江苏省南京市部分学校2025-2026学年九年级上学期期中物理试卷（含解析）

2025-2026学年江苏省南京市部分学校九年级（上）期中物理试卷一、单选题：本大题共12小题，共24分。1.如图是生活中常用的工具，其中使用时是费力杠杆的是(

)A.羊角锤 B.榨汁器

C.核桃夹 D.镊子2.近期，泰山景区出现了一道独特的风景线，如图所示，“智能挑夫”机器狗正式“上岗”当起了“挑山工”，有效解决了垃圾清运和物资运输难题。下列情境中机器狗对物资做功的是(

)A.机器狗驮着物资站立不动

B.机器狗驮着物资在水平路面上前进

C.人把物资搬到机器狗背上

D.机器狗驮着物资上山

3.把四位同学做的功W和所用时间t在坐标系中描点，如图所示。做功功率最小的是(

)A.甲

B.乙

C.丙

D.丁4.《天工开物》记录了我国古代的传统手工技术。如图所示是匠人正在将铁水凝固成釜，在此过程中，下列说法错误的是(

)A.热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递

B.铁水放出热量，内能减小，温度不一定降低

C.铁水温度降低，内能一定减小

D.铁水在凝固的过程中，温度不变，内能也不变

5.如图是小明用塑料瓶制作的水火箭。小明先在瓶里装适量水，然后将带有阀门的金属管插入瓶塞，旋紧瓶塞后用打气筒往瓶里打足气；打开阀门后，水从尾部的金属管向下喷出，水火箭向上飞向空中。下列说法正确的是(

)A.水火箭上升过程中瓶内气体温度升高

B.瓶内气体是通过热传递改变内能的

C.水火箭升空时与热机的压缩冲程工作原理相似

D.水火箭升空时的机械能由高压气体内能转化而来

6.使用思维导图能帮助同学们迅速构建物理知识网络。如图所示是关于机械功的部分知识结构图，关于图中①②③④的理解正确的是(

)A.①比值 B.②乘积 C.③速度 D.④快慢7.如图是探究“比较水和煤油吸收热量时温度升高快慢”的实验装置，该实验运用了控制变量法，下列对各个步骤中的控制变量要求不正确的是(

)A.酒精灯火焰大小必须相同 B.水和煤油的初温必须相同

C.水和煤油质量必须相同 D.盛放水和煤油的容器必须相同8.成都平原地处青藏高原与龙泉山之间，形态呈不规则的长条状，自西南至东北绵延伸展。地势上，呈现出从西北至东南的倾斜趋势，平均海拔在600米左右。如图甲所示是成都某地的地形及其等高线图(闭合曲线由海拔高度相等的点连成，数字表示该处的海拔高度)。如图乙所示，研究人员正操作一架无人机对此地展开勘察，下列说法正确的是(

)A.山间的溪水由B点流到A点时，重力势能转化为动能

B.无人机保持同一高度匀速盘旋过程中，不需要动力

C.无人机从A点向上飞到B点的过程中，重力势能不变

D.无人机从C点匀速爬升到D点的过程中，机械能不变

9.如图甲所示，是学校安装的乒乓球发球机。如图乙所示，乒乓球发球机在同一高度以相同的初速度朝不同方向分别发出a、b、c三个球，若不计空气阻力，三个球到达乒乓球台的速度(

)

A.va最大 B.vb最大 C.vc最大10.某兴趣小组用滑轮组进行了一场别开生面的“一瓶水提升一个人”活动。如图所示，水瓶匀速直线下降8m，使人匀速升高0.4m，水瓶对绳a的拉力为F1=30N，绳b对人的拉力为F

A.F1做的功小于F2做的功 B.F1做功的功率等于F2做功的功率

C.有用功为240J11.由于水的比热容比沙石或干泥土的比热容大，所以在沿海地区陆地表面的气温比海面的气温昼夜变化更显著。读下面四幅海陆风示意图，据此判断近地面大气运动的正确流向是(

)

A.①② B.②③ C.③④ D.①④12.如图，在学校科技节活动中，质量为M的小华骑着一辆质量为m的独轮车，以速度v匀速通过一重为G的水平独木桥，从A点到B点，独木桥的两端由两根竖直支柱支撑着。图中能表示A端支柱所受压力F与时间t的关系是(

)A.

