36：2024届浙江省名校新高考研究联盟高三下学期三模学生版答案

北京曲一线图书策划有限公司5年高考3年模拟B版物理答案第=page11页，共=sectionpages22页答案第=page11页，共=sectionpages22页2024届浙江省名校新高考研究联盟高三下学期三模物理试题答案1．【答案】D【解析】该仪器是打点计时器，可以测量国际单位制中基本物理量-时间，选项A不符合题意；该仪器是刻度尺，可以测量国际单位制中基本物理量-长度，选项B不符合题意；该仪器是电流表，可以测量国际单位制中基本物理量-电流强度，选项C不符合题意；该仪器是弹簧测力计，可以测量力，力不是国际单位制中基本物理量，选项D符合题意。故选D。2．【答案】A【解析】常用示波器中的扫描电压是锯齿形电压，即u随时间t变化的图线是A。故选A。3．【答案】D【解析】地面对梯子的支持力N与重力mg平衡，与夹角无关，减小θ角，直梯仍能平衡，则地面对梯子的支持力N不变，故D正确；直梯受地面竖直向上的支持力N和水平向左的摩擦力f，则地面对直梯的作用力大小为F=N2+f2=(mg)2+f2>mg，根据牛顿第三定律，直梯对地面的作用力大小F'=F>mg，故A错误；由于墙壁光滑，直梯受竖直向下的重力、地面竖直向上的的支持力、墙壁水平方向的支持力、地面水平方向的静摩擦力共四个力，若直梯受地面的作用力4．【答案】B【解析】轨道①对应的第一宇宙速度是人造卫星做圆周运动的最大运行速度，也是人造卫星绕地球运行所需的最小发射速度，故A错误；卫星的发射速度v满足7.9km/s<v<11.2km/s故选B。5．【答案】B【解析】瓶子所受万有引力全部用来提供围绕地球做圆周运动的向心力，瓶子在空间站中处于完全失重状态，瓶子在空间站内做圆周运动的向心力由绳子拉力提供，无论瓶子速度多大都能做完整的圆周运动，故A正确，不符合题意；根据Fn=mω2r，可知瓶子的角速度一定，绳子越长，所需向心力越大，油和水越容易分离，故B错误，符合题意；水的密度大于油的密度，在混合液体中取半径相同处体积相等的水和油的液体小球，水球的质量大，根据Fn=mω2r可知，水球需要的向心力更大，故当向心力不足时，水球更容易做离心运动水会向瓶底移动，圆周运动让试管里的水和油产生了离心现象，密度较大的水将集中于外部，故C正确，不符合题意；根据Fn6．【答案】B【解析】根据匀变速直线的运动规律可知，飞机起飞加速的时间t=这段时间内飞机的位移v解得x航母的位移x故跑道的长Δx≥x7．【答案】C【解析】卢瑟福用α粒子轰击氮原子核，产生了氧的一种同位素--氧17和一个质子，这是人类第一次实现的原子核的人工转变，A错误；β射线是原子核中的一个中子转化为一个质子时，放出一个电子，B错误；γ射线的电离能力很弱，穿透能力很强，C正确；核电站的裂变反应堆中，慢化剂的作用是将“中子”转化为“慢(热)中子”，更容易引起裂变，D错误。8．【答案】D【解析】若开关拨到a，电容正在充电，电容器电压增大，故A错误；若开关拨到a，待充电结束后，降低液体高度，电容板的电介质减少，由C=εS4πkd可知C减少，所以电容器要放电，电容左极板带正电，所以流过流过电阻的电流方向为e至g，故B错误；若充电结束后，开关从a拨到b，回路中振荡电流周期为T=2πLC，所以电流频率为f0=19．【答案】C【解析】由于金属圆筒处于静电平衡状态，圆筒内部场强为零，则电子在金属圆筒中做匀速直线运动，故A错误，根据加速器原理可知，本装置应采用交流电进行加速，故B错误；从序号为0的金属圆板到进入第2个金属圆筒的过程中，由动能定理得2eU=12mv2，解得v=2eUm，10．