2024年度高二物理下学期期末模拟试卷及答案（七）

2024年高二物理下学期期末模拟试卷及答案（七）

一.选择题（每小题3分）

1.下列说法中正确的是（）

F

A.由B=7L可知，磁感应强度B与一小段通电直导线受到的磁场力

成正比

B.一小段通电导线所受磁场力的方向就是磁场方向

C.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零

D.磁感应强度为零的地方，一小段通电导线在该处不受磁场力

2.汤姆逊通过对阴极射线的研究发现了电子.如图所示，把电子射

线管（阴极射线管）放在蹄形磁铁的两极之间，可以观察到电子束偏

转的方向是（）

A.向上B.向下C.向左D.向右

3.如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b

两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上.甲、乙两个带

电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中

沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动.则下列说法正确的是（）

①两粒子所带的电荷符号不同

②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度

③两个粒子的电势能都是先减小后增大

④经过b点时，两粒子的动能一定相等.

A.①②B.①③C.③④D.①④

4.如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体

热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所

示.电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器.当传感器氐所

在处出现火情时.，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况

是（）

A.I变大，U变大B.I变小，U变小C1变小，U变大D.I

变大，U变小

5.A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用

下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度-时间图象如

图所示.则这一电场可能是下图中的（）

6.质谱仪是一种测定带电粒子质量或分析同位素的重要设备，它的

构造原理如图所示，粒子源S产生的各种不同正离子束（速度可视为

零），经MN间的加速电压U加速后，从小孔，垂直于磁感线进入匀

强磁场，运转半周后到达照相底片上的P点.设P到吊的距离为x,

则（）

,•

一：一分

—A—M

A.若粒子束是同位素，则x越大对应的粒子质量越小

B.若粒子束是同位素，则x越大对应的粒子质量越大

C.只要x相同，对应的粒子质量一定相同

D.只要x相同，对应的粒子电量一定相等

7.如图所示，质量为m,带电量为q的粒子，以初速度vo,从A点

竖直向上射入空气中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B

点时，速率VB=2V°,方向与电场的方向一致，则A,B两点的电势差

222

V2

o3InoO

A--cITqIVD

*2Qq*

2q

8.一个弹簧振子的振动周期为0.025s,从振子向右运动经过平衡位

置开始计时，经过0.17s时，振子的运动情况是（）

A.正在向右做减速运动B.正在向右做加速运动

C.正在向左做减速运动D.正在向左做加速运动

9.线圈ab中的电流如图1所示，设电流从a到b为正方向，那么在

。〜to（如图2）这段时间内，用丝线悬挂的铝环M中产生感应电流,

A.顺时针B.逆时针

C.先顺时针后逆时针D.先逆时针后顺时针

10.如图甲是利用沙摆演示简谐运动图象的装置.当盛沙的漏斗下面

的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙在板上显示

出沙摆的振动位移随时间变化的关系曲线,已知木板被水平拉动的速

度为0.20m/s,图乙所示的一段木板的长度为0.60m,则这次实验沙

摆的摆长大约为（取g=P）（）

0.60m

甲

A.0.56mB.0.65mC.1.00mD.2.25m

11.一弹簧振子沿x轴振动，振幅为4cm.振子的平衡位置位于K轴

上的O点.图1中的a、b、c、d为四个不同的振动状态：黑点表示

