2024年贵州省高考物理+化学+生物试卷（真题+答案）

2024贵州高考真题

物理

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需

改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。答

案写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项符合题目要求。

1.某研究人员将一铁质小圆盘放入聚苯乙烯颗粒介质中，在下落的某段时间内，小圆盘仅受重力G和颗粒

介质对其向上的作用力八用高速相机记录小圆盘在不同时刻的位置，相邻位置的时间间隔相等，如图所

示，则该段时间内下列说法可能正确的是（）

小圆盘

颗粒介质

AJ一直大于G一直小于G

CJ先小于G,后大于GD..f先大于G,后小于G

2.土星的部分卫星绕土星的运动可视为匀速圆周运动，其中的两颗卫星轨道半径分别为，小弓且

（工々，向心加速度大小分别为4、%,则（）

6a,d\a,,?

A.­=-B.—=—TC.ar=arD.=ar

r\r2r\r2}]2222

3.一种测量液体折射率的V形容器，由两块材质相同的直角棱镜粘合，并封闭其前后两端制作而成。容器

中盛有某种液体，一激光束从左边棱镜水平射入，通过液体后从右边棱镜射出，其光路如图所示。设棱镜

和液体的折射率分别为名、光在棱镜和液体中的传播速度分别为％、V,则（）

A.n<n{),v>v0B.v<v0C.n>n()fv>v0D.n>n(),v<v0

4.如图(a),一质量为〃?的匀质球置于固定钢质支架的水平横杆和竖直墙之间，并处于静止状态，其中一

个视图如图(b)所示。测得球与横杆接触点到墙面的距离为球半径的1.8倍，已知重力加速度大小为g,

不计所有摩擦，则球对横杆的压力大小为()

图(a)图(b)

3345

A.-mgB.-trigC.-mgD.-mg

5.如图，两根相互平行的长直导线与一“凸”形导线框固定在同一竖直平面内，导线框的对称轴与两长直

导线间的距离相等。已知左、右两长直导线中分别通有方向相反的恒定电流乙、乙，且人>4,则当导线

框中通有顺时针方向的电流时，导线框所受安培力的合力方向()

A.竖直向上B.竖直向下C.水平向左D.水平向右

6.质量为1kg的物块静置于光滑水平地面上，设物块静止时的位置为x轴零点。现给物块施加一沿x轴正

方向的水平力F,其大小随位置x变化的关系如图所示，则物块运动到x=3m处，尸做功的瞬时功率为

()

八尸/N

3------：

2......；———

1­

°123x/m

A.8WB.16WC.24WD.36W

7.如图，A、B、C三个点位于以。为圆心的圆上，直径48与弦3c间的夹角为30。。4、B两点分别放有

电荷量大小为4八、%的点电荷时，C点的电场强度方向恰好沿圆的切线方向，则”等于()

9B

A.-B.巫C.JjD.2

33

二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.我国在贵州平塘建成了世界最大单LI径球面射电望远镜FAST,其科学目标之一是搜索地外文明。在宁

宙中，波长位于搜索地外文明的射电波段的辐射中存在两处较强的辐射，一处是波长为21cm的中性氢辐

射，另一处是波长为18cm的羟基辐射。在真空中，这两种波长的辐射相比，中性氢辐射的光子（）

A.频率更大B.能量更小C.动量更小D.传播速度更大

9.如图，一玻璃瓶的瓶塞中竖直插有一根两端开口的细长玻璃管，管中一光滑小球将瓶中气体密封，且小

球处「静止状态，装置的密封性、绝热性良好。对小球施加向下的力使其偏离平衡位置，在「=0时由静止

释放，小球的运动可视为简谐运动，周期为兀规定竖直向上为正方向，则小球在，=1.57时刻（）

A.，立移最大，方向为正B.速度最大，方向为正

C.加速度最大，方向为负D.受到的I可复力大小为零

10.如图，间距为乙的两根金属导轨平行放置并固定在绝缘水平桌面上，左端接有一定值电阻R，导轨所在

平而存在磁感应强度大小为8、方向竖直向卜.的匀强磁场。质量为〃?的金属棒置于导轨上，在水平拉力作

用下从静止开始做匀加速直线运动，一段时间后撤去水平拉力，金属棒最终停在导轨上。己知金属棒在运

动过程中，最大速度为也加速阶段的位移与减速阶段的位移相等，金属棒始终与导轨垂直且接触良好，

不计摩擦及金属棒与导轨的电阻，则（）

XXXXX

XXXXX

汽FB

XX

XTXXXX

XXXXX

请完成下列步骤:

R

（1）该小组设计了如图（a）所示的电路图。根据图（a）,在答题卡上完成图（b）中的实物图连线。

（2）开关S2开，将电阻箱的阻值调到（填“最大”或“最小”）。开关加接1,调节电阻箱，

当电阻箱读数为60.0。时，电流表示数为小。再将加改接2,电流表示数为g,断开S-得到此时热敏

电阻&的阳值为C。

（3）该热敏电阻R「阻值随温度陵化的RrT曲线如图（c）所示，结合（2）中的结果得到温度控制室

内此时的温度约为（结果取整数）

（4）开关加接1,闭合S2,调干电阻箱，使电流表示数为4。再将加改接2,如果电流表示数为

则此时热敏电阻Q（用2表示），根据图（c）即可得到此时温度控制室内的温

度。

13.制作水火筋是青少年科技活动的常见项目之一。某研究小组为了探究水火箭在充气与喷水过程中气体

的热学规律，把水火箭的塑料容器竖直固定，其中A、C分别是塑料容器的充气口、喷水口，B是气压

计，如图（a）所示。在室温环境卜\容器内装入一定质量的水，此时容器内的气休休积为4,压强为

Po,现缓慢充气后压强变为4p0,不计容器的容积变化。

（1）设充气过程中气体温度不变，求充入的气体在该室温环境下压强为Po时的体积。

（2）打开喷水口阀门，喷出一部分水后关闭阀门，容器内气体从状态M变化到状态M其压强〃与体积

V的变化关系如图（b）中实线所示，已知气体在状态N时的体积为乂，压强为P-求气体在状态N与状

态做时的热力学温度之比。

（3）图（b）中虚线MN'是容器内气体在绝热（既不吸热也不放热）条件下压强〃与体积V的变化关系

图线，试判断气体在图（b）中沿实线从M到N的过程是吸热还是放热。（小需要说明理由）

14.如图，边长为L的正方形々从山区域及矩形。的’区域内均存在电场强度大小为石、方向竖直向下且与

必边平行的匀强电场，"右边有一半径为立L且与4/相切的圆形区域，切点为d的中点，该圆形区

3

域与cd炉区域内均存在磁感应强度大小为仄方向垂直纸面向里的匀强磁场。一带电粒子从方点斜向上射

入电场后沿图中曲线运动，经”边的中点进入可©区域，并沿直线通过该区域后进入圆形区域。所有区

域均在纸面内，粒子始终在该纸面内运动，不计粒子重力。求：

（1）粒子沿直线通过cdef区域时的速度大小；

（2）粒子的电荷量与质量之比；

（3）粒子射出圆形区域时速度方向与进入圆形区域时速度方向的夹角。

15.如图，半径为H=1.8m的四分之一光滑圆轨道固定在竖直平面内，其末端与水平地面相切于P

点，PM的长度"=2.7m。一长为L=3.3m的水平传送带以恒定速率％=lm/s逆时针转动，其右端与地

面在M点无缝对接。物块。从圆轨道顶端由静止释放，沿轨道下滑至P点，再向左做直线运动至M点与

静止的物块〃发生弹性正碰，碰撞时间极短。碰撞后。向左运动到达传送带的左端N时，瞬间给〃•水平

向右的冲量/,其大小为6N・s。以后每隔4=0.6s给相同的瞬时冲量/,直到。离开传送带。已知〃

的质量为〃％=1kg/的质量为的=2kg,它们均可视为质点。。、〃与地面及传送带间的动摩擦因数均为

//=0.5,取重力加速度大小g=10m/s?。求：

（1）4运动到圆轨道底端时轨道对它的支持力大小；

（2）方从M运动到N的时间；

（3）〃从N运动到M的过程中与传送带摩擦产生的热量。

参考答案

一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有

一项符合题目要求。

1.【答案】C

