2024-2025学年江西省萍乡市高二下学期期末考试物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1萍乡市2024-2025学年度高二第二学期期末考试物理试卷1、答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，用黑色墨水签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3、考试结束，监考员将试卷、答题卡一并收回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.关于分子动理论，下列说法正确的是（）A.温度越高，分子热运动的平均动能越大B.布朗运动是液体分子的无规则运动C.气体扩散的快慢与温度无关D.分子间的作用力总是随分子间距减小而增大【答案】A【解析】A．温度越高，分子热运动的越剧烈，平均动能越大，故A正确；B．布朗运动是固体小颗粒的运动，运动的无规则性，间接反映了分子的无规则运动，故B错误；C．气体扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散越快，故C错误；D．当分子间的距离等于r0时，分子间的作用力恰好为零，当分子间距离无穷远时，分子间的作用力也为零。当分子间距离从非常靠近到无穷远时，分子间的作用力先减小到零再增大，最后再减小到零。由于不知道原来两个分子间距离，因此无法判断分子间的作用力随分子间距离的变化情况，D错误。故选A。2.如图所示，竖直方向的轻杆与活塞连接，使汽缸悬空静止。缸内封闭着一定质量的理想气体，活塞汽缸间无摩擦，且不漏气，气体温度保持不变。当大气压强增大时，下列说法正确的是（）A.轻杆所受的拉力将增大 B.轻杆所受的拉力将减小C.缸内气体的体积将增大 D.缸内气体的体积将减小【答案】D【解析】AB．整体法对物体受力分析可知，杆拉力等于汽缸的重力、封闭气体的重力以及活塞的重力之和，当大气压强增大时，汽缸的重力、封闭气体的重力以及活塞的重力都不变，因此杆的拉力不变，故A错误；CD．设活塞的质量为m，活塞的面积为S，对活塞受力分析可得结合上述分析可知，当外界大气压增大时，封闭气体的压强增大，整个过程可以看成等温变化，根据玻意耳定律可知，封闭气体的体积减小，故C错误，D正确。故选D。3.如图所示，、两个长方体物块叠放在足够大的粗糙水平地面上，物块带负电，物块不带电且为绝缘体，地面上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，现用一水平恒力拉物块，使、一起由静止开始向左加速，则、在无相对滑动的加速过程中，物块、间的摩擦力（）A.逐渐减小 B.逐渐增大 C.先增大后减小 D.先减小后增大【答案】B【解析】运动中，由左手定则可知，a受到向上的洛伦兹力，整体有解得可知，v增大，则a增大。对a，由牛顿第二定律得a增大则f增大。故选B。4.如图甲所示的LC振荡电路中，电容器上的电荷量随时间变化的规律如图乙所示，时的电流方向如图甲中标示，则（）A.至时间内，电容器在放电B.时，电路的电流为C.时，线圈中的磁场最强D.其他条件不变，增大电容器的电容，振荡电路周期减小【答案】A【解析】A．由乙图可知，至时间内，电容器的电荷量减小，电容器处于放电状态，故A正确；B．在图像中，图线的斜率表示电流的大小，时，电容器的电荷量为零，电流最大，故B错误；C．时，电容器充电完毕，电荷量最大，电场能最大，磁场能最小，线圈的磁场最弱，故C错误；D．根据LC振动电路的周期可知，其他条件不变，增大电容器的电容，振荡电路周期增大，故D错误。故选A。5.如图所示，由粗细均匀的金属导线围成的一个边长为L的正方形闭合线框abcd，其四个顶点均位于一个圆形区域的边界上，ac为圆形区域的一条直径，ac上方和下方分别存在大小均为B、方向相反的匀强磁场。