B.

C.

D.二、填空题：本大题共11小题，共28分。13.图甲中，升旗手向下拉绳，国旗就上升，这是由于旗杆顶部有

滑轮；图乙是用于松紧内六角螺丝的扳手，AB>BC，其使用方法如图丙、丁所示，该工具使用时会

(费力/省力)，图

(丙/丁)中的方法可以更轻松的拧动螺丝。14.如图，用大小相等的拉力F，分别沿斜面和水平面拉同一只木箱做直线运动，运动时间tab>tcd，运动距离sab=scd。比较两种情况下拉力所做的功W15.如图1，小明将物体以1m/s的速度匀速拉到斜面顶端，斜面的机械效率为60%。此过程，额外功

有用功(选填“大于”“等于”“小于”)，物体机械能

(选填“不变”“变大”“变小”)，若同样的过程以2m/s的速度匀速拉动物体，斜面机械效率

(选填“不变”“变大”“变小”)。可能符合此过程系统(含斜面、物体、绳)16.如图所示是我国自行研制的大型客机C919，若它在高空水平定速巡航飞行10km消耗的汽油为100kg，受到的阻力为1.15×105N，则飞机发动机的热机效率为

；为节能减排，现设法回收未利用的能量，若回收的能量占汽油完全燃烧放出能量的21%，可使

kg水的温度升高50∘C。【汽油热值为17.光发动机可用于卫星的能源补充，原理如图甲所示，密闭气室中N2O4在光照下分解，使气室气压增大，推动活塞右移，活塞右移这一过程与四冲程汽油机如图乙所示的冲程原理

(选填“相同”或“不同”)，若这台汽油机工作时飞轮的转速为1800r/min，则它10秒内完成18.秋冬季节，糖炒板栗很受人们欢迎。如图所示，在炒板栗时常要在锅中放入一些砂石，因为砂石的比热容

、升温快，与板栗充分接触，并通过

的方式使板栗内能增大。

19.如图所示，将弹簧、小车置于水平木板面上，被压缩后的弹簧将小车弹出，这一过程中，弹簧的弹性势能转化为小车的

能，实验表明，弹簧被压缩得越短，小车被弹开的距离越远，这说明，弹簧的弹性形变越大，弹性势能越

，小车在水平木板上运动时，所受重力对小车

(选填“做功”或“不做功”)。20.图(a)是我国月球探测车使用机械臂采集月壤样本时的情景，可将机械臂简化为图(b)中绕O点转动的杠杆，不计机械臂自重，AB=3OA，当采集约为2.8N的月壤时，在A点施加的拉力至少为

N，应沿图中的

方向施力。(填“F1”“F2”“21.机器做功，就要消耗能量，各种机器都有国家统一制定的能效标识标签，粘贴于机器显要位置。如图所示，就是某家用电器能效标识标签，其中能效等级有3级，等级越低，做相同的有用功，消耗的能量越少；下方的耗能量表示每24小时消耗的能量。根据我们学过的功、功率、机械效率知识，能效等级相当于

，耗能量相当于

。22.如图所示，小海用一个动滑轮提着重物向上做匀速直线运动。若不计绳重及摩擦，小海用此装置拉动不同物体匀速上升时，测出拉力F和物重G的大小并画出二者的关系图象，则动滑轮重为

N；物重为30N时，此滑轮的机械效率是

。23.东风−61是我国的陆基洲际导弹，在2025年9月3日纪念中国人民抗日战争暨世界反法西斯战争胜利80周年阅兵式上首次亮相。如图所示，导弹从A点加速上升到B点的过程中，导弹弹头的重力势能

