下列说法正确的是（）A.到达最高点时速度为零B.从起跳到最高点的过程用时C.起跳时速度方向与水平方向的夹角为D.从起跳到最高点的过程，速度变化量的方向竖直向上【答案】C【解析】A．到达最高点时竖直方向速度为零，但水平方向速度不为零，所以速度不为零，故A错误；B．从起跳到最高点的过程用时故B错误；C．起跳时竖直方向的速度大小为水平方向的速度大小为起跳时速度方向与水平方向夹角正切值为即故C正确；D．物体做斜抛运动时的加速度为重力加速度，重力加速度的方向竖直向下，某段时间内速度变化量的方向也竖直向下，故D错误。故选C。6.两个带电小球A、B（均视为点电荷）周围的电场线分布如图所示，一个离子从两点电荷连线的中垂线上的点射入，轨迹如图中的所示，点处在两点电荷的连线上，忽略离子的重力，以下结论正确的是（）A.射入的离子一定带正电荷B.小球A、B可能带等量异种电荷C.离子在点时受到两小球的作用力可能大小相等D.离子在点的电势能一定大于它在点的电势能【答案】D【解析】A．因电场线方向不确定，则不能确定射入离子的电性，选项A错误；B．由电场线分布可知，小球A、B带不等量异种电荷，选项B错误；C．两小球带电量不等，a点距离两小球的距离相等，可知离子在点时受到两小球的作用力大小不相等，选项C错误；D．离子从a到b电场力一定做正功，可知电势能减小，即离子在点的电势能一定大于它在点的电势能，选项D正确。故选D。7.如图所示，一带正电的金属小球用绝缘细线悬挂于点，将小球拉开一小角度后静止释放，其运动可视为简谐运动，下列措施中可使小球振动周期减小的是（）A.将此装置置于竖直向下的匀强电场中B.将此装置置于垂直摆动平面向里的匀强磁场中C.在悬点处固定一个带正电的小球D.在悬点处固定一个带负电的小球【答案】A【解析】单摆的回复力是重力沿垂直绳子方向的分力A．单摆的周期公式为，将此装置置于竖直向下的匀强电场中，则竖直方向上，小球受力变为，则等效重力加速度为，增大，故小球振动周期减小，A正确；B．将此装置置于垂直摆动平面向里的匀强磁场中，受到洛伦兹力作用，洛伦兹力的方向总是与运动方向垂直，即总是沿着绳的方向，不影响回复力，故小球振动周期不变，B错误；C．在悬点处固定一个带正电的小球，金属小球受到库仑斥力的作用，库仑力的方向总是在两个小球的连线上，即总是沿着绳的方向，不影响回复力，故小球振动周期不变，C错误；D．在悬点处固定一个带负电的小球，金属小球受到库仑引力的作用，库仑力的方向总是在两个小球的连线上，即总是沿着绳的方向，不影响回复力，故小球振动周期不变，D错误。故选A。8.如图所示，电源的电动势和内阻均恒定，定值电阻。开关S闭合时，平行板电容器两极板间有一带电液滴P恰好处于静止状态。现将滑动变阻器的滑片向上滑动，设电流表的示数变化量为，电压表的示数变化量为，所有电表均为理想电表，下列判断正确的是（）A.两只电压表的示数均变大，电流表的示数变小B.电源的输出功率先变大后变小C.带电液滴将向下运动D.大小保持不变【答案】D【解析】A．将滑动变阻器的滑片向上滑动，滑动变阻器接入电路阻值增大，则电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流减小，路端电压增大；则电流表的示数变小，电压表的示数变大；由于通过定值电阻的电流减小，则定值电阻两端电压减小，即电压表的示数变小，故A错误；B．电源的输出功率为可知当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，由于定值电阻，可知外电阻大于内阻，且外电阻随滑动变阻器接入电路阻值增大而增大，则电源的输出功率一直减小，故B错误；C．由于路端电压增大，定值电阻两端电压减小，则滑动变阻器两端电压增大，即电容器两端电压增大，根据可知，板间场强增大，则油滴受到的电场力增大，油滴所受合力向上，带电液滴将向上运动，故C错误；D．根据闭合电路欧姆定律可得则有可知的大小保持不变，故D正确。故选D。9.如图甲所示，一轻弹簧竖直固定在水平地面上，弹簧上端连接物块，将物块缓慢向下压，松手后，物块在竖直方向上做简谐运动，其振动图像如图乙所示（取竖直向上为正方向），则（）A.