振子的位置，黑点上的箭头表示运动的方向.图2给出的①②③④

四条振动图线，可用于表不振子的振动图线，下列判断中止确的是

图2

A.若规定状态a时t=0,则图象为②

B.若规定状态b时t=0,则图象为④

C.若规定状态c时t=0,则图象为③

D.若规定状态d时t=0,则图象为①

12.闭合电路的一部分导线ab处于匀强磁场中，下图中各情况下导

线都在纸面内运动，那么下列判断中正确的是（）

a

甲乙丙丁

A.都会产生感应电流

B.都不会产生感应电流

C.甲、乙不会产生感应电流，丙、丁会产生感应电流

D.甲、丙会产生感应电流，乙、丁不会产生感应电流

13.关于感应电动势大小的说法正确的是（）

A.线圈中磁通量越大，产生的感应电动势越大

B.线圈中磁通量变化越大，产生的感应电动势越大

C.线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大

D.线圈中磁通量增加时感应电动势增大，磁通量减小时感应电动势

减小

14.小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动.产生

的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个

R=10。的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法正确的

A.交变电流的周期为0.125sB.交变电流的频率为8Hz

C.交变电流的有效侑为&AD.交变电流的最大侑为4A

15.变压器的铁芯是用薄硅钢片叠压而成，而不是采用一整块硅钢,

这是因为（）

A.增大涡流，提高变压器效率

B.减小铁芯中的电阻，以减小发热量

C.减小涡流，提高变压器效率

D.增大铁芯中的电阻，以产生更多的热量

16.一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为—220、”

sin100m.关于这个交变电流，下列说法中正确的是（）

A.交变电流的频率为100Hz

B.电动势的有效值为220V

C.电动势的峰值约为311V

D.t=（）时、线圈平面与中性面垂直

17.如图所示，把耳阻R、电感线圈L、电容器C并联，三个支路中

分别接有一灯泡.接入交流电源后，三盏灯亮度相同.若保持交流电

源的电压不变，使交变电流的频率增大，则以下判断正确的是（）

A.与电容器C连接的灯泡L2将变暗

B.与线圈L连接的灯泡L将变暗

C.与电阻R连接的灯泡L3将变暗

D.三盏灯泡的亮度都不会改变

18.某交流电电路中，有一正工作的变压器，它的原线圈匝数5=600

匝，电源电压为U】二220V,原线圈串联一个0.2A的保险丝，副线圈

m二120匝，为保证保险丝不烧断，则（）

A.负载功率不能超过44W

B.副线圈电流最大值不能超过1A

C.副线圈电流有效值不能超过1A

D.副线圈电流有效值不能超过0.2A

19.如图所示，两固定的竖直光滑金属导轨足够长且电阻不计.质量、

长度均相同的导体棒c、d,置于边界水平的匀强磁场上方同一高度h

处.磁场宽3h,方向与导轨平面垂直.先由静止释放c,c刚进入磁

场即匀速运动，此时再由静止释放d,两导体棒与导轨始终保持良好

接触.用血表示C的加速度，Ekd表示d的动能，Xc>Xd分别表示c、

d相对释放点的位移.下列图象中正确的是（）

20.在方向如图所示的匀强电场（场强为E）和匀强磁场（磁感应强

度为B）共存的场区，一电子沿垂直电场线和磁感线方向以速度V。

射入场区，则（）

XXX卜

■

X♦

XX

、H

Xb

XXX

3

XX

A.若电子沿轨迹I运动，射出场区时，速度v>vo

B.若v°>奇，电子沿轨迹n运动，射出场区时，速度v<vo

C.若voV?，电子沿轨迹I运动，射出场区时，速度v>vo

E

D.若vo〈E，电子沿轨迹口运动，射出场区时，速度vVvo

二.实验题（2小题，21题6分，22题10分）

21.用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图甲所示，此示数为

mm,用2（）分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图乙

所示，此示数为mm.

22.在实验室用〃伏安法〃测定电源的电动势和内阻，现备有如下实验

器材：被测电源（一节干电池）、电压表、电流表、滑动变阻器、开

关、导线等.

图3

①画出实验电路图（图1）,补充完实物连线图（图3）.

②根据实验作出U-I图象如图2所示，则由图象可确定：该电源的

电动势为V,电源的内电阻为Q.

