四川省内江市威远中学高三上学期月阶段性考试物理试题

威远中学校届高三上月阶段性考试物理试题（时间分钟总分分）一、单选题（每题4分，共分）1.伽利略根据小球在斜面上运动的实验和理想实验，提出了惯性的概念，从而奠定了牛顿力学的基础。早期物理学家关于惯性有下列说法，其中正确的是（）A.物体运动的速度越大，其惯性越大B.没有力的作用，物体只能处于静止状态C.物体做变速运动时，没有惯性D.运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动【答案】D【解析】【详解】AC．任何物体都有保持原来运动状态的性质，叫惯性，惯性大小与质量有关，与速度无关，做变速运动时，物体也有惯性，故AC错误；B动，故B错误；D．根据牛顿第一定律可知，运动物体如果没有受到力的作用，将继续以同一速度沿同一直线运动，故D正确。故选D。2.月19日至21家长一起奔赴连界石板河与大自然亲密接触。以下是行程路线导航方案。方案一“3737案二“1小时3分钟，4236分钟，40）第1页/共19页A.学子在行程过程中不能被当成质点B.三种方案路线的位移相等C.三种方案路线的平均速度相等D.三种方案路线的平均速率相等【答案】B【解析】【详解】A．学子在行程过程中能否被当成质点，要视问题而言，故A错误；B．位移是初位置指向末位置的有向线段，三种方案路线的起点与终点相同，则位移相等，故B正确；C．三种方案路线的位移相同，时间不同，则平均速度不相等，故C错误；D．三种方案路线的平均速率分别为，，显然三种方案路线平均速率不相等，故D错误。故选B。3.图甲中商场常见的阶梯式电梯可简化为图乙，乘客站在水平踏板上与电梯相对静止、随电梯上行，下列说法正确的是（）A.若电梯向上匀速运动，则人受重力、支持力和摩擦力的作用第2页/共19页B.若电梯向上匀速运动，则人对电梯的作用力方向竖直向上C.若电梯向上加速运动，则电梯对人的作用力方向竖直向上D.若电梯向上加速运动，则人受到的摩擦力方向水平向右【答案】D【解析】【详解】AB．若电梯匀速上行，乘客受重力和支持力二力平衡，摩擦力为0，电梯对乘客的作用力方向竖直向上，大小等于乘客的重力，根据牛顿第三定律，则人对电梯的作用力方向竖直向下，故AB错误；CD．若电梯加速上行，人所受合力方向平行斜面向上，人受重力、支持力和静摩擦力的作用，且静摩擦力方向水平向右，电梯对人的作用力即支持力与静摩擦力的合力，方向斜向右上方，故C错误，D正确。故选D。4.如图所示，半径为R的圆轮在竖直面内绕过O点的轴匀速转动，轮上a、b两点与O点的连线相互垂直，ab两点均粘有一个小物体，当a点转至最低位置时，ab两点处的小物体同时脱落，经过相同时间落到水平地面上，圆轮最低点距地面高度为，重力加速度为g。下列说法中正确的是（）A.圆轮转动方向为顺时针B.圆轮转动的角速度大小为C.b点脱落的小物体落至地面所用时间为D.a点脱落的小物体落至地面的过程中位移大小为【答案】D【解析】Aba为逆时针才有可能同时落地，A错误；BC．a、b两点处的物体脱落前分别随圆盘做匀速圆周运动，设速度大小为，则有第3页/共19页脱落后a点处物体做平抛运动，由解得这也是b处物体运动的时间；b点处物体做竖直下抛运动，由联立解得故BC错误；D．由可得a水平方向的位移为则a点脱落的小物体落至地面的过程中的位移大小为D正确。故选D。5.某同学欲估算飞机着陆时的速度，他假设飞机在平直跑道上做匀减速运动，飞机在跑道上滑行的距离为s，从着陆到停下来所用的时间为t，实际上，飞机的速度越大，所受的阻力越大，则飞机着陆时的速度应是（）A.B.第4页/共19页C.D.【答案】C【解析】【分析】【详解】由题意知，当飞机的速度减小时，所受的阻力减小，因而它的加速度会逐渐变小．画出相应的v­t图象大致如图所示根据图象的意义可知，实线与坐标轴包围的“面积”表示的位移为s，虚线(匀减速运动)下方的“面积”表示的位移为t，应有t>s所以v>故选C。【点睛】本题通过速度时间图线，结合图线与时间轴围成的面积表示位移，结合平均速度推论分析比较方便．6.AB分别用长为、的细绳悬挂在同一竖直线的两点，点为两悬挂点在地面的投影。现使A、B两球在离地高度均为的水平面内做圆周运动，其半径分别为。则（）第5页/共19页A.两球的周期相等B.两根细绳的拉力大小相等C.若同时剪断两根细绳，球先落地D.若同时剪断两根细绳，两球的落地点到点的距离相等【答案】D【解析】【详解】B．令悬挂A、B球的细绳与竖直方向的夹角分别为、，则有，解得，对A、B球分别进行分析，均受到重力与细绳的拉力，均由重力与拉力的合力提供向心力，则有，解得，故B错误；A．