【详解】有图可知相等时间内铁质小圆盘的位移先增大后减小，可知铁质小圆盘的速度先增大后减小，以

向下为正方向，即铁质小圆盘的加速度先正后负，根据牛顿第二定律

「「G

(T—j=­a

g

可知/先小于G,后大于G。

故选C。

2.【答案】D

【详解】设土星的质量为M，两颗卫星的质量分别为，叫、叫，对两颗卫星，根据牛顿第二定律

Mm1

G—#=町。］

不

G蜂“

整理可得

故选D。

3.【答案】A

【详解】由图可知光从棱镜进入液体中时，入射角小于折射角，根据折射定律可知

〃<%

根据折射率的速度表达式

一

n

可得

故选A。

4.【答案】D

【详解】对球进行受力分析如图，设球的半径为R,根据几何知识可得

.1.8/?-/?

sina=-----=--0.8

R

根据平衡条件得

cosa=mg

解得

根据牛顿第三定律得球对横杆的压力大小为

=&=4〃吆

故选D。

5.【答案】C

【详解】根据右手螺旋定则可知导线框所在磁场方向向里，由于I〉/2，可知左侧的磁场强度大，同•竖

直方向上的磁场强度相等，故导线框水平方向导线所受的安培力相互抵消，根据左手定则结合歹=4〃可

知左半边竖直方向的导线所受的水平向左的安培力大于右半边竖直方向的导线所受的水平向右的安培力，

故导线框所受安培力的合力方向水平向左。

故选C。

6.【答案】A

【详解】根据图像可知物块运动到x=3m处.产做的总功为

%=3x2J+2xlJ=8J

该过程根据动能定理得

2

Wv=^mv

解得物块运动到戈=3m处时的速度为

v=4m/s

故此时尸做功的瞬时功率为

p=Fv=8W

故选Ao

7.【答案】B

【详解】根据题意可知两电荷为异种电荷，假设以为正电荷，力为负电荷，两电荷在。点的场强如下

图，设圆的半径为心根据几何知识可得

%

E

tan60。二」

当

同时有

EA=%,3纯

rACrBC

联立解得

队=2

/3

故选B。

彳、r

A-\30。）、、%

4..............O……,

1\99

\、“/

、•，，

■、.■

.......

二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多

项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.【答案】BC

【详解】D.所有光波在真空中传播的速度相同，都是c,D错误；

ABC.由光子频率与波长公式》二£,能量公式石=/n/,动量与波长公式〃可知，波长更长，频率

AA

更小，能量更小，动量更小，A错误，BC正确。

故选BCo

9.【答案】AC

【详解】对小球施加向下的力使其偏离平衡位置，在，=0时由静止释放，可知此时小球位于最低点，且小

球的运动可视为简谐运动，周期为兀则小球在，=1.57时刻处于最高点位置，此时位移最大.方向向上

（正方向）；小球受到的回复力最大，方向向下，则小球的加速度最大，方向向下（负方向）；此时小球的

速度为0。

故选AC。

10.【答案】AB

【详解】A.设加速阶段的位移与减速阶段的位移相等为x,根据

-EA①人△①BLx

G-/△，=—△，=-------\t=——=------

RRZRR

可知加速过程中通过金属棒的电荷量等于减速过程中通过金属棒的电荷量，则减速过程由动量定理可得

=-BLq=O-wv

解得

mv

q=—

BL

A正确;