三.计算题（2小题，共24分.写出必要的公式和重要的演算步骤,

有数值计算的题），

23.长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间

形成匀强电场，一个带电量为+q、质量为m的带电粒子，以初速度

vo紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场，刚好从下极板边缘射

出，射出时速度恰与下极板成30。角，如图所示，不计粒子重力，求:

(1)粒子末速度的大小;

(2)匀强电场的场强；

(3)两板间的距离.

l<_____L——

24.如图所示，虚线MN、PQ之间存在垂直纸面向内、磁感应强度

大小为B的匀强磁场，现有两个质量均为m、带电量分别为-q、+q

的粒子在纸面内均以速度v从A点同时射入，其方向与MN成60°

角，虚线MN、PQ间的距离为d,带电粒子的重力及带电粒子之间的

库仑力不计.试求：

(1)+q粒子恰好不从PQ边飞出能回到虚线MN上,则速度v多大?

(2)两个带电粒子在磁场中运动的时间之和.

AxXXXXXXQ

参考答案与试题解析

一.选择题（每小题3分）

1.下列说法中止礁的是（）

F

A.由B=Z可知，磁感应强度B与一小段通电直导线受到的磁场力

成正比

B.一小段通电导线所受磁场力的方向就是磁场方向

C.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零

D.磁感应强度为零的地方，一小段通电导线在该处不受磁场力

【考点】磁感应强度；左手定则.

F

【分析】本题考查了磁场的大小与方向，磁感应强度B二元是采月比

值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，当电流方向

与磁场方向不在同一直线上时，导体才受到磁场力作用，磁场力的方

向与电流、磁场垂直.

【解答】解：A、磁感应强度B二三F是采用比值法定义的，B大小与

F、IL无关，B由磁场本身决定，故A错误；

B、根据左手定则可知，磁场方向与磁场力方向垂直，故B错误；

C、根据F=BIL可知，当磁感应强度为零处，它所受磁场力一定为零,

但在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零，还与放置的位置有

关，当导体方向与磁场方向在一条线上时，导体不受磁场力作用，此

时磁感应强度并非为零，故C错误，D正确.

故选D.

2.汤姆逊通过对阴极射线的研究发现了电子.如图所示，把电子射

线管（阴极射线管）放在蹄形磁铁的两极之间，可以观察到电子束偏

转的方向是（）

A.向上B.向下C.向左D.向右

【考点】电子束的磁偏转原理及其应用.

【分析】阴极射线管电子从阴极射向阳极，运用左手定则判断电子束

受到的洛伦兹力的方向，来判断电子束偏转的方向.

【解答】解：电子从阴极射向阳极，根据左手定则，磁感线穿入手心,

四指指向电子运动的反方向，洛伦兹力的方向向下，则电子束向下偏

转.

故选B

3.如图所示，虚线表示某点电荷Q所激发电场的等势面，已知a、b

两点在同一等势面上，c、d两点在另一个等势面上.甲、乙两个带

电粒子以相同的速率，沿不同的方向从同一点a射入电场，在电场中

沿不同的轨迹adb曲线、acb曲线运动.则下列说法正确的是（）

①两粒子所带的电荷符号不同

②甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度

③两个粒子的电势能都是先减小后增大

④经过b点时，两粒子的动能一定相等.

A.①②B.①③C.③④D.①④

【考点】电势能；动能定理的应用.

【分析】根据轨迹判定电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受到中

心电荷的斥力，可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况.根

据虚线为等势面,可判定acb.adb曲线过程中电场力所做的总功为0.

【解答】解：①由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，而电荷乙受

到中心电荷的斥力，故两粒子的电性一定不同.故①正确.

②甲粒子从a至ijc和乙粒子从a至ijd,Uac=Uad，但甲、乙两粒子带异

种电荷，所以甲粒子从a到c电场力做功与乙粒子从a到d电场力做

功不等，所以甲粒子经过c点时的动能不等于乙粒子经过d点时的动

能，甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点的速度，故②正

确.

③由图可知电荷甲受到中心电荷的引力，则电场力先做正功后做负

功，电势能先减小后增加；而电荷乙受到中心电荷的斥力，电场力先

做负功后做正功，电势能先增加后减小，故③错误.