；导弹在B点关闭发动机自由上升的过程中，导弹弹头的动能

，(均选填“增大”、“减小”或“不变”)，导弹弹头在C点的机械能

(选填“>”、“=”或“<”)D点的机械能。三、作图题：本大题共3小题，共6分。24.如图所示，杠杆OA在动力F的作用下可绕O点转动，请画出动力F1的力臂l和阻力F2的示意图(保留作图痕迹)。

25.如图中，地上的人用滑轮组提升重物，画出最省力的绳子绕法。

26.如图甲所示，人们用盘子夹可以既方便又安全的取出蒸食物的盘子。盘子夹的一侧可简化为图乙所示的杠杆，O为支点。请在图乙中画出作用在A点的最小动力F1及其力臂l1。四、实验探究题：本大题共4小题，共24分。27.我国《墨经》最早记述了秤的杠杆原理，它比阿基米德发现的杠杆原理要早约200年。关于秤的杠杆原理，学校物理兴趣小组针对杠杆的平衡条件进行了探究，并尝试制作了简易杆秤：

(1)杠杆静止时如图甲所示，此时杠杆处于______(选填“平衡”或“不平衡”)，应向______(选填“左”或“右”)调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡。

(2)下表是小组成员记录实验数据的表格，该表格在设计上的不足之处是______，纠正后，根据表中的数据初步得出杠杆的平衡条件：______(用表格中的字母表示实验次数动力F动力臂l阻力F阻力臂l10.50.210.121.50.210.332.00.151.50.2(3)如图丙，小组成员根据杠杆的平衡条件制作了一个简易杆秤。下面是自制简易杆秤的部分过程：

①把小盆挂在槽A处作为秤盘，在槽B处系一根细线作为提纽，则简易杆秤支点是秤杆上的______。(选填“A点”、“B点”、“O点”或“C点”)；

②确定零刻度线位置0后，在秤盘中放500g砝码，手提提纽，并调节秤砣的位置使秤杆平衡。此时，标记秤砣细线在秤杆上的位置C，并记为500g。在O到C之间均匀地画上______条刻度线，每一格就表示50g28.在“测量滑轮组的机械效率”实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验(如图所示)，实验数据记录如表：

次数钩码重/钩码上升距离/弹簧测力计示数/弹簧测力计上升距离/机械效率/12100.83083.324101.53088.936102.23090.9(1)实验中要竖直向上______拉动弹簧测力计，使钩码升高；

(2)分析以上实验数据可以得出结论：同一滑轮组的机械效率与______有关；

(3)小明进一步研究时，先测出了动滑轮的重力，再计算出每一次实验中总功与有用功和克服动滑轮重力所做的功的差值ΔW(ΔW=W总−W有−W动)，发现钩码的重力越大，ΔW______(越大/越小/不变)，请用所学知识进行解释：______；

(4)另一实验小组改变动滑轮的重力，提升同一物体进行多次实验，获得数据并绘制出图像丁。分析可知：被提升物体的重力相同时，动滑轮越重，滑轮组机械效率越______(高/低)；分析图像丁中的A点可知，此时被提升物体的重力29.如图所示是某学习小组“探究物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图，其中mA=mB<mC，hA=hC>hB。

(1)该实验是通过观察木块移动的距离来判断______(选填“钢球”或“木块”)动能的大小，本实验装置的水平面如果绝对光滑，本实验将______(选填“能”或“不能”)达到探究目的。

(2)由甲、乙两图可知，使质量相同的小球从斜面上不同高度处自由滚下，是为了研究动能大小与______的关系；比较甲、丙两图，可初步得出结论：______。

(3)甲、乙两次实验过程中木块克服摩擦力做功分别为W1和W2实验序号钢球的质量m钢球到水平面的速度v木块被撞后运动的距离s130242304163602830.如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。