时，物块的速度和加速度方向相反B.物块振动周期为，振幅为C.时间内，速度和加速度都减小D.时，物块的位移为【答案】A【解析】A．由图像可知，时，物块的速度方向向上，加速度方向向下，即速度和加速度方向相反，选项A正确；B．由图像可知，物块振动周期为，振幅为，选项B错误；C．时间内，振子从平衡位置向最低点运动，可知速度减小，加速度增加，选项C错误；D．时，物块的位移为选项D错误。故选A。10.如图图示一根长20m的软绳拉直后放置在光滑水平地板上，以绳中点为坐标原点，以绳上各质点的平衡位置为x轴建立坐标系。两同学分别将绳端A、B沿y轴方向有节奏地不断抖动，形成两列振幅分别为10cm、20cm的相向传播的机械波（视为简谐波）。t=0时刻的波形如图所示，已知A点形成的波的传播速度为4m/s。下列判断正确的是（）A.绳端A、B的起振方向相反B.绳端B形成的波传播速度大于4m/sC.t=2s时，绳上一共有2个质点的位移为25cmD.叠加稳定后，x=3m处的质点振幅小于x=4m处质点的振幅【答案】C【解析】A．由图可知，端A、B的起振方向都为沿y轴正方向，即起振方向相同，故A错误；B．机械波在同种介质中传播速度相同，所以绳端B形成的波传播速度等于A点形成的波的传播速度为4m/s，故B错误；C．两列波的周期t=2s后，波形如图所示由图可知：绳上一共有2个质点的位移为25cm，故C正确；D．x=3m处的质点到两波源的距离差为由于t=0时刻两波源的振动完全相反，所以x=3m处的质点为振动加强点，则振幅为x=4m处的质点到两波源的距离差为由于t=0时刻两波源的振动完全相反，所以x=4m处的质点为振动减弱点，则振幅为所以A1>A2故D错误。故选C。二、选择题II（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11.关于下列几幅图片，说法正确的是（）A.图甲：救护车向右运动中鸣笛，A听到警笛声的频率大于B听到警笛声的频率B.图乙：火箭升空过程中所受推进力施力物体是外界大气层的空气C.图丙：是立体电影的原理，它和照相机镜头表面涂上的增透膜的原理相同D.图丁：是干涉型消声器的原理图，来自同一声波的两列波通过上下两通道后相遇的路程差为其半波长的奇数倍【答案】AD【解析】A．图甲：救护车向右运动中鸣笛，根据多普勒效应，则A听到警笛声的频率大于警笛的频率，B听到警笛声的频率小于警笛的频率，可知A听到警笛声的频率大于B听到警笛声的频率，选项A正确；B．图乙：火箭升空过程中所受推进力的施力物体是火箭喷出的高速气体，选项B错误；C．图丙：是立体电影的原理，其原理是光的偏振，照相机镜头表面涂上的增透膜的原理是光的干涉，两者原理不相同，选项C错误；D．图丁：是干涉型消声器的原理图，来自同一声波的两列波通过上下两通道后相遇的路程差为其半波长的奇数倍，使得振动减弱，从而起到消声作用，选项D正确。故选AD。12.如图所示，木块A、B用轻弹簧连接，放在光滑的水平面上，A紧靠墙壁，在木块B上施加向左的水平力F，使弹簧压缩，当撤去外力后（）A.A尚未离开墙壁前，A、B及弹簧组成的系统的动量守恒B.A尚未离开墙壁前，A、B及弹簧组成的系统的机械能守恒C.A离开墙壁后，A、B及弹簧组成的系统动量守恒D.A离开墙壁后，A、B及弹簧组成的系统机械能不守恒【答案】BC【解析】A．当撤去外力后，A尚未离开墙壁前，A、B及弹簧组成的系统受到墙壁的作用力，系统所受的外力不为零，所以系统的动量不守恒，故A错误；B．以A、B及弹簧组成的系统为研究对象，在A离开墙壁前，除了系统内弹力做功外，无其他力做功，系统机械能守恒，故B正确；C．离开墙壁后，AB及弹簧组成的系统所受的外力之和为0，所以系统动量守恒，故C正确；D．在A离开墙壁后，对A、B及弹簧组成的系统，除了系统内弹力做功外，无其他力做功，A、B及弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误。故选BC。13.如图所示，两细束不同颜色的平行光、从空气射向足够长的矩形玻璃砖的左侧面，发现只有一束光线从它的右侧面射出，下列说法正确的是（）A.