江苏省盐城市五校联考2024-2025学年高二上学期11月期中考试 化学试题（含答案）

第第页江苏省盐城市五校联考2024-2025学年高二上学期11月期中考试化学试题一、单项选题：共14题，每题3分，共42分。每题只有一个选项最符合题意。1．第24届冬奥会运用了大量新技术、新材料。下列说法不正确的是A．“冰墩墩”的制作材料PVC(聚氯乙烯)属于有机高分子B．颁奖礼服中的石墨烯发热内胆属于有机高分子材料C．场馆的照明、运行均由光伏发电和风力发电提供，有利于实现“碳达峰”D．冬奥会采用了先进的二氧化碳制冰技术，比传统制冷剂氟利昂更加环保2．化学用语是学习和研究化学的基础。下列化学用语正确的是A．羟基的电子式：B．的命名：2-甲基丁烷C．乙烯的结构简式为：CH2CH2D．甲烷分子的球棍模型为：3．下列有关乙烯的制备、净化、收集、性质验证的装置不能达到实验目的的是A．用装置甲制备乙烯B．用装置乙除去乙烯中混有的SO2等气体C．用装置丙收集乙烯D．用装置丁验证乙烯与Br2发生反应A．A B．B C．C D．D4．下列物质结构、性质与用途具有对应关系的是A．乙烯分子中有碳碳双键，可用于制聚乙烯保鲜膜B．甲醛分子中所有原子共平面，可用于制酚醛树脂C．乙二醇易溶于水，可用作汽油防冻液D．苯的密度比水小，可用于萃取碘水中的碘5．构成有机物的基团之间存在相互影响。下列关于有机物基团影响的说法不正确的是A．苯酚能与溴水反应而苯不能，是由于羟基使苯环上邻、对位上的氢原子更活泼B．乙炔在空气中燃烧产生黑烟而乙烷燃烧没有黑烟，是由于碳碳三键更易断裂C．乙酸有弱酸性而乙醇呈中性，是由于使O-H键的极性增强D．HCOOH的酸性强于乙酸，是由于-CH3使羧基更难电离出氢离子6．阅读下列材料，回答下列问题。卤代烃广泛用于药物合成、化工生产中。溴乙烷是向有机化合物分子中引入乙基的重要试剂，以邻二氯苯为原料经硝化、氟代、还原、缩合、水解等一系列反应，可合成治疗敏感菌引起的各类感染的“诺氟沙星”。（1）下列关于“诺氟沙星”说法正确的是A．该物质的分子式为C16H16FN3O3B．该化合物中含氧官能团为羰基和酰胺基C．1mol该化合物中含有4mol碳碳双键D．该化合物能与酸性高锰酸钾、溴水、碳酸氢钠溶液反应（2）下列有关乙基、溴乙烷和邻二氯苯的说法正确的是A．乙基带有一个单位负电荷B．溴乙烷属于饱和烃C．邻二氯苯分子中所有原子共平面D．溴乙烷和邻二氯苯属于同系物（3）下列有关上述有机化学反应的说法正确的是A．溴乙烷能发生消去反应B．硝化反应过程中引入的官能团是-NH2C．氟代反应的产物只有一种D．水解反应属于氧化还原反应7．在给定条件下，下列选项中所示物质间的转化均能实现的是A．→Na2B．CH3CH2Br→ΔNaOH/乙醇CH3C．CH3CH2CH2OH→Cu,ΔD．→FeBr38．下列物质中均含杂质(括号中是杂质)，除杂质方法不正确的是A．乙醇(水)：加入足量生石灰，蒸馏B．溴苯(溴)：加入氢氧化钠溶液洗涤，分液C．乙醇(乙醛)：加入新制氢氧化铜煮沸，过滤D．乙酸乙酯(乙酸)：饱和Na2CO3溶液，分液9．“扑热息痛”又称对乙酰氨基酚。下列有关该物质叙述不正确的是A．所有原子不可能共平面 B．遇FeCl3溶液发生显色反应C．不能被氧化剂氧化 D．1mol该物质可消耗2molNaOH10．下列实验操作能达到预期目的是选项实验操作实验目的A向1-氯丁烷中加入硝酸酸化的硝酸银检验1-氯丁烷中氯元素B将乙醇和浓硫酸共热至170℃，产生的气体通入溴水中证明乙烯发生了加成反应C向乙醇中加入一小粒金属钠，观察是否有气体产生乙醇中是否含有水D向3mL苯中加入1mL液溴，然后加入铁粉充分反应，气体经CCl4苯能否发生取代反应A．A B．B C．C D．D11．化合物Z是蜂胶的主要活性成分，可由X、Y制得。下列说法正确的是A．