广东省佛山市顺德区勒流中学高三物理高考模拟试题

广东省佛山市顺德区勒流中学2018届高三物理高考模拟试题二.选择题：1.铀核裂变的产物是多样的，一种典型的铀核裂变的核反应方程是，则下列叙述正确的是A.X原子核中含有86个中子B.X原子核中含有144个核子C.因为裂变时释放能量，出现质量亏损，所以裂变后的总质量数减少D.因为裂变时释放能量，出现质量亏损，所以裂变后的总质量数增加【答案】B【解析】根据质量数守恒，则X的质量数：m=235+1893=144，可知X原子核中含有144个核子；根据核电荷数守恒，得：z=9236=56；所以X中的中子数：n=mz=14456=88，可知X原子核中含有88个中子。故A错误，B正确；在核反应的过程中，质量数是守恒的。总质量数既不减小，也不增加。故C错误，D错误；故选B。点睛：解决本题的关键知道核反应前后质量数守恒，在重核裂变的过程中有质量亏损，向外放出能量．同时要明确，是所有的核反应中，质量数是守恒的，但质量不守恒，二者不可混淆．2.如图所示，理想变压器的输入端通过灯泡L1与输出电压稳定的正弦交流电源相连，副线圈通过导线与两个相同的灯泡L2和L3相连，开始时开关S处于断开状态。当S闭合后，所有灯泡都能发光，下列说法中正确的是A.灯泡L1变亮B.灯泡L2变亮C.原线圈两端电压不变D.副线圈两端电压变大【答案】A【解析】开关S闭合，负载增加一并联电路，总电阻减小，所以副线圈电流增大，根据变流规律，可知原线圈电流I1增大，L1变亮，所以A正确；灯泡L1的电压增大，由于输入的正弦交流电压稳定，即U不变，根据U=，可得原线圈的电压U1减小，副线圈电压U2跟着减小，L2变暗，所以B、C、D错误。3.智能手机的普及使“低头族”应运而生。低头时，颈椎受到的压力会增大（当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量）。现将人体头颈部简化为如图的模型：重心在头部的P点，在可绕O转动的颈椎OP（轻杆）的支持力和沿PQ方向肌肉拉力的作用下处于静止。当低头时，若颈椎与竖直方向的夹角为45°，PQ与竖直方向的夹角为53°，此时，颈椎受到的压力与直立时颈椎受到压力的比值为（sin530=0.8）A.4B.5C.D.【答案】C【解析】受力分析，如图所示。在水平方向：，竖直方向：，联立解得，所以C正确；A、B、D错误。4.假设地球为质量均匀分布的球体。已知地球表面的重力加速度在两极处的大小为g0、在赤道处的大小为g，地球半径为R，则地球自转的周期T为A.B.C.D.【答案】B【解析】在两极地区，物体受到地球的万有引力，大小为，在赤道处，地球对物体的万有引力大小仍为，而在赤道处有：，解得：，故选B.5.如图所示，表面粗糙且足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块的速度随时间变化的关系图象可能的是A.B.C.D.【答案】BC【解析】由静止释放后，物块受滑动摩擦力沿传送带向下。对物块，根据牛顿第二定律，物块以加速度a1做匀加速运动，当速度等于传送带的速度时，摩擦力发生突变。若，滑动摩擦力突变为静摩擦力，物块与传送带一起匀速运动；若，滑动摩擦力突变为向上，，物块以加速度a2继续加速，所以BC正确；AD错误。6.如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势φ随x变化的关系如图乙所示，若在O点由静止释放一电子，电子仅受电场力的作用。则A.电子将沿Ox方向运动B.电子的电势能将一直减小C.沿Ox方向电场强度一直增大D.电子运动的加速度先减小后增大【答案】ABD【解析】由乙图知沿x轴正方向电势在降低，所以电场沿x轴负方向。