现给线框接入从a点流入、d点流出的大小为I的恒定电流，则线框受到的安培力的大小为（）A.0 B. C. D.【答案】D【解析】ABCD．电流经过A点后分成两条支路，其大小分别为，如图判断线圈四边受安培力大小和方向分别为，向右，向下，向右,向上则线框受到的安培力的大小为ABC错误，D正确。故选D。6.某同学为了探究电感线圈和小灯泡对电路中电流的影响，设计了如图甲所示的电路，电路两端电压恒定，、为完全相同的电流传感器。时刻闭合开关得到如图乙所示的电流随时间变化的图像。电路稳定后，小灯泡正常发光。下列说法正确的是（）A.闭合开关时，电感线圈中电流为零，其自感电动势也为零B.曲线描述的是电流传感器中电流随时间变化的规律C.若电路稳定后断开开关，小灯泡闪亮后熄灭D.若电路稳定后断开开关，小灯泡会立即熄灭【答案】C【解析】A．闭合开关时，电感线圈中电流为零，但由于线圈的自感现象，其自感电动势不为零，故A错误；B．闭合开关S的瞬间，线圈由于自感现象，电流慢慢增大，所以乙图中的b曲线表示电流传感器A2测得的数据，故B错误；CD．图乙可知稳定后，所在支路电流大于所在支路电流，故断开开关S，原来通过A1的电流立刻消失，由于线圈产生自感电动势阻碍电流减小，则线圈相当电源，在A1A2和灯泡之间重新形成回路，则使得小灯泡闪亮后熄灭，故C正确，D错误；故选C。7.如图所示，一定质量的理想气体，经历过程，其中是等温过程，是等压过程，是等容过程。下列说法正确的是（）A.完成一次循环，气体向外界放热B.a、b、c三个状态中，气体在c状态分子平均动能最大C.过程中，气体放出的热量大于外界对气体做的功D.过程中，容器壁在单位时间内、单位面积上受到气体分子撞击的次数会增加【答案】C【解析】A．完成一次循环，气体的内能不变，过程，气体体积增大，气体对外界做功，过程，气体体积减小，外界对气体做功，由于过程气体的压强大于过程气体压强，则气体对外做功大于外界对气体做功，过程，气体体积不变，气体不做功，由热力学第一定律可知，完成一次循环，气体吸热，故A错误；BC．过程中，气体的压强不变，体积减小，则气体的温度降低，内能减小，由热力学第一定律可知，气体放出的热量大于外界对气体做的功，c状态气体温度最低，气体在c状态分子平均动能最小，故B错误，C正确；D．过程中，气体温度不变，分子的平均动能不变，压强减小，由气体压强的微观解释可知，容器壁在单位时间内、单位面积上受到气体分子撞击的次数会减少，故D错误。故选C。8.如图甲是判断检测电流大小是否发生变化的装置，该检测电流在铁芯中产生磁场，其磁感应强度与检测电流成正比，图乙为型半导体制成的霍尔元件，其载流子为自由电子，已知霍尔元件的长、宽、高分别为、、，现给其通以恒定工作电流，可通过右侧电压表的示数来判断的大小是否发生变化，则（）A.通入如图所示电流，磁芯中的磁感线方向为顺时针方向B.通入如图所示电流，端的电势低于端C.减小可以提高检测灵敏度D.对检测灵敏度没有影响【答案】CD【解析】AB．根据右手螺旋定则可知检测电流产生的磁场方向向下，磁感线在铁芯中沿逆时针方向；可知霍尔元件所在磁场方向向上，元件中载流子为电子，根据左手定则可知电子受到的洛伦兹力垂直纸面向外在元件N端积累，所以N端电势低，M端电势高，故AB错误；CD．元件中电子最终受到的电场力和洛伦兹力相平衡，所以有设元件单位体积内电子数量为，电子移动速度为，根据电流的微观表达式可得联立，整理得提高检测灵敏度即提高的大小，所以可知减小可以提高检测灵敏度，对检测灵敏度没有影响，故CD正确。故选CD。9.如图甲所示，一电阻不计的单匝圆形线圈处于磁场中，图乙是穿过线圈的磁通量随时间按正弦规律变化的图像（规定磁感应强度垂直纸面向里时为正）。线圈右边与理想变压器的原线圈连接，已知理想变压器原、副线圈的匝数比，电阻、，为理想二极管，取，下列说法正确的是（）A.时，圆形线圈中电流最大B.时，圆形线圈中电流最大C.副线圈两端电压约为D.原线圈的输入功率为【答案】AD【解析】AB．