X分子不存在顺反异构体B．Z与足量H2反应后的产物中存在3个手性碳原子C．1molX在常温下与NaOH溶液反应，最多消耗2molNaOHD．X、Y、Z均能与FeCl3溶液发生显色反应12．在WO3/SiO2催化作用下，丁烯发生催化歧化反应的机理如图所示。下列有关该机理描述的转化过程中的说法不正确的是A．可将2-丁烯转化为1-丁烯B．整个过程中W的化合价发生了变化C．有机物X为2-戊烯D．存在σ键和π键的断裂及形成二、非选择题：共4题，58分。13．有机化合物与人类的生产生活密切相关，它们各有不同的用途。按要求回答下列问题：（1）用系统命名法命名①的名称为。②的名称为。（2）某芳香烃结构为，它一氯代物有种。（3）分子式为C8H10（4）完成下列反应方程式。①乙醇、浓硫酸、乙酸共热发生反应的化学方程式为。②1，3-丁二烯与氯气发生1，4加成的化学方程式为。③向稀苯酚溶液中滴加少量溴水，可生成白色沉淀，写出该反应的化学方程式，反应类型。14．“闭链烃”又称“环烃”。分子中有环状结构的烃，分脂环烃和芳香烃两类。回答下列问题：A．B．C．D．E．F．（1）上述物质的芳香烃中属于苯的同系物的是：。（2）G是高分子化合物，可由B合成，写出B→G的化学方程式。（3）鉴别A和F可以使用的试剂是。（4）下列关于烃说法正确的是___________。A．沸点：2，2-二甲基戊烷>正戊烷>新戊烷>2，3-二甲基丁烷>丙烷B．甲苯与液溴在溴化铁催化作用下生成的一取代产物主要有：、C．C5D．同质量的物质燃烧耗O2量：甲烷>乙烷>乙烯>丙炔>甲苯>乙炔（5）已知碳碳单键可以绕键轴自由旋转，如图结构简式所示的烃，下列说法中错误的是___________。A．分子中处于同一直线上碳原子有6个B．分子中最多有14个碳原子处于同一平面C．该烃苯环上的一氯代物共有4种D．该烃能发生加成反应和氧化反应（6）已知：，如果要合成所用的原始原料可以是___________。A．2，3-二甲基-1，3-戊二烯和乙炔B．2-甲基-1，3-丁二烯和2-丁炔C．2，3-二甲基-1，3-丁二烯和丙炔D．1，3-戊二烯和2-丁炔15．化学上常用燃烧法确定有机物的组成。如下图所示装置是用燃烧法确定有机物化学式常用的装置，这种方法是电炉加热时用纯氧氧化管内样品，根据产物的质量确定有机物的组成。将有机化合物样品M置于氧气流中充分燃烧，实验测得：生成2.7gH2O和4.4gCO2，消耗氧气3.36L(标准状况下)，回答下列问题：（1）A装置分液漏斗中盛放的物质是(填化学式)。（2）C装置中CuO的作用是，E装置中所盛放试剂的名称是。（3）有机物M的实验式是。（4）用质谱仪测定该有机化合物的相对分子质量，得到如图①所示质谱图，则其相对分子质量为，该物质的分子式是。（5）核磁共振氢谱能对有机化合物分子中不同化学环境的氢原子给出不同的峰值(信号)，根据峰值(信号)可以确定分子中氢原子的种类和数目。例如：甲基氯甲基醚(ClCH2OCH3)有两种氢原子如图②。经测定，有机化合物M的核磁共振氢谱示意图如图③，则M的结构简式为。16．苯达莫司汀是一种抗癌药物，其中一种合成苯达莫司汀中间体H的路线如图所示。已知：RCH回答下列问题：（1）B的名称是。（2）写出B→C的化学方程式：。（3）E的结构简式是，C→D的反应类型是。（4）I是的同分异构体，I能发生银镜反应，和NaHCO3反应产生气体，I的结构可能有种，若分子中只有3种不同化学环境的氢，则符合条件的I的结构简式是。（5）利用以上路线和所学知识写出以和适当的无机试剂为原料制备有机物的合成路线。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、聚氯乙烯（PVC）是由氯乙烯（CH2=CHCl）通过加聚反应生成的，相对分子质量很大，属于有机高分子，A正确；

