2025-2026学年高二物理上学期第三次月考卷【测试范围：必修三第11章~13章、选必二第1章~2章】（全解全析）（黑吉辽蒙专用）

1/22025-2026学年高二物理上学期第三次月考卷全解全析（考试时间：75分钟，分值：100分）一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1．以下几种物理情境，其中线圈或回路中能产生感应电流的是（

）A．甲图中圆环在匀强磁场中向左加速平移B．乙图中圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移C．丙图中轴与磁场平行，线圈绕轴转动过程中D．丁图中为线圈圆心，导线垂直于线圈平面，增大导线中的电流【答案】B【解析】穿过线圈或回路中的磁通量发生变化，线圈或回路中会产生感应电流，甲图中圆环在匀强磁场中向左加速平移，穿过圆环的磁通量不变，所以不会产生感应电流；通有恒定电流的长直导线会在周围空间产生磁场，且离导线越近，磁感应强度越强，乙图中圆环在通有恒定电流的长直导线旁向右平移，所以穿过圆环的磁通量不断减小，圆环中会产生感应电流；丙图中线圈绕轴转动过程中，穿过线圈的磁通量不变，所以不会产生感应电流；丁图中增大导线中的电流，穿过线圈的磁通量不变，所以不会产生感应电流。故选B。2．智能手机通过适当的软件，可以利用自身携带的磁传感器测量磁感应强度。如图所示，a、b为两根竖直放置的通电直导线，电流方向均向上，把手机置于两导线间的中线上的O点时，测得O点的磁感应强度大小为B0，方向垂直纸面向外；仅将b中的电流反向时，测得O点的磁感应强度大小为5B0。已知通电直导线在周围某点产生的磁感应强度大小式中k为常数，I为导线中的电流，r为该点距导线的距离，则a、b两导线中的电流Iₐ和Ib的大小之比为（）A．1∶2 B．1∶3 C．2∶3 D．2∶5【答案】C【解析】设、两导线在点产生的磁感应强度大小分别为、，中电流方向向上时，有中电流方向向下时，有联立，解得，由可知故有故选C。3．如图所示灯泡LA、LB完全相同，带铁芯的线圈L的电阻可忽略。在开关闭合和断开的过程中，LA、LB的亮度变化情况是（灯丝不会断）则（）A．S闭合的瞬间，LA、LB同时发光，接着LA变暗，LB更亮，最后LA熄灭B．S闭合瞬间，LA不亮，LB立即亮C．S闭合瞬间，LA、LB都不立即亮D．稳定后再断开S的瞬间，LB熄灭，LA比LB（原亮度）更亮【答案】A【解析】ABC．S接通的瞬间，线圈L支路中电流从无到有发生变化，因此线圈L中产生的自感电动势阻碍电流增加。由于有铁芯，自感系数较大，对电流的阻碍作用也就很强，所以S接通的瞬间线圈L中的电流非常小，电流几乎全部流过LA，所以LA、LB会同时亮，当L中电流稳定时，感应电动势消失，线圈的电阻可忽略，对LA起到“短路”作用，因此LA便熄灭，这时电路的总电阻比刚接通时小，电路中电流增大，LB会比以前更亮，故A正确，BC错误；D．稳定后断开S前，流过L和LB的电流相等，断开S后，LB熄灭，线圈L中产生自感电动势阻碍电流减小，L相当于电源，和LA组成回路，使得线圈L的电流逐渐减小，LA不会比LB更亮，故D错误。故选A。4．如图甲所示，在虚线所示的区域有垂直纸面向里的磁场，磁场变化规律如图乙所示，面积为S的n匝金属线框处在磁场中。线框与电阻R相连，若金属框的电阻为，下列说法正确的是（）A．线框面积将有扩大趋势B．a、b间的电压C．线框cd边受到的安培力方向向上D．流过电阻R的感应电流方向由a到b【答案】D【解析】A．磁感应强度增大，穿过金属框的磁通量增大，根据楞次定律可知，线框面积将有收缩趋势，故A错误；B．回路中产生的感应电动势回路中感应电流根据楞次定律可知，感应电流方向沿逆时针，则有根据欧姆定律有解得，故B错误；C．线框中电流沿逆时针，根据左手定则可知，线框cd边受到的安培力方向向下，故C错误；D．结合上述，线框中电流沿逆时针，则流过电阻R的感应电流方向由a到b，故D正确。故选D。5．如图所示的电路中，电源电动势V，内阻Ω，电动机的电阻Ω，定值电阻Ω。电动机正常工作时，理想电压表的示数V。下列说法正确的是（）A．通过电动机的电流为3A B．电动机内阻损耗的功率为2WC．电动机的输出功率为6W D．电源的效率为75%【答案】C【解析】A．由欧姆定律可知电路中的总电流为，A错误；B．电动机内阻损耗的功率为，B错误；C．电源内电压为由闭合电路欧姆定律可知电动机两端的电压为故电动机的输出功率为，C正确；D．电源的效率为，D错误。故选C。6．如图甲所示，MN左侧有一垂直纸面向里的匀强磁场。现将一边长为l、质量为m、电阻为R的正方形金属线框置于该磁场中，使线框平面与磁场垂直，且bc边与磁场边界MN重合。当t=0时，对线框施加一水平拉力F，使线框由静止开始向右做匀加速直线运动；当t=t0时，线框的ad边与磁场边界MN重合。图乙为拉力F随时间变化的图线，不计摩擦阻力。由以上条件可知，磁场的磁感应强度B的大小和感应电流方向分别为（）A．