对A、B球分别进行分析，均受到重力与细绳的拉力，均由重力与拉力的合力提供向心力，则有，解得，故A错误；C．两球离地高度为，同时剪断两根细绳，小球做平抛运动，则有第6页/共19页解得，故两球同时落地，故C错误；D．对A、B球分别进行分析，均受到重力与细绳的拉力，均由重力与拉力的合力提供向心力，则有，平抛运动过程有，落地点到O点的距离，解得故D正确。故选D。7.如图所示，质量为3m的斜面体静止在光滑水平地面上，其AB面粗糙、BC面光滑，顶端装有光滑的轻2mm的物块PQP与AB面之间的动摩擦因数为。现使整体在水平方向上加速，P、Q始终在同一竖直面内且相对斜面体静止，重力加速度为g，下列说法正确的是（）A.不同加速度下，轻绳中的拉力始终不会变化B.整体向左加速的最大加速度为C.整体向右加速的最大加速度为D.地面对斜面体的作用力始终为3mg【答案】B【解析】【详解】A．设轻绳的拉力为T，对Q，在水平方向上，取水平向右为正方向，根据牛顿第二定律第7页/共19页在竖直方向上，根据平衡条件联立，解得所以，不同加速度下，轻绳中拉力会改变，故A错误；B．当物块Q将离开斜面时，整体向左加速的加速度最大，此时对Q分析，解得对P受力分析，联立，解得，因为所以，此时物块P相对斜面静止，故B正确；C．由A选项可知，当轻绳拉力为零时，整体向右加速的加速度最大，此时解得对P受力分析，联立，解得，因为所以，此时物块P已经相对斜面发生滑动，所以若整体相对静止，则故C错误；D．对物块P、Q和斜面组成的整体，在竖直方向上，根据平衡条件可得故D错误。故选B二、多选题（每题6分，共分，选对但不全得3分，选错不得分）8.甲、乙两物体从同一点开始做直线运动，其vt图像如上图所示，下列判断正确是（）第8页/共19页A.在t0时刻两物体速度大小相等，方向相反B.在t0时刻两物体加速度大小相等，方向相同C.在t0时刻之前，乙物体在甲物体前，并且两物体间距离越来越大D.在t0时刻之后，甲物体在乙物体前，并且两物体间距离越来越大【答案】C【解析】At0时刻两物体速度图像相交于一点且都在时间轴的上方，所以此时刻速度相同，即大小相等，方向相同，故A错误；Bt0t0时刻两物体加速度大小相等，方向相反，故B错误；Ct0t0在甲物体前，并且两物体间的距离越来越大，故C正确；D．由C的分析可知在t0时刻乙物体在甲物体前，甲乙之间的距离最大，在t0时刻之后，甲的速度大于乙的速度，之间的距离逐渐减小，在某个时刻两车相遇，此后甲在乙的前面，故D错误。故选C。9.如图所示，不可伸长的轻绳一端固定在点，一端连接可视为质点的小球，初始时轻绳竖直。现用外力缓慢拉动小球，保持始终与轻绳垂直，使轻绳缓慢转过，拉动小球过程中（）A.逐渐增大B.先增大后减小C.轻绳拉力先增大后减小第9页/共19页D.轻绳拉力逐渐减小【答案】AD【解析】【详解】对小球做受力分析可知小球受重力G、绳子的拉力T和外力F，三力平衡，作图如下设轻绳与竖直方向夹角为，则有，则当用外力缓慢拉动小球，保持始终与轻绳垂直，使轻绳缓慢转过过程中，轻绳拉力T减小，外力F增大。故选AD。10.P固定在倾角为30°M与半径为R的圆弧轨道MN弧轨道的圆心O在斜面的延长线上。M点有一光滑轻质小滑轮，N点为圆弧轨道最低点，∠MON=60°。质量均为m的小物块B、CC紧靠在挡板P处，物块B用跨过滑轮的轻质细绳与一质量为4m、大小可忽略的小球A相连，初始时刻小球A锁定在M点，细绳与斜BCAA沿圆弧运动到NB未到达MC对挡板的作用力恰好为0g说法正确的是（）A.弹簧的劲度系数为第10页/共19页C.小球A到达N点时的速度大小为D.小球A由M点运动到N点的过程中，小球A和物块B的机械能之和先增大后减小【答案】BD【解析】【详解】A．设弹簧的劲度系数为k，初始时刻弹簧的压缩量为x，B沿斜面方向受力平衡，则小球A沿圆弧轨道运动到NC即将离开挡板，设此时弹簧的伸长量为xC沿斜面方向受力平衡，则可知当小球A沿圆弧轨道运动到N点时，B沿斜面运动的位移大小为所以解得，，故A错误；BC．设小球A到达N点时的速度大小为v，对v进行分解，沿绳子方向的速度大小由于沿绳子方向的速度大小处处相等，所以此时B的速度大小也为v′，对A、B和弹簧组成的系统，在整A在M和N做功为0，重力对A做正功，对B做负功，A、B和弹簧组成的系统机械能守恒，有解得，故B正确，C错误；DA由M点运动到N点过程中，AB和弹簧组成的系统机械能守恒，则小球A和物块B的机械能之和与弹簧的弹性势能之和不变，弹簧一开始处于压缩状态，之后变为原长，再之后开始拉伸，则弹性势能先减小后增大，故小球A和物块B的机械能之和先增大后减小，故D正确。