B、石墨烯是由碳元素组成的单质，有机高分子材料是指相对分子质量很大的有机化合物，石墨烯不是有机化合物，不属于有机高分子材料，B错误；

C、光伏发电和风力发电属于清洁能源，利用它们为场馆提供能源，能减少化石燃料的使用，从而减少二氧化碳排放，有利于实现“碳达峰”，C正确；

D、氟利昂会破坏臭氧层，而二氧化碳制冰技术不会产生破坏臭氧层的物质，更加环保，D正确；

故答案为：B。

【分析】要判断每个选项说法是否正确，需结合有机高分子材料、碳单质、新能源利用、环保制冷剂相关知识，对每个选项涉及的物质或技术进行分析。2．【答案】B【解析】【解答】A、羟基的结构为-OH，氧原子最外层有6个电子，1个与氢原子形成共用电子对，剩余5个电子（含1个未成对电子），电子式为（氧原子上下各有一对电子）。选项中电子式未体现未成对电子，A错误；

B、结构CH3-CH-CH3（中间碳原子连接C2H5）中，最长碳链含4个碳原子（主链为丁烷），2号碳原子上连1个甲基，命名为2-甲基丁烷，符合规则，B正确；

C、乙烯含碳碳双键，结构简式应为CH2=CH2，以此体现双键。选项写成CH2CH2，省略了双键，C错误；

D、甲烷（CH4）为正四面体结构，球棍模型为：，模型中代表C的球应比代表H的球大。选项未体现此比例，D错误；

故答案为：B。

【分析】A．羟基电子式的正确书写方式，需体现氧原子的未成对电子。B．烷烃命名需遵循“选最长碳链、从离支链最近端编号”原则。C．烯烃结构简式必须保留碳碳双键官能团。D．甲烷球棍模型需体现C、H原子半径差异（C原子半径>H原子）。3．【答案】C【解析】【解答】A、实验室制备乙烯的反应为乙醇与浓硫酸混合液在170℃下发生消去反应。装置甲中，温度计插入反应液内可监测温度，碎瓷片能防止暴沸，符合制备要求，该装置可达到目的，故A不符合题意；

B、反应中会生成SO2、CO2等酸性杂质气体，NaOH溶液可与这些气体反应（SO2+2NaOH=Na2SO3+H2O，CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O）。装置乙为洗气装置，气体从长管进、短管出，能有效除去杂质，故B不符合题意；

C、乙烯的摩尔质量为28g/mol，与空气平均摩尔质量（约29g/mol）接近，密度相差小，用装置丙的向上排空气法无法有效分离空气与乙烯，会导致收集的气体不纯，不能达到目的，故C符合题意；

D、乙烯含碳碳双键，可与Br2发生加成反应（CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br），使溴的四氯化碳溶液褪色。装置丁中气体与溶液充分接触，能观察到褪色现象，可验证反应，故D不符合题意；

故答案为：C。

【分析】A．判断乙烯制备的装置要求与反应条件匹配性。B．判断杂质气体的吸收原理与装置合理性。C．考查乙烯的密度特性与收集方法适配性。D．判断乙烯的加成反应特性与实验验证可行性。4．【答案】A【解析】【解答】A、乙烯分子中含有碳碳双键，碳碳双键具有不饱和性，能发生加聚反应。多个乙烯分子通过加聚反应可生成聚乙烯，聚乙烯具有良好的可塑性等性质，可用于制作保鲜膜，所以乙烯分子中有碳碳双键与用于制聚乙烯保鲜膜存在对应关系，故A符合题意；

B、甲醛用于制酚醛树脂，是因为甲醛和苯酚能发生缩聚反应，生成酚醛树脂，这一过程和甲醛分子中所有原子共平面的结构特点没有关系，故B不符合题意；

C、乙二醇能用作汽油防冻液，是因为乙二醇与水混合时，通过氢键形成复合物，能有效锁住水分子，使水分子难以挥发，改变水的蒸汽压，从而降低防冻液的冰点。而乙二醇易溶于水这一性质，和它用作汽油防冻液没有直接对应关系，故C不符合题意；