(1)比较不同燃料的热值，应选择______两图进行实验，实验时点燃燃料加热液体，在______(选填“相同时间后”或“燃料完全燃烧后”)来测量液体温度的；

(2)比较不同物质吸热升温的特点，应选择______两图进行实验，液体吸收热量的多少是通过______(选填“温度计示数”或“加热时间”)来反映的；

(3)使用第(2)题选择的两图装置进行实验，液体温度与时间的关系如图丁所示，若已知a、b两种常见液体中有一种是水，则另一种液体比热容为______J/(kg⋅∘C)。[水的比热容为五、计算题：本大题共3小题，共14分。31.太阳能是21世纪重点开发利用的能源之一，如今太阳能热水器已走进千家万户。如图所示，某家庭太阳能热水器阳光照射时，平均每小时吸收7.0×106J的太阳能，若热水器吸收6h的太阳能，可以使质量为100kg的水温度升高60∘C。已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg32.无人驾驶汽车是一种智能汽车，也可称之为轮式移动机器人，主要依靠车内以计算机系统为主的智能驾驶仪来实现无人驾驶。如图所示为某款无人驾驶汽车，该车在一段平直的公路上以72km/h的速度匀速行驶了4km，消耗汽油1.2kg。假设燃油完全燃烧，汽油机的效率为30%，那么，在这段运动过程中，求：(汽油的热值为4.5×1033.如图所示，重500N的工人师傅用120N的拉力，使重力为300N的物体以0.2m/s的速度匀速提升。(不计绳重及摩擦)求：

(1)工人师傅的功率；

(2)

六、综合题：本大题共1小题，共4分。34.自从体外肺膜氧合(简称ECMO)技术应用在临床以来，挽救了许多危重患者的生命。如图，ECMO技术的原理是将体内的血液引出体外，经过人工心肺旁路氧合后注入病人体内，起到部分心肺替代作用。为使病人维持正常体温，需用热交换器对流入人体的血液进行加热；ECMO的工作电压与家庭电路电压相同，使用中如短时停电，可转动外接的摇把，维持血液循环。血流速度和血流量(血流量指单位时间内通过血管横截面的血液体积)是衡量心肺功能的重要指标，研究表明，血管内血流速度会随血管横截面积的变化而变化，当血管横截面积为正常值的n倍时，测得血管内血液匀速流动的速度v与n的数值如表所示，血液的比热容为0.8×10n0.600.750.800.901.00v0.3000.2400.2250.2000.180(1)在一次抢救中使用ECMO技术，其血流量为5L/min，若要将血液的温度升高4∘C，则血液每分钟需要从热交换器吸收的热量为______J。假设人体所需热量完全由热交换器所提供，已知热交换器的功率为1680W，病人的质量为60kg，则该病人体温由33∘C上升至正常体温37∘C需要的时间为______min。

(2)若某次测得血管中的血流量为1.2×10−4m3

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、羊角锤的拔钉子时，支点在锤头与木头接触点，动力在手柄，阻力在钉子处，此时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；故A错误：

B、用榨汁器时，手施加的力量是在较长的手柄上，而水果或蔬菜受到的阻力则在较短的榨汁部分。这样，动力臂大于阻力臂，使得较小的手部力量可以产生较大的压榨力，属于省力杠杆：故B错误；

C、核桃夹夹核桃时也是动力臂大于阻力臂属于省力杠杆，故C错误：

D、在使用镊子夹取东西时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D正确；

故选：D。

根据动力臂与阻力臂的大小关系判断各选项。

本题考查的是杠杆的分类和特点。2.【答案】D

【解析】解：A.机器狗对物资竖直方向提供支持力，但物资没有在支持力的方向上移动距离，所以机器狗对物资不做功，故A不符合题意；

B.机器狗对物资的支持力竖直向上，在水平方向移动，移动的距离与力垂直，所以机器狗对物资不做功，故B不符合题意；

C.人把物资搬到机器狗背上，这个过程机器狗还没有对物资施加力的作用，所以机器狗对物资不做功，故C不符合题意；

D.机器狗对物资施加的支持力方向竖直向上，且在竖直方向上移动了距离，所以机器狗对物资做功，故D符合题意。

故选：D。

物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。

此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离(例如：推而未动)，二是有距离无力(靠惯性运动)3.【答案】D

