湖北省荆州市沙市中学2025-2026学年高二上学期11月期中考试物理试卷

2025—2026学年度上学期2024命题人：高胜 审题人：刘考试时间：20251114列实验现象，属于电磁感应现象的是 判断正确的是（）Ek-t图像中应有t4t3t3t2t2DD形盒为电能供卫星使用。如图所示，图线a是太阳能电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图像（电池内阻不是常量，图线b是某电阻R的UI图像。在该光照强度下将它们组成闭合 E电阻两端的电压为UP1rR的电热丝串联组成，电路2U，电吹风正常工作，此时电热丝两端的电压为U1，则下列判断正确的是 电热丝中的电流大小为R电动机中的电流大小为U U电吹风的机械功率为 11 R电动机消耗的功率为U1UU1非常好的清洗效果。已知水枪出水口的直径为d，水流从枪口冲出的速度为v，水的密度为ρ，水流水平射出，忽略水流竖直方向的 v2d

d​

v2d​

v2d​如图甲所示，在光滑水平面上的两个小球P、Q发生一维碰撞，两小球质量分别为m1和m2，xt图像。已知m10.3kg 碰前P做匀加速直线运动，Q做匀速可以计算出m2如图，在竖直平面内的Oxy直角坐标系中，x轴上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强BxMN，MNx轴dO的粒子源，沿OxyxqmqBd子的重力、空气阻力及粒子间的相互作用，则 粒子在磁场中做圆周运动的半径为（3-薄板的下表面接收到粒子的区域长度为α粒子（4原子核，其速度方向与磁场方向垂直。测得α粒子与反冲核轨道半径之比为30∶1，如图所示。已知原子核衰变过程动量守恒，电荷守恒，α粒子带2个单位元电荷，相对原子质量是4，则 αα粒子和反冲核的动量大小相等、方向相反路如图丙所示，当松开键盘过程中，下列说法正确的是（）电容器的电容变 B．电容器所带电荷量变C．电容器的电场强度变 D．电流从a经电流计流向MN60°角，MN的右上方存在垂直纸面向外的匀强磁场，左BMN上am（重力不计、电q（q＞0）MN点，已知ab＝L，则粒子的速度可能是 C．

D．11（8电量。如图（a）所示，他将一由绝缘材料制成的小物块A放在足够长的木板上，打点计时器为消除摩擦力的影响，他将长木板一端垫起一定倾角，接通打点计时器，轻轻推一下小物块，使其沿着长木板向下运动。多次调整倾，直至打出的纸带上点迹 ，测出此时轻小定滑轮将物块A与物块B相连，绳与滑轮摩擦不计。给物块A带上一定量的正电荷，保持倾 D物块A的质量物块B的质量物块A与木板间的动摩擦因数两物块最终的速度 12（8V（R1R2R（ U-I图线如图乙所示，该磷酸铁锂电池的电动势 ”13（14分）37°a点以初速度v012m/sb（图中未画出E1.5104NC，小球的电荷量q2.0104Ca、bb14（14分）如图，质量为M2kgAx，R0.4m上表面水平相切。质量为m1kgB（可视为质点）以初速度v0

顶端沿圆弧下滑，BA右端的上表面水平滑入时撤走圆弧。A与台阶碰撞无机械能损失，不计空气阻力，A、B之间动摩擦因数μ0.1，A足够长，BA表面滑出，取重力加g10m/s2。ABABAx15（16从坐标原点O以大小为v1x轴正方向的夹角为θ30，该粒子在第四象限内恰好以速度v1做匀速直线运动。不计粒子的重力及空气阻力。E段时间后，该粒子经过M点（图中未画出）yy轴负方向，求粒子从O点运动至M点的过程中电场力做的功W。D【详解】磁生电的现象叫作电磁感应。甲图中的现象是通电导线产生磁场使小磁针发生偏D。D【详解】AD形盒中做圆周运动的周期T2πm的时间间隔为半个周期，故t4t3t3t2t2t1，A错误；B洛伦兹力提供向心力，即qvB