D、苯可用于萃取碘水中的碘，是因为碘在苯中的溶解度远大于在水中的溶解度，且苯与水不互溶。这一萃取过程和苯的密度比水小的性质没有关联，故D不符合题意；

故答案为：A。

【分析】A．考查乙烯的结构与加聚反应的关系，以及聚乙烯的用途。B．考查甲醛制酚醛树脂的反应原理，与甲醛分子的空间结构无关。C．考查乙二醇作汽油防冻液的原因，与溶解性无关。D．考查苯萃取碘水中碘的原理，与苯的密度大小无关。5．【答案】B【解析】【解答】A、苯酚分子中，羟基的存在会改变苯环的电子分布，使苯环上邻位和对位的氢原子变得更活泼，因此能与溴水发生取代反应；而苯分子中没有这样的基团影响，苯环上的氢原子活性较低，不能与溴水反应。A正确；

B、乙炔（C2H2）中碳的质量分数为92.3%，乙烷（C2H6）中碳的质量分数为80%。乙炔因含碳量更高，燃烧时碳不能完全氧化，会生成碳单质小颗粒形成黑烟；这一现象与碳碳三键是否易断裂无关。B错误；

C、乙酸分子中含有的羰基（）电负性较强，会增强相邻O-H键的极性，使氢原子更易电离，因此乙酸具有弱酸性；而乙醇（C2H5OH）中的羟基与烷基相连，O-H键极性较弱，难以电离出氢离子，故呈中性。C正确；

D、甲酸（HCOOH）的羧基直接与氢原子相连，而乙酸（CH3COOH）的羧基与甲基（-CH3）相连。甲基是推电子基团，会降低羧基中O-H键的极性，使氢原子更难电离；因此甲酸的酸性强于乙酸。D正确；

故答案为：B。

【分析】A．考查羟基对苯环氢原子活性的影响机制。B．考查有机物燃烧产生黑烟的本质原因。C．考查羰基对羟基极性及酸性的影响。D．考查甲基对羧基电离能力的影响。6．【答案】（1）D（2）C（3）A【解析】【解答】（1）A、通过结构简式数出各原子个数，该物质含16个C、18个H、1个F、3个N、3个O，分子式应为C16H18FN3O3，而非选项中的C16H16FN3O3，A错误；

B、分子中含有的含氧官能团是羰基（C=O）和羧基（-COOH），不存在酰胺基，B错误；

C、苯环中的键是独特的大π键，并非碳碳双键，该分子中仅含1个碳碳双键，故1mol该物质含1mol碳碳双键，C错误；

D、羧基（-COOH）酸性强于碳酸，能与碳酸氢钠溶液反应；碳碳双键可被酸性高锰酸钾氧化，也能与溴水发生加成反应，D正确；

故答案为：D。

（2）A、乙基是乙烷分子失去一个氢原子形成的原子团，整体呈电中性，不带电荷，A错误；

B、溴乙烷含有碳、氢、溴三种元素，属于卤代烃，而烃仅由碳、氢两种元素组成，B错误；

C、苯分子为平面结构，12个原子共平面，邻二氯苯中两个氯原子取代苯环上的氢原子后，分子仍保持平面结构，所有原子共平面，C正确；

D、同系物要求结构相似（官能团种类和数目相同）且分子组成相差若干个CH2，溴乙烷（含溴原子）与邻二氯苯（含氯原子）官能团不同，不属于同系物，D错误；

故答案为：C。

（3）A、溴乙烷在氢氧化钠的乙醇溶液中加热时，可脱去溴化氢，发生消去反应生成乙烯，A正确；

B、硝化反应是向有机物分子中引入硝基（-NO2）的反应，而非氨基（-NH2），B错误；

C、氟代反应属于取代反应，若有机物分子中存在多个可被取代的氢原子，且位置不同，会生成多种氟代产物，C错误；

D、水解反应中元素化合价没有发生变化，属于取代反应，不属于氧化还原反应，D错误；

故答案为：A。

【分析】（1）A．根据诺氟沙星的结构简式确定分子式。B．该化合物中含氧官能团为羰基和羧基，B错误；C．明确苯环结构特点及分子中碳碳双键数量。D．根据官能团判断物质的反应性。（2）A．判断乙基的电性。B．明确溴乙烷的类别。C．分析邻二氯苯的空间结构。D．理解同系物的概念。（3）A．判断溴乙烷能否发生消去反应。B．明确硝化反应引入的官能团。C．分析氟代反应的产物种类。D．判断水解反应的反应类型。（1）A、通过结构简式数出各原子个数，该物质含16个C、18个H、1个F、3个N、3个O，分子式应为C16H18FN3O3，而非选项中的C16H16FN3O3，A错误；