【解析】解：由图可知，纵坐标表示功，横坐标表示时间；

由图知，甲和乙在做功多少相同时，甲所用时间较少，根据P=Wt可知，甲的功率大于乙的功率，丙和丁在做功多少相同时，丙所用时间较少，根据P=Wt可知，丙的功率大于丁的功率，乙和丁所用时间相同时，乙做功较多，根据P=Wt可知，乙的功率大于丁的功率，所以做功功率最小的是丁，故ABC不符合题意，D符合题意。

故选：D。

4.【答案】D

【解析】解：A.根据热传递的方向可知，热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，故A正确；

B.铁是晶体凝固过程中，铁水放出热量，内能减小，温度不变，故B正确；

C.物体的内能与质量和温度有关，同一物体质量不变，温度降低，内能一定减小，故C正确；

D.铁水在凝固的过程中，放出热量，内能减小，温度不变，故D错误。

故选：D。

(1)热传递的条件是有温度差，热传递的方向是从高温到低温；

(2)物体放出热量时内能一定减小，温度不一定降低；

(35.【答案】D

【解析】解：水火箭上升过程中，瓶内高压气体对外做功，相当于内燃机的做功冲程，内能转化为机械能，高压气体温度降低，故D符合题意，ABC不符合题意。

故选：D。

(1)做功和热传递都能改变物体的内能。

(26.【答案】D

【解析】解：功的定义：功的大小等于力与物体在力的方向上通过的距离的乘积，①为乘积，机械功表示做功的多少，③为多少。

功率表示做功的快慢，④为快慢，功率的定义为物体在单位时间内所做的功，所以②为比值。

故选：D。

功的定义：功的大小等于力与物体在力的方向上通过的距离的乘积，①为乘积，机械功表示做功的多少，③为多少。

功率表示做功的快慢，④为快慢，功率的定义为物体在单位时间内所做的功，所以②为比值。

本题考查了功、功率的定义和物理意义。7.【答案】B

【解析】解：相同的热源，酒精燃烧在相同的时间内放出热量相同，用加热时间反映液体吸收热量的多少，必须控制酒精灯的火焰相同；

探究“比较水和煤油吸收热量时温度升高快慢”的实验中，采用的是控制变量法，实验中必须要控制水和煤油的质量相同；实验中应该采用相同的容器，这样容器的吸热情况相同；实验中加热相同时间，吸收相同热量，根据温度计升高的示数来反映吸热能力大小的，所以不需要控制水和煤油的初温相同；

