5年（2021-2025）湖南高考生物真题分类汇编：专题06 遗传的基本规律和伴性遗传（解析版）

专题06遗传的基本规律和人类遗传病

考点五年考情（2021-2025）命题趋势

2025年T18：考查基因分离定律

的实质和应用；

2023年T19：考查基因自由组合

1.重综合应用如多对基因互作

定律的概率计算；

(9:3:3:1变式如12:3:1、9:7等)；

2022年T9：考查基因自由组合

2.伴性遗传与常染色体遗传的

定律测交的结果；

综合判断如家系谱图中X染色

2022年T15：考查基因自由组合

体显性或隐性遗传病特点；

考点01定律结果9:3:3:1;

3.重实验设计如基因定位方法

基因的分离定律2022年T19：考查基因分离定律

(杂交组合设计、测交验证)，

和自由组合定律的概率计算；

显隐性判定“无中生有为隐性，

(5年6考)2021年T17：考查基因自由组合

有中生无为显性”，结合电泳

定律自交结果9:3:3:1的变式

实验结果综合考查遗传定律；

15:1，基因自由组合定律的

4.结合湖南高发遗传病如地中

细胞学基础

海贫血、遗传性耳聋的流行病学

2024年T18：考查色盲(伴X

调查及基因检测技术(PCR+电

考点02染色体隐性遗传)的遗传特点及

泳)，杂交水稻育种中的基因重

性别决定和后代基因型。

组原理应用如抗病基因、耐盐碱

伴性遗传2022年T15：果蝇的眼色和翅型；

等基因导入等基因互作模型。

（5年3考）2021年T10：考查伴性遗传的基

因型，遗传概率，遗传特点。

考点01基因的分离定律和基因自由组合定律

1．（2022·湖南·高考真题）大鼠控制黑眼/红眼的基因和控制黑毛/白化的基因位于同一条染色体上。某个体

测交后代表现型及比例为黑眼黑毛:黑眼白化:红眼黑毛:红眼白化=1:1:1:1。该个体最可能发生了下列哪种

染色体结构变异（）

A．B．

C．D．

【答案】C

【分析】染色体结构变异包括4种类型：缺失、重复、易位和倒位。分析选项可知，A属于缺失、B属

于重复、C属于易位，D属于倒位。

【详解】分析题意可知：大鼠控制黑眼/红眼的基因和控制黑毛/白化的基因位于同一条染色体上，两对

等位基因为连锁关系，正常情况下，测交结果只能出现两种表现型，但题干中某个体测交后代表现型及

比例为黑眼黑毛:黑眼白化:红眼黑毛:红眼白化=1:1:1:1，类似于基因自由组合定律的结果，推测该个体可

产生四种数目相等的配子，且控制两对性状的基因遵循自由组合定律，即两对等位基因被易位到两条非

同源染色体上，C正确。

故选C。

2．（2022·湖南·高考真题）(不定项)果蝇的红眼对白眼为显性，为伴X遗传，灰身与黑身、长翅与截翅各由

一对基因控制，显隐性关系及其位于常染色体或X染色体上未知。纯合红眼黑身长翅雌果蝇与白眼灰身

截翅雄果蝇杂交，F1相互杂交，F2中体色与翅型的表现型及比例为灰身长翅:灰身截翅:黑身长翅:黑身截

翅=9∶3∶3∶1。F2表现型中不可能出现（）

A．黑身全为雄性B．截翅全为雄性C．长翅全为雌性D．截翅全为白眼

【答案】AC

【分析】假设控制红眼和白眼的基因用W、w表示，控制黑身和灰身的基因用A、a表示，控制长翅和

截翅的基因用B、b表示，已知F2中灰身：黑身=3:1，长翅：截翅=3:1，可知灰身、长翅为显性性状，

控制体色与翅型的基因遵循自由组合定律。

【详解】A、若控制黑身a的基因位于X染色体上，只考虑体色，亲本基因型可写为XaXa、XAY，子二

代可以出现XAXa、XaXa、XAY、XaY，灰身：黑身=1:1，与题干不符；若控制黑身a的基因位于常染

色体上，后代表型与性别无关，故不会出现黑身全为雄性，A符合题意；

B、若控制截翅的基因b位于X染色体上，只考虑翅型，亲本基因型可写为XBXB、XbY，子二代可以出

现XBXB、XBXb、XBY、XbY，即截翅全为雄性，B不符合题意；

C、若控制长翅的基因B位于X染色体上，只考虑翅型，亲本基因型可写为XBXB、XbY，子二代可以出

现XBXB、XBXb、XBY、XbY，即长翅有雌性也有雄性，C符合题意；

D、若控制截翅的基因b位于X染色体上，考虑翅型和眼色，亲本基因型可写为XBWXBW、XbwY，子二

代可以出现XBWXBW、XBWXbw、XBWY、XbwY，即截翅全为白眼，D不符合题意。

故选AC。

3．（2025·湖南·高考真题）未成熟豌豆豆荚的绿色和黄色是一对相对性状，科研人员揭示了该相对性状的部

分遗传机制。回答下列问题：