只有一束光线射出是因为其中有一束光发生了全反射B.在玻璃砖中光的传播速度大于光的传播速度C.从同一介质射入真空发生全反射时光的临界角比光的小D.通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹间距【答案】BD【解析】A．过光线的入射点、出射点作法线，作光路图玻璃砖的两界面平行，所以法线也平行，光线在下界面的折射角等于在上界面的入射角，所以第二次折射的入射角，小于临界角，所以第二次折射不会发生全反射，故A错误；B．由光路图可知折射率关系为根据可知，故B正确；C．根据可知，因为，所以，故C错误；D．因为，所以，根据可得根据可知，通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹间距，故D正确。故选BD。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共58分）14.某学习小组通过查阅资料了解到，将铜、锌电极插入水果中所构成的水果电池，电动势在1V左右，内电阻在几百至上千欧，于是他们用橙子和金属电极做了两个水果电池并串联成电池组，测量其总电动势和总内阻。（1）首先用多用电表直流2.5V挡粗测水果电池的电动势，如图1所示，读数为_____V；（2）然后用伏安法精确测量水果电池的电动势和内阻，器材有：电压表，电流表，滑动变阻器，开关及导线若干。在图2所示电路图中，比较合理的是____（填“甲”或“乙”），请按此将图3电路连接完成______。（3）连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录电压表和电流表的读数，作图像如图4所示，则水果电池总电动势______，总内阻_____（此空保留2位有效数字）。【答案】（1）1.60##1.61##1.62（2）乙（3）【解析】（1）多用电表直流2.5V挡最小刻度为0.05V，则读数为1.60V；（2）[1][2]在图2所示电路图中，因电流表内阻远小于水果电池的内阻，可知比较合理的是乙，按此将图3电路连接完成如图；（3）[1][2]根据U=E-IR由图像可知水果电池总电动势1.94V总内阻15.某同学利用单摆测量当地的重力加速度。（1）为了减少测量误差，下列做法正确的是______________________；A.摆的振幅要大一些B.摆球选质量大而体积小的C.摆线尽量细些、长些、伸缩性小些D.计时的起、止位置选在摆球达到的最高点处（2）用游标卡尺测量摆球直径d。测量爪并拢时，游标尺的零刻度线和主尺的零刻度线刚好对齐。在测量爪之间放置摆球后游标卡尺示数如图所示，则摆球的直径d=_______________________mm。（3）当摆球某次通过最低点时开始计时并口头计数为0，此后摆球每次通过最低点时依次计数为1、2、3……100，当计数到100时停止计时，此时的秒表如图所示，则单摆的周期为T=______________________s。（4）改变摆长，多次测量，得到周期平方与摆长的关系图像如图所示，所得结果与当地重力加速度值相符，但发现其延长线没有过原点，其原因可能是______________________。A.每次测周期时都多数了一个周期B.每次测周期时都少数了一个周期C.测摆长时直接将摆线的长度作为摆长D.测摆长时将摆线的长度加上摆球的直径作为摆长【答案】（1）BC（2）19.15（3）1.968（4）C【解析】（1）A．摆的振幅要适当，摆角不能超过5°，故A错误；B．摆球选质量大而体积小的，故B正确；C．摆线尽量细些、长些、伸缩性小些，故C正确；D．计时的起、止位置选在摆球达到的最低点处，故D错误。故选BC。（2）摆球的直径为（3）单摆的周期为（4）设摆线长为l，球半径为r，根据单摆的周期公式得整理得所得结果与当地重力加速度值相符，但发现其延长线没有过原点，其原因可能是测摆长时直接将摆线的长度作为摆长。故选C。16.如图所示是“用双缝干涉测量光的波长”实验的装置。