结合图乙可知由法拉第电磁感应定律可知故时，圆形线圈中电流最大；时，圆形线圈中电流为零，故A正确B错误；C．已知理想变压器原、副线圈的匝数比，原线圈电压有效值由可得副线圈两端电压约为22V，故C错误；D．在一个周期内电阻消耗的电能为，电阻消耗的电能为故理想变压器原线圈的输入功率为，故D正确。故选AD。10.如图所示，一边长为的正方形线圈置于光滑绝缘水平面上，线圈右侧存在竖直方向的匀强磁场I和Ⅱ，两磁场的宽度均为，磁感应强度大小均为，方向如图所示。线圈的边与磁场边界平行。现给线圈一水平向右的初速度，当线圈全部进入磁场Ⅱ时速度恰好为零，下列说法正确的是（）A.线圈边刚要进入磁场Ⅱ时的速度为B.线圈的边刚要进入磁场Ⅱ时的速度为C.若线圈的初速度为，当线圈的全部进入磁场Ⅱ时速度为D.若线圈的初速度为，当线圈的全部进入磁场Ⅱ时速度为【答案】BC【解析】AB．设线圈cd边刚要进入磁场II时速度为，线圈的cd边在磁场I运动的过程，由动量定理得线圈的cd边在磁场II运动的过程，有其中，联立解得，故A错误，B正确；CD．由以上分析可知，线圈的cd边在磁场I运动的过程中动量的减少量为线圈的cd边在磁场II运动的过程中动量的减少量为若线圈的初速度为，设当线圈的全部进入磁场Ⅱ时速度为，则有联立解得，故C正确，D错误。二、非选择题11.某同学在做“探究感应电流产生的条件”实验中，先将灵敏电流计连接在图甲所示的电路中，如图甲所示。（1）下列实验操作过程说法正确的是________。B.线圈A插入线圈B中后，在开关闭合和断开的瞬间，电表的指针均不会偏转C.开关闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，会使电表的指针静止在中央零刻度D.开关闭合后，只要移动滑动变阻器的滑片P，电表的指针一定会偏转（2）为了探究影响感应电流方向的因素，该同学先确定了灵敏电流表G的偏转方向与电流方向的关系，发现按图乙所示电路接通时，电流表的指针向左偏转。接着他将灵敏电流表G与一螺线管相连，某次磁铁运动时，电流表指针向右偏转，如图丙所示，则可判断此次条形磁铁的运动情况是________（填“向上远离”或“向下靠近”）。（3）该同学发现在做向线圈插入条形磁铁实验中，插入的速度越快，电流表的偏转角度越大，他通过图丁实验装置继续探究感应电流的大小的影响因素。将一铜线圈水平固定在铁架台上，其两端连接在电流传感器上，能得到该铜线圈中的电流随时间变化的图线。将一条形磁铁从铜线圈上端不同高度沿中轴线由静止释放，两次实验中分别得到了如图1、2所示的电流随时间变化的图线，若忽略空气阻力，下列说法正确的是________。A.在磁铁穿过线圈的过程中，两次线圈内磁通量的变化量相同B.条形磁铁距离铜线圈上端的高度越大，产生的感应电流峰值越大C.若增加铜线圈匝数，在磁铁穿过线圈的过程，两次线圈内磁通量的变化量均增大D.两次磁体受到的线圈的作用力都是先向上后向下【答案】（1）AD（2）向上远离（3）AB【解析】（1）A．开关闭合后，线圈A插入线圈B中或从线圈B中拔出，都会使线圈B的磁通量发生变化，回路产生感应电流，从而引起电表的指针偏转，故A正确；B．线圈A插入线圈B中后，在开关闭合和断开的瞬间，A线圈的电流都会发生变化，从而使线圈B的磁通量发生变化，回路产生感应电流，电表的指针均会偏转，故B错误；CD．开关闭合后，无论滑动变阻器的滑片P匀速滑动、加速滑动或者减速滑动，滑动变阻器接入电路阻值发生变化，A线圈的电流发生变化，从而使线圈B的磁通量发生变化，回路产生感应电流，电表的指针会偏转，指针不会静止在中央零刻度，故C错误，D正确。故选AD。（2）由图乙可知，当电流从灵敏电流计左端流入时，指针向左偏转；而丙图指针向右偏转，可知电流从灵敏电流计右端流入，则线圈中感应电流的方向是逆时针的（俯视），由安培定则可知，感应电流的磁场方向向上，条形磁铁磁场方向向上，根据楞次定律可知，线圈中磁通量减小，则条形磁铁向上远离。（3）A．在磁铁穿过线圈的过程中，由于两次用同一条形磁铁，则线圈内磁通量的变化量相同，故A正确；B．