④可知两粒子在从a向b运动过程中电场力做功情况.根据虚线为

等势面，可判定acb、adb曲线过程中电场力所做的总功为()，两粒子

在a点时具有相同的速率，但动能不一定相等，虽重力不计，两粒子

经过b点时动能不一定相等.故④错误

因此本题止确的有①②.

故选：A.

4.如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体

热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所

示.电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器.当传感器氐所

在处出现火情时.，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况

是()

A.I变大，U变大B.I变小，U变小C1变小，U变大D.I

变大，U变小

【考点】闭合电路的欧姆定律.

【分析】七为用半导体热敏材料制成的传感器，出现火情，温度升高

时，其电阻减小.分析外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压

的变化，即可知U的变化.根据并联部分电压的变化，分析I的变化.

【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，温度升高，由图乙知

R2的阻值变小，外甩路总电阻变小，则总电流I总变大，电源的内电

压变大，路端电压变小，即U变小.

电路中并联部分的电压U并二E-I总（Ri+r）,I总变大，其他量不变，

则U并变小，电流表不数I变小.故B止确，ACD错误；

故选：B.

5.A、B是一条电场线上的两个点，一带负电的微粒仅在电场力作用

下以一定初速度从A点沿电场线运动到B点，其速度-时间图象如

图所示.则这一电场可能是下图中的（）

A.乏工C.壬之D.^322

【考点】匀变速直线运动的图像；电场线.

【分析】（1）速度--时间图象中，图象的斜率表示加速度；

（2）电场线分布密集的地方电场强度大，分布稀疏的地方，电场强

度小；

（3）负电荷受电场力的方向与电场强度方向相反；

（4）对只受电场力作用的带电微粒，电场力越大，加速度越大，也

就是电场强度越大，加速度越大.

【解答】解：由图象可知，速度在逐渐减小，图象的斜率在逐渐增大,

故此带负电的微粒做加速度越来越大的减速直线运动，所受电场力越

来越大，受力方向与运动方向相反.

故选：A.

6.质谱仪是一种测定带电粒子质量或分析同位素的重要设备，它的

构造原理如图所示，粒子源S产生的各种不同正离子束(速度可视为

零)，经MN间的加速电压U加速后，从小孔Si垂直于磁感线进入匀

强磁场，运转半周后到达照相底片上的P点.设P到，的距离为x,

贝IJ()

•,:H、■•

♦■\■

-

—6—M

A.若粒子束是同位素，则x越大对应的粒子质量越小

B.若粒子束是同位素，则x越大对应的粒子质量越大

C.只要x相同，对应的粒子质量一定相同

D.只要x相同，对应的粒子电量一定相等

【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理.

【分析】根据动能定理求出粒子进入磁场的速度，根据牛顿第二定律

求出轨道半径，从而得知x与什么因素有关.

2

【解答】解：A、根据动能定理得，QU=|mv,得v二坪.

由wB二呼得，i•粪.x=2r=f段.若粒子束是同位素，x越大对应

的离子质量越大.故A错误，B正确.

C、X=2L1■蹲，知只要x相同，对应的离子的比荷一定相等质

量不一定相同，电荷量也不一定相同.故CD错误.

故选：B.

7.如图所示，质量为m,带电量为q的粒子，以初速度vo,从A点

竖直向上射入空气中的沿水平方向的匀强电场中，粒子通过电场中B

点时，速率VB=2VO,方向与电场的方向一致，则A,B两点的电势差

22

2:O3O

BCDIrlv

2q

【考点】电势差；动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动.

【分析】微粒在匀强电场中受到重力和电场力两个力作用，根据动能

定理求出AB两点间的电势差UAB

【解答】解：粒子，从A到B,根据动能定理得：

TT.±2-工2

qU/\B-mgh=ynivBymv0

因为VB=2VO,

若只考虑粒子在竖直方向，只受到重力，所以机械能守恒，则有

mg,h=y1nivo2

2

V

2IDO

由以上三式,

故选：c

8.一个弹簧振子的振动周期为0.025s,从振子向右运动经过平衡位

置开始计时，经过0.17s时，振子的运动情况是（）

A.正在向右做减速运动B.正在向右做加速运动

C.正在向左做减速运动D.正在向左做加速运动

【考点】简谐运动的振幅、周期和频率.