(1)纯合绿色豆荚植株与纯合黄色豆荚植株杂交，F1只有一种表型。F1自交得到的F2中，

绿色和黄色豆荚植株数量分别为297株和105株，则显性性状为_________________。

(2)进一步分析发现：相对于绿色豆荚植株，黄色豆荚植株中基因H（编码叶绿素合成酶）的上游缺失非

编码序列G。为探究G和下游H的关系，研究人员拟将某绿色豆荚植株的基因H突变为h（突变位点

如图a所示，h编码的蛋白无功能），然后将获得的Hh植株与黄色豆荚植株杂交，思路如图a：

①为筛选Hh植株，根据突变位点两侧序列设计一对引物提取待测植株的DNA进行PCR。若扩增产物

电泳结果全为预测的1125bp，则基因H可能未发生突变，或发生了碱基对的

___________；若H的扩增产物能被酶切为699bp和426bp的片段，而h的酶切位点丧失，则图b（扩

增产物酶切后电泳结果）中的________（填“Ⅰ”“Ⅱ”或“Ⅲ”）对应的是Hh植株。

②若图a的F1中绿色豆荚：黄色豆荚=1：1，则F1中黄色豆荚植株的基因型为______________[书写以图

a中亲本黄色豆荚植株的基因型（△G+H）/（△G+H）为例，其中“△G”表示缺失G]。据此推测F1中黄

色豆荚植株产生的遗传分子机制是_________________________。

③若图a的F1中两种基因型植株的数量无差异，但豆荚全为绿色，则说明____________。

【答案】(1)绿色

(2)①替换Ⅱ(G+h)/(△G+H)该植株中基因H上游缺失非编码序列G，导致基因H不能正

常表达，表现为黄色豆荚非编码序列G缺失不影响基因H表达

【知识点】基因分离定律的实质和应用、PCR扩增的原理与过程

【分析】判断性状显隐性通常有两种方法。一是具有相对性状的纯合亲本杂交，子一代所表现出来的性

状就是显性性状，比如本题中纯合绿色豆荚植株与纯合黄色豆荚植株杂交，F1只有一种表型，此表型对

应的性状即为显性性状。二是杂合子自交，后代出现性状分离，分离比中占比多的那个性状为显性性

状，像本题F1自交得到F2，绿色和黄色豆荚植株数量比约为3:1，绿色植株数量多，所以绿色是显性

性状。

【详解】（1）纯合绿色豆荚植株与纯合黄色豆荚植株杂交，F1只有一种表型，说明F1表现的性状为显性

性状。F1自交得到F2，绿色和黄色豆荚植株数量比约为297:105≈3:1，符合孟德尔分离定律中杂合子自

交后代显性性状与隐性性状的分离比，所以显性性状为绿色。

（2）①若扩增产物电泳结果全为预测的1125bp，基因H可能未发生突变，若发生突变且产物长度不

变，则可能是发生了碱基对的替换。H的扩增产物能被酶切为699bp和426bp的片段，h的酶切位

点丧失。Hh植株会产生两种类型的扩增产物，一种是H经酶切后的699bp和426bp片段，一种是h

未被酶切的1125bp片段，所以图b中的Ⅱ对应的是Hh植株。

②Hh植株与黄色豆荚植株(△G+H)/(△G+H)杂交，若F1​中绿色豆荚：黄色豆荚=1:1，说明Hh植

株产生了两种配子G+H和G+h，且黄色豆荚植株只能产生含△G+H的配子，所以F1中黄色豆荚

植株的基因型为(G+h)/(△G+H)。F1中黄色豆荚植株产生的遗传分子机制是：该植株中基因H上游缺

失非编码序列G，导致基因H不能正常表达，表现为黄色豆荚。

③若图a的F1中两种基因型植株的数量无差异，但豆荚全为绿色，说明虽然黄色亲本中基因H上游

缺失G，但H基因仍能正常表达（或表达量足够）合成叶绿素，使豆荚表现为绿色，即非编码序列G

缺失不影响基因H表达。

4．（2023·湖南·高考真题）基因检测是诊断和预防遗传病的有效手段。研究人员采集到一遗传病家系样本，

测序后发现此家系甲和乙两个基因存在突变：甲突变可致先天性耳聋；乙基因位于常染色体上，编码产

物可将叶酸转化为N5-甲基四氢叶酸，乙突变与胎儿神经管缺陷（NTDs）相关；甲和乙位于非同源染色

体上。家系患病情况及基因检测结果如图所示。不考虑染色体互换，回答下列问题：

(1)此家系先天性耳聋的遗传方式是_______________________________________________。1-1和1-2生

育一个甲和乙突变基因双纯合体女儿的概率是___________________。

(2)此家系中甲基因突变如下图所示：

正常基因单链片段5'-ATTCCAGATC……（293个碱基）……CCATGCCCAG-3'

突变基因单链片段5'-ATTCCATATC……（293个碱基）……CCATGCCCAG-3'

