人教版八年级下册物理期末同步练测卷含解析

第1页（共1页）人教版八年级下册物理期末同步练测卷含解析(1)一、单项选择题（每小题3分，共36分）1．（3分）如图所示，绳子的一端挂有一重物，绕过光滑杆后，另一端被人用手握住，使重物保持静止，则该重物所受拉力的施力物体是（）A．地球 B．绳子 C．光滑杆 D．人手2．（3分）如图，一个物体从斜面上匀速下滑，它的受力情况是（）A．受到重力、支持力、下滑力和摩擦力的作用 B．受到重力、支持力和摩擦力的作用 C．物体受到的支持力方向垂直斜面向下 D．物体受到的摩擦力方向沿斜面向下3．（3分）如图所示，小丽用力F把一木块压在竖直墙上静止不动，下列说法正确的是（）A．小丽对木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力 B．小丽对木块的压力F和木块的重力是一对平衡力 C．木块受到的摩擦力和木块对墙的压力是一对平衡力 D．小丽对木块的压力F和木块对小丽的弹力是一对平衡力4．（3分）对下面现象的解释中，以下说法正确的是（）A．在水平面上滑动的物体最终停下来，是由于没有外力维持它的运动 B．高速公路上禁止超速行驶，是因为汽车速度越大，惯性越大 C．人踩到香蕉皮上易滑倒是因为人受到惯性的作用 D．菜刀柄、锅铲柄、电水壶把手有凸凹花纹，是为了増大摩擦5．（3分）下列现象中与大气压无关的是（）A．用吸管吸饮料 B．用注射器将药液推入病人体内 C．马德堡半球实验 D．玻璃厂用吸盘搬运玻璃6．（3分）质量相等的甲、乙两个实心正方体物块在水中静止时如图所示，下列说法中正确的是（）A．甲受到的浮力小于乙受到的浮力 B．甲的密度等于乙的密度 C．甲所排开液体的质量等于乙所排开液体的质量 D．甲下表面受到水的压力等于乙下表面受到水的压力7．（3分）下列有关力做功的说法中正确的是（）A．用水平力推着购物车匀速前进，推车的力做了功 B．挂钩上的书包静止时，拉力对书包做了功 C．抛出手的实心球在空中飞行了一段距离，推力一直对实心球做功 D．起重机吊着重物沿水平方向匀速运动一段距离，吊车的拉力对重物做了功8．（3分）关于功率的说法，正确的是（）A．功率大的机器所作的功一定比功率小的机器大 B．单位时间内所做的功越多，其功率则越大 C．速度越大，功率越大 D．作用力越大，功率也越大9．（3分）在火箭升空过程中，关于火箭搭载的卫星的能量及能量转化，下列说法正确的是（）A．动能转化为重力势能 B．重力势能增大，动能减小 C．重力势能减小，动能增大 D．机械能的总量增加10．（3分）如图所示的简单机械中属于费力杠杆的是（）A．托盘天平 B．自拍杆 C．门把手 D．钉书机11．（3分）如图，利用滑轮组将重400N的物体，以0.3m/s的速度提升，拉力F为250N，忽略绳重和摩擦，下列说法正确的是（）A．绳子自由端移动1m，物体上升1m B．绳子自由端移动的速度为0.9m/s C．滑轮组的机械效率为80% D．加快物体的上升速度，可以提高滑轮组的机械效率12．（3分）如图，均匀正方体甲和乙放置在水平地面上，对地面的压强相等。现沿竖直方向均切去部分后，剩余部分对地面的压力相等，则甲、乙切去的体积△V甲、△V乙和切去的质量△m甲、△m乙的关系是（）A．△V甲＞△V乙，△m甲＞△m乙 B．△V甲＜△V乙，△m甲＞△m乙 C．△V甲＜△V乙，△m甲＜△m乙 D．△V甲＞△V乙，△m甲＜△m乙二、填空题题（每空2分，共22分）13．（4分）小明踢足球时脚感到疼，说明力的作用是。小路同学发现洗手盆下方有如图所示的U形管道，是利用了的原理。14．（4分）若小明某次测量中弹簧测力计的示数如图所示，则所测得的拉力大小为N．在水平桌面上有重为10N的长方体。用3N的水平拉力向右拉，长方体静止不动，此时它所受的摩擦力为N。15．（4分）船及所装货物的总质量为1000t的轮船在河中航行，所受河水的浮力是N，若轮船由河驶入大海，则此时轮船会（“上浮”或“下沉”）一些。（ρ水＝1.0×103kg/m，g＝10N/kg）16．（4分）图中AOB是光滑轨道，A点的高度大于B点的高度，让小球由A点静止开始自由落下，沿轨道AOB到达B点后离开（不计空气阻力），则从A点到O点的过程中小球的机械能（变大、变小或不变），到达B点后它的运动轨迹a，b，c，d最符合实际的是。17．（6分）如图甲所示，将底面积为80cm2的圆柱形容器放在水平桌面上，内装深度为h1＝10cm的水，则水对容器底部的压强为pa．把底面积为60cm2的实心圆柱形物体A，挂在轻质杠杆左端B点，将A的部分体积浸入液体中，此时A的下底面距容器底的距离为h2＝8cm，在杠杆C点悬挂重物G使杠杆水平平衡，如图乙所示，已知OC：OB＝2：1．若想办法将物体A浸没在液体中，如图丙所示，此时水对容器底部的压强比图甲增加了800pa，将重物G移到D点时，杠杆再次水平平衡，测得OB：OD＝3：4，则物体A在图丙中受到的浮力为N，物体A的密度为kg/m3。三、实验探究题（每空2分，共22分）18．（6分）如图所示是探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验，器材有：木块A一块，砝码一个、弹簧测力计一个、长木板一块和毛巾一块。（1）实验时，用弹簧测力计沿水平方向拉木块A在长木板上做运动，此时弹簧测力计示数的大小等于滑动摩擦力的大小。（2）比较甲、乙两图的实验可以得出滑动摩擦力的大小与有关。（3）比较甲、丁实验，发现甲实验弹簧测力计的示数大于丁实验弹簧测力计的示数，小胡同学立即得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关，你认为他的结论可靠吗？