B、分子中含有的含氧官能团是羰基（C=O）和羧基（-COOH），不存在酰胺基，B错误；

C、苯环中的键是独特的大π键，并非碳碳双键，该分子中仅含1个碳碳双键，故1mol该物质含1mol碳碳双键，C错误；

D、羧基（-COOH）酸性强于碳酸，能与碳酸氢钠溶液反应；碳碳双键可被酸性高锰酸钾氧化，也能与溴水发生加成反应，D正确；

故答案为：D。（2）A、乙基是乙烷分子失去一个氢原子形成的原子团，整体呈电中性，不带电荷，A错误；

B、溴乙烷含有碳、氢、溴三种元素，属于卤代烃，而烃仅由碳、氢两种元素组成，B错误；

C、苯分子为平面结构，12个原子共平面，邻二氯苯中两个氯原子取代苯环上的氢原子后，分子仍保持平面结构，所有原子共平面，C正确；

D、同系物要求结构相似（官能团种类和数目相同）且分子组成相差若干个CH2，溴乙烷（含溴原子）与邻二氯苯（含氯原子）官能团不同，不属于同系物，D错误；

故答案为：C。（3）A、溴乙烷在氢氧化钠的乙醇溶液中加热时，可脱去溴化氢，发生消去反应生成乙烯，A正确；

B、硝化反应是向有机物分子中引入硝基（-NO2）的反应，而非氨基（-NH2），B错误；

C、氟代反应属于取代反应，若有机物分子中存在多个可被取代的氢原子，且位置不同，会生成多种氟代产物，C错误；

D、水解反应中元素化合价没有发生变化，属于取代反应，不属于氧化还原反应，D错误；

故答案为：A。7．【答案】A【解析】【解答】A、苯酚具有弱酸性，酸性强于碳酸氢根。苯酚与碳酸钠溶液反应时，会生成苯酚钠和碳酸氢钠，该转化能够实现，故A符合题意；

B、溴乙烷要转化为乙醇，需要在氢氧化钠的水溶液、加热条件下发生水解反应，而不是在氢氧化钠的乙醇溶液中，故B不符合题意；

C、1-丙醇（CH3CH2CH2OH）在铜作催化剂、加热条件下，被氧气氧化生成的是丙醛（CH3CH2CHO），而不是丙酮（CH3COCH3），故C不符合题意；

D、甲苯与溴在溴化铁作催化剂时，发生的是苯环上的取代反应；若要生成苯环侧链上的溴代物（），需要在光照条件下反应，故D不符合题意；

故答案为：A。

【分析】依次分析每个选项中物质间的转化反应，结合反应条件、反应类型及产物是否符合实际来判断转化能否实现。8．【答案】C【解析】【解答】A、生石灰（CaO）能与水反应生成氢氧化钙（Ca(OH)2），乙醇的沸点较低，通过蒸馏可将乙醇分离出来，A正确；

B、溴能与氢氧化钠溶液反应生成易溶于水的盐，而溴苯不溶于水且密度比水大，反应后会分层，通过分液可分离出溴苯，B正确；

C、乙醛与新制氢氧化铜在加热条件下反应生成乙酸，乙酸与乙醇互溶，无法通过过滤分离，C错误；

D、乙酸能与饱和碳酸钠溶液反应生成易溶于水的盐，乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠溶液且密度比水小，会分层，通过分液可分离出乙酸乙酯，D正确；

故答案为：C。【分析】逐一分析每个选项中除杂方法的原理，判断杂质是否能被有效除去，且不引入新杂质、不影响主要物质。9．【答案】C【解析】【解答】A、对乙酰氨基酚分子含甲基（-CH3），甲基中的碳原子为sp3杂化，呈四面体结构，这导致分子中所有原子不可能处于同一平面，A正确；