条形磁铁距离铜线圈上端的高度越大，在磁铁穿过线圈的过程中，条形磁铁的速度越大，使得线圈内磁通量的变化越快，产生的感应电动势越大，产生的感应电流峰值越大，故B正确；C．若仅增加铜线圈匝数，在磁铁穿过线圈的过程，两次线圈内磁通量的变化量均相同，故C错误；D．由于磁铁一直相对于线圈向下运动，根据“来拒去留”推论可知，磁体所受的磁场力一直向上，故D错误。12.某同学做“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验。（1）实验中使用到油酸酒精溶液，其中酒精的作用是________。A.可使油酸和爽身粉之间形成清晰的边界轮廓B.对油酸溶液起到稀释作用C.有助于测量一滴油酸的体积D.有助于油酸的颜色更透明便于识别（2）已知实验室中使用的油酸酒精溶液每溶液中含有油酸，测得每50滴这种油酸酒精溶液的总体积为。将一滴这种溶液滴在浅盘中的水面上，在玻璃板上描出油膜的边界线，再把玻璃板放在画有边长为的正方形小格的纸上，如图所示。①油酸膜的面积为________；②按以上实验数据可估测出油酸分子的直径约为________m。（结果保留一位有效数字）（3）在该实验中，若测出的分子直径结果明显偏大，则可能的原因是________。A.水面上爽身粉撒得较多，油酸膜没有充分展开B.计算油酸膜面积时，错将不足半格的方格作为完整方格处理C.油酸酒精溶液配制的时间较长，酒精挥发较多D.求1滴油酸酒精溶液的体积时，的溶液滴数少计了5滴【答案】（1）B（2）（3）AD【解析】（1）实验中使用到油酸酒精溶液，其中酒精溶液的作用是对油酸起到稀释作用，酒精稀释油酸是为了进一步减小油酸的密度，使油酸分子尽可能的少在竖直方向上重叠，更能保证其形成单层分子油膜，也就是为了减小系统误差。故选B。（2）[1]根据描出的油酸膜轮廓，数的格子数共61格，则油酸膜的面积为[2]由题意可知，油酸膜的体积为则可估测出油酸分子的直径约为（3）A．水面上爽身粉撒得较多，油酸膜没有充分展开，测得油酸的面积偏小，则测得分子直径偏大，故A正确；B．计算油膜面积时，错将不足半格的方格作为完整方格处理，测得油酸的面积偏大，则测得分子直径偏小，故B错误；C．油酸酒精溶液配制的时间较长，酒精挥发较多，导致油酸浓度增大，测得的纯油酸的体积将偏小，则直径的测量值偏小，故C错误；D．求1滴油酸酒精溶液的体积时，1mL的溶液的滴数少计了5滴，可知，纯油酸的体积将偏大，则计算得到的分子直径将偏大，故D正确。故选AD。13.如图所示，竖直放置的汽缸高，距缸底的光滑内壁上安装有小支架，质量、横截面积的活塞静置于支架上。缸内封闭了一定质量的理想气体，开始时气体的温度，压强等于大气压强。现对密闭气体缓慢加热，重力加速度取。求：（1）在缓慢加热过程中，活塞刚要离开小支架时的气体温度（2）从开始加热到活塞上升过程中，气体吸收的热量，求这一过程中气体内能的变化量。【答案】（1）（2）内能增加【解析】（1）当活塞刚要离开小支架时解得活塞离开支架前气体等容变化，则由查理定律其中解得（2）活塞上升过程中，外界对气体做功由热力学第一定律有解得即气体内能增加14.如图所示，间距均为的光滑平行倾斜导轨与足够长光滑平行水平导轨在、处平滑连接，虚线右侧存在方向竖直向下、磁感应强度为的匀强磁场。、是两根完全相同粗细均匀的金属棒，质量均为，电阻均为棒垂直固定在倾斜轨道上距水平面高处；棒与水平导轨垂直并处于静止状态，距的距离。现将棒由静止释放，运动过程中棒与棒始终没有接触且始终垂直于导轨；不计导轨电阻，重力加速度取，求：（1）棒刚进入磁场时速度的大小及两棒达到稳定状态过程中棒上产生的焦耳热；（2）两棒达到稳定状态时、两棒间的间距。【答案】（1），（2）【解析】（1）棒下滑过程机械能守恒，则有解得系统稳定时棒共速，设共同速度为，由系统动量守恒根据能量守恒定律有根据焦耳热分配定律，则两棒达到稳定状态过程中棒上产生的焦耳热解得（2）设棒在水平轨道上运动时任意时刻回路电流为，在极短时间内，棒的速度增量为，对棒，根据动量定理有又根据法拉第电磁感应定律有根据欧姆定律联立可得其中磁通量的变化量为联立并代入数据解得15.