RDDv

q2B2R2时，速度最大。由此解出最大速度

mEkmax2mvm

加速电压无关，B错误；CDq2B2小，加速次数增多但最大动能不变，C错误；DEkmax动能增大，DD

DRC【详解】A．由闭合电路欧姆定律有UEIrI=0E=U，a与纵轴的交E=4VA错误；BC．根据两图线交点可知，电阻两端的电压为U=3VI=0.2APUI0.6WB错误，C正确；D．此时太阳能电为rEU5DCD

U1，电动机两端的电压为

MUIIU1PUIUUU1 M 1PPI2rU11(RrD

R d v2d得F 。故选DB【详解】AxtPxtP做匀速直线运动；QxtQA错B．根据vxP的速度为v8m/s4m/s 的速度为

08m/s2m/sQv2

16

m/s

m1v00m1v1m2v2Q的质量为m20.9kgB正确；C．碰撞前系统的动能为 1mv210.342J2.4J，碰撞后系统的动能k 21 1mv21mv210.322+10.922J2.4J，因为 2.4J，所以碰撞k 21

22

k kC错误；Dm1v0m1m2v，解得v1m/sE1mv21mmv21.8JDB21

B【详解】A．根据洛伦兹力提供向心力有qvB ，可得R d，故A错误；B．当 xy1s上mindNy2，根据几何关系可知s上max3d。故上表面接收到粒子的区域长度为s上3ddBCNy轴正方向射出时，粒子下表面接y3yd，故下表面接收到粒子dC错误；DN点时转过的圆心角最小，用时最短，有

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BD【详解】ABDα

rmv小相等，方向相反，由洛伦兹力提供向心力得qvB

Bqrα:r反则反冲核的电荷量q30qα60e60，由电荷守恒可知原放射性原子核的电荷量为qqαq62e62A错误，BD正确；C．粒子在磁场中的周期T2πr2πmαC错 大，依据C

A正确；B压不变，由CQB错误；CEUC错误；DabAB120°，所以粒子运动的半径满足2rcos30Lr＝3·L 3，…

qBr＝3qBL·1（n=1，2，3，…）,当n=1、2时可得v 3qBL或v 3qBL，选项AB

11（1） （4）Bv时木板与水平面间的倾角，记为θ0，说明此时滑块做匀速直线运动。A、B一起做加速度减小的加速运动，直到加速度减为零后做匀速运动，即速度在增公式xat2，可知加速度减小，则相邻两点间的距离之差逐渐减小；匀速运动时，间距不变，DD。q

BmvBD由（3）分析可知，q的表达式为q

12（1）1.2 （3）（1）毫安表的满偏电压为UgIgRg0.21.5V0.3VIm

Ug1.2A1.2A（2）[1][2]EUIrR2，整理得UIrR2EUI图像的截距bE3.2V，图像斜率的绝对值kr

3.22.01.333r0.083Ω83EUIUrR R V 2V 2U I

，所以图像的截距bE

V

ERr

r

测Rr 13（1）0.3m 牛顿第二定律得qEma，解得a300m/s2，垂直于斜面的加速度aacos37240m/s2球离斜面最远时，垂直斜面的速度减为零，根据运动学规律得s0，解得s（2）ab点的时间t2v00.1saasin37180m/s2a、bx1at2x0.9ma 2 b点的过程中，根据动能定理得qExsin37E1mv2E14（1）

（2）x

（1）B从释放到最低点，由动能定理得mgR1mv21mv2，解得v4m⁄s，A、 向左运动过程中，规定向左为正方向，由动量守恒定律得mv1mMv2Q1mv21mMv2，解得Q16 （2）A左端与台阶碰撞前瞬间，A、B的速度分别为v3和v4mv1mv4Mv3A与台阶只碰撞一次，碰撞后必须满足Mv3mv4A 15（1） （2） 力平衡，有qv1BqEEBv1。（2）如图所示，将此时的速度分解为vx和vyvxx轴正方向的夹角为30vyy