说明理由。（注：丁中木块为A木块竖直切掉一半）19．（8分）小红学习了密度和浮力知识后完成了如图所示的实验，请你根据她的实验探究回答下列问题：（1）比较丙、戊两图可知，物体受到的浮力大小与有关。（2）比较两图可知，物体受到浮力的大小与浸没在液体中的深度无关。（3）弹簧测力计下端所挂固体的密度为kg/m3。20．（4分）在“探究影响动能大小的因素”实验中，如图a、b、c所示，让质量为m、2m的两个小球分别从斜面上由静止滚下，小球撞击放在水平木板上的木块，使木块滑动，虚线位置为木块滑动一段距离后停止的位置。（1）实验中通过反映小球动能的大小。（2）比较a、c两图进行的实验，可得出初步结论：。21．（6分）小华探究杠杆平衡条件时，所用的杠杆上相邻刻线间的距离相等。（1）画出丙图中F1的力臂L1。（2）实验前小华发现杠杆处于如图甲所示的状态，要想使杠杆水平平衡，应将右端的平衡螺母向调（填“左”或“右”）。（3）如图乙所示，小华在A点挂2个钩码，B点挂4个钩码，刚好使杠杆水平位置平衡，并记录实验数据。接着他将A点和B点下方的钩码同时向支点O靠近一格，杠杆此时会（选填“左端下沉”、“右端下沉”或“保持平衡”），调整后并记录实验数据。四、综合计算题（21题64分，22题6分，23题6分，共18分）22．（6分）阅读原文，回答问题现在汽车已进入我们的家庭，小阳爸爸刚买了一辆汽车，好学的小明仔细观察了汽车，他发现汽车的设计包含了许许多多的物理知识。皮座很松软，坐上去非常舒服；安全带比较宽而牢固，系上安全带后，在急刹车或汽车碰倒障碍物时还能对人体起保护作用；而汽车的轮胎刻有很深的花纹，这样汽车刹车后就不会滑行太远的距离；小阳还观察到汽车有美丽的流线型，爸爸还告诉小阳，这样流线型的汽车，在水平路面高速行驶时，汽车对水平路面的压力会小于汽车的重力……（1）皮座很松软，是通过减小压强，所以人坐上去非常舒服；（2）系上安全带后，在急刹车或汽车碰到障碍物时还能对人体起保护作用主要是防止对人体造成危害；（3）线型的汽车，在水平路面高速行驶时，汽车对水平路面的压力会小于汽车的重力。其原理是因为。23．（6分）无人驾驶汽车是智能汽车的一种，也称为轮式移动机器人，主要依靠车内的以计算机系统为主的智能驾驶仪来实现无人驾驶。如图所示，一款质量为2t的无人驾驶汽车以72km/h的速度在平直公路上匀速行驶了30min，无人驾驶汽车在这个过程中的功率为4×104W．求在这段时间内（g取10N/kg）：（1）无人驾驶汽车对平直公路的压力；（2）无人驾驶汽车在匀速行驶的这段时间内所做的功；（3）无人驾驶汽车的牵引力。24．（6分）用如图所示的装置来提升水下物体C，C的体积为0.04m3、重700N，其中AB是一个以O为支点的杠杆，且AO：OB＝1：2，小明站在B端竖直向下拉绳子，小明的体重为500N，双脚与地面的接触面积为200cm2．物体C未出水面匀速上升时杠杆A端受到绳子的拉力100N，每个滑轮的质量都相等（杠杆的重力及滑轮与轴的摩擦、空气阻力不计，g取10N/kg）求：（1）物体C未出水面时受到的浮力：（2）每个动滑轮的重力为多少；（3）若物体C全部离开水面时杠杆刚好在水平位置平衡，则此时小明对地面的压强为多少；

参考答案与试题解析一、单项选择题（每小题3分，共36分）1．【分析】由题意知，物体静止在空中，受到重力和绳子对物体的拉力，二力平衡。根据力是物体对物体的作用，确定施力物体。【解答】解：力是物体对物体的相互作用，拉力是绳子和重物之间的相互作用。受力物体是重物，施力物体是绳子。故选：B。2．【分析】物体匀速下滑，受力平衡，对物体进行受力分析即可求解，注意不能分析下滑力。【解答】解：AB、物体匀速下滑，受力平衡，对物体进行受力分析可知，物体受到重力、支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力，不存在所谓的下滑力，故A错误，B正确；C、物体受到的弹力（支持力）方向垂直斜面向上，故C错误；D、由A知，物体受到的摩擦力方向沿斜面向上，故D错误。故选：B。3．【分析】根据二力平衡的条件进行解答，即二力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上。【解答】解：A．小丽对木块的压力F和墙对木块的弹力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故A正确；B．小丽对木块的压力F是水平方向，木块的重力是竖直方向，二力不是作用在同一条直线上，不是一对平衡力，故B错误；C．木块受到的摩擦力是竖直向上，木块对墙的压力是水平方向，二力不是作用在同一条直线上，不是一对平衡力，故C错误；D．小丽对木块的压力F作用在木块上，木块对小丽的弹力作用在小丽上，二力作用在两个物体上，不是一对平衡力，故D错误。故选：A。4．【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动的原因；（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大；（3）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。