（1）图中A、B处分别安装的器材及滤光片的位置是_____A.A处安装单缝，B处安装双缝，滤光片置于AB之间B.A处安装双缝，B处安装单缝，滤光片置于目镜处C.A处安装单缝，B处安装双缝，滤光片置于A与凸透镜之间D.A处安装双缝，B处安装单缝，滤光片置于A与凸透镜之间（2）若实验中已观察到较模糊的干涉条纹，要使条纹变得清晰，值得尝试的是___A.旋转测量头 B.旋动测量头上的手轮C.增大单缝与双缝间的距离 D.调节拨杆使单缝与双缝平行（3）为方便观察条纹，想要减少从目镜中观察到的条纹条数，正确的做法是_______A.减小单缝与光源间的距离 B.减小单缝与双缝间的距离C.增大透镜与单缝间的距离 D.增大双缝与测量头间的距离【答案】（1）C（2）D（3）D【解析】（1）该实验装置应在A处安装单缝，B处安装双缝，滤光片置于A与凸透镜之间，故选C；（2）若实验中已观察到较模糊的干涉条纹，要使条纹变得清晰，值得尝试的是调节拨杆使单缝与双缝平行，故选D；（3）为方便观察条纹，想要减少从目镜中观察到的条纹条数，则需要增加条纹间距，根据可知正确的做法是增大双缝与测量头间的距离d；而增大透镜与单缝间的距离，减小单缝与光源间的距离以及减小单缝与双缝间的距离都不会影响条纹间距。故选D。17.某学习小组利用如图所示电路研究一手持小风扇的电动机性能。调节滑动变阻器，使风扇正常运转，此时电压表示数为，电流表示数为；当扇叶被卡住停止转动时，电压表示数为，电流表示数为。求：（1）电动机线圈的电阻；（2）风扇正常运转时电动机输出的机械功率【答案】（1）（2）【解析】（1）扇叶停止转动时，电动机线圈的电阻为（2）风扇运转时，电动机线圈的发热功率为：电动机输入功率为电动机输出的机械功率为18.如图所示，轻弹簧一端固定在竖直墙上，另一端与物块相连，物块叠放在物块上，物块放在光滑水平地面上。将物块向右拉到点静止释放，与一起在间做简谐运动（无相对滑动），点是其平衡位置。已知弹簧的劲度系数为，物块和的质量分别为和，它们之间的动摩擦因数为，长度。求：（1）运动到点时，物块受到的摩擦力大小和方向；（2）运动到点时物块的速度大小；（3）从点第一次运动到间中点的过程中，物块受到的摩擦力冲量大小和方向。【答案】（1）；方向：水平向右（2）（3）方向：水平向左【解析】（1）运动到点时，对物块整体，根据牛顿第二定律可得，加速度大小为对物块，根据牛顿第二定律可得方向与加速度方向相同，水平向右。（2）从运动到点，对物块整体应用动能定理其中联立，解得（3）“运动到中点时”与“运动到中点时”速度大小相等，从运动到中点的过程，动能定理解得从点第一次运动到中点的过程中，对物块应用动量定理可得，物块受到的摩擦力冲量大小为方向与动量变化量的方向相同，水平向左。19.一列简谐横波沿轴负方向传播，已知轴上两质点和的振动图像分别如图甲、乙所示，求：（1）质点的振动方程；（2）波的传播速度可能值；（3）若波速，画出时间的波形图【答案】（1）（2）（3）见解析【解析】（1）由图可知则质点的振动方程为（2）波沿轴负方向传播，时其波形如图1所示，则有得所以，（3）当时，，可知。时的波形图与时的波形图相同，如图2所示。20.一游戏装置截面如图所示，倾斜直轨道的上端安装有一弹射器，点是弹射器的出口处，是半径的竖直圆轨道，点安装有压力传感器，为水平轨道，水平传送带以顺时针转动，各部分之间平滑连接，紧靠处有一质量的小车静止在光滑水平地面上，小车的上表面由水平面和半径的四分之一圆弧面组成。一个可视为质点的滑块，由弹射器从点沿轨道弹出，经过圆轨道的点时传感器显示压力为。已知滑块质量，轨道长度，倾角，传送带的长度，滑块与传送带间的动摩擦因数，其余各处阻力均不计，。（1）求滑块由弹射器弹出时的动能；（2）求滑块第一次通过传送带过程中，对传送带所做的功；（3）求滑块冲上小车后，能上升的最大高度；（4）调节传送带顺时针匀速转动的速度大小，试分析滑块离小车上表面最大高度与速度的关系。【答案】（1）（2）（3）（4）见解析【解析】（1）在点，解得到过程解得（2）在传送带上，滑块减速到与传送带共速，，可见滑块与传送带共速时刚到达传送带右端，（3）滑块以的速度冲上小车，共速时有动量守恒可得根据滑块和小车组成的系统机械能守恒解得（4）传送带速度不同时，滑块以不同的速度冲上小车，可得：（1）若一直在传送带上减速，（2）若一直在传送带上加速，解得结论：①当所以②当时，所以③当时，所以浙东北县域名校发展联盟（ZDB）2024/2025学年第二学期期中考试高二物理试卷考生须知：1．