故选BD。三、实验题（每空2分，共分）第11页/共19页某小组采用如图甲所示的装置验证牛顿第二定律，部分实验步骤如下：（1）将两光电门安装在长直轨道上，选择宽度为d的遮光片固定在小车上，调整轨道倾角，用跨过定滑轮的细线将小车与托盘及砝码相连。选用________（填“5.00”或“1.00”）的遮光片，可以较准确地测量遮光片运动到光电门时小车的瞬时速度。（2）将小车自轨道右端由静止释放，从数字毫秒计分别读取遮光片经过光电门1、光电门2时的速度、，以及从遮光片开始遮住光电门1到开始遮住光电门2的时间，计算小车的加速度________（结果保留2（3F图像，如图乙所示。若要得到一条过原点的直线，实验中应________（填“增大”或“减小”）轨道的倾角。（4）图乙中直线斜率的单位为________（填“”或“【答案】（1）1.00（2）（3）增大（4）【解析】第12页/共19页实验用遮光片通过光电门的平均速度代替瞬时速度，遮光片宽度越小，代替时的误差越小，故为较准确地测量遮光片运动到光电门时小车的瞬时速度，选择宽度较小的的遮光片；【小问2详解】根据加速度的定义式可得【小问3详解】根据图像可知当有一定大小的外力F时此时小车的加速度仍为零，可知平衡摩擦力不足，若要得到一条过原点的直线，需要平衡摩擦力，故实验中应增大轨道的倾角；【小问4详解】图乙中直线斜率为，根据可知直线斜率的单位为。12.物理兴趣小组的同学用图（a）所示的装置探究平抛运动的规律并计算平抛初速度v0的大小。（1）关于实验注意事项，下列说法正确的是（）A.每次小球释放的初始位置可以任意选择B.斜槽轨道必须光滑C.斜槽轨道末端必须保持水平D.挡板的竖直位置必须等间距变化（2）甲同学按正确的操作完成实验并描绘出平抛运动的轨迹，以斜槽末端端口位置作为坐标原点O线与y轴重合，建立xOy平面直角坐标系，如图（b）所示。甲同学认为仅测量图（b）中A点的坐标值，就可以求得小球做平抛运动的初速度大小。乙同学指出此方法中由于小球尺寸不可忽略，将导致小球在A点纵坐标测量值偏小，进而使初速度的测量值比真实值_____（3）乙同学提出改进方案，若准确测出图（b）中A点、B点的横坐标分别为4L、8L，A点、B点的纵坐标之差为6Lgv=_____（用第13页/共19页含字母g、L【答案】（1）C（2）偏大（3）【解析】小问1详解】A．每次使小钢球从斜槽上同一位置由静止滚下，因为需要保证每次钢球抛出时的初速度相同，故A错误；B．该实验需要保证同一斜槽，斜槽是不需要光滑，故B错误；C．研究平抛运动，初速度必须水平，所以斜槽轨道末端必须保持水平，故C正确；D．挡板只要能记录下钢球下落在不同高度时的不同的位置即可，不需要等间距变化，故D错误。故选C。【小问2详解】根据平抛运动公式，解得小球在A点纵坐标测量值偏小，所以初速度的测量值比真实值偏大。【小问3详解】水平方向有故竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，有，，联立解得四、计算题（共分）13.从离地面500m处自由落下一个小球，不计空气阻力，取g=10m/s2，求：（1）小球落到地面需要的时间；（2）开始下落后第1s内的位移大小和最后1s内的位移大小；（3）下落时间为总时间一半时的位移大小。【答案】（1）10s2）5m，95m3）125m【解析】1）小球做自由落体运动，根据第14页/共19页可得（2）第1s内的位移前9s内的位移最后1s内的位移（3）总时间的一半为位移14.“智勇大冲关”最后一关有如图所示的滑道，冲关者坐上坐垫从A点静止开始沿倾斜直轨道AB滑下，斜道倾角B点很近衔接一长L=2m的水平传送带，B与CA点距传送带垂直距离为h=2.4m，冲关者经C点到D点后水平抛出，落在水面上一点E。已知：传送带末端距水面高度H=0.8m，坐垫与AB斜道间动摩擦因数为µ=0.5，坐垫与传送带间动摩擦因数为µ=0.2。（，）g=10m/s2；求：（1）冲关者到达B点时的速度大小（2）如果传送带不动，求冲关者冲过D点后的平抛水平射程（33m/s6m/s平射程。第15页/共19页【答案】（1）4m/s2）m3），【解析】1）在斜道AB上运动时，对人与坐垫分析由牛顿第二定律有解得又由解得（2）若传送带不动，则从C到D有由可得所以从C运动到D过程一直减速由解得过D点后做平抛运动第16页/共19页（3）当传送带速