【答案】A【解析】等效电路如图所示设原线圈电流为I1，副线圈电流为I2，则有I12R又因为I1I2=n2故电源的输出功率为P=故当R等效=r时扬声器消耗的功率最大，即n1故n111．【答案】B【解析】图a为电容式话筒的组成结构示意图，振动膜片与固定电极间的距离发生变化，从而实现将声音信号转化为电信号，故A正确；熨烫丝绸衣物需要设定较低的温度，调温旋钮应该向上旋，使得双金属片弯曲较小时，触点就分离，这样保证了温度不会过高，故B错误；图c为加速度计示意图，当向右减速时，加速度向左，则滑片向右移动，此时P点电势高于Q点电势，故C正确；在梁的自由端施加向下的力F，，上应变片长度变长，电阻变大，下应变片长度变短，电阻变小，故D正确；本题选择错误选项，故选B。12．【答案】D【解析】由于轻绳断裂后，物块A、B均在斜面上做简谐运动，其初始位置分别为AB的最高点和最低点，所以两物块不会发生碰撞，故A错误；由于A、B两物块质量相等，重力沿斜面的分力和弹簧的弹力的合力提供回复力，即回复力与位移的比例系数相等，所以两物块运动的周期相等，振动的相位差不随时间变化，故B错误；当物块A的加速度为零时，即物块A处于平衡位置，从初始运动开始经历四分之一个周期，所以此时物块B运动的时间也为四分之一个周期，物块B也处于平衡位置，加速度为零，故C错误；当物块处于平衡位置时，速度最大，此时两弹簧的形变量相等，根据能量守恒定律可知，两物块动能相等，即物块A、B振动的最大速度之比为1:1，故D正确。13．【答案】B【解析】激光束两次折射的光路图如图所示根据折射定律可得n=sinα所以α=45°，β=30°激光束经两次折射，频率不变，故折射前后光子的动量的大小不变，即p=光子的动量的方向夹角为2θ=2(α−β)所以光子的动量变化量为Δ光子在小球内的运动时间为Δ根据动量定理可得F=ΔpΔ根据牛顿第三定律可得光子对小球平均作用力大小为F′=F=14．【答案】BD【解析】图a为波的衍射，狭缝宽度越宽，衍射现象越不明显，故A错误；图b为波的折射，由图可知，入射角大于折射角，则区域1的折射率小于区域2的折射率，所以区域1的波速大于区域2的波速，故B正确；图c为波的干涉，振动加强区域的质点仍然在自己的平衡位置上下振动，不是一直处于最大位移处，故C错误；图d为波的多普勒效应，左侧波纹间的距离相对右侧较小，故周期性触动水面的振动片在向左运动，故D正确。15．【答案】CD【解析】图a为α粒子散射实验，该实验是原子的核式结构理论的基础，说明原子是有结构的，选项A错误；图b为电子的干涉实验，在该实验中，若减小光的强度，让光子通过双缝后，光子只能一个接一个地到达光屏，经过足够长时间，仍然发现相同的干涉条纹，这表明光的波动性不是由光子之间的相互作用引起的，故B错误；图c为康普顿效应示意图，光子和电子之间的碰撞满足动量守恒定律，即垂直光子的初速度方向应满足ℎλ′sinθ=me16．【答案】(1)BD(2)2，21/2，20/2，22/2，23/2，24(3)能【解析】(1)弹簧测力计的外壳与木板接触不影响弹簧测力计的读数，故A错误；实验时应使细线与木板平面平行，便于作图，故B正确；两弹簧测力计合力的作用效果与一个弹簧秤弹力的作用效果相同，故C错误；两把弹簧测力计共同作用时，结点位置不能超过虚线ab，超过虚线ab在测量时若分力大于合力，便会使弹簧秤超量程，故D正确。故选BD。(2)由图2可知弹簧测力计的示数为2，21N。