研究人员拟用PCR扩增目的基因片段，再用某限制酶（识别序列及切割位点为）酶切检测

甲基因突变情况，设计了一条引物为5′-GGCATG-3'，另一条引物为_________（写出6个碱基即可）。用

上述引物扩增出家系成员Ⅱ-1的目的基因片段后，其酶切产物长度应为________bp（注：该酶切位点在

目的基因片段中唯一）。

(3)女性的乙基因纯合突变会增加胎儿NTDs风险。叶酸在人体内不能合成，孕妇服用叶酸补充剂可降低

NTDs的发生风险。建议从可能妊娠或孕前至少1个月开始补充叶酸，一般人群补充有效且安全剂量为

0.4~1.0mg.d-1，NTDs生育史女性补充4mg.d-1。经基因检测胎儿（Ⅲ-2）的乙基因型为-/-，据此推荐该孕

妇（Ⅱ-1）叶酸补充剂量为_____mg.d-1。

【答案】(1)常染色体隐性遗传病1/32

(2)5'-ATTCCA-3'8、302和310(3)0.4~1.0

【分析】基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，

位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中。随配子独立遗传给后

代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合

【详解】（1）由遗传系谱图可知，由于I-1与I-2均表现正常，他们关于甲病的基因型均为+/-，而他们

的女儿Ⅱ-4患病，因此可判断甲基因突变导致的先天性耳聋是常染色体隐性遗传病，由I-1、I-2和Ⅱ-3

关于乙病的基因可以推出乙基因突变导致的遗传病也是常染色体隐性遗传病，所以I-1和I-2生出一个甲

和乙突变基因双纯合体女儿的概率为1/4×1/4×1/2=1/32。

（2）本题研究甲基因突变情况，二代1为杂合子，兼有正常甲基因和突变甲基因。目的基因为甲基因，

扩增引物应与两基因共有的TAAGGT片段结合，应为ATTCCA。可扩增出大量正常甲基因和突变甲基

因供后续鉴定。此时酶切，正常甲基因酶切后片段为8和2+293+7=302bp，突变甲基因无法被酶切，大

小为310bp。后续可通过电泳等手段区分开，达到检测甲基因突变情况的目的。

（3）由题干可知“女性乙基因纯合时会增加胎儿患病风险”，而Ⅱ-1为杂合子，且其无NTDs生育史，故

其叶酸补充量为0.4-1.0。

5．（2022·湖南·高考真题）中国是传统的水稻种植大国，有一半以上人口以稻米为主食。在培育水稻优良品

种的过程中，发现某野生型水稻叶片绿色由基因C控制。回答下列问题:

(1)突变型1叶片为黄色，由基因C突变为C1所致，基因C1纯合幼苗期致死。突变型1连续自交3代，

F3成年植株中黄色叶植株占______。

(2)测序结果表明，突变基因C1转录产物编码序列第727位碱基改变，由5＇-GAGAG-3＇变为5＇-GACAG-3＇，

导致第______位氨基酸突变为______，从基因控制性状的角度解释突变体叶片变黄的机理

_____________________________________。（部分密码子及对应氨基酸:GAG谷氨酸;AGA精氨酸;GAC

天冬氨酸;ACA苏氨酸;CAG谷氨酰胺）

(3)由C突变为C1产生了一个限制酶酶切位点。从突变型1叶片细胞中获取控制叶片颜色的基因片段，

用限制酶处理后进行电泳（电泳条带表示特定长度的DNA片段），其结果为图中___（填“I”“Ⅱ”或“Ⅲ”）。

(4)突变型2叶片为黄色，由基因C的另一突变基因C2所致。用突变型2与突变型1杂交，子代中黄色

叶植株与绿色叶植株各占50%。能否确定C2是显性突变还是隐性突变?______（填“能”或“否”），用文字

说明理由_____________________________________。

【答案】(1)2/9

(2)243谷氨酰胺基因突变影响与色素形成有关酶的合成，导致叶片变黄

(3)Ⅲ

(4)能若C2是隐性突变，则突变型2为纯合子，则子代CC2表现为绿色，C1C2表现为黄色，子代

中黄色叶植株与绿色叶植株各占50%。若突变型2为显性突变，突变型2（C2C）与突变型1（CC1）杂

交，子代表型及比例应为黄∶绿=3∶1，与题意不符

【分析】（1）基因突变具有低频性，一般同一位点的两个基因同时发生基因突变的概率较低；

（2）mRNA中三个相邻碱基决定一个氨基酸，称为一个密码子。

【详解】（1）突变型1叶片为黄色，由基因C突变为C1所致，基因C1纯合幼苗期致死，说明突变型1

应为杂合子，C1对C为显性，突变型1自交1代，子一代中基因型为1/3CC、2/3CC1，子二代中3/5CC、

2/5CC1，F3成年植株中黄色叶植株占2/9。

（2）突变基因C1转录产物编码序列第727位碱基改变，由5＇-GAGAG-3＇变为5＇-GACAG-3＇，突

变位点前对应氨基酸数为726/3=242，则会导致第243位氨基酸由谷氨酸突变为谷氨酰胺。叶片变黄是

叶绿体中色素含量变化的结果，而色素不是蛋白质，从基因控制性状的角度推测，基因突变影响与色素

形成有关酶的合成，导致叶片变黄。

（3）突变型1应为杂合子，由C突变为C1产生了一个限制酶酶切位点。Ⅰ应为C酶切、电泳结果，II

应为C1酶切、电泳结果，从突变型1叶片细胞中获取控制叶片颜色的基因片段，用限制酶处理后进行

电泳，其结果为图中Ⅲ。

（4）用突变型2（C2_）与突变型1（CC1）杂交，子代中黄色叶植株与绿色叶植株各占50%。若C2是

隐性突变，则突变型2为纯合子，则子代CC2表现为绿色，C1C2表现为黄色，子代中黄色叶植株与绿色

叶植株各占50%。若突变型2为显性突变，突变型2（C2C）与突变型1（CC1）杂交，子代表型及比例

应为黄∶绿=3∶1，与题意不符。故C2是隐性突变。

6．（2021·湖南·高考真题）油菜是我国重要的油料作物，油菜株高适当的降低对抗倒伏及机械化收割均有重

要意义。某研究小组利用纯种高秆甘蓝型油菜Z，通过诱变培育出一个纯种半矮秆突变体S。为了阐明

半矮秆突变体S是由几对基因控制、显隐性等遗传机制，研究人员进行了相关试验，如图所示。

回答下列问题：

（1）根据F2表现型及数据分析，油菜半矮秆突变体S的遗传机制是_________________，杂交组合①的

F1产生各种类型的配子比例相等，自交时雌雄配子有_________种结合方式，且每种结合方式机率相等。

F1产生各种类型配子比例相等的细胞遗传学基础是___________

______________________________________________________________________________。

（2）将杂交组合①的F2所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表现型及比例，分为三种类型，

全为高秆的记为F3-Ⅰ，高秆与半矮秆比例和杂交组合①、②的F2基本一致的记为F3-Ⅱ，高秆与半矮秆比

例和杂交组合③的F2基本一致的记为F3-Ⅲ。产生F3-Ⅰ、F3-Ⅱ、F3-Ⅲ的高秆植株数量比为

____________________。产生F3-Ⅲ的高秆植株基因型为___________（用A、a；B、b；C、c……表示

基因）。用产生F3-Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试验，能否验证自由组合定律？________________________。

【答案】(1)由两对位于非同源染色体上的隐性基因控制16

F1减数分裂产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色体上的非等位基因自由组

合

(2)7∶4∶4Aabb、aaBb不能

【分析】实验①②中，F2高秆∶半矮秆≈15∶1，据此推测油菜株高性状由两对独立遗传的基因控制，遵

循基因的自由组合定律。

【详解】（1）根据分析可推测，半矮秆突变体S是双隐性纯合子，只要含有显性基因即表现为高秆，杂

交组合①的F1为双杂合子，减数分裂产生配子时，位于同源染色体上的等位基因分离，位于非同源染色

体上的非等位基因自由组合，所以产生4种比例相等的配子，自交时雌雄配子有16种结合方式，且每

种结合方式机率相等，导致F2出现高秆∶半矮秆≈15∶1。

（2）杂交组合①的F2所有高秆植株基因型包括1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb、1AAbb、2Aabb、