【分析】仁（）时刻振子的位移x=0.结合0.17s时间内完成的振动次数,

从而确定加速度大小与方向.

【解答】解：以水平向右为坐标的正方向，振动周期是0.025s,振子

从平衡位置开始向右运动，经过0.17s时，完成了n4■二/康=6.8

因此振动正在向右加速运动到平衡位置.

故选：B

9.线圈ab中的电流如图1所示，设电流从a到b为正方向，那么在

。〜to（如图2）这段时间内，用丝线悬挂的铝环M中产生感应电流,

从左右看，它的方向是（）

o

图1图2

A.顺时针B.逆时针

C.先顺时针后逆时针D.先逆时针后顺时针

【考点】楞次定律.

【分析】根据右手螺旋定则可知，螺线管内部磁场的方向，并由电流

与时间的变化，从而确定穿过线圈B的磁通量的变化，最后根据楞

次定律来确定感应电流的方向，并由左手定则来确定安培力的方向.

【解答】解：A、根据题意可知，设电流从a到b为正方向，当电流

是从a流向b,由右手螺旋定则可知，线圈B的磁场水平向右，由于

电流的减小，所以磁通量变小，根据楞次定律可得，线圈B的感应

电流顺时针（从左向右看）.

当电流是从b流向a,由右手螺旋定则可知，线圈B的磁场水平向左,

当电流增大，则磁通量变大，根据楞次定律可得，所以感应电流顺时

针（从左向右看）.故电流方向不变，所以A正确，BCD错误；

故选：A.

1（）.如图中是利用沙摆演示简谐运动图象的装置.当盛沙的漏斗下面

的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙在板上显示

出沙摆的振动位移随时间变化的关系曲线,已知木板被水平拉动的速

度为0.20m/s,图乙所示的一段木板的长度为0.60m,则这次实验沙

A.0.56mB.0.65mC.1.00mD.2.25m

【考点】简谐运动的振幅、周期和频率.

【分析】薄木板水平匀速运动，由板长和速度求出运动的时间.此时

间等于两倍的沙摆周期，则知沙摆的周期，再由单摆的周期公式求解

摆长.

【解答】解：薄木板水平匀速运动，通过0.60m的时间为:t=5二^s=3s

设沙摆的周期为T,由图看出，2T=3

得：T=1.5s.

由T=2ng代入数据得:L=().56m

故选：A

11.一弹簧振子沿x轴振动，振幅为4cm.振子的平衡位置位于K轴

上的O点.图1中的a、b、c、d为四个不同的振动状态：黑点表示

振子的位置，黑点上的箭头表示运动的方向.图2给出的①②③④

四条振动图线，可用于表示振子的振动图线，下列判断中正确的是

)

m

图2

A.若规定状态a忖t=0,则图象为②

B.若规定状态b时t=0,则图象为④

C.若规定状态c时口()，则图象为③

D.若规定状态d时t=(),则图象为①

【考点】简谐运动的振动图象.

【分析】解决本题可根据：振动图象的物理意义，在图象中正确判断

质点振动方向、位移、速度、加速度的变化情况.

【解答】解：A、若规定a状态时匚0,则由图1可知，此时a位移

为3cm,振动方向沿x轴正方向，则对应于图中的①图象，故A错

误：

B、图2中的②图象匚。时丁质点位移为3cm,振动方向沿x轴负方

向，而图1中b状态此时位移为2cm,故B错误；

C、图1中的c状态此时位移为-2cm,振动方向沿x轴负方向，而

图2中的③图象描述的t=0时，质点沿x轴正方向运动，故C正确;

D、图1中d状态，此时在负的最大位移(波谷)，下一时刻将沿x

轴正方向运动，和图2中④振动图象描述的一致，故D错误.