如图所示，直角坐标系所在的平面内，一二象限内分布着沿轴负方向的匀强电场，三四象限内分布着方向垂直纸面向外的匀强磁场。质量为、电荷量为的带正电的甲粒子在轴上坐标为的点，以某一初速度沿轴正方向开始运动，并从轴上的点以速度进入磁场，速度的方向与轴正方向的夹角，甲粒子从磁场第一次回到电场，并运动到与轴相距为的位置时与轴的距离为，不计粒子的重力及粒子间的相互作用。（1）求匀强电场的电场强度大小及点的横坐标（2）求匀强磁场的磁感应强度大小；（3）当甲粒子运动轨迹的最低点在轴负半轴时，求甲粒子从点开始运动到第二次运动到轨迹的最低点过程中的时间。【答案】（1），（2）或（3）【解析】（1）对甲粒子在电场中由到的过程，由动能定理得解得对甲粒子在电场中由运动到的过程，沿轴方向有沿轴方向有解得（2）①若甲粒子从磁场第一次回到电场并运动到与轴距离为的点在轴右侧，轨迹如图中实线所示由几何知识得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径在磁场中，粒子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得解得②若甲粒子从磁场第一次回到电场并运动到与轴的距离为的点在轴左侧，轨迹如图中虚线（图中未画完整）所示，由几何知识得粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径在磁场中，粒子做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得解得（3）经分析知，当磁场的磁感应强度的大小时，甲粒子运动轨迹的最低点在轴负半轴；甲粒子在电场中运动的时间甲粒子两次在磁场中偏转的圆心角分别为和，故甲粒子在磁场中运动的时间故甲粒子运动的时间萍乡市2024-2025学年度高二第二学期期末考试物理试卷1、答题前，考生务必将自己的准考证号、姓名填写在答题卡上。考生要认真核对答题卡上粘贴的条形码的“准考证号、姓名、考试科目”与考生本人准考证号、姓名是否一致。2、回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，用黑色墨水签字笔将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3、考试结束，监考员将试卷、答题卡一并收回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.关于分子动理论，下列说法正确的是（）A.温度越高，分子热运动的平均动能越大B.布朗运动是液体分子的无规则运动C.气体扩散的快慢与温度无关D.分子间的作用力总是随分子间距减小而增大【答案】A【解析】A．温度越高，分子热运动的越剧烈，平均动能越大，故A正确；B．布朗运动是固体小颗粒的运动，运动的无规则性，间接反映了分子的无规则运动，故B错误；C．气体扩散的快慢与温度有关，温度越高，扩散越快，故C错误；D．当分子间的距离等于r0时，分子间的作用力恰好为零，当分子间距离无穷远时，分子间的作用力也为零。当分子间距离从非常靠近到无穷远时，分子间的作用力先减小到零再增大，最后再减小到零。由于不知道原来两个分子间距离，因此无法判断分子间的作用力随分子间距离的变化情况，D错误。故选A。2.如图所示，竖直方向的轻杆与活塞连接，使汽缸悬空静止。缸内封闭着一定质量的理想气体，活塞汽缸间无摩擦，且不漏气，气体温度保持不变。当大气压强增大时，下列说法正确的是（）A.轻杆所受的拉力将增大 B.轻杆所受的拉力将减小C.缸内气体的体积将增大 D.缸内气体的体积将减小【答案】D【解析】AB．整体法对物体受力分析可知，杆拉力等于汽缸的重力、封闭气体的重力以及活塞的重力之和，当大气压强增大时，汽缸的重力、封闭气体的重力以及活塞的重力都不变，因此杆的拉力不变，故A错误；CD．