1aaBB、2aaBb，所有高秆植株自交，分别统计单株自交后代的表现型及比例，含有一对纯合显性基因的

高秆植株1AABB、2AABb、2AaBB、1AAbb、1aaBB，占高秆植株的比例为7/15，其后代全为高秆，记

为F3-Ⅰ；AaBb占高秆植株的比例为4/15，自交后代高秆与半矮秆比例≈15∶1，和杂交组合①、②的F2

基本一致，记为F3-Ⅱ；2Aabb、2aaBb占高秆植株的比例为4/15，自交后代高秆与半矮秆比例和杂交组

合③的F2基本一致，记为F3-Ⅲ，产生F3-Ⅰ、F3-Ⅱ、F3-Ⅲ的高秆植株数量比为7∶4∶4。用产生F3-Ⅲ的

高秆植株进行相互杂交试验，不论两对基因位于一对同源染色体上，还是两对同源染色体上，亲本均产

生两种数量相等的雌雄配子，子代均出现高秆∶半矮秆=3∶1，因此不能验证基因的自由组合定律。

考点02性别决定和伴性遗传

7．（2021·湖南·高考真题）有些人的性染色体组成为XY，其外貌与正常女性一样，但无生育能力，原因是

其X染色体上有一个隐性致病基因a，而Y染色体上没有相应的等位基因。某女性化患者的家系图谱如

图所示。下列叙述错误的是（）

A．Ⅱ-1的基因型为XaY

B．Ⅱ-2与正常男性婚后所生后代的患病概率为1/4

C．I-1的致病基因来自其父亲或母亲

D．人群中基因a的频率将会越来越低

【答案】C

【分析】由某女性化患者的家系图谱可知，Ⅰ-1是女性携带者，基因型为XAXa，Ⅰ-2的基因型是XAY，

生出的子代中，Ⅱ-1的基因型是XaY，Ⅱ-2的基因型是XAXa，Ⅱ-3的基因型是XaY，Ⅱ-4的基因型XAXA，

是Ⅱ-5的基因型是XAY。

【详解】A、据分析可知，Ⅱ-1的基因型是XaY，A正确；

B、Ⅱ-2的基因型是XAXa，与正常男性XAY婚配后，后代基因型及比例为：XAXA：XAXa：XAY：XaY=1：

1：1：1，则所生后代的患病概率是1/4，B正确；

C、Ⅰ-1是女性携带者，基因型为XAXa，若致病基因来自父亲，则父亲基因型为XaY，由题干可知XaY

为不育的女性化患者，因此，其致病基因只可能来自母亲，C错误；

D、XaY（女性化患者）无生育能力，会使人群中a的基因频率越来越低，A的基因频率逐渐增加，D正

确。

故选C。

8．（2024·湖南·高考真题）色盲可分为红色盲、绿色盲和蓝色盲等。红色盲和绿色盲都为伴X染色体隐性

遗传，分别由基因L、M突变所致；蓝色盲属常染色体显性遗传，由基因s突变所致。回答下列问题：

(1)一绿色盲男性与一红色盲女性婚配，其后代的表型及比例为___________或___________；其表型正常

后代与蓝色盲患者（Ss）婚配，其男性后代可能的表型及比例为______________（不考虑突变和基因重

组等因素）。

(2)1个L与1个或多个M串联在一起，Z是L上游的一段基因间序列，它们在X染色体上的相对位置

如图a。为阐明红绿色盲的遗传病因，研究人员将男性红绿色盲患者及对照个体的DNA酶切产物与相应

探针杂交，酶切产物Z的结果如图b，酶切产物BL，CL、DL、BM、CM和DM的结果见下表，表中数字

表示酶切产物的量。

BLCLDLBMCMDM

对照15.118.133.645.521.366.1

甲00021.910.961.4

乙15.018.500033.1

丙15.918.033.045.021.064.0

丁16.018.533.045.021.065.0

①若对照个体在图a所示区域的序列组成为“Z+L+M+M”则患者甲最可能的组成为________（用Z、部

分Z，L、部分L，M、部分M表示）。

②对患者丙、丁的酶切产物Z测序后，发现缺失Z1或Z2，这两名患者患红绿色盲的原因是

__________________________________________________________________________。

③本研究表明：红绿色盲的遗传病因是___________________________________________。

【答案】(1)正常女性∶红色盲男性=1∶1正常女性∶绿色盲女性∶红色盲男性∶红绿色盲男性

=1∶1∶1∶1红蓝色盲∶绿蓝色盲∶红色盲∶绿色盲=1∶1∶1∶1

(2)部分Z+M+部分MZ发生突变，导致L、M基因无法表达L、M基因的共用调控序列发生

突变或L、M基因发生基因突变

【分析】【关键能力】

（1）信息获取与加工

题干关键信息所学知识信息加工

X染色体隐性遗传病女患者的儿子

红色盲和绿色盲都为X染色体隐性遗传属于伴性

和父亲一定患病，正常女性可能是

伴X染色体隐性遗传遗传，基因位于X染色体上

携带者

酶切产物Z的结果DNA分子的凝胶电泳距离点样孔越近，DNA分子越大

蓝色盲属常染色体常染色体显性遗传符合孟德尔的

孟德尔的分离定律

显性遗传分离定律，有显性基因的个体患病

（2）逻辑推理与论证

【详解】（1）根据题意分析，绿色盲男性的基因型为XLmY，红色盲女性的基因型为XlMXlM或XlMXlm，

若该女性的基因型为XlMXlM，则后代的基因型及比例为XLmXlM∶XlMY=1∶1,表型及比例为正常女性∶

红色盲男性=1∶1；若该女性的基因型为XlMXlm，则后代的基因型及比例为

XLmXlM∶XLmXlm∶XlMY∶XlmY=1∶1∶1∶1，表型及比例为正常女性∶绿色盲女性∶红色盲男性∶红绿

色盲男性=1∶1∶1∶1。无论哪种情况，后代的正常个体只有女性，且基因型为XLmXlM，若同时考虑蓝

色盲，其基因型为ssXLmXlM，而蓝色盲男性的基因型为SsXLMY，两者婚配，其男性后代的基因型及比