本卷共8页，满分100分，考试时间90分钟；2．答题前，请在答题纸指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字；3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效；4．考试结束后，只需上交答题纸。选择题部分一、选择题I（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列选项中，属于国际单位制基本单位的是（）A.长度 B.千克 C.伏特 D.牛顿【答案】B【解析】千克是国际单位制基本单位；伏特、牛顿都是国际单位制中的导出单位；长度是物理量，不是单位。故选B。2.以下叙述中，符合物理史实的是（）A.伽利略通过观测、分析和计算发现了行星绕太阳运动的规律B.麦克斯韦通过实验观察到了电磁波的反射、折射、干涉和衍射等现象C.牛顿认为物体受到力的作用才会运动起来，不受力就会停止运动D.托马斯-杨最早成功完成了光的双缝干涉实验，有力地证明了光是一种波【答案】D【解析】A．开普勒通过观测、分析和计算发现了行星绕太阳运动的规律，选项A错误；B．麦克斯韦只是预言了电磁波的存在，赫兹通过实验观察到了电磁波的反射、折射、干涉和衍射等现象，选项B错误；C．亚里士多德认为物体受到力的作用才会运动起来，不受力就会停止运动，牛顿认为运动的物体如果不受力，它将保持原来的静止状态或者做匀速直线运动不变，选项C错误；D．托马斯-杨最早成功完成了光的双缝干涉实验，有力地证明了光是一种波，选项D正确。3.如图所示，倾角为的光滑斜面固定在水平地面上，重力为的木块在水平向右的推力的作用下，恰好沿着斜面匀速上滑，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.若让木块匀速下滑，则水平向右的推力小于B.木块一共受4个力作用C.木块对斜面的作用力大于D.斜面对木块的作用力等于【答案】C【解析】A．因斜面光滑，所以不管木块沿斜面上滑还是下滑，木块均受力平衡，受力情况不变，即若让木块匀速下滑，则水平向右的推力等于，故A错误；BCD．木块受到重力、支持力和水平推力共三个力作用，其受力示意图如图所示根据木块受力平衡可知，斜面对木块的作用力根据牛顿第二定律可知，木块对斜面的作用力故BD错误，C正确；故选C。4.2021年2月10日，我国“天问一号”火星探测器成功被火星捕获，经变轨后从“调相轨道”进入“停泊轨道”，如图所示，阴影部分和为探测器分别在两个轨道上运行时与火星球心的连线在相等时间内扫过的面积，下列说法正确的是（）A.图中两阴影部分的面积和大小相等B.探测器在点的加速度大于在点的加速度C.探测器从“调相轨道”进入“停泊轨道”，周期变大D.探测器从“调相轨道”进入“停泊轨道”，需要在点加速【答案】B【解析】A．根据开普勒第二定律可知探测器在同一轨道上相等时间内与火星的连线扫过的面积相等，但是图中两阴影部分不在同一轨道，故不相等，故A错误；B．根据可知探测器在点的加速度大于在点的加速度，故B正确；C．根据开普勒第三定律可知，从“调相轨道”进入“停泊轨道”探测器的轨道半长轴变小，故周期变小，C错误；D．探测器从“调相轨道”进入“停泊轨道”做向心运动，故需要在点减速，故D错误。故选B。5.袋鼠是世界上跳得最远的哺乳动物，如图所示。袋鼠某次跳跃时，最高点距离水平地面，落地点距离起跳点。将袋鼠视为质点，不计空气阻力，取，则其起跳后的运动过程可视为斜抛运动。下列说法正确的是（）A.到达最高点时速度为零B.从起跳到最高点的过程用时C.起跳时速度方向与水平方向的夹角为D.从起跳到最高点的过程，速度变化量的方向竖直向上【答案】C【解析】A．到达最高点时竖直方向速度为零，但水平方向速度不为零，所以速度不为零，故A错误；B．从起跳到最高点的过程用时故B错误；C．