B.由

mvBLx

q=—=-----

BLR

解得

mvR

X-））

B2I3

金属棒加速的过程中，由位移公式可得

1

x=­vt

2

口J得加速时间为

2mR

1~B2!}

B正确；

C.金属棒在水平拉力作用下从静止开始做匀加速直线运动，加速过程中，安培力逐渐增大，加速度不

变，因此拉力逐渐增大，当撤去拉力的瞬间，拉力最大，由牛顿第二定律可得

rBLv

%BnRLT=ma

其中

v=at

联立解得

22

厂3BLV

r=--------

m2R

c错误；

D.加速过程中拉力对金属棒做正功，安培力对金属棒做负功，由动能定理可知，合外力的功

叫一也=-mv2

可得

2

W,.=W;.+^mv

因此加速过程中拉力做的功大于"巴D错误。

故选ABo

三、非选择题：本题共5小题，共57分。

II.【答案】②.非线性③.9.83

,如图所示。

(5)⑵由绘制的介-，图线可知，下落高度随时间的变化是非线性关系。

(6)⑶如果长直木条做自由落体运动，则满足

,1

h=^gl

由

/z=4.916r(SI)

可得

-1^=4.916m/s2

解得

g=9.832m/s?«9.83m/s2

R

温

度

12.【答案】(1)控(2)①.最大②.300

制

室

(3)9(4)50(1)

【小问1详解】

由图（a）所示的电路图，图（b）中的实物图连线如图所示。

温

度

控【小问2详解】

制

室

⑴由图（a）可知，电阻箱起到保护电路的作用，因此开关闭合前，将电阻箱的阻值调到最大。

⑵开关M接1时，由欧姆定律可得

g4

S1接2时，则有

4=_W_

2RO+Rg+RT

联立解得

/=凡）+4=60Q+240Q=300Q

【小问3详解】

由图（c）可知，&=300。时，对应的温度约为9℃。

【小问4详解】

开关和接闭合S?,调节电阻殖，使电流表示数为乙。由并联电路的分流作用，结合

4=5R,“J得十路电流为6/厂则有并联部分的电阻

R述

R井

R+R

由欧姆定律可得

67,=------

3R诧+风

结合

R。=60Q

解得

&=10Q

S1接2时，电流表示数为%(2〉1),同理可得干路电流可为24,由欧姆定律可得

krC"小"

结合

其中

R井=4（）n

解得

&=（R_1）（R井+/）=50（2_l）C

13.【答案】⑴3%

(2)-PLXMJ-

4PM

(3)吸热

【小问1详解】

设充入的气体在该室温环境下压强为Po时的体枳为匕充气过程中气体温度不变，则有

Po%+/%V=4po%

解得

V二3匕

【小问2详解】

容器内气体从状态M变化到状态M由理想气体的状态方程可得

4〃。匕二PM

4TN

可得

G二

TM4〃0匕

【小问3详解】

由P-V图像与横坐标轴所围面积表示气体做功可知，从"到N的过程对外做功更多，N和M都是从M

状态变化而来，更应该相同，可得

T

TN

可知从M到N的过程内能降低的更少。由热力学第一定律AU=Q+W可知，从M到N'的过程绝热，内

能降低等丁对外做功；从M到N的过程对外做功更多，内能降低反而更少，则气体必然吸热。

E

14.【答案】⑴万

⑶60°

【小问1详解】

带电粒子在戊/勿区域做直线运动，则有电场力与洛伦兹力平衡，可知粒子带正电，经cd边的中点速度水

平向右，设粒子到达cd边的中点速度大小为%,带电荷量为夕，质量为根，由平衡条件则有

qE=q%B

解得

E

%二万

【小问2详解】

粒子从〃点到〃边的中点的运动，可逆向看做从〃边的中点到方点的类平抛运动，设运动时间为f,加速

度太小为由牛顿第一定律可得

qE=ma

由类平抛运动规律可得

%，=L

12L

-ar=—

22

联立解得粒子的电荷量与质量之比

旦=遂_»