例为SsXLmY∶SsXlMY∶ssXLmY∶ssXlMY=1∶1∶1∶1，表型及比例为绿蓝色盲∶红蓝色盲∶绿色盲∶红

色盲=1∶1∶1∶1。

（2）①根据对照组的实验结果可知，对照组的序列组成为Z+L+M+M，患者甲的Z序列的电泳结果和

对照组不同，且电泳距离更远，因此片段较小，只具有部分Z片段；患者甲BL、CL和DL均缺失，因此

不含L片段；对照组含有两个M片段，其BM、CM和DM的量分别为45.5、21.3和66.1，而患者甲

BM、CM和DM的量分别为21.9、10.9和61.4，其BM、CM的量为对照组的一半，而DM的量和对照组相

差不大，因此患者甲含有一个完整的M片段和第二个M片段的DM区，因此其序列组成表示为部分

Z+M+部分M。

②患者丙和患者丁的L和M片段的相关结果和对照组无差异，但缺失Z1或Z2，说明Z1和Z2的缺失会

影响L和M基因的表达，从而使机体患病，因此其患病的原因是Z发生突变，导致L、M基因无法表

达。

③结合①②的结果并分析甲、乙、丙和丁的检测结果可知，红绿色盲的遗传病因是L、M基因的共用调

控序列发生突变或L、M基因发生基因突变。

1．(2025·湖南岳阳·一模)金鱼起源于我国，由野生鲫鱼演变而来的一个鲫鱼品种。用紫色雌雄金鱼交配，

子代均为紫色。用紫色金鱼与灰色野生鲫鱼作亲本进行正、反交，F1均为灰色。将F1与亲代紫色金鱼回

交，产生的子代中灰色鱼2856尾，紫色鱼190尾。若将F1雌雄交配产生F2，下列推测错误的是（）

A．紫色金鱼为隐性纯合子

B．F1雌雄个体各产生4种配子

C．F2中灰色纯合子有15种基因型

D．F1雌雄个体间交配产生的灰色子代中纯合子占1/17

【答案】B

【分析】用紫色金鱼与灰色野生鲫鱼作亲本进行正、反交，F1均为灰色，正反交实验结果相同，说明控

制该性状的基因存在于常染色体上。将F1与亲代紫色金鱼回交，相当于测交实验，产生的子代中灰色鱼

2856尾，紫色鱼190尾，说明控制该性状的基因至少有四对，且满足自由组合定律。

【详解】A、用紫色金鱼与灰色野生鲫鱼作亲本进行正、反交，F1均为灰色，说明紫色金鱼为隐性性状，

紫色金鱼为隐性纯合子，A正确；

B、将F1与亲代紫色金鱼回交，相当于测交实验，产生的子代中灰色鱼2856尾，紫色鱼190尾，说明

控制该性状的基因至少有4对，且满足自由组合定律，F1雌雄个体基因型可表示为AaBbDdEe，可以产

生16种配子，B错误；

C、将F1与亲代紫色金鱼回交，产生的子代中灰色鱼2856尾，紫色鱼190尾，说明aabbddee表现为金

色鱼，其它基因型均表现为灰色鱼，四对基因均为显性的有1种，三对基因型为显性的有4种，两对基

因为显性的有6种，一对基因为显性的有4种，因此将F1雌雄交配产生F2，F2中灰色纯合子有15种基

因型，C正确；

D、F1雌雄个体基因型均为AaBbDdEe，交配产生的灰色子代的概率为1-1/4×1/4×1/4×1/4=255/256，子代

中灰色纯合子有四种情况，分别是四对基因均为显性的有1种，三对基因型为显性的有4种，概率是4×

两对基因为显性的有6种，一对基因为显性的有4种，每种纯合子的概率均为1/4×1/4×1/4×1/4=1/256，

因此灰色纯合子的概率为15/256，F1雌雄个体间交配产生的灰色子代中纯合子占（15/256）÷（255/256）

=1/17，D正确。

故选B。

2．（2025·湖南·二模）下列有关遗传规律相关叙述，正确的是（）

A．性别受性染色体控制而与基因无关

B．花粉鉴定法可直接检验杂合子高茎植株产生的两种比例为1:1的配子

C．减数分裂I后期等位基因分离的同时，非等位基因自由组合

D．“一母生九子，九子各不同”的原因既有双亲产生的配子具有多样性，也有受精时卵细胞和精子结合

的随机性

【答案】D

【分析】1、基因重组的类型：

（1）自由组合型：减数第一次分裂后期，随着非同源染色体自由组合，非同源染色体上的非等位基因

也自由组合；

（2）交叉互换型：减数第一次分裂前期（四分体），基因随着同源染色体的非等位基因的交叉互换而发

生重组。

2、亲子代生物之间染色体数目保持稳定的原因：减数分裂的结果是成熟生殖细胞中的染色体数目比原

始生殖细胞减少一半，再通过受精作用，受精卵中的染色体数目又恢复到体细胞的数目，这就保证了亲

子代生物之间染色体数目的稳定。

【详解】A、性染色体能决定性别的主要原因是控制性别的基因位于性染色体上，A错误；

B、花粉鉴定法可直接检验杂合子植株产生的与花粉性状相关的两种比例为1:1的配子，B错误；

C、减数分裂Ⅰ后期等位基因分离的同时，位于非同源染色体上的非等位基因自由组合，C错误；

D、“一母生九子，九子各不同”的原因既有双亲产生的配子具有多样性，也有受精时卵细胞和精子结合

的随机性，D正确。

故选D。

3．(2025·湖南长沙·一模)某XY性别决定型昆虫的长翅与残翅、有翅与无翅分别由基因A/a、B/b控制，

其中有一对基因位于性染色体上，且存在两对隐性基因纯合致死现象。一只长翅雌性昆虫与一只残翅雄

性昆虫交配，F1雌性个体中有长翅和无翅，雄性个体全为长翅。让F1雌雄个体自由交配得F2的表现型及

比例如下表。下列说法错误的是（）

F2个体长翅残翅无翅

雌性15/615/619/61

雄性24/618/610

A．控制有翅与无翅的基因位于X、Y染色体的同源区段

B．F2长翅雌性个体有4种基因型

C．F2残翅雄性个体中纯合子占1/4

D．F1无翅雌性个体与F2残翅雄性个体交配，子代中无翅雌性个体占3/16

【答案】D

【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或组合是互不干扰的；