起跳时竖直方向的速度大小为水平方向的速度大小为起跳时速度方向与水平方向夹角正切值为即故C正确；D．物体做斜抛运动时的加速度为重力加速度，重力加速度的方向竖直向下，某段时间内速度变化量的方向也竖直向下，故D错误。故选C。6.两个带电小球A、B（均视为点电荷）周围的电场线分布如图所示，一个离子从两点电荷连线的中垂线上的点射入，轨迹如图中的所示，点处在两点电荷的连线上，忽略离子的重力，以下结论正确的是（）A.射入的离子一定带正电荷B.小球A、B可能带等量异种电荷C.离子在点时受到两小球的作用力可能大小相等D.离子在点的电势能一定大于它在点的电势能【答案】D【解析】A．因电场线方向不确定，则不能确定射入离子的电性，选项A错误；B．由电场线分布可知，小球A、B带不等量异种电荷，选项B错误；C．两小球带电量不等，a点距离两小球的距离相等，可知离子在点时受到两小球的作用力大小不相等，选项C错误；D．离子从a到b电场力一定做正功，可知电势能减小，即离子在点的电势能一定大于它在点的电势能，选项D正确。故选D。7.如图所示，一带正电的金属小球用绝缘细线悬挂于点，将小球拉开一小角度后静止释放，其运动可视为简谐运动，下列措施中可使小球振动周期减小的是（）A.将此装置置于竖直向下的匀强电场中B.将此装置置于垂直摆动平面向里的匀强磁场中C.在悬点处固定一个带正电的小球D.在悬点处固定一个带负电的小球【答案】A【解析】单摆的回复力是重力沿垂直绳子方向的分力A．单摆的周期公式为，将此装置置于竖直向下的匀强电场中，则竖直方向上，小球受力变为，则等效重力加速度为，增大，故小球振动周期减小，A正确；B．将此装置置于垂直摆动平面向里的匀强磁场中，受到洛伦兹力作用，洛伦兹力的方向总是与运动方向垂直，即总是沿着绳的方向，不影响回复力，故小球振动周期不变，B错误；C．在悬点处固定一个带正电的小球，金属小球受到库仑斥力的作用，库仑力的方向总是在两个小球的连线上，即总是沿着绳的方向，不影响回复力，故小球振动周期不变，C错误；D．在悬点处固定一个带负电的小球，金属小球受到库仑引力的作用，库仑力的方向总是在两个小球的连线上，即总是沿着绳的方向，不影响回复力，故小球振动周期不变，D错误。故选A。8.如图所示，电源的电动势和内阻均恒定，定值电阻。开关S闭合时，平行板电容器两极板间有一带电液滴P恰好处于静止状态。现将滑动变阻器的滑片向上滑动，设电流表的示数变化量为，电压表的示数变化量为，所有电表均为理想电表，下列判断正确的是（）A.两只电压表的示数均变大，电流表的示数变小B.电源的输出功率先变大后变小C.带电液滴将向下运动D.大小保持不变【答案】D【解析】A．将滑动变阻器的滑片向上滑动，滑动变阻器接入电路阻值增大，则电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，电路总电流减小，路端电压增大；则电流表的示数变小，电压表的示数变大；由于通过定值电阻的电流减小，则定值电阻两端电压减小，即电压表的示数变小，故A错误；B．电源的输出功率为可知当外电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，由于定值电阻，可知外电阻大于内阻，且外电阻随滑动变阻器接入电路阻值增大而增大，则电源的输出功率一直减小，故B错误；C．由于路端电压增大，定值电阻两端电压减小，则滑动变阻器两端电压增大，即电容器两端电压增大，根据可知，板间场强增大，则油滴受到的电场力增大，油滴所受合力向上，带电液滴将向上运动，故C错误；D．根据闭合电路欧姆定律可得则有可知的大小保持不变，故D正确。故选D。9.如图甲所示，一轻弹簧竖直固定在水平地面上，弹簧上端连接物块，将物块缓慢向下压，松手后，物块在竖直方向上做简谐运动，其振动图像如图乙所示（取竖直向上为正方向），则（）A.时，物块的速度和加速度方向相反B.物块振动周期为，振幅为C.时间内，速度和加速度都减小D.时，物块的位移为【答案】A【解析】A．由图像可知，时，物块的速度方向向上，加速度方向向下，即速度和加速度方向相反，选项A正确；B．由图像可知，物块振动周期为，振幅为，选项B错误；C．