电流方向abcda B．

电流方向adcbaC．

电流方向abcda D．

电流方向abcda【答案】C【解析】初始时刻速度等于零，安培力为零，此时合理为，则加速度为匀加速直线运动时刻，根据牛顿第二定律有时刻，根据牛顿第二定律有联立解得由右手定则可知电流方向为abcda故选C。7．某质谱仪原理如图所示，A为粒子加速器，加速电压为；B为速度选择器，磁场与电场正交，磁感应强度为，两板间距离为d；C为偏转分离器，磁感应强度为。今有一质量为m、电荷量为q的氘核，由静止加速后，恰能通过速度选择器，进入分离器后做匀速圆周运动，则（）A．加速后氘核的速度为B．速度选择器两板间电压为C．氘核在分离器中做匀速圆周运动的半径为D．仅将氘核换成氦核，则不能匀速直线通过速度选择器【答案】B【解析】A．氘核加速过程根据动能定理有解得，故A错误；B．被加速后的氘核恰好通过速度选择器，有又联立得，故B正确；C．氘核在分离器中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力有解得，故C错误；D．仅将氘核换成氦核，比荷不变，由可知，被电场加速后的速度不变，进入速度选择器后，所受电场力和洛伦兹力仍然平衡，则仍能匀速直线通过速度选择器，故D错误。故选B。8．下列关于教材中四幅插图的说法，正确的是（）A．图甲中，摇动手柄使得蹄形磁铁转动，铝框将与磁铁相反的方向运动B．图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，金属块中由于涡流产生大量热量，从而冶炼金属C．图丙中，当人对着话筒讲话时线圈中会产生强弱变化的电流，这利用了电流磁效应D．图丁是毫安表的表头，运输时要把正、负接线柱用导线连在一起，产生感应电流阻碍指针晃动，利用了电磁阻尼原理【答案】BD【解析】A．当摇动手柄使得蹄形磁铁转动，导致铝框的磁通量发生变化，从而产生感应电流，受到安培力，铝框会同向转动，但转得比磁铁慢，故A错误；B．图乙是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，金属块中由于涡流产生大量热量，从而冶炼金属，故B正确；C．图丙中，当人对着话筒讲话时线圈就做受迫振动，线圈在磁场中运动，线圈中会产生强弱变化的电流，这利用了电磁感应原理，故C错误；D．图丁是毫安表的表头，运输时要把正、负接线柱用导线连在一起，运输过程中导线转动切割磁感应线产生感应电流，线圈受到的安培力会阻碍线框的转动，可以保护电表指针，这是利用了电磁阻尼原理，故D正确。故选BD。9．在如图所示电路中，当变阻器的滑片P向b端移动时（）A．电压表示数变小，电流表示数变小 B．电压表示数变大，电流表示数变小C．上消耗的功率变小 D．电源内部消耗的热功率变大【答案】ACD【解析】ABC．当变阻器的滑动头P向b端移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路外电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知电路总电流增大；根据可知路端电压减小，则电压表示数变小；由于流过的电流增大，则两端电压增大，所以并联部分的两端电压减小，即两端电压减小，所以通过的电流减小，则电流表示数变小，根据可知上消耗的功率变小，故AC正确、B错误；D．根据由于电路总电流增大，则电源内部消耗的热功率变大，故D正确。故选ACD。10．图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，一根长L＝0.625m的绝缘细线的一端固定在电场中的点，另一端系住一质量m＝0.8kg，带电量的小球，小球静止时细线与竖直方向成θ＝37°角。现给小球一个与细线垂直的初速度，使其从静止位置开始运动，发现它恰好能绕O点在竖直平面内做完整的圆周运动。已知，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。则（）A．匀强电场的电场强度大小为N/CB．小球获得的初速度大小为6.25m/sC．小球从初始位置运动至轨迹最左端的过程中机械能减小了3.6JD．小球在竖直平面内顺时针运动一周回到初始位置的过程中，其电势能先增大后减小【答案】AB【解析】A．小球静止时细线与竖直方向成角，对小球受力分析如图所示：，根据平衡条件有可得，故A正确；B．小球受重力和电场力的等效合力为小球恰能经过等效最高点A，则在A点时满足从开始到A点由动能定理有解得小球获得的初速度大小为，故B正确；C．