设活塞的质量为m，活塞的面积为S，对活塞受力分析可得结合上述分析可知，当外界大气压增大时，封闭气体的压强增大，整个过程可以看成等温变化，根据玻意耳定律可知，封闭气体的体积减小，故C错误，D正确。故选D。3.如图所示，、两个长方体物块叠放在足够大的粗糙水平地面上，物块带负电，物块不带电且为绝缘体，地面上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，现用一水平恒力拉物块，使、一起由静止开始向左加速，则、在无相对滑动的加速过程中，物块、间的摩擦力（）A.逐渐减小 B.逐渐增大 C.先增大后减小 D.先减小后增大【答案】B【解析】运动中，由左手定则可知，a受到向上的洛伦兹力，整体有解得可知，v增大，则a增大。对a，由牛顿第二定律得a增大则f增大。故选B。4.如图甲所示的LC振荡电路中，电容器上的电荷量随时间变化的规律如图乙所示，时的电流方向如图甲中标示，则（）A.至时间内，电容器在放电B.时，电路的电流为C.时，线圈中的磁场最强D.其他条件不变，增大电容器的电容，振荡电路周期减小【答案】A【解析】A．由乙图可知，至时间内，电容器的电荷量减小，电容器处于放电状态，故A正确；B．在图像中，图线的斜率表示电流的大小，时，电容器的电荷量为零，电流最大，故B错误；C．时，电容器充电完毕，电荷量最大，电场能最大，磁场能最小，线圈的磁场最弱，故C错误；D．根据LC振动电路的周期可知，其他条件不变，增大电容器的电容，振荡电路周期增大，故D错误。故选A。5.如图所示，由粗细均匀的金属导线围成的一个边长为L的正方形闭合线框abcd，其四个顶点均位于一个圆形区域的边界上，ac为圆形区域的一条直径，ac上方和下方分别存在大小均为B、方向相反的匀强磁场。现给线框接入从a点流入、d点流出的大小为I的恒定电流，则线框受到的安培力的大小为（）A.0 B. C. D.【答案】D【解析】ABCD．电流经过A点后分成两条支路，其大小分别为，如图判断线圈四边受安培力大小和方向分别为，向右，向下，向右,向上则线框受到的安培力的大小为ABC错误，D正确。故选D。6.某同学为了探究电感线圈和小灯泡对电路中电流的影响，设计了如图甲所示的电路，电路两端电压恒定，、为完全相同的电流传感器。时刻闭合开关得到如图乙所示的电流随时间变化的图像。电路稳定后，小灯泡正常发光。下列说法正确的是（）A.闭合开关时，电感线圈中电流为零，其自感电动势也为零B.曲线描述的是电流传感器中电流随时间变化的规律C.若电路稳定后断开开关，小灯泡闪亮后熄灭D.若电路稳定后断开开关，小灯泡会立即熄灭【答案】C【解析】A．闭合开关时，电感线圈中电流为零，但由于线圈的自感现象，其自感电动势不为零，故A错误；B．闭合开关S的瞬间，线圈由于自感现象，电流慢慢增大，所以乙图中的b曲线表示电流传感器A2测得的数据，故B错误；CD．图乙可知稳定后，所在支路电流大于所在支路电流，故断开开关S，原来通过A1的电流立刻消失，由于线圈产生自感电动势阻碍电流减小，则线圈相当电源，在A1A2和灯泡之间重新形成回路，则使得小灯泡闪亮后熄灭，故C正确，D错误；故选C。7.如图所示，一定质量的理想气体，经历过程，其中是等温过程，是等压过程，是等容过程。下列说法正确的是（）A.完成一次循环，气体向外界放热B.a、b、c三个状态中，气体在c状态分子平均动能最大C.过程中，气体放出的热量大于外界对气体做的功D.过程中，容器壁在单位时间内、单位面积上受到气体分子撞击的次数会增加【答案】C【解析】A．完成一次循环，气体的内能不变，过程，气体体积增大，气体对外界做功，过程，气体体积减小，外界对气体做功，由于过程气体的压强大于过程气体压强，则气体对外做功大于外界对气体做功，过程，气体体积不变，气体不做功，由热力学第一定律可知，完成一次循环，气体吸热，故A错误；BC．