在减数分裂的过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组

合。

【详解】A、由亲代有翅杂交产生F1无翅，得出无翅性状为隐性，有翅为显性，根据F1代和表格F2，

雄性无翅均为0，推测该性状的基因一定在性染色体上，可能只在X染色体上，也可能在X、Y同源区

段，假设若只在X染色体上，则F1代雌性不能出现无翅。该假设不成立。若X和Y染色体上都有，则

bbbb

亲代雄性X上必为b，F1才可能出现XXXX。无翅雌性，得出控制有翅与无翅的基因位于X、Y染

色体的同源区段上，A正确；

BB

B、根据F1代雌性均为长翅且有无翅出现，则亲代中雌性为AAXX；雄性均有翅，且为长翅，推理得

bBbBBbbbBBbB

亲代中雄性为aaXYaaXY。则F1代雌性为AaXX，AaXX，雄性为AaXY，AaXY。让F1雌雄

B-BBBb

个体随机交配得F2，F2长翅雌性个体A-XX（AA：Aa=1:2，XX:XX=1:4），因此有224种基因

型，B正确；

B-BBBbBBB

C、F2残翅雄性为aaXYaaXY，其中XY:XY=1:3，因此纯合子aaXY占1/4，C正确；

bb-BBBbB

D、F1无翅雌性个体AaXX，与F2残翅雄性个体aaXY(XY:XY=1:3)交配，Aa产生概率1/2，aa产

1

生概率1/2，XbXb的产生概率：13/8=3/8，则排除双隐性纯合致死，剩下的群体为：1-1/23/8=13/16，

2

所以子代中无翅雌性个体AaXbXb概率(1/23/8)13/16=3/13，D错误。

故选D。

4．（2025·湖南长沙·三模）下列与高中生物学实验有关的叙述，错误的是（）

A．观察植物细胞质壁分离和复原现象时，用低倍镜即可观察到

B．通过抑制胰蛋白酶的活性，可直接从正常胰腺中提取到胰岛素

C．研究土壤中小动物类群的丰富度时，可用取样器取样法调查

D．摩尔根依据果蝇杂交实验结果首次推理出基因位于染色体上

【答案】D

【知识点】质壁分离及其复原实验、基因位于染色体上的实验证据、激素调节的发现历程及相关实验分

析、群落的物种组成以及丰富度的相关探究实验

【分析】在观察植物细胞质壁分离和复原现象实验中，低倍镜就能够清晰地观察到液泡的变化等现

象。土壤中小动物类群丰富度的调查常用取样器取样法。摩尔根通过果蝇杂交实验证明了基因位于

染色体上。

【详解】A、观察植物细胞质壁分离和复原现象时，在低倍镜下就可以观察到液泡的大小变化、原生

质层与细胞壁的分离和复原等现象，A正确；

B、胰腺中的胰蛋白酶会分解胰岛素，若抑制胰蛋白酶的活性，可以避免胰岛素被分解，从而能够直

接从正常胰腺中提取到胰岛素，B正确；

C、研究土壤中小动物类群的丰富度时，由于土壤小动物活动能力较强、身体微小，不适用于样方法和

标志重捕法，常用取样器取样法进行调查，C正确；

D、萨顿依据基因和染色体行为存在着明显的平行关系，首次推理出基因位于染色体上；摩尔根依据果

蝇杂交实验结果证明了基因位于染色体上，D错误。

故选D。

5．（2025·湖南长沙·二模）下列关于人类遗传病的说法正确的是（）

A．用于基因检测的材料包括人的毛发、血液、精液等，但不包括唾液

B．某遗传病的表现与性别相关联，该遗传病的相关基因不一定位于性染色体上

C．携带致病基因的个体不一定患遗传病，不携带致病基因的个体不患遗传病

D．抗维生素D佝偻病是伴X染色体显性遗传病，XDXd与XDY患病程度一致

【答案】B

【知识点】人类遗传病的类型及实例

【分析】人类遗传病是由于遗传物质的改变而引起的人类疾病，包括单基因遗传病、多基因遗传病和染

色体异常遗传病。

【详解】A、人的血液、唾液、精液、毛发中都有DNA，都可用于基因检测，A错误；

B、遗传病的表现与性别相关联的现象不一定是伴性遗传，也可能是从性遗传，B正确；

C、不携带致病基因的个体可能患染色体异常遗传病，C错误；

D、抗维生素D佝偻病就是一种伴X染色体显性遗传病。这种病受显性基因（D）控制，当女性的基因

型为XDXD、XDXd时，都是患者，但后者比前者发病轻。男性患者的基因型只有一种情况，即XDY，发

病程度与XDXD相似，即XDY与XDXD患病程度比XDXd重，D错误。

故选B。

6．（2025·湖南岳阳·三模）Y-STR是位于Y染色体上的短串联重复序列，具有父系遗传的特点，即父亲会

将Y-STR遗传给儿子，儿子的Y-STR与父亲的基本相同。某案件中，警方在现场提取到一份男性生物

样本，对该样本进行Y-STR检测，发现其与嫌疑人甲的Y-STR分型结果完全一致，而与嫌疑人乙的Y-STR

分型结果有多个位点存在差异。已知嫌疑人甲和嫌疑人乙均为男性，且二人无亲缘关系。根据Y-STR原

理判断，下列有关叙述正确的是（）

A．现场样本一定来自嫌疑人甲

B．现场样本一定来自嫌疑人乙

C．现场样本可能来自嫌疑人甲的父系亲属

D．该男性与嫌疑人乙一定无亲缘关系

【答案】C

【知识点】染色体组型和性别决定、伴性遗传的遗传规律及应用

【分析】男性的X染色体只能来自父亲，并只能传给其儿子。

【详解】ABC、Y-STR是位于Y染色体上的短串联重复序列，具有父系遗传的特点，即父亲会将Y-STR

遗传给儿子，儿子的Y-STR与父亲基本相同。现场样本与嫌疑人甲的Y-STR分型结果完全一致，说明

现场样本可能来自嫌疑人甲，也有可能来自嫌疑人甲的父系亲属，如父亲、祖父等，AB错误，C正确；

D、现场样本与嫌疑人乙的Y-STR分型结果有多个位点存在差异，不能完全排除二者存在较远亲缘关系

的可能性，可能亲缘关系较远，D错误。