【解答】解：A、在水平面上滑动的木块最终停下来，是由于受到摩擦阻力的作用，而不是因为没有外力维持它运动的原因，故A错误；B、惯性的大小与物体的质量有关，与其速度无关；高速公路上禁止超速行驶，是因为汽车速度越大，动能越大，故B错误；C、人踩到香蕉皮上易滑倒是因为人具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故C错误；D、菜刀柄、锅铲柄、电水壶把手有凸凹花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D正确。故选：D。5．【分析】大气压的作用随处可见，茶壶倒水、吸管吸饮料、吸盘等都离不开大气压的作用。【解答】解：ACD、用吸管吸饮料、马德堡半球实验，玻璃厂用吸盘搬运玻璃，三个实例都是由于大气压作用的缘故，都与大气压有关。故ACD不符合题意；B、用注射器注射药液是由于受到推力作用的缘故，与大气压无关。故B符合题意。故选：B。6．【分析】（1）已知甲、乙质量相同，则其重力相同。漂浮和悬浮都有F浮＝G排，ρ＝据此对AB进行分析判断；（2）根据浮力产生的原因，结合物体浮沉条件可判断压力的大小关系，据此对CD做出判断。【解答】解：AB、甲、乙两实心正方体物块分别悬浮、漂浮在水中，根据漂浮和悬浮条件可知：F浮甲＝G甲，F浮乙＝G乙，所以浮力相等；ρ＝甲的体积小于乙的体积，质量相同，故甲的密度大于乙的密度，故AB错误；C、因为甲、乙质量相等，重力相等，甲悬浮，浮力等于重力，乙漂浮，浮力等于重力，所以甲所排开液体的重力等于乙所排开液体的重力，所以甲所排开液体的质量等于乙所排开液体的质量，故C正确；D、由于甲悬浮，乙漂浮，则F甲向下＞0，F乙向下＝0，所以，F甲向上＞F乙向上，故D错误；故选：C。7．【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力，物体在力的方向上通过的距离，二者缺一不可。【解答】解：A、用水平力推着购物车前进，购物车在推力的作用下前进了一段距离，因此推车的力做了功，故A正确；B、挂钩上的书包静止时，书包受到拉力，但在拉力的作用下没有移动距离，所以拉力没有做功，故B错误；C、抛出手的实心球在空中飞行了一段距离，在此过程中，实心球不再受到推力的作用，所以推力对实心球不做功。故C错误；D、吊车吊着重物沿水平方向匀速运动一段距离时，拉力方向竖直向上，移动距离的方向水平向前；两个方向相互垂直，故吊车的拉力对重物没有做功，故DB错误；故选：A。8．【分析】（1）物体单位时间内所做的功叫功率；（2）功率的计算公式是P＝由公式可知，功率的大小与做功多少和做功所需时间的长短有关，与其它因素无关；（3）功率是表示物体做功快慢的物理量。【解答】解：A、功率是表示物体做功快慢的物理量，功率大的机器所做的功一定比功率小的机器做功快；由于做功时间未知，所以由W＝Pt可知，功率大的机器所做的功不一定多，故A错误；B、由功率的定义可知，单位时间内所做的功越多，其功率越大，故B正确；C、由公式P＝Fv可知，速度越大，功率不一定越大，故C错误；D、由公式P＝Fv可知，作用力越大，功率不一定越大，故D错误。故选：B。9．【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。在能量转化中是减小的能转化为增大的能。火箭升空过程中，卫星没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，所以机械能＝动能+重力势能。从动能和重力势能大小的变化判断机械能的变化。【解答】解：火箭升空时，卫星的质量不变，而速度增大，所以其动能增大；同时高度增大，则卫星的重力势能增大；因为动能增大，重力势能增大，而机械能等于动能与势能之和，所以卫星的机械能增大，该过程中动能没有转化为重力势能，故只有D正确。故选：D。10．【分析】依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆。【解答】解：A、天平的实质是等臂杠杆，故A不合题意；B、自拍杆在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B符合题意；C、门把手在使用过程中，轮半径，大于轴半径，是轮轴，省力，故C不合题意；D、钉书机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D不合题意。故选：B。11．【分析】（1）由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n＝2，拉力端移动距离s＝2h；（2）n＝2，绳子自由端移动的速度等于物体升高速度的2倍；（3）滑轮组的机械效率η＝＝＝＝；（4）忽略绳重和摩擦，影响滑轮组机械效率的因素有提升物体的重力、动滑轮重力，而与提升重物的高度、速度无关。【解答】解：A、由图知，n＝2，s＝2h，绳子自由端移动1m，物体上升0.5m，故A错；B、n＝2，绳子自由端移动的速度v＝2v物＝2×0.3m/s＝0.6m/s，故B错；C、滑轮组的机械效率η＝＝＝＝＝×100%＝80%，故C正确；D、加快物体的上升速度，可以增大做功功率，但不会改变有用功与总功的比值，不会提高滑轮组的机械效率，故D错。故选：C。12．【分析】（1）由图可知甲乙的底面积关系，根据F＝pS结合甲乙对地面的压强相等得出压力关系，水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg得出正方体甲乙的质量关系，现沿竖直方向均切去部分后，剩余部分对地面的压力相等，则剩余部分的质量相等，据此得出甲乙切去部分的质量关系；（2）正方体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgL，根据边长关系结合正方体甲和乙对地面的压强相等得出密度关系，根据m＝ρV结合截去部分质量关系得出截去部分的体积关系。