mELLB2

【小问3详解】

粒子从。*中点射出到圆形区域做匀圆周运动，设粒子的运动半径为R,由洛伦兹力提供向心力可得

4%8=/吟

解得

R=L

粒子在磁场中运动轨迹图如图所示，由图可知，粒子沿半径方向射入，又沿半径方向射出，设粒子射出圆

形区域时速度方向与进入圆形区域时速度方向的夹角为a,由几何关系可知

o

a=20

可得

R3

，=30

则有

a=60

15.【答案】(I)30N(2)3.2s

(3)95J

【小问1详解】

〃从静止释放到圆轨道底端过程，根据机械能守恒定律

在P点，设轨道对它的支持力大小为N,根据牛顿第二定律

V

浦P

K

联立解得

N=30N

【小问2详解】

a从静止释放到M点过程中，根据动能定理

m“gR_〃m“gd二;〃t,R-O

解得

匕w=3m/s

〃与发生弹性碰撞的过程，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有

12

3“昌二铲乂+”此

解得

1%=2m/s

〃滑上传送带后，根据牛顿第二定律

卬%g=m卢

解得

a=5m/s2

b的速度减小到与传送带速度相等所需的时间

小，=0公

a

对地位移

>”=0.3m

此后b做匀速直线运动，b到达传送带最左端还需要的时间

%

。从M运动到N的时间

/=/]+/,=3.2s

【小问3详解】

设向右为正方向，瞬间给〃一水平向右的冲量，对〃根据动量定理

解得

v=2nVs

〃向右减速到零所需的时间

A「=().4S

然后向左加速到%所需的时间

Z4=—=0.2s

a

可得

△/=A+，4

b在Af时间内向右运动的距离

Ar=--Z,--=0.3m

2324

循环10次后〃向右运动的距离

V=10-Ax=3m

每一次相对传动带运动的路程

yE.