故选C。

7．（2025·湖南长沙·三模）科学家运用基因工程技术，将苏云金芽孢杆菌的抗虫基因（Bt基因）导入棉花细

胞并成功表达培育出了抗虫棉。

实验一：向某棉花细胞中导入两个Bt基因，经植物组织培养培育成植株（P）后让其自交。

实验二：现有三个转Bt基因的抗虫棉纯合品系，进行杂交实验的结果如下。

甲×乙→F1全部为抗虫植株→F2抗虫551株，不抗虫15株；

乙×丙→F1全部为抗虫植株→F2抗虫407株，不抗虫0株。

下列说法错误的是（）

A．若实验一的F1中抗虫∶不抗虫=3∶1，则导入的Bt基因同一条染色体上

B．若实验一的F1中抗虫∶不抗虫=15∶1，则导入的Bt基因位于非同源染色体上

C．实验二中甲、乙的Bt基因位于非同源染色体上，可能是发生了染色体互换

D．实验二中乙×丙的F2中未出现不抗虫个体，原因是乙、丙的Bt基因位于同源染色体上

【答案】C

【知识点】基因分离定律的实质和应用、基因自由组合定律的实质和应用

【分析】基因分离定律和自由组合定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂形成配子的过程中，

位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后

代，同时位于非同源染色体上的非等位基因进行自由组合。

【详解】A、若实验一的F1中抗虫∶不抗虫=3∶1，则导入的两个Bt基因位于同一条染色体上，则转基

因植株的基因型相当于杂合子，其基因型可表示为Aa，A正确；

B、若实验一的F1中抗虫∶不抗虫＝15∶1，则导入的Bt基因位于非同源染色体上，遵循基因自由组合

定律，B正确；

C、实验二中甲、乙杂交，F1全部为抗虫植株，F2既有抗虫植株又有不抗虫植株，但是抗虫植株远多于

不抗虫植株，可推测甲、乙的Bt基因位于一对同源染色体上的不同位置，F1产生配子时发生了一定比

例的染色体互换，C错误；

D、实验二中乙×丙的F2中未出现不抗虫个体，应该是乙、丙的Bt基因位于同源染色体上，相当于是纯

合子自交，因而表现为稳定遗传，D正确。

故选C。

8．（2025·湖南湘西·三模）某昆虫的体色和翅长两种性状分别由等位基因A/a和B/b控制。现用基因型均为

AaBb的雌雄个体杂交，子代表现型及比例如下表所示，根据该实验结果，下列分析正确的是（）

表现型A-B-A_bbaaB-aabb

比例6334

A．基因A/a与B/b的遗传遵循自由组合定律

B．基因型为AaBb的个体产生配子时，AB:Ab:aB:ab=1:1:1:1

C．这两对等位基因位于同一对同源染色体上，且发生了交叉互换

D．若将AaBb个体与aabb测交，后代比例为1:1:1:1

【答案】C

【知识点】基因自由组合定律的实质和应用、9:3:3:1和1:1:1:1的变式类型及应用、基因连锁与交换定

律

【分析】自由组合的实质：当具有两对（或更多对）相对性状的亲本进行杂交，在子一代产生配子时，

在等位基因分离的同时，非同源染色体上的基因表现为自由组合。其实质是非等位基因自由组合，即一

对染色体上的等位基因与另一对染色体上的等位基因的分离或组合是彼此间互不干扰的，各自独立地分

配到配子中去。因此也称为独立分配定律。

【详解】A、表型比例分析，6:3:3:4不符合两对基因自由组合的9:3:3:1预期比例，说明存在连锁现象，

A错误；

B、若产生配子比例为1:1:1:1，后代应为9:3:3:1，与实验结果不符，B错误；

C、比例异常且重组型(Abb和aaB)存在但较少，符合连锁且发生交叉互换的特征，C正确；

D、由于存在连锁，测交比例不会是完全的1:1:1:1，D错误。

故选C。

9．（2025·湖南·一模）已知果蝇的红眼（A）对白眼（a）为显性，相关基因位于X染色体上；长翅（B）

对残翅（b）为显性相关基因位于常染色体上。一只红眼长翅雌果蝇与一只红眼长翅雄果蝇杂交，若F₁

雄果蝇中：红眼长翅∶红眼残翅∶白眼长翅∶白眼残翅=3∶1∶3∶1。下列关于此杂交实验的分析，正

确的是（）

A．F1中红眼长翅雌果蝇的基因型只有1种

B．亲本中红眼长翅雌果蝇的基因型一定为BbXᴬXᴬ​

C．F1中红眼长翅雌果蝇与白眼残翅雄果蝇杂交，后代中不会出现白眼长翅果蝇

D．若让F1中红眼长翅雌雄果蝇相互交配，F2中白眼残翅果蝇出现的概率为1/72

【答案】D

【知识点】基因自由组合定律的实质和应用、利用分离定律思维解决自由组合定律的问题、伴性遗传的

遗传规律及应用

【分析】题干分析：F1雄果蝇中，红眼：白眼=1:1，且亲本为红眼雌果蝇与红眼雄果蝇杂交，果蝇的红

眼（A）对白眼（a）为显性，相关基因位于X染色体上，所以亲本的基因型为XAXaXAY；F1雄果蝇

中，长翅：残翅=3:1，可知，亲本的基因型为BbBb，综上，亲本的杂交组合为：BbXAXaBbXAY。

【详解】A、依据题干信息，F1雄果蝇中，红眼：白眼=1:1，且亲本为红眼雌果蝇与红眼雄果蝇杂交，

果蝇的红眼（A）对白眼（a）为显性，相关基因位于X染色体上，所以亲本的基因型为XAXaXAY；

AaA

F1雄果蝇中，长翅：残翅=3:1，可知，亲本的基因型为BbBb，综上，亲本的杂交组合为：BbXXBbXY，

A-

所以F1中红眼长翅雌果蝇的基因型有：B-XX，共有22=4种，A错误；

B、结合A项可知，亲本中红眼长翅雌果蝇的基因型一定为BbXᴬXa​，B错误；

AaAA-

C、亲本的杂交组合为：BbXXBbXY，F1中，红眼长翅雌果蝇的基因型为B-XX，白眼残翅雄果蝇

的基因型为bbXaY，后代会出现白眼长翅果蝇（BbXaXa、BbXaY），C错误；

AaA