故选：C.

12.闭合电路的一部分导线ab处于匀强磁场中，下图中各情况下导

线都在纸面内运动，那么下列判断中正确的是（）

a

甲乙丙丁

A.都会产生感应电流

B.都不会产生感应电流

C.甲、乙不会产生感应电流，丙、丁会产生感应电流

D.甲、丙会产生感应电流，乙、丁不会产生感应电流

【考点】感应电流的产生条件.

【分析】当闭合电路的一部分导线做切割磁感线运动时、导体中才产

生感应电流.当导体的运动方向与磁感线在同一平面内时,导体不切

割磁感线，没有感应电流产生.

【解答】解：甲、丙图中，闭合电路的一部分导线的运动方向与磁感

线垂直，做切割磁感线运动，会产生感应电流.乙图中，导线的运动

方向与磁场平行，不切割磁感线，没有感应电流产生.丁图中，导线

的运动方向与磁感线在同一平面内时，导体不切割磁感线，没有感应

电流产生.所以甲、丙会产生感应电流，乙、丁不会产生感应电流.故

D正确！

故选D

13.关于感应电动势大小的说法正确的是（）

A.线圈中磁通量越大，产生的感应电动势越大

B.线圈中磁通量变化越大，产生的感应电动势越大

C.线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大

D.线圈中磁通量增加时感应电动势增大，磁通量减小时感应电动势

减小

【考点】法拉第电磁感应定律.

【分析】根据法拉第电磁感应定律E=含■分析感应电动势与磁通量

的关系.

【解答】解：A、磁通量大，磁通量的变化率不一定大，所以感应电

动势不一定大.故A错误.

B、磁通量的变化大，磁通量的变化率不一定大，还与变化的时

间有关，所以感应电动势不一定.故B错误.

C、磁通量变化快，磁通量变化率大，所以感应电动势大.故C

正确.

D、感应电动势的大小关键看磁通量的变化率，不是看磁通量的

增加还是减小.若磁通量增加时，磁通量的变化率减小，也就是增加

的越来越慢，则感应电动势变小.故D错误.

故选C.

14.小型交流发电机中，矩形金属线圈在匀强磁场中匀速转动.产生

的感应电动势与时间呈正弦函数关系，如图所示，此线圈与一个

R=10Q的电阻构成闭合电路，不计电路的其他电阻，下列说法正确的

是（)

A.交变电流的周期为0.125sB.交变电流的频率为8Hz

C.交变电流的有效值为&AD.交变电流的最大值为4A

【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系.

【分析】从图象中可以求出该交流电的最大电压以及周期等物理量,

然后根据最大值与有效值以及周期与频率关系求解.

【解答】解：A、由图可知，交流电周期T=0.250s,故A错误；

B、交流电周期T=0.250s,交变电流的频承为f=申二4Hz,故B错误;

C、由图可知，交流电的最大电压Um=20V,所以交变电流的最大值

、，20

为io=2A,

20V2

所以交变电流的有效值为I=亚二A,故C正确，D错误；

10

故选：C.

15.变压器的铁芯是用薄硅钢片叠压而成，而不是采用一整块硅钢,

这是因为（）

A.增大涡流，提高变压器效率

B.减小铁芯中的电阻，以减小发热量

C.减小涡流，提高变压器效率

D.增大铁芯中的电阻，以产生更多的热量

【考点】变压器的构造和原理.

【分析】涡流现象能在导体内部损耗能量，利用薄硅钢片叠压而成的,

增大电阻，从而减小涡流，提高效率.

【解答】解：变压器的铁芯，在整块导体内部发生电磁感应而产生感

应电流的现象称为湖流现象，要损耗能量，不用整块的硅钢铁芯，其

目的是增大电阻，从而为了减小涡流，减小发热量，提高变压器的效

率，故C正确，ABD错误；

故选：C.