综上所述，B错误、ACD正确。

故选：B。

我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；

比较物质吸热能力的2种方法：

①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；

②使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。

本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用，为热学中的重要实验。8.【答案】A

【解析】解：A.由图可知，A点比B点高低，溪水由B点流到A点，在向下流动的过程中，质量不变，高度降低，速度变大，重力势能转化为动能，故A正确；

B.无人机保持同一高度匀速盘旋过程中，在升力和重力的作用下保持平衡状态，而升力是靠动力获得的，故B错误；

C.无人机从A点向上飞到B点的过程中，质量不变，高度变大，重力势能增加，故C错误；

D.无人机从C点匀速爬升到D点的过程中，质量不变，速度不变，高度变大，则动能不变，重力势能增加，所以机械能增加，故D错误。

故选：A。

(1)判断是哪种能量转化成了另一种能量的方法是：减少的能量转化为增多的能量；

(2)无人机的升力是靠动力获得的；9.【答案】D

【解析】解：

乒乓球发球机在同一高度以相同初速度发出a、b、c三个球，不计空气阻力时，机械能守恒；；

三个球初始机械能相同，到达乒乓球台时，重力势能相同(同一高度)，根据机械能守恒，动能相同，又因为质量相同，所以速度相同。

故选：D。

机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关，重力势能大小与质量和高度有关。

本题考查机械能守恒。10.【答案】D

【解析】解：A、水瓶对绳a的拉力F1做的功是总功，总功为：

W总=F1h瓶=30N×8m=240J，所以F1做的功大于F2做的功，故A错误；

B、由A可知，F1做的功大于F2做的功，时间相同，由P=Wt知，F1做功的功率也大于F2做功的功率，故B错误；

C、由“一瓶水提升一个人”知，绳b对人拉力F2做的功是有用功，所以有用功W有=F2h人=480N×0.4m=192J，故C11.【答案】B

【解析】解：海水的比热容大于陆地的比热容，白天吸收了相同的热量后，陆地上方空气升高的温度比海洋上空空气的温度升高的多，所以陆地上方空气的气压低，海洋上方空气的气压高，风从气压高的海洋流向气压低的陆地，故①错误，③正确；

夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，海洋上空气温高，气压低，风从陆地吹向海洋，故②正确，④错误。

故选：B。

首先要明确风的形成：是从气压高的地方流向气压低的地方，气压的高低的判定要从气体的温度的高度来判定，由海水和陆地的比热容不同来分析物体吸热后温度的高低。

明确风的形成原因，是此题的突破口，将气压的高低与比热容联系起来是关键。12.【答案】A

【解析】解：重为G、长为L的水平独木桥的两端由两根竖直支柱A、B支撑着，分别对水平独木桥的支持力为FA、FB，水平独木桥受到重力为G，

独轮车对独木桥的压力为F=(m+M)g，

以B为支点，独轮车对独木桥的压力的力臂为vt，根据杠杆平衡条件：FAL=G×12L+(m+M)g(L−vt)，

则FB=12G+1L(m+M)g(L−vt)，13.【答案】定省力丙

【解析】解：图甲中，升旗手向下拉绳，国旗就上升，这是由于旗杆顶部有定滑轮；

六角螺丝的扳手在使用时绕中心轴转动，所以属于轮轴，轮轴是杠杆的一种变形；其轮半径和轴半径分别为动力臂和阻力臂，因为动力臂大于阻力臂，所以轮轴是一种省力杠杆；

图丙所示，手拿A点时，动力臂较大，根据杠杆平衡条件可知此方法省力，而图丁所示，手拿C点时，动力臂较小，根据杠杆平衡条件可知此方法用力较大，所以图丙可以更轻松地拧动螺丝。

故答案为：定；省力；丙。

定滑轮能改变力的方向；

从六角螺丝的扳手的使用情况判断，通过比较动力臂和阻力臂的大小关系判断省费力；

根据杠杆平衡条件分析此哪种方式更省力。

本题考查对滑轮、杠杆的应用，属于基础知识的考查，注重了物理知识和生活实际的联系。14.【答案】等于小于

【解析】解：分别沿斜面和水平面拉同一只木箱做直线运动时的拉力相等，运动距离相等，由W=Fs可知：拉力所做的功相同，即Wab=Wcd；

由于运动时间tab>tcd，由P=Wt可知，拉力的功率15.【答案】小于变大不变D

【解析】解：小明将物体以1m/s的速度匀速拉到斜面顶端，斜面的机械效率为60%，即小明做的有用功占总功的60%，小明做的额外功占总功的40%，故此过程，额外功小于有用功；

小明将物体以1m/s的速度匀速拉到斜面顶端的过程中，速度不变，质量不变，高度增大，因此动能不变，重力势能增大，机械能变大；

若以2m/s的速度匀速拉动物体，拉力、摩擦力、物体的重力均不变，即有用功不变，额外功不变，故斜面的机械效率不变；

小明将物体匀速拉到斜面顶端的过程中，动能不变，重力势能增大；若人的能量为1000J，因斜面的机械效率为60%，说明有600J的能量转化为物体的势能，有400J的能量克服摩擦做功，即转化为内能，故选：D。