【解答】解：（1）由图可知，S甲＜S乙，因均匀正方体甲和乙放置在水平地面上时对地面的压强相等，所以，由F＝pS可知，甲对地面的压力小于乙对地面的压力，因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，由F＝G＝mg可得，正方体甲乙的质量关系为m甲＜m乙，现沿竖直方向均切去部分后，剩余部分对地面的压力相等，则剩余部分的质量相等，即m甲﹣△m甲＝m乙﹣△m乙，所以，△m甲＜△m乙，故AB错误；（2）因正方体对水平地面的压强p＝＝＝＝＝＝ρgL，所以，由正方体甲和乙对地面的压强相等可知，ρ甲L甲＝ρ乙L乙，由图可知，L甲＜L乙，则ρ甲＞ρ乙，由m＝ρV和△m甲＜△m乙可知，ρ甲△V甲＜ρ乙△V乙，所以，△V甲＜△V乙，故C正确、D错误；故选：C。二、填空题题（每空2分，共22分）13．【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；（2）连通器是上端开口下端连通的容器。【解答】解：（1）用脚踢足球，脚感到疼是足球对脚施加力作用的结果，这一事实说明了力的作用是相互的。（2）如图所示的U型管道上端开口下端连通，是利用连通器的原理。故答案为：相互的；连通器。14．【分析】测力计的读数，观察每一个大格和每一个小格代表的示数，从小数字读向大数字；（3）要解决此题，需要掌握二力平衡的条件，知道静止状态是平衡状态，此时拉力与摩擦力大小相等。【解答】解：弹簧测力计的每一个大格代表1N，每一个小格代表0.2N，所以F＝4.6N；当用F＝3N的水平向右拉静止的木块时，木块静止，所以木块所受的拉力与静止木块所受的摩擦力平衡，所以f＝F＝3N。故答案为：4.6；3。15．【分析】（1）轮船漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，据此可知所受河水的浮力；（2）该船从河里驶入海里，因自重不变、水的密度变大，则根据漂浮条件和阿基米德原理可求得浮力及排开水的体积的变化。【解答】解：（1）轮船在河中航行时处于漂浮状态，则轮船所受河水的浮力：F浮＝G＝mg＝1000×103kg×10N/kg＝1×107N；（2）因船在海水中也处于漂浮状态，其重力不变，则所受浮力不变；船由河里驶入海里时，由于水的密度变大，由F浮＝ρgV排可知，轮船排开水的体积变小，则轮船会上浮一些。故答案为：1×107；上浮。16．【分析】不计空气阻力，小球在整个过程中机械能守恒，结合动能和势能的影响因素、惯性的知识及机械能守恒定律分析解答。【解答】解：由题知，AOB为光滑轨道，所以，不计空气阻力，小球运动时其机械能守恒；小球到达B点后由于惯性，仍要保持原来的运动状态，所以会继续运动；小球从A点由静止滑下，则小球的机械能等于A点时的重力势能；整个过程中，机械能守恒，a虚线的最高点超过了A点的高度，这是不可能的；b虚线的最高点与A点的高度相同，而在b虚线的最高点时，小球仍具有向右运动的速度，所以b虚线表示小球的机械能大于A点的机械能，也是不可能的；c虚线的最高点低于A点，由于在最高点时小球仍运动，其总机械能可能与开始时的机械能相等，符合实际；d虚线中小球离开轨道时，由于惯性，应具有沿轨道方向向上运动的速度，则d虚线不可能。所以符合实际的是c。故答案为：不变；c。17．【分析】（1）已知水的深度，利用p＝ρgh可求得水对容器底部的压强；（2）液体总体积不变，根据液体体积不变而液体深度的变化关系求出物体排开液体的体积及物体体积，然后由杠杆平衡条件求出物体密度。【解答】解：（1）水对容器底部的压强p＝ρgh1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m＝1×103Pa；（2）将物体A浸没在液体中，如图丙所示，此时水对容器底部的压强比图甲增加了800pa，则增加的水的深度△h＝＝＝0.08m＝8cm，物体完全浸入液体中时，物体排开液体的体积V′＝S容器△h＝80cm2×8cm＝640cm3，物体体积V＝V′＝640cm3，物体A在图丙中受到的浮力F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×640×10﹣6m3＝6.4N；A部分进入水中时，设物体A浸入液体的深度为h，由题意得：（h1﹣h2）S容器＝h（S容器﹣S物），解得h＝＝＝8cm，物体排开液体的体积V1＝hS物体＝8cm×60cm2＝480cm3＝4.8×10﹣4m3，此时A受到的浮力F浮1＝ρ水gV排1＝1.0×103kg/m3×10N/kg×4.8×10﹣4m3＝4.8N；由杠杆平衡条件得：如图乙所示，（ρAVg﹣F浮1）×OB＝G×OC﹣﹣﹣﹣①如图丙所示：（ρ物﹣ρ液）Vg×OB＝G×OD﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②已知乙图中OC：OB＝2：1，丙图中OB：OD＝3：4﹣﹣﹣﹣﹣③由①②③解得，ρA＝1.5×103kg/m3；故答案为：1×103；6.4；1.5×103。三、实验探究题（每空2分，共22分）18．