16.一个矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交流电动势为—220、"

sinloom.关于这个交变电流，下列说法中正确的是（）

A.交变电流的频率为100Hz

B.电动势的有效值为220V

C.电动势的峰值约为311V

D.t=0时，线圈平面与中性面垂直

【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.

【分析】本题考查了交流电的描述，根据交流电的表达式，可知知道

其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物

理量，如有效值、周期、频率等.

【解答】解：由e=220亚sinlOORt可知该交流电的电动势最大值为

220%,即31IV,有效值为220V,故BC正确；

线圈的转速为lOOmad/s,故其频率为：仁1篝=50Hz,故A错误；

由e=220sin100m可知，当t=0时e=0,此时线圈处在中性面上,

故D错误.

故选BC.

17.如图所示，把耳阻R、电感线圈L、电容器C并联，三个支路中

分别接有一灯泡.接入交流电源后，三盏灯亮度相同.若保持交流电

源的电压不变，使交变电流的频率增大，则以下判断正确的是（）

nI

_FLifH

0h0T

-—

A.与电容器C连接的灯泡L2将变暗

B.与线圈L连接的灯泡L将变暗

C.与电阻R连接的灯泡L3将变暗

D.三盏灯泡的亮度都不会改变

【考点】自感现象和自感系数.

【分析】电感线圈对交流电的阻碍作用与交流电的频率成正比，电容

对交流电的阻碍作用与交流电的频率成反比.

【解答】解.：因接入交流电后，三盏灯亮度相同，又因电感线圈对交

流电的阻碍作用与交流电的频率成正比，电容对交流电的阻碍作用与

交流电的频率成反比，故当交流电频率增大时，电感线圈L的阻碍作

用增大，电容对交流电的阻碍作用变小，电阻R的阻碍作用不变，

故与L相连的灯泡L将变暗，与电容C连接的灯泡L2变亮，与R

相连接的灯泡L3亮度不变，故B项正确，A、C、D三项错误.

故选：B.

18.某交流电电路中，有一正工作的变压器，它的原线圈匝数n尸60()

匝，电源电压为Ui二220V,原线圈串联一个0.2A的保险丝，副线圈

m二120匝，为保证保险丝不烧断，则()

A.负载功率不能超过44W

B.副线圈电流最大值不能超过1A

C.副线圈电流有效值不能超过1A

D.副线圈电流有效值不能超过0.2A

【考点】变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期

和频率.

【分析】根据电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，结合保险丝得

额定电流计算出副线圈中允许的最大电流和功率.

【解答】解：原、副线圈的匝数分别为m二600匝、皿二120匝，电源

120

的电压为U尸220V,所以副线圈电压是赢^220=44丫，根据电流与匝

数反比，副线圈允许的电流有效值最大为2=1A,所以负载功

率不能超过P=UI=44X1=44W,故AC正确，BD错误；

故选：AC.

19.如图所示，两固定的竖直光滑金属导轨足够长且电阻不计.质量、

长度均相同的导体棒c、d,置于边界水平的匀强磁场上方同一高度h

处.磁场宽3h,方向与导轨平面垂直.先由静止释放c,c刚进入磁

场即匀速运动，此时再由静止释放d,两导体棒与导轨始终保持良好

接触.用处表示C的加速度，Ekd表示d的动能,Xc>Xd分别表示C、

d相对释放点的位移.下列图象中正确的是()

【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电

磁感应中的能量转化.

【分析】未进入磁场时，c、d做自由落体运动，到达磁场上边界时

速度相同.c、d都进入磁场后，同时在磁场中运动时•，两者速度相

同，没有感应电流产生，只受重力，都做匀加速直线运动，加速度为

g.c出磁场后，d在切割磁感线时，此时d的速度比进磁场时大，产

生感应电动势增大，感应电流增大，受到的安培力增大，则d做匀减

速直线运动.根据动能与高度的关系选择动能图象.