小球从初始位置运动至轨迹最左端的过程中，电场力做功为则小球的机械能减小了6J，故C错误；D．小球在竖直平面内顺时针运动一周回到初始位置的过程中，电势先降低后升高再降低，根据可知其电势能先增大后减小再增大，故D错误。故选AB。二、实验题：本题共2小题，共16分。11．（6分）“阳光”学习小组正在测定某种合金制成的金属丝的电阻率。（1）同学们用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，则该金属丝的直径。（2）接着用多用电表粗测金属丝的阻值。在进行正确的机械调零后，将欧姆挡的选择开关拨至“”挡，再将红、黑表笔短接，进行欧姆调零，再将金属丝接入两表笔间，表盘示数如图乙所示，则金属丝的阻值为。（3）为了更准确地测量金属丝的电阻，同学们经过讨论设计的实验电路图如图丙所示（表示待测金属丝）。同学们选择合适的实验器材正确操作。实验中测得接入电路的金属丝长度为，直径为，电压表的示数为，电流表的示数为，则金属丝的电阻率（用本题所给的物理量符号表示）。【答案】（1）0.384（0.382~0.386均可）（2）180（3）【解析】（1）金属丝的直径（2）金属丝的阻值为（3）根据欧姆定律可知，待测金属丝的电阻根据电阻定律且解得金属丝的电阻率12．（10分）某实验小组测量一节干电池的电动势和内阻，有如图甲、乙所示两种可供选择的实验电路图。图中部分器材规格为：电流表内阻约为，量程为；电压表内阻约为，量程为；被测干电池电动势约，内阻约。（1）为使测量结果尽量准确，应选择（选填“甲”或“乙”）电路图；（2）在闭合开关之前，为防止电表过载，滑动变阻器的滑动触头应放在处。（选填“最左端”或“最右端”）（3）下图所示的电压表使用较小量程时，图中表针的示数为V；（4）A同学连接好如图甲所示的实验电路，闭合开关，改变滑片的位置，记录多组电压表、电流表示数，并描绘出图像，如丙图中图线所示；B同学用图乙所示的实验电路，实验操作与同学相同，在同一坐标系中描点作出图像，如丙图中图线所示。若每次操作和读数均正确，则由图丙中的和图线，可得该电池电动势和内阻的真实值为，（结果均保留3位有效数字）。【答案】（1）乙（2）最左端（3）1.30（4）1.481.48【解析】（1）甲方案中实验的误差来源于电流表的分压，实验测得的电源内阻为电流表内阻和电源内阻之和，由于电源的内阻较小，因此实验的误差大；乙方案中实验的误差来源于电压表的分流作用，由于电压表的内阻很大，分流作用不明显，可以忽略，因此选择乙方案误差小；（2）在闭合开关之前，为防止电表过载，使回路电阻最大，滑动变阻器的滑动触头应放在最左端处。（3）最小分度值为0.1V，所以示数为1.30V。（4）[1][2]采用图甲电路测量电源电动势和内阻时，考虑到电流表的分压作用，根据闭合电路欧姆定律有整理得显然利用该电路测量电源电动势和内阻，所以通过P图线纵截距可得该电源电动势的真实值为如图丙所示，当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，则短路电流为则该电池的内阻的真实值为三、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13．（10分）如图所示的电路中，电源电动势E=6V、内阻r=3、电阻，，滑动变阻器的最大阻值为6，闭合开关S，当滑动变阻器滑片从左向右滑动时，求：（1）电源最大输出功率P及对应的滑动变阻器的阻值大小。（2）消耗的功率最大值。【答案】（1）3W，（2）1W【解析】（1）闭合开关S，R2与R3串联，然后与R1并联，则外电阻为当时，可解得电源最大输出功率为（2）令R3的阻值为R时，R3消耗的功率最大值，由上可得总电流为通过R3的电流为R3消耗的功率联立可得当时，输出功率最大，即时，R3输出的最大功率为。14．（12分）如图所示，在平面直角坐标系xOy内，第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限以ON为直径的半圆形区域内，存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，从y轴正半轴上处的M点，以速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的P点且与x轴夹角45°进入磁场。已知，不计粒子重力。（1）求电场强度的大小E和OP的长度d；（2）若使粒子能够再次经过x轴正半轴，求