【分析】（1）木块只有在做匀速直线运动时，受到弹簧测力计的拉力才等于受到的摩擦力；（2）影响摩擦力大小的因素是压力的大小和接触面的粗糙程度；在压力一定时，接触面越粗糙，摩擦力越大；在接触面粗糙程度一定时，压力越大，摩擦力就越大；（3）根据控制变量法的要求分析答题。【解答】解：（1）实验时为了测出滑动摩擦力大小，应使弹簧测力计拉着木块在水平面上做匀速直线运动，此时摩擦力和拉力是一对平衡力，根据二力平衡知识可知，此时滑动摩擦力与拉力大小相等；（2）比较甲、乙两图可知：此两实验的接触面的粗糙程度不变，压力大小不同，弹簧测力计的示数不同，摩擦力不同，所以能说明滑动摩擦力的大小与压力大小有关；（3）要研究滑动摩擦力的大小与接触面积的大小是否有关，应控制压力大小和接触面的粗糙程度不变，改变接触面积；由图甲、丁所示实验可知，接触面的粗糙程度相同而物体间的压力不同，由于没有控制物体间的压力相同，所以他的结论是错误的。故答案为：（1）匀速直线；（2）压力大小；（3）不可靠，没有制物体间的压力相同。19．【分析】（1）比较丙、戊两图测力计示数不同，由称重法，受到的浮力不同，分析实验中相同量和不同量，分析得出浮力与变化量的关系；（2）研究浮力的大小与浸没在液体中的深度的关系，要控制排开液体的密度和体积相同；（3）由甲知，物体的重力；由丙丁得出浸没水中的物体受到的浮力，由阿基米德原理求出V＝V排；根据ρ＝求出弹簧测力计下端所挂固体的密度。【解答】解：（1）比较丙、戊两图可知，测力计示数不同，由称重法，受到的浮力不同，实验中，排开液体的体积相同而密度不同，故物体受到的浮力大小与排开液体的密度有关。（2）研究浮力的大小与浸没在液体中的深度的关系，要控制排开液体的密度和体积相同，故比较丙丁两图可知，物体受到浮力的大小与浸没在液体中的深度无关；（3）由甲知，物体的重力G＝5N，由丙丁，浸没水中的物体受到的浮力：F＝5N﹣3N＝2N，由阿基米德原理：V＝V排＝＝＝2×10﹣4m3；弹簧测力计下端所挂固体的密度为：ρ＝＝＝2.5×103kg/m3。故答案为：（1）排开液体的密度；（2）丙、丁；（3）2.5×103。20．【分析】（1）物体的动能不同，推动木块移动的距离不同；（2）据图片中的相同点和不同点，利用控制变量法分析。【解答】解：（1）实验中通过比较木块移动的距离来反映小球动能的大小，运用了转换法；（2）比较a、b两图进行的实验，质量不同的小球从相同高度滚下，质量大的小球推动木块运动的距离远，故可以得到结论：质量一定时，速度越大动能越大。故答案为：（1）木块移动的距离；（2）质量一定时，速度越大动能越大。21．【分析】（1）力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。（2）杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右两端的螺母（或一端的螺母）要向杠杆上翘的一端调节；（3）根据杠杆平衡条件判断是否平衡。【解答】解：（1）由图可知支点，从O做F1的垂线段就是F1的力臂，如图所示：；（2）由于杠杆左端下沉，为了使它在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向右调节；（3）若A、B两点的钩码同时向远离支点的方向移动一个格，则左侧2G×3L＝6GL，右侧4G×L＝4GL，因为6GL＞4GL杠杆不能平衡，左端下沉；故答案为：（1）如上图；（2）右；（3）左端下沉。四、综合计算题（21题64分，22题6分，23题6分，共18分）22．【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。（2）惯性是指物体具有的能保证原来匀速直线运动或静止状态的性质。（3）流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；据此分析解答。【解答】解：（1）皮座很松软，在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，所以人坐上去非常舒服；（2）在急刹车或汽车碰到障碍物时，人的下半身随着车一起停止运动，而人的上半身由于惯性，仍要保持原来的运动状态，所以会前冲，而安全带可以防止人冲向前而受伤，故其作用主要是防止惯性对人体造成危害；（3）流线型的汽车，在水平路面高速行驶时，车身上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，产生向上的升力，所以汽车对路面的压力小于汽车的重力。故答案为：（1）增大受力面积；（2）惯性；（3）流线型的汽车，在水平路面高速行驶时，车身上方空气流速快、压强小，下方空气流速慢、压强大，产生向上的升力。23．【分析】（1）无人驾驶汽车对平直公路的压力和自身的重力相等，根据F＝G＝mg求出其大小；（2）根据W＝Pt求出无人驾驶汽车在匀速行驶的这段时间内所做的功；（3）知道无人驾驶汽车在平直公路上匀速行驶时的速度和功率，根据P＝＝＝Fv求出无人驾驶汽车的牵引力。【解答】解：（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，无人驾驶汽车对平直公路的压力：F＝G＝mg＝2×103kg×10N/kg＝2×104N；（2）由P＝可得，无人驾驶汽车在匀速行驶的这段时间内所做的功：W＝Pt＝4×104W×30×60s＝7.2×107J；（3）无人驾驶汽车在平直公路上匀速行驶时的速度：v＝72km/h＝20m/s，由P＝＝＝Fv可得，无人驾驶汽车的牵引力：F′＝＝＝2×103N；答：（1）无人驾驶汽车对平直公路的压力为2×104N；（2）无人驾驶汽车在匀速行驶的这段时间内所做的功为7.2×107J；（3）无人驾驶汽车的牵引力为2×103N。