故答案为：小于；变大；不变；D。

(116.【答案】254600

【解析】解：它在高空水平定速巡航飞行10km，牵引力与阻力是一对平衡力，大小相等，即F=f=1.15×105N，

则牵引力做的功为：W=Fs=1.15×105N×10×103m=1.15×109J；

汽油完全燃烧放出的热量Q放=qm=4.6×107J/17.【答案】不同150

【解析】解：光发动机中，N2O2在光照下分解，气室气压增大推动活塞右移，是将内能转化为机械能。图乙中四冲程汽油机进气门和排气门都关闭，活塞向上运动，压缩汽缸内燃料混合物，温度升高，是压缩冲程，压缩冲程是将机械能转化内能，所以活塞右移这一过程与四冲程汽油机做功冲程原理不同。

已知汽油机飞轮转速为1800r/min，换算为180060=30r/s。因为飞轮每转2圈完成1个工作循环，所以每秒完成的工作循环数为302=15个。那么10秒内完成的工作循环数为15×10=15018.【答案】小热传递

【解析】解：在炒板栗时，由于锅底的温度较高，很容易把板栗炒煳，所以锅中总要放些沙子，由于沙子的比热容小，沙子很容易被炒热，这样沙子被炒热后可以均匀地把热量传递给板栗，这样炒出的板栗比较好吃；在炒板栗时，是通过热传递的方式使板栗内能增大。

故答案为：小；热传递。

对于比热容小的物质来讲，同样吸收热量，其温度升高很快，这也是我们利用的主要特点之一；

改变物体内能的方式有：做功与热传递两种方式。

本题考查比热容和内能的改变，属于基础题。19.【答案】动大不做功

【解析】解：压缩弹簧松手后，弹簧的弹性势能减少，小车的机械能增大，所以将弹簧的弹性势能转化为小车的动能；

弹簧的弹性形变越大，同样的小车弹得越远，这说明弹簧的弹性形变越大，弹性势能越大；

小车在水平木板上运动，小车受到的重力向下，小车没有在重力的方向上移动距离，故重力没有对小车做功。

故答案为：动；大；不做功。

(1)判断是哪种能量转化成了另一种能量的方法是：减少的能量转化为增大的能量；

(2)弹性势能的大小跟物体发生弹性形变大小有关，弹性形变越大，具有的弹性势能越大；

20.【答案】11.2F省距离

【解析】解：由杠杆的平衡条件可知：F1L1=F2L2，当阻力F2和阻力臂L2一定时，动力臂L1越大，动力F1越小，动力臂L1最大等于OA，由杠杆平衡条件得：G×OB=F小×OA，