电子受电场力方向沿x轴正方向，电子将沿Ox方向加速运动，电场力做正功，电子的电势能减小，所以A、B正确；电势随x变化图象的斜率表示电场强度，由乙图可知沿Ox方向电场强度先减小后增大，电子受电场力先减小后增大，电子运动的加速度先减小后增大，故C、D错误。7.如图所示，在水平面内有两个用相同材料粗细均匀的光滑金属“V”字型导轨，空间中存在垂直于水平面的匀强磁场，其中导轨bac固定不动，用外力F使导轨edf向右匀速运动，导轨间接触始终良好，从图示位置开始计时，下列关于回路中的电流I的大小和外力F的大小随时间的变化关系正确的是A.B.C.D.【答案】AD【解析】设子运动的过程中切割的有效长度为L，产生的电动势为E=BLv，由图知，回路的周长与L成正比，即S=kL，设单位长度的电阻为R0，总电阻为kLR0，可求电流，所以A正确；B错误；导轨做匀速运动，所以合外力等于零，即F=F安=BIL，电流I不变，切割的有效长度L随时间均匀增大，所以C错误；D正确。8.如图所示，在x轴上方存在垂直纸面向里的磁感应强度大小为B的匀强磁场，在x轴下方存在垂直纸面向外的磁感应强度大小为B/2的匀强磁场。一带负电的质量为m、电荷量为q的粒子（不计重力）从原点O与x轴成30°角斜向上射入磁场，且在x轴上方运动的半径为R。则A.粒子经偏转一定能回到原点OB.粒子完成一次周期性运动的时间为πm/3qBC.粒子射入磁场后，第二次经过x轴时与O点的距离为3RD.粒子在x轴上方和下方的磁场中运动的半径之比为【答案】CD【解析】根据左手定则判断洛伦兹力的方向可知，粒子运动的过程中，离O点越来越远，粒子一定不能回到原点O，故A错误；在第一象限运动的时间9.如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。（1）下列说法中符合本实验要求的是____________。A．安装轨道时，轨道末端必须水平B．必要的测量仪器有天平、刻度尺和秒表C．入射球必须比靶球质量大，且二者的直径必须相同D．在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从同一位置由静止释放（2）图中O点是小球抛出点在地面上的竖直投影。实验时，先让入射小球多次从S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置。然后把靶球静置于轨道的末端，再将入射小球从同一位置由静止释放，多次重复，并找到碰撞后两球各自落地点的平均位置。用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置与O点的距离（线段OM、OP、ON的长度），分别用x1、x2、x3表示。入射小球的质量为m1，靶球的质量为m2，若满足关系式____________________________，则两球碰撞前后系统动量守恒。【答案】(1).（1）ACD(2).（2）m1x2=m1x1+m2x3【解析】（1）确保小球离开轨道做平抛运动，所以安装轨道时，轨道末端必须水平，A正确；实验时，需要天平测量质量、刻度尺测量距离，但不需要秒表测时间，所以B错误；碰撞时，为使入射球不被弹回，要求入射球必须比靶球质量大，且对心碰撞二者的直径必须相同，故C正确；在同一组实验的不同碰撞中，每次入射球必须从同一位置由静止释放，以确保碰前小球的速度相同，所以D正确。10.某同学设计了如图甲所示的电路来测量电源电动势E、内阻r和电阻R1的阻值。实验器材有：待测电源(电动势为E，内阻为r)；待测电阻R1；电压表V（量程1.5V，内阻很大）；电阻箱R（099.99Ω）；开关S1；单刀双掷开关S2；导线若干。