北京师范大学天津生态城附属学校2025-2026学年度高二年级第一学期期中考试物理试卷解析

答案第=page22页，共=sectionpages88页北京师范大学天津生态城附属学校2025—2026学年度高二年级第一学期期中考试物理试卷参考答案题号12345678910答案ACBCCBBCACACDAD1．A【详解】A．对于平行板电容器，有电容决定式插入电介质后，介电常数增大，其他条件不变，电容增大，故A正确；B．物理学规定电流方向与正电荷移动方向相同，与负电荷移动方向相反，故B错误；C．电容是电容器的固有属性，与和无关，不能说明与或成正比或反比，故C错误；D．库仑定律适用于真空、静止、点电荷，而当两个物体非常近时，两个物体不能看作点电荷，不再适用这个公式，故D错误。故选A。2．C【详解】根据电流的微观表达式，I相同，S与v成反比,a的直径是b的2倍，则所以故选C。3．B【详解】A．根据电场线的指向和电场线的密集程度，可知两个点电荷为左正右负，且左边电荷所带电荷量多，故A错误；B．b点电场线更密集，b点电场强度更大，故带电粒子在b点受电场力更大，故B正确；C．沿电场线方向电势逐渐降低，故a点的电势低于b点的电势，故C错误；D．粒子轨迹在速度方向和受力方向之间，故可判断粒子受力和电场强度方向相反，粒子带负电，故带电粒子在a点的电势能大于在b点的电势能，故D错误。故选B。4．C【详解】A．由图可知：无穷远处电势为零，又有电势为正的地方，故存在正电荷；又有电势为负的地方，故也存在负电荷，所以，q1和q2带有异种电荷，故A错误；B．电场强度等于图中曲线斜率，x1处的斜率不为零，故电场强度不为零，故B错误；C．负电荷从x1移到x2，曲线斜率减小，电场强度减小，所以，受到的电场力减小，故C正确；D．负电荷从x1移到x2，电势增大，电势能减小，故D错误。故选C。5．C【详解】AB．设样品的电阻率为，根据电阻定律得出样品沿方向的电阻为沿方向的电阻为综合解得,，故AB错误；C．沿方向的电阻为结合解得，故C正确；D．样品沿方向的电阻与无关，当增加，不改变，沿方向的电阻不变，故D错误。故选C。6．B【详解】AB．保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，将B板向左移一些，极板间距离减小，电场强度增大，小球所受的电场力增大，根据，可知变大；同理可知，保持S闭合，将板向右平移一些，变小，故A错误，B正确。CD．断开开关S，电容器所带的电量不变，将A板向右或向左移一些，可知变化，根据、可知则E不变，电场力不变，不变，即细线偏离竖直方向的夹角不变，故CD错误。故选B。7．BC【详解】A．女生接触金属球，与金属球带同种电荷，故A错误；B．库仑使用过的扭秤装置利用了微小量放大原理，提高了测量精确度，故B正确；C．燃气灶电子点火器应用了尖端放电原理，故C正确；D．电力工人进行高压带电操作时一定要穿含金属丝的工作服，通过静电屏蔽来防止静电对人体的危害，故D错误。故选BC。8．AC【详解】A．根据电荷守恒定律可知一个与外界没有电荷交换的系统，这个系统的电荷总量是不变的，故A正确；B．根据电场线和等势面的关系可知电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，故B错误；CD．点电荷仅在电场力作用下从静止释放，电场力做正功，电势能减小，根据可知正电荷将从电势高的地方向电势低的地方运动，负电荷将从电势低的地方向电势高的地方运动，故C正确，D错误。故选AC。9．ACD【详解】ABC．当变阻器的滑动头P向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路外电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知电路总电流增大；根据可知路端电压减小，则电压表示数变小；由于流过的电流增大，则两端电压增大，所以并联部分的两端电压减小，即两端电压减小，所以通过的电流减小，则电流表示数变小，根据可知上消耗的功率变小，故AC正确、B错误；D．根据由于电路总电流增大，则电源内部消耗的热功率变大，故D正确。故选ACD。10．AD【详解】A.由闭合电路欧姆定律有结合图像a有，故A正确；B.图像中的图线b的电阻当时，由闭合电路欧姆定律有消耗的功率为故B错误；C.电源效率可知，电流越小效率越高，则当时，电源效率最高，故C错误；D.电源输出的功率为由于所以当电源的输出功率最大，故D正确。故选AD。11．(1)1400×1k(2)31.3/31.4#31.56.3【详解】（1）[1]所测电阻的阻值为14×100Ω=1400；[2]如果要用此多用电表测量一个阻值约为的电阻，为了使测量结果比较精确，应选用的欧姆挡是×1k；（2）[1]选用量程为50mA的电流挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为1mA，示数为31.4mA。[2]选用量程为10V的电压挡测量电压，由图示表盘可知，其分度值为0.2V，示数为6.3V。12．(1)0.450(2)AD(3)a(4)【详解】（1）螺旋测微器的精确值为，由图甲可知合金导线的直径为（2）[1]电压表的量程为3.0V，待测电阻约为，则通过待测电阻的最大电流约为为了确保电流表的安全与精度，电流表选择300mA量程，即电流表选择A；[2]电路中滑动变阻器采用限流式接法，为了便于调节，使测量数据的连续性强一些，滑动变阻器总阻值选择与待测电阻的阻值相差不太多的滑动变阻器，即滑动变阻器选择最大阻值为的，即选择D。（3）把电压表的可动接线端分别试接a、b两点，由于电压表的示数变化明显，电流表的示数变化不大，表明电流表的分压影响大，为了减小系统误差，测量电路采用电流表外接法，即电压表的可动接线端应接在a点。（4）根据欧姆定律有根据电阻定律可得其中联立解得13．(1)1Ω(2)1.5A(3)90W，77.5W【详解】（1）根据E=I1(R+r)可得电源内阻（2）路端电压为通过电阻R的电流（3）电动机的电流IM=I2-IR=2.5A电动机的输入功率PM=UIM=36×2.5W=90W输出功率14．(1)(2)(3)【详解】（1）粒子在MN左侧运动过程中，根据动能定理可得解得（2）粒子在MN左侧运动过程中，根据牛顿第二定律解得运动时间为粒子在MN右侧运动过程中，在水平方向上做匀速直线运动，运动时间为所以，粒子从释放到打到屏上所用的时间为（3）粒子在MN、PQ间做类平抛运动，在水平方向在竖直方向，根据牛顿第二定律，，粒子在PQ右侧做匀速直线运动，运动时间为则竖直位移为所以，打到屏上的点到O点的距离为解得15．(1)不能（P为等效最低点，小球在A点时速度为零，则小球只能到达A点关于OP连线的对称点的位置，不能到达C点）(2)(3)【详解】（1）不能（P为等效最低点，小球在A点时速度为零，则小球只