由AB=321.【答案】机械效率总功

【解析】解：①由题意知，能效等级越低则机器做相同有用功时消耗总能量的越少，所以能效等级相当于机械效率。

②耗能量表示24小时消耗的能量，是消耗的总能量，所以相当于总功。

故答案为：机械效率；总功。

能效等级越低则机器做相同有用功时消耗总能量的越少，所以能效等级相当于机械效率；

耗能量表示24小时消耗的能量，是消耗的总能量，所以相当于总功。

本题考查能效等级、机械效率的概念，功率的概念，比较简单。22.【答案】1075

【解析】解：动滑轮绳子股数为2，由图象可知，当物体重力G=30N时，绳子自由端的拉力F=20N，

因为不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：

G动=nF−G=2×20N23.【答案】增大减小=

【解析】解：导弹从A点上升到B点的过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大。

如图，B点在大气层外，空气阻力忽略不计，机械能守恒，导弹在B点关闭发动机自由上升的过程中，导弹弹头的动能转化为导弹弹头的重力势能，重力势能增大，动能减小。

导弹弹头从C点到D点的过程中，没有受到空气的阻力，机械能是守恒的，所以在C点的机械能等于在D点的机械能。

故答案为：增大；减小；=。

动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。

重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。

不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。

此题考查动能和重力势能的大小变化，从图中得知哪些点在大气层外，空气阻力忽略不计，机械能守恒是关键。24.【答案】

【解析】解：图中O为支点，从支点O作F1作用线的垂线，垂线段为F1的力臂l；

阻力F2为重物上方绳子对杠杆向下的拉力，方向竖直向下，如图所示：

画力F的力臂要从支点向力的作用线画垂线，必要时应延长力的作用线；先确定阻力作用点，然后过阻力作用点表示阻力的方向(即竖直向下)。25.【答案】

【解析】解：地上的人用滑轮组提升重物，因人站在地面上，故人只能用下用力，绳子有效段数为2，如下所示：

根据人站在地面上确定人的用力方向，从而可知绳子的有效段数，据此连接。

本题考查滑轮组的连接，关键是明确绳子的有效段数。26.【答案】

【解析】解：图中支点在O点，当OA作为动力臂l1时，动力臂是最长的，根据杠杆平衡条件可知，此时的动力是最小的；动力的方向应该垂直OA向下，过点A垂直于OA向下作出最小动力F1的示意图；如下所示：

(1)根据杠杆平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；

(27.【答案】平衡；右；

物理量没标单位；F1l1=F2l【解析】(1)实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，此时杠杆处于静止状态，处于平衡状态；杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，要使其在水平位置平衡，应将杠杆平衡螺母向右调节，直到杠杆在水平位置平衡；

(2)观察表格可知，表格中的动力、阻力、动力臂、阻力臂等物理量没有标注单位，这是表格设计上的不足之处；根据表格数据发现：动力与动力臂的乘积总是等于阻力与阻力臂的乘积，故杠杆的平衡条件是F1l1=F2l2；

(3)①把小桶挂在槽A处作为秤盘，在槽B处系一根细线作为提纽，简易杆秤的支点是杆上的B点，因为杠杆绕着B点转动。

②根据杠杆的平衡条件可知，阻力臂、动力大小不变时，阻力与动力臂成正比。在秤盘中放500g砝码，手握提纽，并调节标砣的位置使杆秤平衡，此时标记标砣在秤杆上的位置C，记为500g，若每一小格表示50g，在O到C之间应该均匀地画上9条刻度线。

故答案为：(1)平衡；右；(2)物理量没标单位；F1l1=F2l228.【答案】匀速

物重

越大;钩码越重，绳与滑轮间摩擦力增大，对应的额外功增多

低;A【解析】(1)测滑轮组的机械效率，需要匀速拉动绳子，并且要在拉动中读弹簧测力计的示数此时整个系统处于平衡状态，拉力大小等于测力计示数；

(2)分析表格数据可知，三次实验机械效率不同是由于物重不同造成的；

(3)在计算出每一组总功与有用功和克服动滑轮重力的功的差值ΔW=W总−W有−W轮，即克服绳重和绳子与轮之间的摩擦做的功时，要控制物体提升的高度相同，故应通过比较第①、②和③组的数据；

ΔW1=W总1−W有1−W轮=0.8N×0.3m−2N×0.1m−G轮h=0.04J−G轮h；

ΔW2=W总2−W有2−W轮=1.5N×29.【答案】钢球；不能；

速度；速度相同时，质量越大，动能越大；

>；

速度

【解析】(1)根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较钢球到达水平面时动能的大小，所以探究的动能是钢球撞击木块时的动能；实验装置的水平面如果绝对光滑，木块在水平面上将做匀速直线运动，不能停下来，无法通过比较木块移动的距离来反映小球动能的大小，本实验将不能达到探究目的；

(2)分析比较甲和乙两组实验可得，物体的质量相同，而下滑的高度不同，甲图中下滑的高度大，运动到水平面时速度大，推动木块滑行的距离大，故物体质量相同时，速度越大，动能越大，故是为了研究动能大小与速度大小的关系；

比较甲、丙可知，质量不同的小球下落高度相同，到水平面的速度较大，木块移动距离较大，故可得出结论：速度相同时，质量越大，动能越大；

(3)因为在同种接触面上，接触面粗糙程度不变，压力不变时，摩擦力大小不变，因为sA>sB。根据W=Fs可知，图甲中木块克服摩擦做功较多，因此W1>W2；

(4)实验2与实验1相比，小球的质量相同，实验2的小球到达水平面的速度是实验1的2倍，实验2的木块被撞后运动的距离是实验1的4倍；实验3与实验