B、该分子结构中含有酚羟基（-OH直接连苯环），酚羟基能与FeCl3溶液发生显色反应（通常为紫色），B正确；

C、分子中的酚羟基具有较强还原性，易被空气中的氧气或其他氧化剂氧化（如生成醌类物质），并非不能被氧化，C错误；

D、分子中的酚羟基（1个）可与NaOH发生中和反应，酰胺键（1个）在NaOH条件下会水解断裂，故1mol该物质共消耗2molNaOH，D正确；

故答案为：C。

【分析】A．判断分子中是否存在饱和碳原子及对原子共面的影响。B．掌握酚羟基与FeCl3溶液的特征反应。C．考查酚羟基的还原性及被氧化的可能性。D．判断官能团与NaOH反应的计量关系。10．【答案】D【解析】【解答】A、1-氯丁烷中的氯原子以共价键结合，无法直接与硝酸银反应。需先在NaOH溶液中水解生成Cl-，但过量NaOH会与AgNO3反应生成AgOH沉淀（进而分解为Ag2O），干扰检验。因此必须先加稀HNO3酸化，再滴加AgNO3溶液。选项中直接加硝酸酸化的硝酸银，无法产生AgCl沉淀，不能检验氯元素，故A不符合题意；

B、乙醇与浓硫酸在170℃反应时，浓硫酸的强氧化性会使乙醇碳化，生成SO2、CO2等杂质。SO2具有还原性，能与溴水发生反应（Br2+SO2+2H2O=H2SO4+2HBr）使溴水褪色，并非只有乙烯的加成反应。因此溴水褪色不能证明是乙烯导致，故B不符合题意；

C、乙醇（C2H5OH）和水（H2O）均含羟基（-OH），都能与金属钠反应生成H2

（2C2H5OH+2Na=2C2H5ONa+H2↑；2H2O+2Na=2NaOH+H2↑）。仅通过加钠产生气体，无法区分乙醇中是否含水，需用无水硫酸铜（变蓝则含水）鉴别，故C不符合题意；

D、苯与溴在FeBr3催化下发生取代反应，生成溴苯和HBr。反应中挥发的溴蒸气可溶于CCl4，经CCl4洗气后，剩余气体为HBr。HBr溶于水显酸性，能使湿润的pH试纸变红，可证明有HBr生成，即苯发生了取代反应，故D符合题意；

故答案为：D。

【分析】A．卤代烃中卤素原子的检验步骤及原理。B．乙烯制备中杂质气体对实验现象的干扰。C．乙醇与水的共性及鉴别方法。D．苯与溴取代反应的产物检验及干扰排除。11．【答案】B【解析】【解答】A、X分子中存在碳碳双键，且双键两端的碳原子所连的基团不同，满足顺反异构的条件，所以X存在顺反异构体，A错误；

B、手性碳原子是连有4个不同原子或基团的碳原子。Z与足量H2加成后，产物分子中会出现3个这样的碳原子（），符合手性碳的特征，B正确；

C、X分子中的酚羟基（2个）和羧基（1个）均能与NaOH按1：1反应。1molX中，2mol酚羟基消耗2molNaOH，1mol羧基消耗1molNaOH，共消耗3molNaOH，C错误；

D、酚羟基是直接连在苯环上的羟基，Y分子中羟基连接在饱和碳原子上（醇羟基），不含酚羟基，无法与FeCl3发生显色反应，D正确；

故答案为：B。

【分析】A．判断碳碳双键是否存在顺反异构的条件。B．考查手性碳原子的定义及加氢后产物的结构分析。C．判断酚羟基、羧基与NaOH反应的计量关系。D．判断酚羟基的特征及Y分子的官能团组成。12．【答案】A【解析】【解答】A、从反应历程图来看，整个过程中没有1-丁烯生成，所以不能将2-丁烯转化为1-丁烯，A错误；

B、W元素在反应过程中的成键数目有3和5两种，成键数目的变化会导致W的化合价发生改变，B正确；

C、根据反应机理，有机物X的结构为2-戊烯（CH3CH=CHCH2CH3），C正确；

D、反应过程中存在碳碳单键（σ键）和碳碳双键（含σ键和π键）的断裂与形成，也就是存在σ键和π键的断裂及形成，D正确；

故答案为：A。

【分析】根据反应机理图，分析各物质的转化、W的化合价变化、有机物X的结构以及化学键的断裂与形成情况，逐一判断选项正误。13．【答案】（1）3-甲基-1-丁烯；1，2，4-三甲基苯（2）4（3）（4）CH3COOH＋CH3CH2OH⇌Δ浓硫酸CH3COOCH2CH3＋H2O；CH2=CH-CH=CH2＋Cl2→一定条件CH2ClCH=CHCH2【解析】【解答】（1）①主链上有4个碳原子，从靠近碳碳双键一端开始编号，碳碳双键在1号位，甲基在3号碳原子上，系统命名为：3-甲基-1-丁烯；②甲基在1、2、4号碳上，系统命名为：1，2，4-三甲基苯；故答案为：3-甲基-1-丁烯；1，2，4-三甲基苯；