时间内，振子从平衡位置向最低点运动，可知速度减小，加速度增加，选项C错误；D．时，物块的位移为选项D错误。故选A。10.如图图示一根长20m的软绳拉直后放置在光滑水平地板上，以绳中点为坐标原点，以绳上各质点的平衡位置为x轴建立坐标系。两同学分别将绳端A、B沿y轴方向有节奏地不断抖动，形成两列振幅分别为10cm、20cm的相向传播的机械波（视为简谐波）。t=0时刻的波形如图所示，已知A点形成的波的传播速度为4m/s。下列判断正确的是（）A.绳端A、B的起振方向相反B.绳端B形成的波传播速度大于4m/sC.t=2s时，绳上一共有2个质点的位移为25cmD.叠加稳定后，x=3m处的质点振幅小于x=4m处质点的振幅【答案】C【解析】A．由图可知，端A、B的起振方向都为沿y轴正方向，即起振方向相同，故A错误；B．机械波在同种介质中传播速度相同，所以绳端B形成的波传播速度等于A点形成的波的传播速度为4m/s，故B错误；C．两列波的周期t=2s后，波形如图所示由图可知：绳上一共有2个质点的位移为25cm，故C正确；D．x=3m处的质点到两波源的距离差为由于t=0时刻两波源的振动完全相反，所以x=3m处的质点为振动加强点，则振幅为x=4m处的质点到两波源的距离差为由于t=0时刻两波源的振动完全相反，所以x=4m处的质点为振动减弱点，则振幅为所以A1>A2故D错误。故选C。二、选择题II（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）11.关于下列几幅图片，说法正确的是（）A.图甲：救护车向右运动中鸣笛，A听到警笛声的频率大于B听到警笛声的频率B.图乙：火箭升空过程中所受推进力施力物体是外界大气层的空气C.图丙：是立体电影的原理，它和照相机镜头表面涂上的增透膜的原理相同D.图丁：是干涉型消声器的原理图，来自同一声波的两列波通过上下两通道后相遇的路程差为其半波长的奇数倍【答案】AD【解析】A．图甲：救护车向右运动中鸣笛，根据多普勒效应，则A听到警笛声的频率大于警笛的频率，B听到警笛声的频率小于警笛的频率，可知A听到警笛声的频率大于B听到警笛声的频率，选项A正确；B．图乙：火箭升空过程中所受推进力的施力物体是火箭喷出的高速气体，选项B错误；C．图丙：是立体电影的原理，其原理是光的偏振，照相机镜头表面涂上的增透膜的原理是光的干涉，两者原理不相同，选项C错误；D．图丁：是干涉型消声器的原理图，来自同一声波的两列波通过上下两通道后相遇的路程差为其半波长的奇数倍，使得振动减弱，从而起到消声作用，选项D正确。故选AD。12.如图所示，木块A、B用轻弹簧连接，放在光滑的水平面上，A紧靠墙壁，在木块B上施加向左的水平力F，使弹簧压缩，当撤去外力后（）A.A尚未离开墙壁前，A、B及弹簧组成的系统的动量守恒B.A尚未离开墙壁前，A、B及弹簧组成的系统的机械能守恒C.A离开墙壁后，A、B及弹簧组成的系统动量守恒D.A离开墙壁后，A、B及弹簧组成的系统机械能不守恒【答案】BC【解析】A．当撤去外力后，A尚未离开墙壁前，A、B及弹簧组成的系统受到墙壁的作用力，系统所受的外力不为零，所以系统的动量不守恒，故A错误；B．以A、B及弹簧组成的系统为研究对象，在A离开墙壁前，除了系统内弹力做功外，无其他力做功，系统机械能守恒，故B正确；C．离开墙壁后，AB及弹簧组成的系统所受的外力之和为0，所以系统动量守恒，故C正确；D．在A离开墙壁后，对A、B及弹簧组成的系统，除了系统内弹力做功外，无其他力做功，A、B及弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误。故选BC。13.如图所示，两细束不同颜色的平行光、从空气射向足够长的矩形玻璃砖的左侧面，发现只有一束光线从它的右侧面射出，下列说法正确的是（）A.只有一束光线射出是因为其中有一束光发生了全反射B.在玻璃砖中光的传播速度大于光的传播速度C.从同一介质射入真空发生全反射时光的临界角比光的小D.通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹间距【答案】BD【解析】A．