安徽省A10联盟2024-2025学年高二下学期2月开学考试物理答案

物理参考答案一、单选题：本大题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的4个选项中，有且只有一项是符题号12345678ADCDDBAC1.A“探究加速度与力、质量的关系”实验和“探究影板电容器电容大小的因素”、“探究感应电流产生的条件”实验均采用了控制变量的科学方法，而“探究两个互成角度的力的合成规律”采用的等效替代法，故采用的科学方法线左右移动，穿过闭合回路的磁通量不变，线圈中没有感应电流，故B错误；电流大小改变，磁通量改变，线圈中一定有感应电流，故C错误；线圈绕AB边向纸面内转动，线圈磁通量变圈中有感应电流，故D正确。3.C根据,在受到的压力变大时，d减小，则电容器电容变大，故A错误；极板间电场强度4.D根据,负离子的偏转距离是正离子的二分之一，故A错误；根据电场力做功公式W=qEy知，电场力对正负离子做功不同，由动能定理得，射出电场时两离子动能不同，故B错误；两离子射入电场的初速度不同，在电场中的运动时间不同，故C错误；两离子射入电场的初速度不同，若同时射入，不可能相遇，故D正确。5.D氦核仅在电场中加速，在磁场中洛伦兹力对粒子不做功，不能从磁场中获得能量，故A错误；设D形盒的半径为R,则最终射出回旋加速器的速度满足,即有,最终射出回旋加速器的速度与电压无关，故B错误；因为氘核(²H)与氦核(2He)的比荷相同，由可知它们的运动周期相同，所以可以用来加速氚核(²H),故C错误；根据周期公式可知,故D正确。电压,等于路端电压，所以滑动变阻器R接入电路的阻值为0,故A错误、B正确；电动机额定电压为3V,热功率Po=1²RM=1W,故CD错误。7.A粒子的临界图像如图所示，设粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为r,由余弦定理,整理有粒子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，有,解得8.C滑片P向下滑动后R₂接入电路的电阻增大，电路总电阻增大，电源电压不变，则总电流减小，RI两端电压减小，电压表V₁示数减小，R₃两端电压减小，电压表V₃示数增大，故A、B错误；=R₁,由于RI<R₃,故△U₁<△U₃,C正确；根据闭合电路欧姆定律U₂=E-I(R₁+R₃),,故D错误。二、多选题：本大题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的4个选项中，有多项符合题目要求，全对得5分，选对但不全得3分，有选错的得0分。题号99.BC根据电场叠加原理可得，O点的场强方向由C指向O,大小为k,故A错误、C正确；质子由0运动到D,电场力做负功，电势能增大，所以0点的电势低于D点的电势，故B正确、D错10.AD在AB和AC斜面将电场力和重力沿斜面分解，根据初速度为零的匀加速运动规律，再根据时间相等，可求得qE=mg,所以匀强电场的电场强度大小为,故A正确；根据等时圆原理，可求得小球沿管道AB运动的时间为,故B错误；从A到C电场力做正功，小球电势能减三、非选择题：本题共5小题，共58分。【答案】(1)1.05(2)D(3)x₁+x₂=x₃(或m,x²=m,x²+m₂x²)【解析】(1)观察可知游标尺上10个小格的长度为9mm,即每个小格只有0.9mm,游标尺上第5条刻线与主尺标有30mm的刻线对齐，于是有：被测长度+5×0.9mm=15mm,得到被测直径为D=15mm-(2)在实验过程中，需要小球A两次沿斜槽滚到末端时的速度都相同，不需要光滑的条件，也不需要测出斜槽末端的高度，但是必须保证斜槽末端水平，故ABC错误；小球A与B发生正碰时，为使小球A在碰后不反弹，要求小球A的质量大于小球B的质量，故D正确。(3)设碰前A小球速度为vo,碰后两球速度分别为v₁,v₂,若为弹性碰撞，则满【答案】(1)×10;100(2)Rx;;97(每空2分)【解析】(1)欧姆表指针的偏转角度过大，表明通过欧姆表的电流较大，即所测电阻阻值较小，为了减小读数误(2)①在尝试设计电路中，很容易设计出图a所示的测量电路，当电流表A₂的读数为量程的,即120mA时，可知通过电流表A₁的电流超过其量程，所以不满足实验要求。另一种测量电路如图b所示，电流表A₁和待测电阻的串联阻值约是150Ω,和定值电阻R₀的比约为5:1,通过电流表A₁的电流最大时，图b电路中电流表A₂的电流也达到最大，所以这个电路符合要求，然后连接滑动变阻器来进行调节测量多组数据即可，所以应该把电流表A₁和电阻Rx串联。又因为测量中要求电表示数从零开始调节，最终的电路图如图c所示。abac②根据电路知识有I(R₁+Rx)=(l₂-I)Ro,整理可得代人数据计算可得Rx=97Ω。13.(12分)(1)设刚开始运动时电场强度大小为E1,加速度大小为a₁,电场反向后场强大小为E₂,加速度大小为a₂,t时刻滑块速度大小为v₁,则从开始运动到回到初始位置过程中，根据匀变速直线运动规律可得：设滑块带电量为q,质量为m,再根据牛顿第二定律：qE₁=ma₁(1分),qE₂=ma₂(1分)(1)设粒子在OF上方做圆周运动的半径为R,粒子从P点射出时速率为v,运动轨迹如图所示，(2)由题知粒子在下方磁场的轨迹如图所示，设运动的半径为r,由题意知轨迹刚好与AC边界相切，可得：r(1+cosθ)=31(1分)(3)换成电场后，粒子做类平抛运动，设电场强度大小为E,粒子运动加速度大小为a,运动到Q的时间为t,则：31=vt(1分)(1分)qE=ma(1分)15.(16分)两式联立可得：Fm=3mg(1分)设三球共速时速度大小为v,有：2mv₁=3