【解答】解：A、设c、d刚进磁场时速度为v,c刚进入磁场做匀速

运动，此时由静止释放d.设d经时间t进入磁场，并设这段时间内

c的位移为X;

对C,由匀变速运动的平均速度公式得：h=ft,由匀速运动的位移公

式得：x=vt,解得：x=2h,

d进入磁场时，c相对释放点的位移为3h；d进入磁场后，cd二者都

做匀速运动，且速度相同，二者与导轨组成的回路磁通量不变，感应

电流为零，不受安培力，两导体棒均做加速度为g的匀加速运动，故

A错误，B正确；

C、c出磁场时d下落2h,c出磁场后，只有导体棒d切割磁感线，

此时d的速度大于进磁场时的速度，d受到安培力作用做减速运动，

动能减小，d出磁场后动能随下落高度的增加而均匀增大，故CD

错误.

故选：B.

20.在方向如图所示的匀强电场（场强为E）和匀强磁场（磁感应强

度为B）共存的场区，一电子沿垂直电场线和磁感线方向以速度V。

射入场区，则（）

E

A.若vo>蓝，电子沿轨迹I运动,射出场区时，速度V>Vo

B.若Vo〉?，电子沿轨迹II运动,射出场区时，速度vVvo

C.若电子沿轨迹I运动,射出场区时，速度v>vo

D.若voV"!，电子沿轨迹H运动，射出场区时，速度vVvo

【考点】带电粒子在混合场中的运动.

【分析】电子进入可磁场中，受到洛伦兹力与电场力两个力作用，由

已知条件，分析两个力的大小，由左手定则判断出洛伦兹力方向，确

定出电场力方向，即可确定电子的偏转方向，根据电场力做功的正负,

分析速度的变化.

【解答】解：A、B电子进入电磁场中，受到洛伦兹力与电场力两个

力作用，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向向下，而电场力方向向

上.若vo>'|,则qv（）B>qE,即洛伦兹力大于电场力，电子向下偏转,

沿轨迹H运动，洛伦兹力不做功，而电场力对电子负功，动能减小，

速度减小，故速度vVvo.故A错误，B正确.

E

C、D若V。〈万，则qvoBVqE,即洛伦兹力小于电场力，电子向上偏

转，沿轨迹I运动，洛伦兹力不做功，而可场力对电子正功，动能增

加，速度增大，故速度v>v°.故C正确，D错误.

故选BC

二.实验题（2小题，21题6分，22题10分）

21.用螺旋测微器测圆柱体的直径时，示数如图甲所示，此示数为一

6.125mm,用20分度的游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图

乙所示，此示数为63.60mm.

【考点】刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用.

【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游

标读数，不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动

刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.

【解答】解：螺旋测微器的固定刻度为6mm,可动刻度为12.5X

0.0lmm=O.125mm,所以最终读数为6mm-0.125mm=6.125mm.

20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm,游标卡尺的主尺读数为

63mm,游标尺上第12个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数

为12X0.05mm=0.60mm,所以最终读数为:63mm+0.60mm=63.60mm.

故答案为：6.12563.60

22.在实验室用〃伏安法〃测定电源的电动势和内阻，现备有如下实验

器材：被测电源（一节干电池）、电压表、电流表、滑动变阻器、开

关、导线等.

图3

①画出实验电路图（图1）,补充完实物连线图（图3）.

②根据实验作出U-I图象如图2所示，则由图象可确定：该电源的

电动势为1.40V,电源的内电阻为0.57Q.

【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线.

【分析】（1）由实验原理可得出对应的图象，根据原理图可得出实物

图;

（2）由闭合电路欧姆定律可得出函数关系，结合数学公式及图象可

明确电动势和内电阻；

【解答】解：（1）采用伏安法测电源的电动势和内电阻的实验，只需

将滑动变阻器与电源串联即可；由于电流表内阻接近电源内阻；故采

用电流表相对电源的外接法；

故原理图如图所示；根据原理图连接实物图如图；

（2）