S=543+卬3+卬4T。=0.9m

b从N向右运动3m的过程中人与传送带摩擦产生的热量

Qi=l()4/gs=90J

然后继续向右减速运动，根据运动学公式

%一］"：=L—xr

解得

t5=0.2s

此过程，〃相对传动带运动的路程

71

=L-x+vor5=0.5m

此过程中b与传送带摩擦产生的热量

Qi==5J

b从N运动到M的过程中与传送带摩擦产生的热量

Q=Q+Q=95J

2024贵州高考真题

化学

本卷满分100分，考试时间75分钟。

可能用到的相对原子质量：H1C12O16Na23Si28Cl35.5W184

一、选择题：本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一

项符合题目要求。

1.历史文物见证了中华民族共同体在发展中的交往交流交融。下列贵州出土的文物中主要由天然高分子材

料制成的是

选项青陶罐带盖铜托杯鹭鸟纹蜡染百褶裙九凤三龙嵌宝石金冠

A.AB.BC.CD.D

2.下列叙述正确的是

A.KBr的电子式：K-[：Br]-

B.聚乙狭的结构简式：fCH=CH47

C.SO；的空间结构：平面三角形

D.CH3cH2c(CHj=CH2的名称：2-甲基-2-丁烯

3.厨房中处处有化学。下列说法错误的是

选

生活情境涉及化学知识

项

A清洗餐具时用洗洁精去除油污洗洁精中的表面活性剂可使油污水解为水溶性物质

B炒菜时不宜将油加热至冒烟油脂在高温下容易生成对身体有害的稠环化合物

长期暴露在空气中的食盐变成了糊

C食盐中常含有容易潮解的MgCl2

状

D久煮的鸡蛋蛋黄表面常呈灰绿色蛋白中硫元素与蛋黄中铁元素生成的FeS和蛋黄混合呈灰

绿色

A.AB.BC.CD.D

4.贵州盛产灵芝等中药材。灵芝酸B是灵芝的主要活性成分之一，其结构简式如图。下列说法错误的是

A.分子中只有4种官能团

B.分子中仅含3个手性碳原子

C.分子中碳原子的杂化轨道类型是Sp2和Sp3

D.该物质可发生酯化反应、加成反应和氧化反应

5.下列装置不能达到实验口的的是

c.图③可用于分离CH2c%和CQ,D.图④可用于制备明机晶体

6.二氧化氯(CIO?)可用于自来水消毒。实验室用草酸(H2c)和KC1O3制取CIO2的反应为

H2C2O4+2KC1O3+H2SO4=2C1O2T+2CO2T+K2SO4+2H2O。设NA为阿伏加德罗常数的值。下

列说法正确的是

,8

A.D.lmolH2O中含有的中子数为1.2NA

B.每生成67.5gClC)2,转移电子数为2.0NA

C.0.1molL-'H2C2O4溶液中含有的H，数目为0.2NA

D.标准状况下，22.4LCO2中含。键数目为2.0NA

7.下列离子方程式书写错误的是

A.用氢氟酸雕刻玻璃：SiO2+4H++4F=SiRT+2H2O

2+13+3+

R用绿帆(FeSO47H2O)处理酸性废水中的Cr2O;：6Fe+Cr2O；-+14H=6Fe+2Cr+7H2O

C.用泡沫灭火器灭火的原理：Al"+3HCO；=A1(OH)3J+3CO2T

电解小小

D.工业电解饱和食盐水制烧碱和氯气:2Cr+2H2O^2OH-+H2T+C12T

8.我国科学家首次合成了化合物[K(2,2,2-crypt)l[K@Aui2Sb2o]o其阴离子[K@Au】2sb2o]5-为全金属富勒烯

(结构如图)，具有与富勒烯C60相似的高对称性。下列说法错误的是

A.富勒烯C60是分子晶体

B.图示中的K♦位于Au形成的二十面体笼内

C.全金属富勒烯和富勒烯C60互为同素异形体

D.绑(Sb)位于第五周期第VA族，则其基态原子价层电子排布式是5s25P，

9.某化合物由原子序数依次增大的短周期主族元素W、X、Y、Z、Q组成(结构如图)。X的最外层电子数

等于内层电子数，Y是有机物分子骨架元素，Q和W能形成两种室温下常见的液态化合物。下列说法错误

的是

<》YW3

W-ZQ—Yx

\/%

%/X、Q

Y—QZ—W

I/\

YW3wW

A.第一电离能：Y<Z<QB.该化合物中Q和W之间可形成氢键

C.X与A1元素有相似的性质D.W、Z、Q三种元素可形成离子化合物

io,根据卜.列实验操作及现象所推出的结论正确的是

选

实验操作及现象结论

项

将Zn和ZnSO4溶液与Cu和CuSO4溶液组成双液原电池，连通后原电池中Zn作正极，Cu

A

铜片上有固体沉积作负极

向洁净试管中加入新制银氨溶液，滴入几滴乙醛，振荡，水浴加

B乙醛有氧化性

热，试管壁上出现银镜

C向苯酚浊液中加入足量Na2c0、溶液，溶液由浑浊变澄清苯酚的酸性比H2co，强

向Bad2溶液中先通入适量SO2,无明显现象，再加入稀HNO〉

D稀HNO3有氧化性

有白色沉淀生成

A.AB.BC.CD.D

11.一种太阳能驱动环境处理的自循环光催化芬顿系统工作原理如图。光阳极发生反应：

+

HCO；+H2O=HCO；+2H+2e-,HCO；+H20=HCO；+H2O2。体系中H2O2与Mn(II)/Mn(IV)

发生反应产生的活性氧自由基可用于处理污水中的有机污染物。

下列说法错误的是

A.该芬顿系统能量转化形式为太阳能-电能-化学能

B.阴极反应式为CT?+2H++2e-=H2O2

C.光阳极每消耗ImolH?。，体系中生成2moiH]。?

D.也。2在Mn(II)/Mn(IV)的循环反应中表现出氧化性和还原性

12.硼砂[Na2B4O5(OH)「8H2。]水溶液常用于pH计的校准。硼砂水解生成等物质的量的B(OHb(硼酸)

和Na[B(OH)J(硼酸钠)。

-HOOH--

已知：①25℃时，硼酸显酸性的原理B(O")3+2H2OHHQ++\7(=5.8x107°

.HOOH.