（2）芳香烃结构对称，含有4种环境的H原子，它一氯代物有4种；故答案为：4；

（3）苯环上的一溴取代物只有一种，说明苯环上只有一种氢原子，则2个碳原子不可能是形成1个乙基，只能是2个甲基，且处于对角位置，其结构简式；故答案为：；

（4）①乙醇、浓硫酸、乙酸共热发生酯化反应生成乙酸乙酯，化学方程式：CH3COOH＋CH3CH2OH⇌Δ浓硫酸CH3COOCH2CH3＋H2②1，3-丁二烯与氯气发生1，4加成生成CH2ClCH=CHCH2Cl，化学方程式：CH2=CH-CH=CH2＋Cl2→一定条件CH2ClCH=CHCH2③向稀苯酚溶液中滴加少量溴水，发生取代反应，可生成白色沉淀2，4，6-三溴苯酚，化学方程式：。

故答案为：CH3COOH＋CH3CH2OH⇌Δ浓硫酸CH3COOCH2CH3＋H2O；CH2=CH-CH=CH2＋Cl2→一定条件CH2ClCH=CHCH2Cl；；取代反应。

【分析】（1）①找含碳碳双键的最长碳链为主链，从离双键近的一端编号，确定甲基位置命名。

②以苯环为母体，按甲基位置编号命名。

（2）分析芳香烃的对称结构，确定不同环境的氢原子种类，即一氯代物种类。

（3）根据苯环上一氯代物只有一种，推出是对二甲苯（两个甲基处于对位）。

（4）①乙醇和乙酸在浓硫酸、加热下发生酯化反应生成乙酸乙酯和水。

②1，3-丁二烯与氯气发生1，4-加成反应生成特定产物。

③（1）①主链上有4个碳原子，从靠近碳碳双键一端开始编号，碳碳双键在1号位，甲基在3号碳原子上，系统命名为：3-甲基-1-丁烯；②甲基在1、2、4号碳上，系统命名为：1，2，4-三甲基苯；（2）芳香烃结构对称，含有4种环境的H原子，它一氯代物有4种；（3）苯环上的一溴取代物只有一种，说明苯环上只有一种氢原子，则2个碳原子不可能是形成1个乙基，只能是2个甲基，且处于对角位置，其结构简式；（4）①乙醇、浓硫酸、乙酸共热发生酯化反应生成乙酸乙酯，化学方程式：CH3COOH＋CH3CH2OH⇌Δ浓硫酸CH3COOCH2CH3＋H②1，3-丁二烯与氯气发生1，4加成生成CH2ClCH=CHCH2Cl，化学方程式：CH2=CH-CH=CH2＋Cl2→一定条件CH2ClCH=CHCH2③向稀苯酚溶液中滴加少量溴水，发生取代反应，可生成白色沉淀2，4，6-三溴苯酚，化学方程式：。14．【答案】（1）AD（2）（3）溴水或溴的四氯化碳溶液（4）B；D（5）C（6）B；C【解析】【解答】（1）同系物是指结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的有机化合物；上述物质的芳香烃中属于苯的同系物的是：AD；故答案为：AD；

（2）B是苯乙烯含碳碳双键可发生加聚反应，方程式为。故答案为：；

（3）A中无碳碳双键，F中含有碳碳双键，则鉴别A和F可以使用的试剂是溴水或溴的四氯化碳溶液，能使溴水或溴的四氯化碳溶液褪色的是F；故答案为：溴水或溴的四氯化碳溶液；