24．【分析】（1）物体C未出水面时排开水的体积等于C的体积，利用阿基米德原理求受到的浮力；（2）物体C未出水面时受到绳子的拉力等于C的重力减去浮力；由图知，n＝4，杠杆的重力及滑轮与轴的摩擦、空气阻力不计，物体C未出水面时，作用在滑轮绳子上的力F＝（G动总+F拉），据此求动滑轮总重力，进而求出每个动滑轮重力；（3）若物体C全部离开水面时，作用在滑轮绳子上的力F＝（G动总+G），由于力的作用是相互的，可求作用在杠杆A端的拉力，知道力臂关系，利用杠杆平衡条件求作用在杠杆B端的拉力，小明对地面的压力等于重力减去拉力，再利用p＝求对地面的压强。【解答】解：（1）物体C未出水面时排开水的体积V排＝V＝0.04m3，受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.04m3＝400N；（2）物体C未出水面时受到绳子的拉力：F拉＝G﹣F浮＝700N﹣400N＝300N；由图知，n＝4，杠杆的重力及滑轮与轴的摩擦、空气阻力不计，物体C未出水面时，作用在滑轮绳子上的力：F＝（G动总+F拉），则动滑轮总重力：G动总＝4F﹣F拉＝4×100N﹣300N＝100N，每个动滑轮重力：G动＝G动总＝×100N＝50N；（3）若物体C全部离开水面时，作用在滑轮绳子上的力：F′＝（G动总+G）＝×（100N+700N）＝200N，由于力的作用是相互的，作用在杠杆A端的拉力：FA＝F′＝200N，根据杠杆平衡条件可得：FB×OB＝FA×OA，FB×2＝200N×1，解得作用在杠杆B端的拉力：FB＝100N，小明对地面的压力：F压＝G人﹣FB＝500N﹣100N＝400N，受力面积S＝200cm2＝200×10﹣4m2，对地面的压强：p＝＝＝2×104Pa。答：（1）物体C未出水面时受到的浮力为400N；（2）每个动滑轮的重力为50N；（3）此时小明对地面的压强为2×104Pa。一、八年级下册物理易错题1．如图所示，两只完全相同的盛水容器放在磅秤上，用细线悬挂质量相同的实心铅球和铝球，全部浸没入水中，此时容器中水面高度相同，设绳的拉力分别为和，磅秤的示数分别为和，则（）A． B．C． D．【答案】C【解析】【详解】对于悬吊在水中的球来说，它受到自身的重力G、水对它的浮力F和悬线对它的拉力T三个力的作用而处于平衡，则此三力间应有关系为：以题述的铅球和铝球相比较，由于两者是质量相等的实心球，故：由于铅的密度大于铝的密度，则铅球的体积小于铝球的体积，由于两者均浸没于水中，所以铅球所受水的浮力小于铝球所受水的浮力，即：故：把容器、水和小球当作一个整体，整体受到向上的支持力、向上的拉力和向下的总重力，根据力的平衡条件可得：压力和支持力是一对相互作用力，则磅秤受到的压力：①以小球为研究对象，则绳子向上的拉力：②由①②结合阿基米德原理可得：③因为液面高度相同、容器完全相同，则容器中的水和排开水的总体积相等，根据③式可知，磅秤受到的压力（即磅秤的示数）相同，即：故C项符合题意；ABD项不符合题意;2．如图所示，底面积不同的甲、乙圆柱形容器分别盛有相同深度、密度为ρ甲、ρ乙两种液体，甲、乙液体对容器底部的压强分别是p甲、p乙，且p甲＞p乙．现将体积为VA、VB的两球分别浸没在甲、乙两容器的液体中，无液体溢出，甲、乙容器底受到液体的压力相等．则下列说法正确的是（）A．VA＜VB，ρ甲＞ρ乙 B．VA＞VB，ρ甲＞ρ乙C．VA=VB，ρ甲＜ρ乙 D．VA＜VB，ρ甲=ρ乙【答案】A【解析】放入两球前，根据，甲、乙液体深度相同，，得：；且，根据，则，两球浸没在液体中后，增加的压力为排开液体的重，即，因为，所以当V球相等时，增加的压力仍然是甲大于乙，加上原来的压力仍然是甲对容器底的压力大于乙，不可能相等；那么要最后压力相等，必然是乙球的体积大于甲球的体积，即乙增加的压力才可能大于甲增加的压力，最后加上原来的压力才可能相等，故，正确．选A．点睛：重点是液体压强、压力的判断，思路为：放入两球前，根据深度和压强判断出甲液体密度大，继而甲压力也大，放入两球后，要使压力相等，所以乙增加的压力必须要大于甲增加的压力，而甲的密度又大，故B球的体积必然大于A球的体积．过程中明白增加的压力即两球排开的液体的重是关键．3．如图所示，甲、乙两个相同的量筒放在同一水平面上，甲量筒内盛水，乙量筒内盛酒精，两个量筒内底部所受液体的压强相等。比较两液体内同一高度上A、B两点液体压强PA和PB的大小，则A．PA＞PB B．PA＝PB C．PA＜PB D．无法判断【答案】C【解析】【分析】已知两个量筒底部所受压强相同，A、B在同一高度。水的密度大于酒精的密度，A点以下水对底部的压强大于B点以下酒精对底部的压强，根据此关系可比较A、B两点压强的大小。【详解】已知两个量筒底部所受压强相同，且A、B以下液体深度相同，所以，由可知，，A、B两点的压强分别为：；，所以可得，。故选：C。4．两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的不同液体，如图所示．若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿水平桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v，容器底部受到液体的压强分别为p1和p2．下列关系正确的是A．p1=p2F1=F2B．p1＞p2F1=F2C．