过光线的入射点、出射点作法线，作光路图玻璃砖的两界面平行，所以法线也平行，光线在下界面的折射角等于在上界面的入射角，所以第二次折射的入射角，小于临界角，所以第二次折射不会发生全反射，故A错误；B．由光路图可知折射率关系为根据可知，故B正确；C．根据可知，因为，所以，故C错误；D．因为，所以，根据可得根据可知，通过同一双缝干涉装置产生的干涉条纹间距，故D正确。故选BD。非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共58分）14.某学习小组通过查阅资料了解到，将铜、锌电极插入水果中所构成的水果电池，电动势在1V左右，内电阻在几百至上千欧，于是他们用橙子和金属电极做了两个水果电池并串联成电池组，测量其总电动势和总内阻。（1）首先用多用电表直流2.5V挡粗测水果电池的电动势，如图1所示，读数为_____V；（2）然后用伏安法精确测量水果电池的电动势和内阻，器材有：电压表，电流表，滑动变阻器，开关及导线若干。在图2所示电路图中，比较合理的是____（填“甲”或“乙”），请按此将图3电路连接完成______。（3）连接好电路后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记录电压表和电流表的读数，作图像如图4所示，则水果电池总电动势______，总内阻_____（此空保留2位有效数字）。【答案】（1）1.60##1.61##1.62（2）乙（3）【解析】（1）多用电表直流2.5V挡最小刻度为0.05V，则读数为1.60V；（2）[1][2]在图2所示电路图中，因电流表内阻远小于水果电池的内阻，可知比较合理的是乙，按此将图3电路连接完成如图；（3）[1][2]根据U=E-IR由图像可知水果电池总电动势1.94V总内阻15.某同学利用单摆测量当地的重力加速度。（1）为了减少测量误差，下列做法正确的是______________________；A.摆的振幅要大一些B.摆球选质量大而体积小的C.摆线尽量细些、长些、伸缩性小些D.计时的起、止位置选在摆球达到的最高点处（2）用游标卡尺测量摆球直径d。测量爪并拢时，游标尺的零刻度线和主尺的零刻度线刚好对齐。在测量爪之间放置摆球后游标卡尺示数如图所示，则摆球的直径d=_______________________mm。（3）当摆球某次通过最低点时开始计时并口头计数为0，此后摆球每次通过最低点时依次计数为1、2、3……100，当计数到100时停止计时，此时的秒表如图所示，则单摆的周期为T=______________________s。（4）改变摆长，多次测量，得到周期平方与摆长的关系图像如图所示，所得结果与当地重力加速度值相符，但发现其延长线没有过原点，其原因可能是______________________。A.每次测周期时都多数了一个周期B.每次测周期时都少数了一个周期C.测摆长时直接将摆线的长度作为摆长D.测摆长时将摆线的长度加上摆球的直径作为摆长【答案】（1）BC（2）19.15（3）1.968（4）C【解析】（1）A．摆的振幅要适当，摆角不能超过5°，故A错误；B．摆球选质量大而体积小的，故B正确；C．摆线尽量细些、长些、伸缩性小些，故C正确；D．计时的起、止位置选在摆球达到的最低点处，故D错误。故选BC。（2）摆球的直径为（3）单摆的周期为（4）设摆线长为l，球半径为r，根据单摆的周期公式得整理得所得结果与当地重力加速度值相符，但发现其延长线没有过原点，其原因可能是测摆长时直接将摆线的长度作为摆长。故选C。16.如图所示是“用双缝干涉测量光的波长”实验的装置。（1）图中A、B处分别安装的器材及滤光片的位置是_____A.A处安装单缝，B处安装双缝，滤光片置于AB之间B.A处安装双缝，B处安装单缝，滤光片置于目镜处C.A处安装单缝，B处安装双缝，滤光片置于A与凸透镜之间D.A处安装双缝，B处安装单缝，滤光片置于A与凸透镜之间（2）若实验中已观察到较模糊的干涉条纹，要使条纹变得清晰，值得尝试的是___A.旋转测量头 B.旋动测量头上的手轮C.增大单缝与双缝间的距离 D.调节拨杆