②1g屈才0.38。

下列说法正确的是

A.硼砂稀溶液中c(Na+)=C[B(OH)3]

B.硼酸水溶液中的H'主要来自水的电离

C.25C时，O.OlmoLL-硼酸水溶液的pH*6.38

D.等浓度等体积的B(OH%和Na[B(OH)j溶液混合后，溶液显酸性

13.贵州重晶石矿(主要成分BaSO』)储量占全国;以上。某研究小组对重晶石矿进行“富矿精开”研究,

开发了制备高纯纳米钛酸钢（BaTiOJ工艺。部分流程如下:

过量____

重晶BaS盐酸由TTlNaOH系列n.八OII

石矿一溶液般一Ba（OH）2-8H2O

1HR

气体溶液1

产品曲冬粗品T合成反应尸。0赢

下列说法正确的是

A.“气体”主要成分是HzS,“溶液1”的主要溶质是Na2s

B.“系列操作”可为蒸发浓缩、冷却结晶、过滤、洗涤、干燥

C.“合成反应”中生成BaTiC>3的反应是氧化还原反应

D.“洗涤”时可用稀H2so4去除残留的碱，以提高纯度

14.AgCN与CH3cH用「可发生取代反应，反应过程中CN-的C原子和N原子均可进攻CH3cH用「，分

别生成胎（CH3cH?CN）和异睛（CH3cH?NC）两种产物。通过量子化学计算得到的反应历程及能量变化

如图（TS为过渡态，1、II为后续物）。

CH

CH3］能量N3

TS1%/

N.即.

一/飞占空2

IIIBr/'

1/\Ag----Br

CH3c^^+AgB%A8c管113cHiBr\

一'、、&';睛

\CH3CH2CN+AgBr

CH3CH2N=C-Ag-Br

CH3cH三怔:Ag--Br

反应进程反应进程

由图示信息，下列说法错误的是

A.从CH3cH?Br生成CH3cH?CN和CH3cH?NC的反应都是放热反应

B.过渡态TS1是由CN的C原子进攻CH3cH?Br的a—C而形成的

C.I中“N-Ag”之间的作用力比II中“C-Ag”之间的作用力弱

D.生成CH3cH?CN放热更多，低温时CH3cH?CN是主要产物

二、非选择题：本题共4小题，共58分。

15.十二铝硅酸在催化方面有重要用途。某实验小组制备十二钙硅酸晶体，并测定其结晶水含量的方法如

下（装置如图，夹持装置省略）：

I.将适量NazWOqNHq、NazSiC^fH2。加入三颈烧瓶中，加适量水，加热，溶解。

II.持续搅拌下加热混合物至近沸，缓慢滴加浓盐酸至pH为2,反应30分钟，冷却。

III.将反应液转至萃取仪器中，加入乙醛，再分批次加入浓盐酸，萃取。

IV.静置后液体分上、中、下三层，下层是油状铝硅酸酸合物。

V.将下层油状物转至蒸发皿中，加少量水，加热至混合液表面有晶膜形成，冷却结晶，抽滤，干燥，得

到十二鸽硅酸晶体（HJSiWiQM・口凡。）

已知：

①制备过程中反应体系pH过低会产生鸨的水合氧化物沉淀；

②乙醛易挥发、易燃，难溶于水且密度比水小；

■ii-]+

③乙醛在高浓度盐酸中生成的C2H5-0-C2H$与[SiW12043r缔合成密度较大的油状鸨硅酸酸合

物。

回答下列问题：

（1）仪器a中的试剂是______（填名称），其作用是________。

（2）步骤n中浓盐酸需缓慢滴加的原因是_______。

（3）下列仪器中，用于“萃取、分液”操作的有（填名称）。

0

（4）步骤IV中“静置”后液体中间层的溶质主要是_______。

（5）步骤V中“加热”操作（选填“能”或“不能”）使用明火，原因是_______。

（6）结晶水测定：称取mg十二钢硅酸晶体（H/SiW1204G卜nH?O,相对分子质量为M）,采用热重分析

法测得失去全部结晶水时失重3%,计算n=（用含0）、M的代数式表示）若样品未充分干燥，会导

致n的值_______（选填“偏大”“偏小”或“不变”）。

16.煤气化渣属于大宗固废，主要成分为FqCVAl2OeSiO?及少量MgO等。一种利用“酸浸—碱沉一充

钠”工艺，制备钠基正极材料NaFePOj和回收AhOa的流程如下:

煤浓H2sO’NaOH溶液稀H2sO4NH4H2PO4

气

化酸化、还原T