过程中，气体的压强不变，体积减小，则气体的温度降低，内能减小，由热力学第一定律可知，气体放出的热量大于外界对气体做的功，c状态气体温度最低，气体在c状态分子平均动能最小，故B错误，C正确；D．过程中，气体温度不变，分子的平均动能不变，压强减小，由气体压强的微观解释可知，容器壁在单位时间内、单位面积上受到气体分子撞击的次数会减少，故D错误。故选C。8.如图甲是判断检测电流大小是否发生变化的装置，该检测电流在铁芯中产生磁场，其磁感应强度与检测电流成正比，图乙为型半导体制成的霍尔元件，其载流子为自由电子，已知霍尔元件的长、宽、高分别为、、，现给其通以恒定工作电流，可通过右侧电压表的示数来判断的大小是否发生变化，则（）A.通入如图所示电流，磁芯中的磁感线方向为顺时针方向B.通入如图所示电流，端的电势低于端C.减小可以提高检测灵敏度D.对检测灵敏度没有影响【答案】CD【解析】AB．根据右手螺旋定则可知检测电流产生的磁场方向向下，磁感线在铁芯中沿逆时针方向；可知霍尔元件所在磁场方向向上，元件中载流子为电子，根据左手定则可知电子受到的洛伦兹力垂直纸面向外在元件N端积累，所以N端电势低，M端电势高，故AB错误；CD．元件中电子最终受到的电场力和洛伦兹力相平衡，所以有设元件单位体积内电子数量为，电子移动速度为，根据电流的微观表达式可得联立，整理得提高检测灵敏度即提高的大小，所以可知减小可以提高检测灵敏度，对检测灵敏度没有影响，故CD正确。故选CD。9.如图甲所示，一电阻不计的单匝圆形线圈处于磁场中，图乙是穿过线圈的磁通量随时间按正弦规律变化的图像（规定磁感应强度垂直纸面向里时为正）。线圈右边与理想变压器的原线圈连接，已知理想变压器原、副线圈的匝数比，电阻、，为理想二极管，取，下列说法正确的是（）A.时，圆形线圈中电流最大B.时，圆形线圈中电流最大C.副线圈两端电压约为D.原线圈的输入功率为【答案】AD【解析】AB．结合图乙可知由法拉第电磁感应定律可知故时，圆形线圈中电流最大；时，圆形线圈中电流为零，故A正确B错误；C．已知理想变压器原、副线圈的匝数比，原线圈电压有效值由可得副线圈两端电压约为22V，故C错误；D．在一个周期内电阻消耗的电能为，电阻消耗的电能为故理想变压器原线圈的输入功率为，故D正确。故选AD。10.如图所示，一边长为的正方形线圈置于光滑绝缘水平面上，线圈右侧存在竖直方向的匀强磁场I和Ⅱ，两磁场的宽度均为，磁感应强度大小均为，方向如图所示。线圈的边与磁场边界平行。现给线圈一水平向右的初速度，当线圈全部进入磁场Ⅱ时速度恰好为零，下列说法正确的是（）A.线圈边刚要进入磁场Ⅱ时的速度为B.线圈的边刚要进入磁场Ⅱ时的速度为C.若线圈的初速度为，当线圈的全部进入磁场Ⅱ时速度为D.若线圈的初速度为，当线圈的全部进入磁场Ⅱ时速度为【答案】BC【解析】AB．设线圈cd边刚要进入磁场II时速度为，线圈的cd边在磁场I运动的过程，由动量定理得线圈的cd边在磁场II运动的过程，有其中，联立解得，故A错误，B正确；CD．由以上分析可知，线圈的cd边在磁场I运动的过程中动量的减少量为线圈的cd边在磁场II运动的过程中动量的减少量为若线圈的初速度为，设当线圈的全部进入磁场Ⅱ时速度为，则有联立解得，故C正确，D错误。二、非选择题11.某同学在做“探究感应电流产生的条件”实验中，先将灵敏电流计连接在图甲所示的电路中，如图甲所示。（1）下列实验操作过程说法正确的是________。B.线圈A插入线圈B中后，在开关闭合和断开的瞬间，电表的指针均不会偏转C.开关闭合后，滑动变阻器的滑片P匀速滑动，会使电表的指针静止在中央零刻度D.开关闭合后，只要移动滑动变阻器的滑片P，电表的指针一定会偏转（2）为了探究影响感应电流方向的因素，该同学先确定了灵敏电流表G的偏转方向与电流方向的关系，发现按图乙所示电路接通时，电流表的指针向左偏转。接着他将灵敏电流表G与一螺线管相连，某次磁铁运动时，电流表指针向右偏转，如图丙所示，则可判断此次条形磁铁的运动情况是________（填“向上远离”或“向下靠近”）。