八年级物理期中模拟卷（参考答案）（上海沪教版）

2023-2024学年八年级物理下学期期中模拟卷一、选择题（本题共10小题，每小题2分，共20分。在每小题给出的四选项中，只有一项符合题目要求）12345678910DDCBDABDCB二、填空题（第11-17题每小题3分，第18题5分，共26分）11．做功快慢1s内机器做功1000J1.2×10512．910039013．200大4014．等臂101︰115．700.216．103.317．BA18．增大减小小三、作图题（每小题3分，共9分）19．根据杠杆平衡的条件，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。连接OA就是最长的动力臂，根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向垂直杠杆向上，据此可画出最小的动力；O为支点，点O到F2的垂线段就是F2的力臂l2，如图所示：

20．钩码对杠杆的拉力方向竖直向下，则钩码应挂在杠杆右端才能时杠杆在水平位置平衡。由杠杆平衡条件得，若在杠杆右端第一格位置挂上钩码，则钩码的个数为如图所示：

若在杠杆右端第2格位置挂上钩码，则钩码的个数为如图所示：

若在杠杆右端第3格位置挂上钩码，则钩码的个数为如图所示：

21．图中滑轮绕固定轴转动，为定滑轮，固定轴即定滑轮的支点O，由支点O向动力F1的作用线作垂线为动力臂l1；由支点O向动力F2的作用线作垂线为动力臂l2，如图所示：计算题（第22-23题每小题5分，第24题6分，第25题8分，共24分）22．解：根据题意知道，动力F1=10N，阻力F2=5N，动力臂l1=0.2m，由杠杆平衡条件可得解得答：阻力臂是0.4m。23．解：（1）使用定滑轮不能改变力的大小，不计绳子和滑轮之间的摩擦，拉力等于物体重力，则物体拉力为拉力做功为（2）拉力的功率为答：（1）此过程中拉力F做的功80J；（2）拉力的功率8W。24．解：（1）由图可知，拉力FA的力臂为根据杠杆平衡的条件可知带入数据为解得。（2）如果要用最小的拉力作用在直杆上，需要将拉力的作用点作用在杠杆的右端，以杠杆为力臂，此时力臂最大，则力最小，根据杠杆平衡的条件可知解得。答：（1）FA为50N；（2）如果要用最小的拉力作用在直杆上，使直杆仍保持水平位置平衡，则该最小拉力为20N。25．解：（1）由图乙可知，O为支点，由于木棒质量分布均匀，木棒O点左侧重力的力臂为L左＝×L＝×1m＝0.25m木棒O点右侧重力的力臂为L右＝L左＝×0.25m＝0.125mO1点距支点O的距离为L右＝0.125m，木棒O点右侧的重力为G左＝G＝×12N＝6N将木棒右边部分从中间位置P截下，截下部分叠加在剩下的那段上后右侧重力的大小仍然与原来右侧的重力相等为G右＝G＝×12N＝6N由杠杆平衡条件可知G左×L左＝G右×L右+F×L右代入数据有6N×0.25m＝6N×0.125m+F×0.125m解得F＝6N（2）在它的最右端施加竖直向上的力恰好抬起木棒时，可以看作是以木棒最左端为支点，木棒重力为阻力，竖直向上的力为动力的杠杆，此时动力臂为木棒最左端到最右端的距离为1m，由杠杆平衡条件可F×L＝G×LG代入数据有5N×1m＝12N×LG解得LG＝m从左端抬起木棒时，可以看作是以木棒最右端为支点，木棒重力为阻力，当动力方向竖直向上时，动力臂最大，由杠杆平衡条件可知，动力最小，此时的动力臂为木棒最右端到最左端的距离，即L'＝1m，阻力臂为LG'＝1m﹣m＝m由杠杆平衡条件可知F'×L'＝G×LG'代入数据有F'×1m＝6N×m解得F'＝7N答：（1）需要在右边剩下木棒的中间位置O1点竖直向下施加6N的力；（2）若从左端抬起木棒至少需要7N的力。五、实验题（第26-27题每小题4分，第28题6分，第29题7分，共21分）26．【答案】小桌陷入沙子中的深度当物体质量一定时，高度越高，重力势能越大高度物体的质量【详解】（1）[1]实验中用到了转换法，把无法测量的物体重力势能的大小转换为可以测量的小桌陷入沙子中的深度。（2）[2]由图可知，同一重物从不同高度落下，重物的质量相同，释放的高度越高，桌腿进入沙子越深，说明它的重力势能较大，故得出的结论是：当物体质量一定时，高度越高，重力势能越大。（3）[3][4]重力势能与两个因素有关，一是物体质量，二是物体被举高度，小红想要探究重力势能与质量的关系，根据控制变量法，她应该保持高度相同，改变物体的质量。27．【答案】平衡水平左2变大【详解】（1）[1]杠杆处于静止状态或匀速转动状态是平衡状态，因此图甲中杠杆处于平衡状态。[2]当杠杆在水平位置平衡时，力臂恰好沿着杠杆的方向，可以直接从杠杆上读出力臂，因此为了便于测量力臂，应该使杠杆在水平位置平衡。[3]如图甲所示，杠杆右端下沉，说明右侧重，要使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向左调节。（2）[4]设杠杆分度值是L，一个钩码重是G，设在B处挂了n个钩码，则解得n=2，应在B点挂2个钩码。（3）[5]将弹簧测力计从①位置移动到②位置时，阻力和阻力臂不变，拉力F力臂变小，由杠杆平衡条件可知，测力计的示数将变大。28．【答案】使用同一动滑轮缓慢提起重物，越大，F越大2、5或3、6或4、8、9F与【详解】①[1]分析比较表一、表二或表三中F与的变化关系可知，随物重的增加，拉力也增大，可得出的初步结论是：使用同一动滑轮缓慢提起重物，越大，F越大。②[2]研究竖直向上的拉力F随滑轮的重力的变化关系，要控制物体的重力相同，故分析比较实验序号中2、5或3、6或4、8、9的F与的变化关系及相关条件，可以得出的初步结论是：使用动滑轮缓慢提起重物，物体的重力相同，滑轮的重力越大，所需竖直向上的拉力F越大。③[3]使用动滑轮能省力，要比较沿竖直方向缓慢提起重物F与的大小关系。④[4]小红同学认为小李同学的实验结论，不具有普遍规律，因实验中选择的器材均是：大于的情况，为得出普遍性的结论，他们还要选择：等于和小于物体进行实验，故A不符合题意，BC符合题意。故选BC。⑤[5]分析三个表格中的有关数据关系，可发现：F、、之间数学关系式29．【答案】1、4、7当拉力做的功相同时，做功时间越短，做功越快拉力做功与时间的比值相同时，拉力做功的快慢相同拉力做功与时间的比值越大，拉力做功越快【详解】（1）[1]需要得出结论在时间相同的情况下，拉力所做的功越多，做功就越快，故拉力做功的时间需要相同，做功的多少不同，故应该控制时间相同，故选择1、4、7（或3、5、8）。（2）[2]分析比较实验次数1、5、9（或2、6，或4、8），做的功相同，但是时间不同，用时越短，做功越快，故结论为当拉力做的功相同时，做功时