p1＞p2F1＜F2D．p1＜p2F1＞F2【答案】B【解析】【详解】容器内装有质量和深度均相同的液体，由图知，V1<V2，根据可知，ρ1>ρ2；由p=ρ液gh可知，p1>p2；容器质量相同，内装液体的质量相同，则容器对桌面的压力相等，又容器材料相同，所以容器与桌面间的摩擦力相等，又在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，所以拉力与摩擦力平衡，则F1=F2；由以上分析知，ACD错误，B正确．5．如图所示，实心均匀正方体甲、乙放置在水平地面上，它们对地面的压强相等。现沿竖直方向切去相同厚度d后，并将切去部分放置在对方剩余部分的上表面，它们对地面的压强变为p甲、p乙，则（）A．p甲一定大于p乙 B．p甲可能小于p乙C．p甲一定等于p乙 D．p甲可能等于p乙【答案】A【解析】【详解】甲、乙两个均匀实心正方体放在水平地面上时对水平地面的压强相等，则=，设a甲=5cm，a乙=10cm，截去厚度为2cm，则G甲=G乙，叠放在对方剩余部分的上方后的压强p甲==+=+×=p乙==+=+×=×故p甲>p乙。故选B。6．如图所示，将重为5N的小球挂在弹簧测力计下，当小球的一半体积浸在水中时，测力计示数为2N。下列说法正确的是（）A．小球的体积为400cm3B．小球的密度为1.25g/cm3C．剪断悬吊小球的细线，小球在水中稳定时受到的浮力为5ND．缓缓向下移动弹簧测力计，小球对测力计的拉力最小可达到1N【答案】C【解析】【分析】【详解】A．由题知，小球受到的浮力由得，小球排开液体的体积小球的体积故A错误；B．由得，小球的质量是小球的密度故B错误；C．由于小球的密度小于水的密度，所以当剪断悬吊小球的细线后，小球最终漂浮，此时小球受到的浮力等于重力等于5N，故C正确；D．缓缓向下移动弹簧测力计，当小球全部浸没时受到的浮力由于此时受到的浮力大于小球的重力，所以物体将上浮，小球对测力计的拉力最小为0N，故D错误。故选C。7．体积相同的铜、铁、铝和木四个小球，放入水中静止时如图，已知这四个小球的密度关系是，则下列判断正确的是：()A．铝球、木球一定是实心的，铜球和铁球一定是空心的B．四个小球所受的浮力关系是：C．四个小球的重力关系是：D．四个小球的质量关系是：【答案】C【解析】【分析】【详解】A．由图可知铜球漂浮、铁球悬浮，二者一定是空心的；铝球下沉、木块漂浮，可能实心、也可能是空心，故A错误；B．由，而且得，受到的浮力故B错误；C．由题意可知铜球、木球漂浮，铁球悬浮，铝球沉底，根据物体的浮沉条件知所以故C正确；D．由G=mg可知，故D错误。故选C。8．如图所示，盛有甲、乙两种液体的两个轻质薄壁圆柱形容器静置在水平桌面上，现从容器内抽出高度相等的甲、乙液体，此时容器对桌面的压力变化量相等。若薄壁圆柱形容器内剩余甲、乙液体的质量分别为m′甲和m′乙，容器对桌面的压强分别为p′甲和p′乙，则（）A．m′甲<m′乙，p′甲<p′乙 B．m′甲<m′乙，p′甲>p′乙C．m′甲>m′乙，p′甲>p′乙 D．m′甲>m′乙，p′甲<p′乙【答案】C【解析】【分析】【详解】从容器内抽出高度相等的甲、乙液体，此时容器对桌面的压力变化量相等，即①根据则有②由图可知甲的底面积小于乙的低面积，则根据可知抽出等高的甲、乙液体，此时容器中剩余液体的高度由图可知根据可得剩余部分液体容器对桌面的压强关系水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体的重力，根据①式可知抽出部分液体的重力关系即根据②式由可得③可知当甲、乙容器中液体高度相同时，质量相同。由公式和可得桌面受到甲、乙容器的压力为由③式可知即则已知且，所以综上所述，ABD项不符合题意，C项符合题意。故选C9．如图所示，两只完全相同的容器分别装等质量的水放在台秤上，用细线悬挂着实心铅球和铝球，将其全部没入水中，此时水未溢出，两容器中水面高度恰好相同．此时台秤的示数分别为N1和N2，绳的拉力分别为T1和T2，已知ρ铅＞ρ铝，则下列关系正确的是（）A．N1＝N2，T1＝T2 B．N1＞N2，T1＜T2C．N1＝N2，T1＞T2 D．N1＜N2，T1＞T2【答案】C【解析】【分析】【详解】根据题干可知：两只完全相同的容器分别装等质量的水，则水的质量为：qm1＝m2，根据可知水的体积关系是：V1＝V2，根据将实心铅球和铝球全部没入水中，此时水未溢出，两容器中水面高度恰好相同可知：V1+V铅排＝V2+V铝排，所以，V铅排＝V铝排，则根据F浮＝ρ液gV排可知：F铅浮＝F铝浮；根据物体间力的作用是相互的可知：实心球对水的压力F向下＝F浮，由于台秤的示数＝G容器+G水+F向下；则台秤的示数分别为：N1＝G容器+G水+F1向下＝G容器+G水+F铅浮；N2＝G容器+G水+F2向下＝G容器+G水+F铝浮；所以，N1＝N2，故BD错误．由于实心铅球和铝球全部没入水中，则V排＝V物，所以，V铅＝V铝；已知ρ铅＞ρ铝，根据m＝ρV可知：实心铅球和铝球的质量关系是：m铅＞m铝；则：G铅＞G铝；对于悬吊在水中的球来说，它受到自身的重力G、水对它的浮力F浮和悬线对它的拉力T三个力的作用而处于平衡，则此三力间应有关系为T＝G﹣F浮；则T1＝G铅﹣F铅浮；T2＝G铝﹣F铝浮；所以，T1＞T2；故A错误，C正确．10．如图所示，均匀正方体甲、乙置于水平地面上。现沿水平方向切去部分后，甲、乙剩余部分的高度相等，此时甲、乙剩余部分对地面的压强相等。关于甲、乙的密度ρ甲，ρ乙和切去部分的质量m甲，m乙的判断，正确的是（）A．ρ甲=ρ乙，m甲>m乙 B．