(3)可以只用一个弹簧秤完成实验，其步骤为：①将方木板平放于桌面上，用图钉将白纸固定于方木板上，再用图钉将橡皮条的一端固定于方木板上；②用弹簧秤拉住其中一条细绳，用手拉住另一条细绳，互成角度地拉橡皮条，使其结点到达某一位置O，记下位置O、弹簧秤的示数F₁及两个拉力的方向；③交换弹簧秤和手所拉的细绳位置，再次将橡皮条结点拉到位置O，并使两拉力与原来拉力同方向，记下弹簧秤示数F2；④只用弹簧秤拉住其中一条细绳，使橡皮条结点也到达位置O，记下弹簧秤示数F′⑤按同一标度作出两个拉力F₁和F₂的图示，再按平行四边形定则作出其合力F的图示；⑥按上述标度作出拉力F′⑦比较两个图示F和F′⑧改变拉力夹角大小，重复上述操作两次。17．【答案】(1)黑表笔1，23/1，24/1，25(2)5，0kΩ多用表A的“2，5V”档的内阻【解析】(1)根据欧姆表电流应由黑表笔流出，进入电压表的正极，所以多用表A的红表笔应接多用表B的黑表笔；由于多用电表A的量程为2，5V，则电压表每一小格为0，05V，所以红黑表笔两端电压为1，24V。(2)由于B表为欧姆表，其读数为指针所指刻度与倍率的乘积，所以B表的读数为5.0×1kΩ=5.0kΩ，18．【答案】(1)ADE(2)CD(3)F【解析】(1)根据实验原理可作p−V图像，根据画出的图线猜测p与V的关系，再作p−1V图像，对p与V关系的猜测进行检验，检验正确，得出p与(2)实验是以注射器内的空气为研究对象，所以实验前注射器内的空气不能完全排出，故A错误；为了减少实验误差，可以在柱塞上涂上润滑油，以保证气密性良好，故B错误；根据理想气体状态方程pV=CT可知，离坐标原点越远的等温线温度越高，则有T1>T2，故C正确；设联通空气柱与压力表细管的体积为V′，则有p(V+V′(3)快速到达体积V2，气体对外界做功，热量几乎不变，根据热力学第一定律可知，内能减小，温度降低，则对应图中的状态F。19．【答案】空气的内能【解析】“饮水鸟”可以不断地重复饮水的动作，这一过程并不违反能量守恒定律，饮水鸟能不断运动，是因为空气的内能转化成饮水鸟的动能。20．【答案】(1)10，6cm(2)0，24J【解析】(1)由于B管内液体产生的压强不计，故为等压过程，则V1TV1=20cm(2)根据热力学第一定律Δ内能变化Δ外界对系统做功W=pΔV=0.06J，Q=Δ21．【答案】(1)60°(2)230m/s(3【解析】(1)根据牛顿第二定律，在最低点有T−mg=m根据机械能守恒定律有mgL联立两式解得φ=60°(2)在最低点藤条正好断裂，则T抛出的水平速度为v竖直方向上v到D点时竖直方向速度为v速度方向与水平方向夹角为θ，则tan所以θ=30°，v(3)由于斜面DE光滑，则mgℎ=所以vE=16m/s展开有NΔt−mgΔt=mNΔt=mvEsin联立可得v=i，当μ≥3时v=0，ii，当μ<3时22．【答案】(1)5rad/s(2)-8，75V(3)3，75m(4)2n+1d0(n【解析】(1)对静止的导体棒受力分析，有mg解得I=2.5A，根据欧姆定律可得I=12(2)ab点在回路之外UU所以U(3)根据动能定理可得mgℎ=解得v=8导体棒与金属框发生完全弹性碰撞，有mv=4m所以v后续整体在安培力的作用下停止运动；①刚进入磁场时只有一条边切割磁场：−∑−所以Δ②当金属框整体位于一个磁场内时做匀速直线运动，对应的位移为x③当金属框两条边切割反向磁场时，电动势叠加，安培力叠加，则−2B−所以Δ当jk边位移为3m时，剩余速度为v所以−x所以jk的总位移为x=2(4)为保证驱动效果最佳，应保证金属框的两条边始终切割反向磁场，则l=2n+1d0(23．【答案】(1)2mv0qB(2)(3)F=Nm34v0【解析】(1)由于qv0B=(2)粒子沿轴线做匀