（3）该同学发现在做向线圈插入条形磁铁实验中，插入的速度越快，电流表的偏转角度越大，他通过图丁实验装置继续探究感应电流的大小的影响因素。将一铜线圈水平固定在铁架台上，其两端连接在电流传感器上，能得到该铜线圈中的电流随时间变化的图线。将一条形磁铁从铜线圈上端不同高度沿中轴线由静止释放，两次实验中分别得到了如图1、2所示的电流随时间变化的图线，若忽略空气阻力，下列说法正确的是________。A.在磁铁穿过线圈的过程中，两次线圈内磁通量的变化量相同B.条形磁铁距离铜线圈上端的高度越大，产生的感应电流峰值越大C.若增加铜线圈匝数，在磁铁穿过线圈的过程，两次线圈内磁通量的变化量均增大D.两次磁体受到的线圈的作用力都是先向上后向下【答案】（1）AD（2）向上远离（3）AB【解析】（1）A．开关闭合后，线圈A插入线圈B中或从线圈B中拔出，都会使线圈B的磁通量发生变化，回路产生感应电流，从而引起电表的指针偏转，故A正确；B．线圈A插入线圈B中后，在开关闭合和断开的瞬间，A线圈的电流都会发生变化，从而使线圈B的磁通量发生变化，回路产生感应电流，电表的指针均会偏转，故B错误；CD．开关闭合后，无论滑动变阻器的滑片P匀速滑动、加速滑动或者减速滑动，滑动变阻器接入电路阻值发生变化，A线圈的电流发生变化，从而使线圈B的磁通量发生变化，回路产生感应电流，电表的指针会偏转，指针不会静止在中央零刻度，故C错误，D正确。故选AD。（2）由图乙可知，当电流从灵敏电流计左端流入时，指针向左偏转；而丙图指针向右偏转，可知电流从灵敏电流计右端流入，则线圈中感应电流的方向是逆时针的（俯视），由安培定则可知，感应电流的磁场方向向上，条形磁铁磁场方向向上，根据楞次定律可知，线圈中磁通量减小，则条形磁铁向上远离。（3）A．在磁铁穿过线圈的过程中，由于两次用同一条形磁铁，则线圈内磁通量的变化量相同，故A正确；B．条形磁铁距离铜线圈上端的高度越大，在磁铁穿过线圈的过程中，条形磁铁的速度越大，使得线圈内磁通量的变化越快，产生的感应电动势越大，产生的感应电流峰值越大，故B正确；C．若仅增加铜线圈匝数，在磁铁穿过线圈的过程，两次线圈内磁通量的变化量均相同，故C错误；D．由于磁铁一直相对于线圈向下运动，根据“来拒去留”推论可知，磁体所受的磁场力一直向上，故D错误。12.某同学做“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验。（1）实验中使用到油酸酒精溶液，其中酒精的作用是________。A.可使油酸和爽身粉之间形成清晰的边界轮廓B.对油酸溶液起到稀释作用C.有助于测量一滴油酸的体积D.有助于油酸的颜色更透明便于识别（2）已知实验室中使用的油酸酒精溶液每溶液中含有油酸，测得每50滴这种油酸酒精溶液的总体积为。将一滴这种溶液滴在浅盘中的水面上，在玻璃板上描出油膜的边界线，再把玻璃板放在画有边长为的正方形小格的纸上，如图所示。①油酸膜的面积为________；②按以上实验数据可估测出油酸分子的直径约为________m。（结果保留一位有效数字）（3）在该实验中，若测出的分子直径结果明显偏大，则可能的原因是________。A.水面上爽身粉撒得较多，油酸膜没有充分展开B.计算油酸膜面积时，错将不足半格的方格作为完整方格处理C.油酸酒精溶液配制的时间较长，酒精挥发较多D.求1滴油酸酒精溶液的体积时，的溶液滴数少计了5滴【答案】（1）B（2）（3）AD【解析】（1）实验中使用到油酸酒精溶液，其中酒精溶液的作用是对油酸起到稀释作用，酒精稀释油酸是为了进一步减小油酸的密度，使油酸分子尽可能的少在竖直方向上重叠，更能保证其形成单层分子油膜，也就是为了减小系统误差。故选B。（2）[1]根据描出的油酸膜轮廓，数的格子数共61格，则油酸膜的面积为[2]由题意可知，油酸膜的体积为则可估测出油酸分子的直径约为（3）A．水面上爽身粉撒得较多，油酸膜没有充分展开，测得油酸的面积偏小，则测得分子直径偏大，故A正确；B．计算油膜面积时，错将不