（4）A．烷烃相对分子质量越大沸点越高；相同碳原子数，烷烃支链越多沸点越低，故沸点：2，2-二甲基戊烷>2，3-二甲基丁烷>正戊烷>新戊烷>丙烷，A错误；B．甲苯与液溴在溴化铁催化作用下生成的一取代产物主要为邻、对位的氢被取代产物：、，B正确；C．C5H10D．等质量的烃完全燃烧时，H的质量分数越大，耗去O2的量越多；则同质量的物质燃烧耗O2量：甲烷>乙烷>乙烯>丙炔>甲苯>乙炔，D正确；故答案为：BD。（5）A．苯环对位的原子共线，则分子中处于同一直线上碳原子有6个，A正确；B．苯环直接相连的原子共面，单键可以旋转，则分子中最多有14个碳原子处于同一平面，B正确；C．该烃苯环上有2种氢，则苯环上一氯代物共有2种，C错误；D．该烃能燃烧发生氧化反应，含苯环能发生加成反应，D正确；故答案为：C。（6）已知：，分析要合成所用的原始原料有两种断键方式恢复二烯烃与炔烃：即，若为前者原料为：丙炔和2，3-二甲基-1，3-丁二烯，后者原料为：2-甲基-1，3-丁二烯和2-丁炔；故答案为：BC。

【分析】（1）依据同系物“结构相似、分子组成相差若干个CH2原子团”的定义判断。

（2）苯乙烯含碳碳双键，能发生加聚反应生成高分子，据此写方程式。

（3）利用碳碳双键能使溴水（或溴的四氯化碳溶液）褪色的性质鉴别。

（4）结合烷烃沸点规律、甲苯溴代产物特点、C5H10烯烃同分异构数、烃燃烧耗氧量规律分析。

（5）根据苯环的共线、共面特点，以及苯环上氢原子种类、烃的反应类型判断。

（6）通过分析目标产物的断键方式，确定合成所需的二烯烃和炔烃原料。（1）同系物是指结构相似、分子组成相差若干个“CH2”原子团的有机化合物；上述物质的芳香烃中属于苯的同系物的是：AD；（2）B是苯乙烯含碳碳双键可发生加聚反应，方程式为。（3）A中无碳碳双键，F中含有碳碳双键，则鉴别A和F可以使用的试剂是溴水或溴的四氯化碳溶液，能使溴水或溴的四氯化碳溶液褪色的是F；（4）A．烷烃相对分子质量越大沸点越高；相同碳原子数，烷烃支链越多沸点越低，故沸点：2，2-二甲基戊烷>2，3-二甲基丁烷>正戊烷>新戊烷>丙烷，A错误；B．甲苯与液溴在溴化铁催化作用下生成的一取代产物主要为邻、对位的氢被取代产物：、，B正确；C．C5H10D．等质量的烃完全燃烧时，H的质量分数越大，耗去O2的量越多；则同质量的物质燃烧耗O2量：甲烷>乙烷>乙烯>丙炔>甲苯>乙炔，D正确；故选BD。（5）A．苯环对位的原子共线，则分子中处于同一直线上碳原子有6个，A正确；B．苯环直接相连的原子共面，单键可以旋转，则分子中最多有14个碳原子处于同一平面，B正确；C．该烃苯环上有2种氢，则苯环上一氯代物共有2种，C错误；D．该烃能燃烧发生氧化反应，含苯环能发生加成反应，D正确；故选C。（6）已知：，分析要合成所用的原始原料有两种断键方式恢复二烯烃与炔烃：即，若为前者原料为：丙炔和2，3-二甲基-1，3-丁二烯，后者原料为：2-甲基-1，3-丁二烯和2-丁炔；故选BC。15．【答案】（1）H2O2（2）使有机物充分转化为CO2和H2O；碱石灰或氢氧化钠（3）C2H6O（4）46；C2H6O（5）CH3CH2OH【解析】【解答】（1）A中的液体为过氧化氢，化学式为：H2O2；故答案为：H2O2；

（2）由分析知，C装置中CuO的作用是使有机物充分氧化生成CO2和H2O，E装置用于吸收水蒸气，所盛放试剂的名称是碱石灰或氢氧化钠；故答案为：使有机物充分转化为CO2和H2O；碱石灰或氢氧化钠；

（3）2.7gH2O的物质的量为2.7g18g/mol=0.15mol，则n(H)=0.3mol，4.4gCO2的物质的量为4.4g44g/mol=0.1mol，则n(C)=0.1mol，3.36LO2的物质的量为6.72L22.4L/mol故答案为：C2H6O；

（4）有机化合物的实验式为C2H6O，式量为46，由质谱图可知该物质的相对分子质量为46，则该物质的分子式为C2H6O；故答案为：46；C2H6O；

（5）有机物M的核磁共振氢谱中有3个吸收峰