（1）先测量电阻R1的阻值，请将该同学的操作补充完整。①闭合S1，将S2切换到a，调节电阻箱，读出其示数R0和对应的电压表示数U1②保持电阻箱示数不变，将S2切换到b，读出电压表的示数U2③则电阻R1的表达式为R1=_________。（2）该同学已经测得电阻R1=4.95Ω，继续测量电源电动势E和内阻。做法是：闭合S1，将S2切换到a，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U，由测得的数据，绘出了如图乙所示的图线，则电源电动势E=_____V，内阻=______Ω。（保留三位有效数字）【答案】(1).（1）(2).（2）1.43V，(3).1.05Ω（或1.06Ω）【解析】（1）根据欧姆定律，电阻箱的电流，R1的电压为U2U1，所以可求：；（2）根据闭合电路的欧姆定律：，整理得，所以图象与纵轴的截距，可得电动势E=1.43V，斜率，可求内阻r=1.05Ω11.如图所示，在同一竖直面上，质量为2m的小球A静止在光滑斜面的底部，斜面高度为H＝2L．小球受到弹簧的弹性力作用后，沿斜面向上运动．离开斜面后，运动到最高点时与静止悬挂在此处的小球B发生弹性碰撞（碰撞过程无动能损失），碰撞后球B刚好能摆到与悬点O同一高度，球A沿水平方向抛射落在水平面C上的P点，O点的投影O/与P的距离为L/2．已知球B质量为m，悬绳长L，视两球为质点，重力加速度为g，不计空气阻力，求：（1）球B在两球碰撞后一瞬间的速度大小；（2）球A在两球碰撞前一瞬间的速度大小；（3）弹簧的弹性力对球A所做的功。【答案】（1）（2）（3）【解析】试题分析：两球碰撞过程满足动量守恒定律，B球上升过程满足机械能守恒定律或动能定理，A球碰撞后做平抛运动，A球从弹起到与B球碰撞可用动能定理．（1）碰撞后，根据机械能守恒定律，对B球有：解得：（2）A、B球碰撞有：解得：，（3）碰后A球做平抛运动，设平抛高度为y，有：，解得：y＝L对A球应用动能定理得：解得：视频12.如图所示为研究电子枪中电子在恒定电场中运动的简化模型示意图。在xoy平面的第一象限，存在以x轴、y轴及双曲线的一段（0≤≤L，0≤≤L）为边界的匀强电场区域Ⅰ，电场强度为E；在第二象限存在以（2L≤≤0，0≤y≤L）为边界的匀强电场区域Ⅱ。一电子（电荷量大小为e，质量为m，不计重力）从电场Ⅰ的边界B点处由静止释放，恰好从N点离开电场区域Ⅱ。求：（1）电子通过C点时的速度大小；（2）电场区域Ⅱ中的电场强度的大小；（3）试证明：从AB曲线上的任一位置由静止释放的电子都能从N点离开电场。【答案】（1）（2）（3）见解析；【解析】（1）由双曲线知BC间距离为L/2从B到C由动能定理解得电阻通过C点时的速度大小(2)电子从C点进入区域Ⅱ，在区域Ⅱ中做类平抛运动X轴方向y轴方向解得区域Ⅱ中的电场强度的大小（3）设电子从AB曲线上P（x，y）点进入电场Ⅰ区域在区域Ⅰ由动能定理假设电子能够在区域Ⅱ中一直做类平抛运动且落在x轴上的处。则Y轴方向X轴方向解得即所有从边界AB曲线上由静止释放的电子均从N点射出[物理——选修33]13.下列说法正确的是______A．因为布朗运动的激烈程度跟温度有关，所以布朗运动叫热运动B．物体的动能减小时物体的温度可能增加，C．一定温度下某理想气体，当温度升高时，其中某10个分子的平均动能可能减小D．在空气的绝对湿度相同的情况下，白天一般比夜晚的相对湿度大。E．在“单分子油膜法估测分子大小”的实验中，如果油酸未完全散开会使结果偏大【答案】BCE14.可升降转椅由上下两部分组成，连接上下的是其升降部分，结构如图所示。导热性能良好的A、B两个金属筒间密闭了一定质量的气体（可视为理想气体）。已知A筒的横截面积为S（筒壁的厚度可忽略）、