ρ甲=ρ乙，m甲=m乙 C．ρ甲=ρ乙，m甲<m乙 D．ρ甲>ρ乙，m甲<m乙【答案】C【解析】【分析】【详解】沿水平方向切去部分后，甲、乙剩余部分的压强相等，即由可知由图知，甲切去的体积较小，且，由可得可知切去部分的质量故选C。11．用图中实验装置验证阿基米德原理，当物块浸入溢水杯时，水会流入空桶中，下列说法正确的是（）A．根据阿基米德原理可以得到算式：F2-F3=F4-F1B．物块浸入水中越深，溢水杯底部所受液体压强越大C．该实验最合理的顺序应该是最先测量F2的值D．若先测F3后测F2则会导致所测的浮力偏小【答案】A【解析】【分析】【详解】A．根据阿基米德原理F=gV，F2-F3为物块所受的浮力，而F4-F1为排出水的重量，则可以得到算式：F2-F3=F4-F1，故A正确；B．物块浸没水中后，随着深度的增加，排开水的体积不变，液体的深度不变，故水对容器底部的压强不变，故B错误；C．该实验最合理的顺序应该是最先测量F1的值，空桶盛水后再处理测量桶重，误差较大，故C错误；D．若先测F3后测F2，物块会粘有水，测力计示数F2变大，会导致所测的浮力F2-F3偏大，故D错误。故选A。12．如图所示，长1m的粗细均匀的光滑金属杆可绕O点转动，杆上套一滑环，用测力计竖直向上拉着滑环缓慢向右移动，并保持金属杆处于水平状态。则测力计示数F与滑环离开O点的距离s之间的关系图像为（）A． B． C． D．【答案】B【解析】【分析】【详解】由题意可知，测力计竖直向上拉着滑环缓慢向右移动的过程中，金属杆处于水平状态，处于平衡状态，根据杠杆的平衡条件可得金属杆的重力和金属杠的长度大小不变，即k是定值，那么可得到从上式可知随着距离s的变大，测力计示数F在变小，两者是成反比的，两者的关系图像是B图像。故选B。13．A､B两个实心正方体的质量相等,密度之比=8∶1，若按甲､乙两种不同的方式，分别将它们叠放在水平地面上(如图所示)，则地面受到的压力之比和压强之比分别是()A．=1∶1，=1∶2 B．=1∶1，=1∶4C．=1∶2，=2∶1 D．=8∶1，=1∶8【答案】B【解析】【分析】【详解】若按（甲）的方式，将它们叠放在水平地面上，此时对地面的压力若按（乙）的方式，将它们叠放在水平地面上，此时对地面的压力故由，可得则AB两物体的边长之比为，则AB两物体的面积之比为，因为所以按（甲）、（乙）两种不同的方式，分别将它们叠放在水平地面上，则地面受到的压强之比是故选B。14．底面积相同的甲、乙、丙三个容器内装有质量相等的三种液体，放入三个完全相同的正方体A、B、C后静止如图所示。则（）A．三个正方体受到的浮力B．三个正方体底部受到的压强C．三个容器底部受到的压力D．桌面受到的压力关系为【答案】B【解析】【分析】【详解】A．图甲中正方体为悬浮，浮力等于重力，图乙图丙中正方体为漂浮，浮力也与重力相等，又因为三个正方体完全相同，所以三个正方体所受的浮力相同，故A错误；B．因为正方体下表面受到的压力为浮力与上表面的压力之和，因为物块A上表面的压力最大，物块B与物块C上表面压力均为零，所以物块，又因为三个正方体下表面面积相同，所以三个正方体底部受到的压强为，故B正确；C．因为三个容器中所呈的液体质量相同，所以对容器的压力相同，又因为甲容器器壁会承受一部分压力，乙容器会向底部呈加更多的压力，所以三个容器底部受到的压力为，故C错误；D．因为三个容器的质量未知，所以对桌面的压力无法比较，故D错误。故选B。15．如图甲，静止在水平地面的容器内装有适量水，底面积为100m2，上端开口面积为60cm2。用细线吊着底面积为50cm2的长方体，使其缓慢浸没于水中，直至物体静止在容器底部，松开细线，物体上表面距水面4cm，容器对地面的压力相比未放入物体时增大了41N(容器外壁保持干燥)。图乙是水对容器底部的压强p与物体下表面浸入水中深度h的图象。则下列说法正确的是（）A．物体的重力为41NB．物体的密度为5.5×103kg/m3C．图乙中物体下表面浸入水中深度为2cmD．图乙中水对容器底部的压强为2100Pa【答案】B【解析】【分析】【详解】由图乙知，当浸入深度为0时，容器内水对底部的压强为根据液体压强公式可得，容器内液体的深度当浸入深度为时，容器内水对底部的压强为根据液体压强公式可得此时容器内液体的深度由图乙知，当时，水对容器底部的压强最大为，此时物体浸入水的体积为此时水的高度为物体的高度为当水已溢出；A．物体的重力为即故A错误；B．由可得，物体的密度故B正确；C．当物体浸入深度为时，根据题意可得即即故C错误；D．根据液体压强公式，可得故D错误。故选B。16．如图，小球从某一高度自由落到一端固定在地面的轻质弹簧上，在A处开始与弹簧接触，下降到最低点B处后弹回，则小球的动能变化情况是（）A．从A到B，动能不断减小 B．从B到A，动能不断增大C．从A到B，动能先变大后变小，到B处为零 D．从B到A，动能先变大后变小，到A处为零【答案】C【解析】【分析】【详解】物体从A点接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短（达到B点）的过程中，物体的运动过程为：在物体刚接触弹簧的时候，弹簧的弹力小于物体的重力，合力向下，物体还是向下加速，当弹簧的弹力和物体的重力相等时，小球的速度达到最大，之后弹力大于重力，物体开始减速，直至减为零。弹簧从压缩到最短B点到弹簧弹回原长A点的过程中，物体的运动过程：弹簧压缩到最短时弹力最大，大于重力，合力方向向上，物体加速上升；当弹簧的弹力和物体的重力相等时，物体的速度达到最大，之后弹力小于重力，物体